高中數(shù)學(xué)競(jìng)賽講義圓錐曲線

1、高中數(shù)學(xué)競(jìng)賽講義（十一）圓錐曲線一、基礎(chǔ)知識(shí)1橢圓的定義，第一定義：平面上到兩個(gè)定點(diǎn)的距離之和等于定長(zhǎng)（大于兩個(gè)定點(diǎn)之間的距離）的點(diǎn)的軌跡，即|PF1|+|PF2|=2a (2a|F1F2|=2c).第二定義：平面上到一個(gè)定點(diǎn)的距離與到一條定直線的距離之比為同一個(gè)常數(shù)e(0e1)的點(diǎn)的軌跡（其中定點(diǎn)不在定直線上），即(0eb0)，參數(shù)方程為（為參數(shù)）。若焦點(diǎn)在y軸上，列標(biāo)準(zhǔn)方程為 (ab0)。3橢圓中的相關(guān)概念，對(duì)于中心在原點(diǎn)，焦點(diǎn)在x軸上的橢圓，a稱半長(zhǎng)軸長(zhǎng)，b稱半短軸長(zhǎng)，c稱為半焦距，長(zhǎng)軸端點(diǎn)、短軸端點(diǎn)、兩個(gè)焦點(diǎn)的坐標(biāo)分別為(a, 0), (0, b), (c, 0)；與左焦點(diǎn)對(duì)應(yīng)的準(zhǔn)線（

2、即第二定義中的定直線）為，與右焦點(diǎn)對(duì)應(yīng)的準(zhǔn)線為；定義中的比e稱為離心率，且，由c2+b2=a2知0eb0), F1(-c, 0), F2(c, 0)是它的兩焦點(diǎn)。若P(x, y)是橢圓上的任意一點(diǎn)，則|PF1|=a+ex, |PF2|=a-ex.5幾個(gè)常用結(jié)論：1）過(guò)橢圓上一點(diǎn)P(x0, y0)的切線方程為；2）斜率為k的切線方程為；3）過(guò)焦點(diǎn)F2(c, 0)傾斜角為的弦的長(zhǎng)為。6雙曲線的定義，第一定義：滿足|PF1|-|PF2|=2a(2a0)的點(diǎn)P的軌跡；第二定義：到定點(diǎn)的距離與到定直線距離之比為常數(shù)e(1)的點(diǎn)的軌跡。7雙曲線的方程：中心在原點(diǎn)，焦點(diǎn)在x軸上的雙曲線方程為，參數(shù)方程為（為

3、參數(shù)）。焦點(diǎn)在y軸上的雙曲線的標(biāo)準(zhǔn)方程為。8雙曲線的相關(guān)概念，中心在原點(diǎn)，焦點(diǎn)在x軸上的雙曲線(a, b0),a稱半實(shí)軸長(zhǎng)，b稱為半虛軸長(zhǎng)，c為半焦距，實(shí)軸的兩個(gè)端點(diǎn)為(-a, 0), (a, 0). 左、右焦點(diǎn)為F1(-c,0), F2(c, 0)，對(duì)應(yīng)的左、右準(zhǔn)線方程分別為離心率，由a2+b2=c2知e1。兩條漸近線方程為，雙曲線與有相同的漸近線，它們的四個(gè)焦點(diǎn)在同一個(gè)圓上。若a=b，則稱為等軸雙曲線。9雙曲線的常用結(jié)論，1）焦半徑公式，對(duì)于雙曲線，F(xiàn)1（-c,0）, F2(c, 0)是它的兩個(gè)焦點(diǎn)。設(shè)P(x,y)是雙曲線上的任一點(diǎn)，若P在右支上，則|PF1|=ex+a, |PF2|=ex

4、-a；若P（x,y）在左支上，則|PF1|=-ex-a，|PF2|=-ex+a.2) 過(guò)焦點(diǎn)的傾斜角為的弦長(zhǎng)是。10拋物線：平面內(nèi)與一個(gè)定點(diǎn)F和一條定直線l的距離相等的點(diǎn)的軌跡叫做拋物線，點(diǎn)F叫焦點(diǎn)，直線l叫做拋物線的準(zhǔn)線。若取經(jīng)過(guò)焦點(diǎn)F且垂直于準(zhǔn)線l的直線為x軸，x軸與l相交于K，以線段KF的垂直平分線為y軸，建立直角坐標(biāo)系，設(shè)|KF|=p，則焦點(diǎn)F坐標(biāo)為，準(zhǔn)線方程為，標(biāo)準(zhǔn)方程為y2=2px(p0)，離心率e=1.11拋物線常用結(jié)論：若P(x0, y0)為拋物線上任一點(diǎn)，1）焦半徑|PF|=；2）過(guò)點(diǎn)P的切線方程為y0y=p(x+x0)；3）過(guò)焦點(diǎn)傾斜角為的弦長(zhǎng)為。12極坐標(biāo)系，在平面內(nèi)取一

5、個(gè)定點(diǎn)為極點(diǎn)記為O，從O出發(fā)的射線為極軸記為Ox軸，這樣就建立了極坐標(biāo)系，對(duì)于平面內(nèi)任意一點(diǎn)P，記|OP|=,xOP=，則由（，）唯一確定點(diǎn)P的位置，（，）稱為極坐標(biāo)。13圓錐曲線的統(tǒng)一定義：到定點(diǎn)的距離與到定直線的距離的比為常數(shù)e的點(diǎn)P，若0e1，則點(diǎn)P的軌跡為雙曲線的一支；若e=1，則點(diǎn)P的軌跡為拋物線。這三種圓錐曲線統(tǒng)一的極坐標(biāo)方程為。二、方法與例題1與定義有關(guān)的問(wèn)題。例1 已知定點(diǎn)A（2，1），F(xiàn)是橢圓的左焦點(diǎn)，點(diǎn)P為橢圓上的動(dòng)點(diǎn)，當(dāng)3|PA|+5|PF|取最小值時(shí)，求點(diǎn)P的坐標(biāo)。解 見(jiàn)圖11-1，由題設(shè)a=5, b=4, c=3,.橢圓左準(zhǔn)線的方程為，又因?yàn)?，所以點(diǎn)A在橢圓內(nèi)部，又點(diǎn)

6、F坐標(biāo)為（-3，0），過(guò)P作PQ垂直于左準(zhǔn)線，垂足為Q。由定義知，則|PF|=|PQ|。所以3|PA|+5|PF|=3(|PA|+|PF|)=3(|PA|+|PQ|)3|AM|(AM左準(zhǔn)線于M)。所以當(dāng)且僅當(dāng)P為AM與橢圓的交點(diǎn)時(shí)，3|PA|+5|PF|取最小值，把y=1代入橢圓方程得，又xb0）.F坐標(biāo)為(-c, 0).設(shè)另一焦點(diǎn)為。連結(jié)，OP，則。所以|FP|+|PO|=(|FA|+|A|)=a.所以點(diǎn)P的軌跡是以F，O為兩焦點(diǎn)的橢圓（因?yàn)閍|FO|=c），將此橢圓按向量m=(,0)平移，得到中心在原點(diǎn)的橢圓：。由平移公式知，所求橢圓的方程為解法二 相關(guān)點(diǎn)法。設(shè)點(diǎn)P(x,y), A(x1,

7、 y1)，則，即x1=2x+c, y1=2y. 又因?yàn)辄c(diǎn)A在橢圓上，所以代入得關(guān)于點(diǎn)P的方程為。它表示中心為，焦點(diǎn)分別為F和O的橢圓。例4 長(zhǎng)為a, b的線段AB，CD分別在x軸，y軸上滑動(dòng)，且A，B，C，D四點(diǎn)共圓，求此動(dòng)圓圓心P的軌跡。解 設(shè)P(x, y)為軌跡上任意一點(diǎn)，A，B，C，D的坐標(biāo)分別為A(x-,0), B(x+,0), C(0, y-), D(0, y+), 記O為原點(diǎn)，由圓冪定理知|OA|?|OB|=|OC|?|OD|，用坐標(biāo)表示為，即當(dāng)a=b時(shí)，軌跡為兩條直線y=x與y=-x；當(dāng)ab時(shí)，軌跡為焦點(diǎn)在x軸上的兩條等軸雙曲線；當(dāng)a0, b0)的右焦點(diǎn)F作B1B2軸，交雙曲線于

8、B1，B2兩點(diǎn)，B2與左焦點(diǎn)F1連線交雙曲線于B點(diǎn)，連結(jié)B1B交x軸于H點(diǎn)。求證：H的橫坐標(biāo)為定值。證明 設(shè)點(diǎn)B，H，F(xiàn)的坐標(biāo)分別為(asec,btan), (x0, 0), (c, 0)，則F1，B1，B2的坐標(biāo)分別為(-c, 0), (c, ), (c, )，因?yàn)镕1，H分別是直線B2F，BB1與x軸的交點(diǎn)，所以 所以 。由得代入上式得即 （定值）。注：本例也可借助梅涅勞斯定理證明，讀者不妨一試。例7 設(shè)拋物線y2=2px(p0)的焦點(diǎn)為F，經(jīng)過(guò)點(diǎn)F的直線交拋物線于A，B兩點(diǎn)，點(diǎn)C在準(zhǔn)線上，且BC/x軸。證明：直線AC經(jīng)過(guò)定點(diǎn)。證明 設(shè)，則，焦點(diǎn)為，所以，。由于，所以?y2-y1=0，即=

9、0。因?yàn)?，所以。所以，即。所以，即直線AC經(jīng)過(guò)原點(diǎn)。例8 橢圓上有兩點(diǎn)A，B，滿足OAOB，O為原點(diǎn)，求證：為定值。證明 設(shè)|OA|=r1,|OB|=r2,且xOA=,xOB=，則點(diǎn)A，B的坐標(biāo)分別為A(r1cos, r1sin),B(-r2sin,r2cos)。由A，B在橢圓上有即 +得（定值）。4最值問(wèn)題。例9 設(shè)A，B是橢圓x2+3y2=1上的兩個(gè)動(dòng)點(diǎn)，且OAOB（O為原點(diǎn)），求|AB|的最大值與最小值。解 由題設(shè)a=1，b=,記|OA|=r1,|OB|=r2,，參考例8可得=4。設(shè)m=|AB|2=,因?yàn)?，且a2b2，所以，所以br1a，同理br2a.所以。又函數(shù)f(x)=x+在上單調(diào)遞

10、減，在上單調(diào)遞增，所以當(dāng)t=1即|OA|=|OB|時(shí)，|AB|取最小值1；當(dāng)或時(shí)，|AB|取最大值。例10 設(shè)一橢圓中心為原點(diǎn)，長(zhǎng)軸在x軸上，離心率為，若圓C：1上點(diǎn)與這橢圓上點(diǎn)的最大距離為，試求這個(gè)橢圓的方程。解 設(shè)A，B分別為圓C和橢圓上動(dòng)點(diǎn)。由題設(shè)圓心C坐標(biāo)為，半徑|CA|=1，因?yàn)閨AB|BC|+|CA|=|BC|+1，所以當(dāng)且僅當(dāng)A，B，C共線，且|BC|取最大值時(shí)，|AB|取最大值，所以|BC|最大值為因?yàn)椋凰钥稍O(shè)橢圓半長(zhǎng)軸、半焦距、半短軸長(zhǎng)分別為2t,t，橢圓方程為，并設(shè)點(diǎn)B坐標(biāo)為B(2tcos,tsin)，則|BC|2=(2tcos)2+=3t2sin2-3tsin+4t2=

11、-3(tsin+)2+3+4t2.若，則當(dāng)sin=-1時(shí)，|BC|2取最大值t2+3t+，與題設(shè)不符。若t,則當(dāng)sin=時(shí)，|BC|2取最大值3+4t2，由3+4t2=7得t=1.所以橢圓方程為。5直線與二次曲線。例11 若拋物線y=ax2-1上存在關(guān)于直線x+y=0成軸對(duì)稱的兩點(diǎn)，試求a的取值范圍。解 拋物線y=ax2-1的頂點(diǎn)為(0,-1)，對(duì)稱軸為y軸，存在關(guān)于直線x+y=0對(duì)稱兩點(diǎn)的條件是存在一對(duì)點(diǎn)P(x1,y1)，(-y1,-x1)，滿足y1=a且-x1=a(-y1)2-1，相減得x1+y1=a(),因?yàn)镻不在直線x+y=0上，所以x1+y10,所以1=a(x1-y1)，即x1=y1

12、+所以此方程有不等實(shí)根，所以，求得，即為所求。例12 若直線y=2x+b與橢圓相交，（1）求b的范圍；（2）當(dāng)截得弦長(zhǎng)最大時(shí)，求b的值。解 二方程聯(lián)立得17x2+16bx+4(b2-1)=0.由0，得b0)，則動(dòng)點(diǎn)的軌跡是_.3橢圓上有一點(diǎn)P，它到左準(zhǔn)線的距離是10，它到右焦點(diǎn)的距離是_.4雙曲線方程，則k的取值范圍是_.5橢圓，焦點(diǎn)為F1，F(xiàn)2，橢圓上的點(diǎn)P滿足F1PF2=600，則F1PF2的面積是_.6直線l被雙曲線所截的線段MN恰被點(diǎn)A（3，-1）平分，則l的方程為_(kāi).7ABC的三個(gè)頂點(diǎn)都在拋物線y2=32x上，點(diǎn)A（2，8），且ABC的重心與這條拋物線的焦點(diǎn)重合，則直線BC的斜率為_(kāi)

13、.8已知雙曲線的兩條漸近線方程為3x-4y-2=0和3x+4y-10=0，一條準(zhǔn)線方程為5y+4=0，則雙曲線方程為_(kāi).9已知曲線y2=ax，與其關(guān)于點(diǎn)（1，1）對(duì)稱的曲線有兩個(gè)不同的交點(diǎn)，如果過(guò)這兩個(gè)交點(diǎn)的直線的傾斜角為450，那么a=_.10.P為等軸雙曲線x2-y2=a2上一點(diǎn)，的取值范圍是_.11已知橢圓與雙曲線有公共的焦點(diǎn)F1，F(xiàn)2，設(shè)P是它們的一個(gè)焦點(diǎn)，求F1PF2和PF1F2的面積。12已知（i）半圓的直徑AB長(zhǎng)為2r；（ii）半圓外的直線l與BA的延長(zhǎng)線垂直，垂足為T(mén)，設(shè)|AT|=2a(2a1)的一個(gè)頂點(diǎn)C（0，1）為直角頂點(diǎn)作此橢圓的內(nèi)接等腰直角三角形ABC，這樣的三角形最多

14、可作_個(gè).11求橢圓上任一點(diǎn)的兩條焦半徑夾角的正弦的最大值。12設(shè)F，O分別為橢圓的左焦點(diǎn)和中心，對(duì)于過(guò)點(diǎn)F的橢圓的任意弦AB，點(diǎn)O都在以AB為直徑的圓內(nèi)，求橢圓離心率e的取值范圍。13已知雙曲線C1：(a0)，拋物線C2的頂點(diǎn)在原點(diǎn)O，C2的焦點(diǎn)是C1的左焦點(diǎn)F1。（1）求證：C1，C2總有兩個(gè)不同的交點(diǎn)。（2）問(wèn)：是否存在過(guò)C2的焦點(diǎn)F1的弦AB，使AOB的面積有最大值或最小值？若存在，求直線AB的方程與SAOB的最值，若不存在，說(shuō)明理由。五、聯(lián)賽一試水平訓(xùn)練題1在平面直角坐標(biāo)系中，若方程m(x2+y2+2y+1)=(x-2y+3)2表示的曲線為橢圓，則m的取值范圍是_.2設(shè)O為拋物線的頂

15、點(diǎn)，F(xiàn)為焦點(diǎn)，且PQ為過(guò)F的弦，已知|OF|=a，|PQ|=b，OPQ面積為_(kāi).3給定橢圓，如果存在過(guò)左焦點(diǎn)F的直線交橢圓于P，Q兩點(diǎn)，且OPOQ，則離心率e的取值范圍是_.4設(shè)F1，F(xiàn)2分別是雙曲線(ab0)的左、右焦點(diǎn)，P為雙曲線上的動(dòng)點(diǎn)，過(guò)F1作F1PF2平分線的垂線，垂足為M，則M的軌跡為_(kāi).5ABC一邊的兩頂點(diǎn)坐標(biāo)為B（0，）和C（0，），另兩邊斜率的乘積為，若點(diǎn)T坐標(biāo)為(t,0)(tR+),則|AT|的最小值為_(kāi).6長(zhǎng)為l(l1)的線段AB的兩端點(diǎn)在拋物線y=x2上滑動(dòng)，則線段AB的中點(diǎn)M到x軸的最短距離等于_.7已知拋物線y2=2px及定點(diǎn)A(a,b),B(-a,0),ab0,b

16、22pa，M是拋物線上的點(diǎn)，設(shè)直線AM，BM與拋物線的另一個(gè)交點(diǎn)分別為M1，M2，當(dāng)M變動(dòng)時(shí)，直線M1M2恒過(guò)一個(gè)定點(diǎn)，此定點(diǎn)坐標(biāo)為_(kāi).8已知點(diǎn)P（1，2）既在橢圓內(nèi)部（含邊界），又在圓x2+y2=外部（含邊界），若a,bR+,則a+b的最小值為_(kāi).9已知橢圓的內(nèi)接ABC的邊AB，AC分別過(guò)左、右焦點(diǎn)F1，F(xiàn)2，橢圓的左、右頂點(diǎn)分別為D，E，直線DB與直線CE交于點(diǎn)P，當(dāng)點(diǎn)A在橢圓上變動(dòng)時(shí)，試求點(diǎn)P的軌跡。10設(shè)曲線C1：（a為正常數(shù)）與C2：y2=2(x+m)在x軸上方有一個(gè)公共點(diǎn)P。（1）求實(shí)數(shù)m的取值范圍（用a表示）；（2）O為原點(diǎn)，若C1與x軸的負(fù)半軸交于點(diǎn)A，當(dāng)0a0),P(x,y)

17、為軌跡上任一點(diǎn)，則?；?jiǎn)為2k2x2+2y2=m2(1+k2).當(dāng)k1時(shí)，表示橢圓；當(dāng)k=1時(shí)，表示圓。312由題設(shè)a=10,b=6,c=8，從而P到左焦點(diǎn)距離為10e=10=8,所以P到右焦點(diǎn)的距離為20-8=12。4-2k2或k5.由(|k|-2)(5-k)5或-2k2.5.設(shè)兩條焦半徑分別為m,n，則因?yàn)閨F1F2|=12,m+n=20.由余弦定理得122=m2+n2-2mncos600,即(m+n) 2-3mn=144.所以，63x+4y-5=0.設(shè)M(x1,y1),N(x2,y2)，則兩式相減得-(y1+y2)(y1-y2)=0.由，得。故方程y+1=(x-3).7.-4.設(shè)B(x1

18、,y1),C(x2,y2)，則=0，所以y1+y2=-8，故直線BC的斜率為8=1。由漸近線交點(diǎn)為雙曲線中心，解方程組得中心為(2,1)，又準(zhǔn)線為，知其實(shí)軸平行于y軸，設(shè)其方程為=1。其漸近線方程為=0。所以y-1=(x-1).由題設(shè)，將雙曲線沿向量m=(-2,-1)平移后中心在原點(diǎn)，其標(biāo)準(zhǔn)方程為=1。由平移公式平移后準(zhǔn)線為，再結(jié)合，解得a2=9，b2=16，故雙曲線為=1。92曲線y2=ax關(guān)于點(diǎn)（1，1）的對(duì)稱曲線為(2-y)2=a(2-x),由得y2-2y+2-a=0,故y1+y2=2,從而=1，所以a=2.10（2，。設(shè)P(x1,y1)及，由|PF1|=ex1+a,|PF2|=ex1-

19、a,|PF1|+|PF2|=2ex1, 所以，即。因，所以，所以即20,設(shè)x1,x2是方程的兩根，由韋達(dá)定理 由，得 y1+y2=kx1+(1-2k)+kx2+(1-2k)=k(x1+x2)+2(1-2k)= 設(shè)P1P2的中點(diǎn)P坐標(biāo)(x,y)，由中點(diǎn)公式及，得消去k得點(diǎn)（2，0）滿足此方程，故這就是點(diǎn)P的軌跡方程。高考水平測(cè)試題1由橢圓方程得焦點(diǎn)為，設(shè)雙曲線方程，漸近線為由題設(shè)，所以a2=3b2,又,c2=a2+b2. 所以b2=12, a2=36.2. 900。見(jiàn)圖1，由定義得|FA|=|AA1|,|FB|=|BB1|，有1=BFB1，2=AFA1，又1=3，2=4，所以3+4=BFB1+A

20、FA1=900。3相切，若P(x,y)在左支上，設(shè)F1為左焦點(diǎn)，F(xiàn)2為右焦點(diǎn)，M為PF1中點(diǎn)，則|MO|=|PF2|=(a-ex)，又|PF1|=-a-ex，所以兩圓半徑之和(-a-ex)+a=(a-ex)=|MO|，所以兩圓外切。當(dāng)P(x,y)在右支上時(shí)，同理得兩圓內(nèi)切。4與F1對(duì)應(yīng)的另一條準(zhǔn)線為x=-11，因|MF1|與M到直線x=-11距離d1之比為e，且d1=|xm+11|=10.所以，所以|MF1|=5充要。將y=2x+1代入橢圓方程得(b2+4a2)x2+4a2x+a2 (1-b2)=0. 若=(4a2) 2-4(b2+4a2)a2 (1-b2)=0，則直線與橢圓僅有一個(gè)公共點(diǎn)，即

21、b2+4a2=1；反之，4a2+b2=1，直線與橢圓有一個(gè)公共點(diǎn)。6y=2(x-1)。消去參數(shù)得(y-2m) 2=4(x-m)，焦點(diǎn)為它在直線y=2(x-1)上。71mm,所以1m0)，CA的直線方程為y=kx+1，代入橢圓方程為(a2k2+1)x2+2a2kx=0，得x=0或，于是，|CA|=由題設(shè)，同理可得|CB|=,利用|CA|=|CB|可得(k-1)k2-(a2-1)k+1=0,解得 k=1或k2-(a2-1)k+1=0。對(duì)于，當(dāng)1a時(shí)，有兩個(gè)不等實(shí)根，故最多有3個(gè)。11解 設(shè)焦點(diǎn)為F1，F(xiàn)2，橢圓上任一點(diǎn)為P(x0,y0),F1PF2=,根據(jù)余弦定理得|F1F2|2=|PF1|2+|

22、PF2|2-2|PF1|?|PF2|cos,又|PF1|+|PF2|=2a，則4c2=(2a)2-2|PF1|?|PF2|(1+cos),再將|PF1|=a+ex0，|PF2|=a-ex0及a2=b2+c2代入得4b2=2(a2-e2)(1+cos).于是有由0，得，所以。因0，所以cos為減函數(shù)，故0當(dāng)2b2a2即時(shí)，arccos，sin為增函數(shù)，sin取最大值；當(dāng)2b2a2時(shí)，arccos,0,，則sin最大值為1。12解 設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2)，若AB斜率不為0，設(shè)為k，直線AB方程為y=k(x+c)，代入橢圓方程并化簡(jiǎn)得(b2+a2k2)x2+2a2k2cx+a2 (k2

23、c2-b2)=0. 則x1,x2為方程的兩根，由韋達(dá)定理得 因?yàn)閥1y2=k2(x1+c)(x2+c)，再由，得所以=x1x2+y1y2=,O點(diǎn)在以AB為直徑的圓內(nèi)，等價(jià)0，即k2(a2c2-b4)-a2b20對(duì)任意kR成立，等價(jià)于a2c2-b20,即ac-b20,即e2+e-10.所以00，所以方程必有兩個(gè)不同實(shí)根，設(shè)為x1,x2,由韋達(dá)定理得x1x2=-a20，設(shè)y1,y2分別為A，B的縱坐標(biāo)，則y1+y2=,y1y2=-12a2.所以(y1-y2)2=48a2(m2+1).所以SAOB=|y1-y2|?|OF1|=a?a?，當(dāng)且僅當(dāng)m=0時(shí)，SAOB的面積取最小值；當(dāng)m+時(shí)，SAOB+，

24、無(wú)最大值。所以存在過(guò)F的直線x=使AOB面積有最小值6a2.聯(lián)賽一試水平訓(xùn)練題1m5.由已知得，說(shuō)明(x,y)到定點(diǎn)（0,-1）與到定直線x-2y+3=0的距離比為常數(shù)，由橢圓定義5.2.因?yàn)閎=|PQ|=|PF|+|QF|=,所以。所以SOPQ=absin=.3.。設(shè)點(diǎn)P坐標(biāo)為(r1cos,r1sin),點(diǎn)Q坐標(biāo)為(-r2sin,r2cos)，因?yàn)镻，Q在橢圓上，可得，RtOPQ斜邊上的高為|OF|=c. 所以a2b2c2(a2+b2)，解得e1時(shí)|AT|min=|t-2|.由題設(shè)kAB?kAC=-,設(shè)A(x,y)，則(x0)，整理得=1(x0)，所以|AT|2=(x-t)2+y2=(x-t

25、)2+(x-2t)2+2-t2.因?yàn)閨x|2,所以當(dāng)t(0,1時(shí)取x=2t,|AT|取最小值。當(dāng)t1時(shí)，取x=2，|AT|取最小值|t-2|.6.設(shè)點(diǎn)M(x0,y0) ，直線AB傾斜角為，并設(shè)A(x0-), B(x0+),因?yàn)锳，B在拋物線上，所以 由，得 2x0cos=sin. 所以因?yàn)閘21，所以函數(shù)f(x)=.在（0，1在遞減，所以。當(dāng)cos=1即l平行于x軸時(shí)，距離取最小值7設(shè)，由A，M，M1共線得y1=，同理B，M，M2共線得，設(shè)(x,y)是直線M1M2上的點(diǎn)，則y1y2=y(y1+y2)-2px，將以上三式中消去y1,y2得y02(2px-by)+y0?2pb(a-x)+2pa(b

26、y-2pa)=0.當(dāng)x=a,y=時(shí)上式恒成立，即定點(diǎn)為8。由題設(shè)且a2+2b215，解得5b26.所以a+b(t=b2-41,2)，而，又t2可得上式成立。9解 設(shè)A(2cos,), B(2cos,sin),C(2cos,sin)，這里，則過(guò)A，B的直線為lAB：，由于直線AB過(guò)點(diǎn)F1(-1,0)，代入有(sin-sin)?(1+2cos)=2sin(cos-cos)，即2sin(-)=sin-sin=2?,故 ，即?。又lBD: ?(x+2)=，同理得。lCE: (x-2)=?(x-2).兩直線方程聯(lián)立，得P點(diǎn)坐標(biāo)為，消去得點(diǎn)P(x,y)在橢圓上（除去點(diǎn)(-2,0),(2,0)）.10.解

27、（1）由消去y得x2+2a2x+2a2m-a2=0,設(shè)f(x)=x2+2a2x+2a2m-a2，問(wèn)題（1）轉(zhuǎn)化為方程在x(-a,a)上有唯一解或等根。只需討論以下三種情況：10=0，得，此時(shí)xp=-a2，當(dāng)且僅當(dāng)-a-a2a即0a1時(shí)適合；20。f(a)?f(-a)0，當(dāng)且僅當(dāng)-ama時(shí)適合；30。f(-a)=0得m=a，此時(shí)xp=a-2a2，當(dāng)且僅當(dāng)-aa-2a2a即0a1時(shí)適合。令f(a)=0得m=-a，此時(shí)xp=-a-2a2.由于-a-2a2-a，從而m-a.綜上當(dāng)0a1時(shí)，或-ama；當(dāng)a1時(shí)，-ama.(2)OAP的面積因?yàn)?a,故當(dāng)-ama時(shí)，00，從而時(shí)取值最大，此時(shí)，故；當(dāng)時(shí)，

28、xp=-a2，yp=,此時(shí)以下比較與的大小。令，得，故當(dāng)00，所以，從而所以直線l的方程為，拋物線C的方程為聯(lián)賽二試水平訓(xùn)練題1以A為原點(diǎn)，直線AC為x軸，建立直角坐標(biāo)系，設(shè)C(c,0),F(f,0),D(xD,kxD),B(xB,-kxB)，則直線DF的方程為 直線BC的方程為 c-f得(c-f)x+ 表示一條直線，它過(guò)原點(diǎn)，也過(guò)DF與BC的交點(diǎn)G，因而就是直線AG的方程。同理，直線AE的方程為(c-f)x+ ，的斜率互為相反數(shù)，所以GAC=EAC。2證明 假設(shè)這樣的閉折線存在，不妨設(shè)坐標(biāo)原點(diǎn)是其中一個(gè)頂點(diǎn)，記它為A0，其他頂點(diǎn)坐標(biāo)為：，其中都是既約分?jǐn)?shù)，并記An+1=A0.若p與q奇偶性相

29、同，則記pq，否則記pq，下面用數(shù)學(xué)歸納法證明。bk1,dk1(k=1,2,n)，ak+ckak-1+ck-1(k=1,2,n,n+1)。當(dāng)k=1時(shí)，由，得，因?yàn)閍1,b1互質(zhì)，所以d1被b1整除，反之亦然（即b1被d1整除）。因此b1=d1，從而不可能都是偶數(shù)（否則b1也是偶數(shù)，與互質(zhì)矛盾）；不可能都是奇數(shù)，因?yàn)閮蓚€(gè)奇數(shù)的平方和模8余2不是4的倍數(shù)，也不可能是完全平方數(shù)，因此，a1c1,b1d11，并且a1+c10=a0+c0.設(shè)結(jié)論對(duì)k=1,2,m-1n都成立，令這里是既約分?jǐn)?shù)，因?yàn)槊恳欢蔚拈L(zhǎng)為1，所以=1，與k=1情況類似：ac,db1，又因?yàn)?，分?jǐn)?shù)既約，所以bm是bbm-1的一個(gè)因子，

30、bm1.同理可知dm1,又amabm-1+bam-1（同理cmcdm-1+dcm-1）.因此(am+cm-am-1-cm-1)(abm-1+bam-1+cdm-1+dcm-1-am-1-cm-1)am-1(b-1)+abm-1+cm-1(d-1)+cdm-1a+c1.所以am+cmam-1+cm-1，結(jié)論成立，于是在頂點(diǎn)數(shù)n+1為奇數(shù)時(shí)，an+1+cn+1a0+c0，故折線不可能是閉的。3證明 （1）由已知B0P0=B0Q0，并由圓弧P0Q0和Q0P0，Q0P1和P1Q1，P1Q1和Q1P1分別相內(nèi)切于點(diǎn)Q0，P1，Q1，得C1B0+B0Q0=C1P1，B1C1+C1P1=B1C0+C0Q1以

31、及C0Q1=C0B0+，四式相加，利用B1C1+C1B0=B1C0+C0B0，以及。在B0P0或其延長(zhǎng)線上，有B0P0=B0，從而可知點(diǎn)與點(diǎn)P0重合。由于圓弧Q1P0的圓心C0，圓弧P0Q0的圓心B0以及P0在同一直線上，所以圓弧Q1P0和P0Q0相內(nèi)切于點(diǎn)P0。（2）現(xiàn)分別過(guò)點(diǎn)P0和P1引上述相應(yīng)相切圓弧的公切線P0T和P1T交于點(diǎn)T。又過(guò)點(diǎn)Q1引相應(yīng)相切圓弧的公切線R1S1，分別交P0T和P1T于點(diǎn)R1和S1，連接P0Q1和P1Q1，得等腰P0Q1R1和P1Q1S1，由此得P0Q1P1=-P0Q1P1-P1Q1S1=-(P1P0T-Q1P0P)-(P0P1T-Q1P1P0),而-P0Q1P1=Q1P0P1+Q1P1P0，代