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內(nèi)蒙古赤峰市翁牛特旗烏丹一中2018-2019學年高二（下）開學物理試卷一、單選題1. 下列關于電場線和磁感線的說法中，正確的是( )A. 電場線和磁感線都是電場或磁場中實際存在的線B. 磁場中兩條磁感線一定不相交，但在復雜電場中的電場線是可以相交的C. 靜電場中的電場線是一條不閉合曲線，而磁感線是一條閉合曲線D. 電場線越密的地方，同一試探電荷所受的電場力越大；磁感線分布較密的地方, 同一通電導線所受的磁場力也越大【答案】C【解析】【詳解】電場線和磁感線是為了描述電場和磁場假想的曲線，都不是電場或磁場中實際存在的線，選項A錯誤；磁場中兩條磁感線一定不相交，電場中的電場線也是不相交的，選項B錯誤；磁感線是一條閉合有方向的曲線，而電場線不是閉合的但有方向的曲線，選項C錯誤；電場線越密的地方，電場越強，磁感線越密的地方，磁場也越強，選項D正確；故選D.2.如圖所示，真空中有一電場，a、b、c、d是電場中四點，下列說法正確的是 A. a、b兩點的電場強度大小相等、方向相同B. a .c兩點的電場強度大小相等、方向不同C. 將電子從b點移到d點電場力做正功D. 質子在a點的電勢能比在d點的大【答案】D【解析】電場線的密集程度反映電場強度的大小，電場線沿切線的方向為電場強度的方向，由圖可知a、b兩點電場線的密集程度相同，故a、b兩點的電場強度大小相等，但方向不同，故A錯誤；a、c兩點的電場密集程度不相同，故a、c兩點的電場強度的大小不相等，方向不相同，故B錯誤；沿著電場線方向電勢降低，負電荷在電勢越低的點，電勢能越大，故將電子從b點移到d點電場力做負功；正電荷在電勢越高的點，電勢能越大，故質子在a點的電勢能比在d點的大，故C錯誤，D正確；選D.3.在如下所示的四幅圖中，正確標明了帶正電的粒子在磁場中所受洛倫茲力f方向的是A. B. C. D. 【答案】B【解析】A圖中由左手定則可知，洛倫茲力豎直向下，故A錯誤；B圖中由左手定則可知，洛倫茲力豎直向上，故B正確；C圖中由左手定則可知，洛倫茲力垂直于紙面向里，故C錯誤；D圖中由左手定則可知，洛倫茲力垂直于紙面向外，故D錯誤；故選B4.如圖所示電路，電源內(nèi)阻不可忽略開關S閉合后，在滑動變阻器的滑片向下滑動的過程中A. 電壓表的示數(shù)增大，電流表的示數(shù)減小B. 電壓表的示數(shù)減小，電流表的示數(shù)增大C. 電壓表與電流表的示數(shù)都增大D. 電壓表與電流表的示數(shù)都減小【答案】BD【解析】試題分析：滑動變阻器R2的滑動端由a向b緩慢滑動的過程中，則滑動變阻器接入電阻減小，則總電阻減小，電路中總電流增大，電流表示數(shù)增大，內(nèi)阻和R1兩端電壓增大，則R2的電壓減小，故電壓表示數(shù)減小，故A錯誤，B正確；滑動變阻器R2的滑動端由a向b緩慢滑動的過程中，則滑動變阻器接入電阻減小，則總電阻減小，電路中總電流增大，內(nèi)電壓增大，電源路端電壓減小，故C錯誤；電容器的電壓等于R2的電壓，則電容器電壓減小，根據(jù)Q=UC可知，電容器C所帶電荷量減小，故D正確；故選BD?？键c：電路的動態(tài)分析5.如圖所示的圖象中，直線I為某電源的路端電壓與電流的關系，直線為某一電阻R的伏安特性曲線，用該電源直接與電阻R連接成閉合電路，由圖象可知A. 電源的輸出功率為B. 電源電動勢為3V，內(nèi)阻為C. 電源內(nèi)部消耗功率為D. R的阻值為【答案】D【解析】【分析】由電源的路端電壓與電流的關系圖象與縱軸的交點讀出電源的電動勢，其斜率大小等于電源的內(nèi)阻。電阻R的伏安特性曲線的斜率等于電阻。兩圖線的交點讀出電流與電壓，求出電源的輸出功率。【詳解】電源的輸出功率為：；故A錯誤；由圖I可知，電源的電動勢為，內(nèi)阻；故B錯誤；電源內(nèi)部消耗的功率為：；故C錯誤；由圖II可知，；故D正確；故選D。6.如圖所示，一個帶電粒子先后以速度v和2v垂直于電場方向從某點射入平行板M、N間的勻強電場，并射出電場。不計重力，則前后兩次帶電粒子在電場中運動的時間之比：為A. 1：1B. 1：2C. 2：1D. 1：3【答案】C【解析】粒子在水平方向做勻速運動，則粒子在電場中運動的時間，因兩次速度之比為1:2，則運動時間之比為2:1，故選C.7.某同學用一個微安表頭量程內(nèi)阻；電阻箱和電阻箱組裝一個多用電表，有電流1mA和電壓3V兩擋，改裝電路如圖所示，則、應調(diào)到多大阻值A. ，B. ，C. ，D. ，【答案】B【解析】【詳解】微安表并聯(lián)一個小電阻改裝成大量程得電流表，串聯(lián)一個大電阻改裝成大量程的電壓表。根據(jù)改裝圖所示：當接o、a接線柱時當電流表用，根據(jù)并聯(lián)電路特點得：代入數(shù)據(jù)解得：；當接o、b接線柱時當電壓表用，根據(jù)串聯(lián)電路得特點得：；解得：故B正確，ACD錯誤，故選B。8.如圖，在正方形abcd范圍內(nèi)，有方向垂直紙面向里的勻強磁場，兩個電子以不同的速率從a點沿ab方向垂直磁場方向射入磁場，其中甲電子從c點射出，乙電子從d點射出。不計重力，則甲、乙電子( )A. 速率之比為1:2B. 在磁場中運行的周期之比1:2C. 速度偏轉角之比為1:2D. 電子在磁場中運動時，動能和動量均不變【答案】ACD【解析】試題分析：帶電粒子在磁場中運動有，整理可得，甲、乙的半徑之比為2：1，故速率之比為2：1，A正確；故甲、乙周期相等，B錯誤；甲在磁場中運動，乙在磁場中運動，故時間之比為1：2，偏轉角之比為1：2，C、D正確?？键c：帶電粒子在磁場中的運動9.如圖是質譜儀的工作原理示意圖，帶電粒子被加速電場加速后，進入速度選擇器速度選擇器內(nèi)互相垂直的勻強磁場和勻強電場的強度分別為B和擋板S上有可讓粒子通過的狹縫P和記錄粒子位置的膠片平板S下方有強度為的勻強磁場下列表述正確的是A. 質譜儀是分析同位素的重要工具B. 速度選擇器中的磁場方向垂直紙面向里C. 能通過狹縫P的帶電粒子的速率等于D. 粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫P，粒子的比荷越小【答案】A【解析】【分析】帶電粒子在速度選擇器中受電場力和洛倫茲力平衡，做勻速直線運動，進入偏轉電場后做勻速圓周運動，根據(jù)半徑公式得出半徑與粒子比荷的關系【詳解】粒子在速度選擇器中做勻速直線運動，有，解得進入偏轉電場后，有，解得，知r越小，比荷越大。同位素電量相等，質量不同，則偏轉半徑不同，所以質譜儀是分析同位素的重要工具。故A正確，CD錯誤。因為電荷所受電場力與洛倫茲力平衡，根據(jù)左手定則知，磁感應強度的方向垂直紙面向外。故B錯誤。故選A。二、多選題10.在兩個平行帶電金屬板之間存在著方向相互垂直的勻強電場和勻強磁場，已知磁場方向垂直紙面向里。一束帶正電的粒子從板中間的左側沿平行于金屬板的方向穿過（不計重力），則下列說法正確的是A. 上極板帶正電B. 上極板帶負電C. 帶電粒子的速度大小為D. 帶電粒子可能勻加速沿直線穿過電場【答案】AC【解析】帶正電的粒子從板中間的左側沿平行于金屬板的方向穿過，根據(jù)左手定則可知，洛倫茲力向上，則電場力向下，可知上極板帶正電，選項A正確。B錯誤；粒子受力平衡，則Eq=Bqv，解得粒子的速度，選項C正確；若帶電粒子做勻加速運動，則洛倫茲力要增大，則粒子不可能沿直線穿過電場，選項D錯誤；故選AC.11.如圖所示，將平行板電容器兩極板分別與電池正、負極相接，兩板間a點處一帶電液滴恰好處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)保持開關閉合，將電容器的B板向下稍微移動，使兩板間的距離增大，則A. 電容器的電容增大B. 電容器的帶電量減小C. 帶電液滴仍將靜止D. 帶電液滴將向下做加速運動【答案】BD【解析】將電容器的B板向下稍微移動，使兩板間的距離增大，根據(jù)決定式，知電容減小，電勢差不變，則Q=CU知，電容器帶電量減小故A錯誤，B正確電勢差不變，d變大，則電場強度減小，帶電液滴所受的電場力減小，小于重力，將向下做加速運動故C錯誤，D正確故選BD點睛：電容器的分析有兩種情況，與電源相連時，電容器的電壓不變，當與電源斷開時，電容器的電荷量不變，靈活應用電容器的定義式C=Q/U、E=U/d和決定式12.某地地磁場的磁感應強度大約是，一根長為500m的電線，電流為10A，該導線可能受到的磁場力為A. B. C. D. 【答案】AB【解析】【詳解】當B與I垂直時，安培力大小，知安培力的最大值，可知安培力的大小范圍故A、B正確，CD錯誤。故選AB。三、實驗題探究題13.用20分度的游標卡尺測量某物體的長度如圖甲所示，可知其長度為_cm；用螺旋測微器測量某圓柱體的直徑如圖乙所示，可知其直徑為_mm【答案】 (1). 5.015 (2). 4.700【解析】【詳解】甲是20分度的卡尺，其精確度為，主尺讀數(shù)為：5cm，游標上第3個刻度與上面對齊，讀數(shù)為：，故最終讀數(shù)為：cm；螺旋測微器：固定刻度為，可動刻度為，則讀數(shù)為14.一只小燈泡，標有“3V、”字樣現(xiàn)用右下圖給出的器材測量該小燈泡正常發(fā)光時的伏安特性曲線滑動變阻器最大阻值為；電源電動勢為12V，內(nèi)阻為；電流表量程，內(nèi)阻為，電壓表的內(nèi)阻為在設計電路的過程中，為了盡量減小實驗誤差，電流表應采用_選填“內(nèi)接”或“外接”法，電阻的測量值比真實值_選填“大”或“小”，電流表量程選_，滑動變阻器的連接方式應采用_選填“分壓式”或“限流式”將你所設計的實驗電路圖盡量減小實驗誤差畫在左下方的虛線框中_用筆畫線當導線，根據(jù)設計的電路圖將實物圖連成完整的電路圖中有三根導線已經(jīng)接好_【答案】 (1). 外接 (2). 小 (3). 0.6A (4). 分壓式 (5). (6). 【解析】【詳解】（1）因小燈泡標有“3V、”，其電阻，因電阻較小，故電流表應選外接法，由于外接法中電壓表的分流使電流表示數(shù)偏大，則由歐姆定律可知，電阻的測量值偏小；由可知，額定電流；故電流表量程應選擇；根據(jù)閉合電路歐姆定律估算電路，顯然滑動變阻器不能用限流式應用分壓式接法；（2）由（1）的分析要知，電路如圖所示： （3）連接電路如圖所示，開始時滑動變阻器的滑動觸頭應該移到最左端四、計算題15.如圖所示的電路中，當開關S接a點時，標有“5 V 2.5 W”的小燈泡L正常發(fā)光，當開關S接b點時，通過電阻R的電流為1 A，這時電阻R兩端的電壓為4 V求：(1)電阻R的值；(2)電源的電動勢和內(nèi)阻【答案】（1）4 .（2）E6 V，r2 .【解析】試題分析：（1）由題，當開關S接b點時，通過電阻R的電流為1A，電阻R兩端的電壓為5V，由歐姆定律求出電阻R的值（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律分別對開關S接a點和b時列方程，聯(lián)立組成方程組求解電動勢和內(nèi)阻（1）當開關S接b點時，電阻R的值為（2）當開關接a時，根據(jù)閉合電路歐姆定律得:聯(lián)立得：，16.兩塊水平放置的平行金屬板A、B，板長，板間距。一質量為，帶電量為的粒子以的速度，從兩極板間中央處水平射入，如圖。當A、B間的電勢差時，粒子能從兩極板間穿出，不計粒子重力，求：兩極板間的勻強電場的場強E；粒子運動的加速度a；粒子從極板穿出時的側移量y?！敬鸢浮?1）；（2）；（3）0.005m【解析】【分析】根據(jù)公式求出兩極板間的勻強電場的場強，粒子在兩極板間做類平拋運動，根據(jù)牛頓第二定律求出粒子運動的加速度，在水平方向做勻速運動，豎直方向有初速度為0的勻加速直線運動。【詳解】解：（1）兩板間場強： （2）粒子運動的加速度： 且 即代入數(shù)據(jù)可得： （3）粒子在電場中做類平拋運動，在水平方向做勻速運動，有： 豎直方向有： 聯(lián)立解得 17.如圖所示，長的輕質細繩上端固定，下端連接一個可視為質點的帶電小球，小球靜止在水平向右的勻強電場中，繩與豎直方向的夾角已知小球所帶電荷量，勻強電場的場強，取重力加速度，求：小球所受電場力F的大小。小球的質量m。剪斷細線后，小球將做何種運動，并說明依據(jù)?！敬鸢浮浚篘；剪斷細線后，小球將沿原來細繩的方向，斜向下做勻加速直線運動?！窘馕觥俊驹斀狻浚?）根據(jù)電場力的計算公式可得電場力為：N；（2）小球受力情況如圖所示：根據(jù)幾何關系可得：所以有：；（3）剪斷細線的瞬時，因為小球受重力和電場力合力恒定不變，沿初始繩的方向，則小球將沿原來細繩的方向，斜向下做勻加速直線運動；18.如圖，空間存在方向垂直于紙面（xoy平面）向里的磁場，在x0區(qū)域，磁感應強度的大小均為B0在x0區(qū)磁感應強度的大小均為2B0一質量為m、電荷量為q的帶正電粒子以速度v0從坐標原點O沿x軸正方向射入磁場，此時開始計時