北京市豐臺(tái)區(qū)2020屆高三物理3月綜合練習(xí)（一模）試卷（含解析）

1、豐臺(tái)區(qū)2020年高三年級(jí)第二學(xué)期綜合練習(xí)（一）理科綜合物理 1.以下事實(shí)可作為“原子核可再分”的依據(jù)是A. 天然放射現(xiàn)象B. 粒子散射實(shí)驗(yàn)C. 電子的發(fā)現(xiàn)D. 氫原子發(fā)光【答案】A【解析】【詳解】A. 天然放射現(xiàn)象是原子發(fā)生衰變之后會(huì)放出三種射線，這說明原子核可再分。故A正確。B. 粒子散射實(shí)驗(yàn)說明了原子的核式結(jié)構(gòu)模型。故B錯(cuò)誤。C.電子位于原子核外的，不能說明原子核可再分。故C錯(cuò)誤。D. 氫原子發(fā)光說明核外電子的躍遷，不能說明原子核可再分。故D錯(cuò)誤。2.下列說法正確的是A. 氣體的溫度升高，每個(gè)氣體分子的運(yùn)動(dòng)速率都會(huì)增大B. 從微觀角度講，氣體壓強(qiáng)只與氣體分子的密集程度有關(guān)C. 當(dāng)分子力表現(xiàn)

2、為引力時(shí)，分子勢(shì)能隨分子間距離的增大而增大D. 若一定質(zhì)量的氣體膨脹對(duì)外做功50 J，則內(nèi)能一定減少50 J【答案】C【解析】【詳解】A. 氣體的溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，所以氣體的溫度升高，從統(tǒng)計(jì)規(guī)律看分子的平均運(yùn)動(dòng)速率增大，但是仍會(huì)有分子的速率減小。故A錯(cuò)誤。B. 從微觀角度講，氣體壓強(qiáng)只氣體分子的密集程度和氣體的溫度有關(guān)。故B錯(cuò)誤。C.在時(shí)，分子力表現(xiàn)為引力，分子的間距增大時(shí)分子力做負(fù)功，故越大，分子勢(shì)能越大。故B正確。D. 一定質(zhì)量的氣體膨脹對(duì)外做功50 J，同時(shí)氣體還可能吸收熱量，所以內(nèi)能減少量不一定是。故D錯(cuò)誤。3.甲、乙兩單色光分別通過同一雙縫干涉裝置得到各自的干涉圖樣，設(shè)相鄰兩

3、個(gè)亮條紋的中心距離為，若，比較甲、乙兩種單色光，則下列說法正確的是A. 真空中甲光的波長(zhǎng)較短B. 甲光的光子能量較小C. 甲光發(fā)生全反射時(shí)的臨界角較小D. 甲光能發(fā)生偏振現(xiàn)象，而乙光不能【答案】B【解析】【詳解】A.根據(jù)雙縫干涉的條紋間距可知對(duì)于同一個(gè)實(shí)驗(yàn)裝置，波長(zhǎng)越長(zhǎng)，條紋間距越大，由可知甲光的波長(zhǎng)一定大于乙光的波長(zhǎng)。故A錯(cuò)誤。B.根據(jù)可知甲光的頻率小于乙光的頻率，而光子的能量，故甲光的光子能量一定小于乙光子的能量。故B正確。C. 由可知甲光的波長(zhǎng)一定大于乙光的波長(zhǎng)，則對(duì)同一均勻介質(zhì)，甲光的折射率小于乙光的折射率，由臨界角公式甲光發(fā)生全反射時(shí)的臨界角大于乙光發(fā)生全反射時(shí)的臨界角。故C錯(cuò)誤。D

4、.偏振現(xiàn)象是橫波特有的現(xiàn)象，由于光是橫波，故甲乙都可以發(fā)生偏振現(xiàn)象。故D錯(cuò)誤。4.一簡(jiǎn)諧機(jī)械橫波沿x軸正方向傳播，波長(zhǎng)為，周期為T。t=T時(shí)刻的波形如圖1所示，a、b是波上兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)，圖2是波上某質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像。下列說法中正確的是A. t=T時(shí)質(zhì)點(diǎn)a的振幅比質(zhì)點(diǎn)b的大B. t=T時(shí)質(zhì)點(diǎn)a的速度比質(zhì)點(diǎn)b的大C. 質(zhì)點(diǎn)a的振動(dòng)圖像是圖2D. 質(zhì)點(diǎn)b的振動(dòng)圖像是圖2【答案】D【解析】【詳解】A.在一列波中所有質(zhì)點(diǎn)的振幅都一樣。故A錯(cuò)誤。B. t=T時(shí)質(zhì)點(diǎn)a的速度等于零，質(zhì)點(diǎn)b的速度最大。故B錯(cuò)誤。CD.在 t=T時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)a的位移最大，質(zhì)點(diǎn)b的位移為零，在結(jié)合圖2，可知圖2是質(zhì)點(diǎn)b的震動(dòng)圖象。故D正確。

5、5.如圖所示，海王星繞太陽沿橢圓軌道運(yùn)動(dòng)，P為近日點(diǎn)，Q為遠(yuǎn)日點(diǎn)，M、N為軌道短軸的兩個(gè)端點(diǎn)，運(yùn)行的周期為T0，若只考慮海王星和太陽之間的相互作用，則海王星在從P經(jīng)過N、Q、M回到P的運(yùn)動(dòng)過程中，下列說法正確的是A. 從P到N階段，動(dòng)能逐漸增大B. 從N到Q階段，速度逐漸增大C. 從Q到M階段，所用時(shí)間大于 D. 從M到P階段，加速度逐漸減小【答案】C【解析】【詳解】A. 從P到N階段，海王星離太陽越來越遠(yuǎn)，海王星做離心運(yùn)動(dòng)，所以速度越來越小，動(dòng)能越來越小。故A錯(cuò)誤。B.從N到Q階段海王星離太陽越來越遠(yuǎn)，海王星做離心運(yùn)動(dòng)，所以速度越來越小。故B錯(cuò)誤。C. 從Q到M階段，海王星的平均速度小于從M

6、到P階段的平均速度，所以從Q到M階段，所用時(shí)間大于 。故C正確。D. 從M到P階段，海王星離太陽越來越近，所以加速度逐漸增大。故D錯(cuò)誤。6.如圖所示，地面附近某真空環(huán)境中存在著水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，已知磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，一個(gè)帶正電的油滴，沿著一條與豎直方向成角的直線MN運(yùn)動(dòng)，由此可以判斷A. 勻強(qiáng)電場(chǎng)方向一定是水平向左B. 油滴沿直線一定做勻加速運(yùn)動(dòng)C. 油滴可能是從N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)D. 油滴一定是從N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)【答案】A【解析】【詳解】A.粒子的受力如圖所以的情況，即電場(chǎng)力只能水平向左，粒子才能沿直線運(yùn)動(dòng)。故A正確。B. 油滴做直線運(yùn)動(dòng)，受重力、電場(chǎng)力和洛倫茲力作用，因?yàn)橹亓碗?/p>

7、場(chǎng)力均為恒力，根據(jù)物體做直線運(yùn)動(dòng)條件可知，粒子所受洛倫茲力亦為恒力據(jù)可知，粒子必定做勻速直運(yùn)動(dòng)。故B錯(cuò)誤。CD.粒子受到的洛侖磁力的方向?yàn)榇怪盡N向上，又因?yàn)榱Ｗ訋д姡俳Y(jié)合左手定則，可知油滴一定是從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)一定。故CD都錯(cuò)誤。7.為了研究平拋物體的運(yùn)動(dòng)，用兩個(gè)相同小球A、B做下面的實(shí)驗(yàn)：如圖所示，用小錘打擊彈性金屬片，A球立即水平飛出，同時(shí)B球被松開，做自由落體運(yùn)動(dòng)，兩球同時(shí)落到地面。A、B兩小球開始下落到落地前瞬間的過程中，下列對(duì)A、B球描述正確的是A. A球與B球的速率變化量相同B. A球與B球的動(dòng)量變化量相同C. A球與B球的速度變化率不同D. A球與B球的動(dòng)能變化量不同【答案

8、】B【解析】【詳解】A.因?yàn)锳球立即水平飛出，以一定的速度做平拋運(yùn)動(dòng)， B球被松開，做自由落體運(yùn)動(dòng)，所以兩球落地的速率不同，速率的變化量也不同。故A錯(cuò)誤。BD.兩球落地的時(shí)間相同，受到的重力也相同，落地的過程中，重力的沖量相同，由動(dòng)量定理可知，兩球的動(dòng)量的變化量也是相同的。故B正確，D錯(cuò)誤。C. A球與B球的速度變化率等于重力加速度，故A球與B球的速度變化率相同。故C錯(cuò)誤。8.地球上某處海水的周期性漲落稱為潮汐。潮汐主要是月球?qū)Ｋ囊υ斐傻?，太陽的引力也起一定的作用，但要弱得多。引起潮汐的力稱為引潮力，引潮力沿垂直海水表面向上（背離地心）最大處，海水形成高峰；反之，引潮力沿垂直海水表面向下

9、（指向地心）最大處，海水出現(xiàn)低谷。為簡(jiǎn)化研究，只在地-月系統(tǒng)分析問題，此時(shí)引潮力可稱為月潮力。假設(shè)地球表面全部被海水覆蓋，如圖所示，月地距離為r，地球半徑為R，月球質(zhì)量為M月，地球質(zhì)量為M地；A為近月點(diǎn)，B為遠(yuǎn)月點(diǎn)。如取直角坐標(biāo)系的x軸沿月地聯(lián)線，為地表某處的半徑與x軸正方向的夾角。該處質(zhì)量為m的海水的月潮力在x軸、y軸上的分力值Fx、Fy分別是 ；依據(jù)已學(xué)的知識(shí)，結(jié)合上述公式，判斷下列說法正確的是A. 月潮力就是地球?qū)Ｋ囊. 月潮力就是月球?qū)Ｋ囊. 近月點(diǎn)處的海水月潮力向下最大D. 遠(yuǎn)月點(diǎn)處的海水月潮力向上最大【答案】D【解析】【詳解】AB. 月潮力是月球的吸引與地球的自轉(zhuǎn)共

10、同對(duì)海水產(chǎn)生的等效力。故AB都錯(cuò)誤。C.在近月點(diǎn)A，方向沿x軸負(fù)方向，背離地心向上, 海水月潮力向上最大。故C錯(cuò)誤。D.在遠(yuǎn)月點(diǎn)B，向沿x軸正方向，背離地心向上, 海水月潮力向上最大。故D正確。第二部分（非選擇題）9.某同學(xué)要把一個(gè)量程為300A，內(nèi)阻約為100的直流電流計(jì)G，改裝成量程范圍是03V的直流電壓表。（1）按如圖1所示電路，用半偏法測(cè)定電流計(jì)G的內(nèi)電阻Rg。電源電動(dòng)勢(shì)為6V，內(nèi)阻不計(jì)。在以下器材中，可變電阻R1應(yīng)選用_；可變電阻R2應(yīng)選用_。（選填器材前的字母）A電阻箱（0999.9）B滑動(dòng)變阻器（0200）C電位器（一種可變電阻，與滑動(dòng)變阻器相當(dāng)，047k）（2）該同學(xué)在開關(guān)斷開

11、情況下，檢查電路連接無誤。a后續(xù)的實(shí)驗(yàn)操作步驟依次是_，最后記錄R2的阻值并整理好器材。（請(qǐng)按合理的實(shí)驗(yàn)順序，選填下列步驟前的字母）A將R1的阻值調(diào)至最大B閉合K2調(diào)節(jié)R2的阻值，使電流表指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的一半C閉合K1調(diào)節(jié)R1的阻值，使電流表指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度b若實(shí)驗(yàn)記錄R2的阻值為112.0，則可測(cè)得電流計(jì)G的內(nèi)阻Rg=_。（3）測(cè)得電流計(jì)G的內(nèi)阻后，要將其改裝成量程為3V的電壓表，應(yīng)將其_聯(lián)（選填“串”或“并”）一個(gè)電阻R3，R3=_。（4）按照上述方法將電流計(jì)G與電阻R3改裝成一電壓表后，用比改裝電壓表分度值更小的標(biāo)準(zhǔn)電壓表V0進(jìn)行校準(zhǔn)。a請(qǐng)你完成方框圖2中的校準(zhǔn)電路圖_；b利用校準(zhǔn)電路

12、，該同學(xué)將量程中的各個(gè)刻度都校準(zhǔn)一遍，可得到30組Ux（改裝電壓表讀數(shù)）、Ux（改裝電壓表讀數(shù)Ux與標(biāo)準(zhǔn)表讀數(shù)U的差值，即Ux = Ux -U）。以Ux為橫坐標(biāo)，Ux為縱坐標(biāo)，將相鄰兩點(diǎn)用直線連接，做出呈折線狀的曲線，如圖3所示，這條曲線我們稱為校準(zhǔn)曲線。當(dāng)使用這塊表測(cè)量時(shí)，就可以根據(jù)校準(zhǔn)曲線對(duì)各數(shù)據(jù)點(diǎn)進(jìn)行校準(zhǔn)，從而獲得更高的精度。若改裝電壓表測(cè)量結(jié)果為2.50V時(shí)，電壓更精確的值應(yīng)為_V。（5）在校準(zhǔn)電壓表時(shí)，該同學(xué)利用了“并聯(lián)電路各支路兩端電壓總相等”的電路特點(diǎn)。實(shí)際上，在恒定電流電路內(nèi)，各處的電荷分布是穩(wěn)定的，穩(wěn)定分布的電荷產(chǎn)生了一種恒定電場(chǎng)，這種恒定電場(chǎng)與靜電場(chǎng)的性質(zhì)基本相同，這成為我

13、們認(rèn)識(shí)電路問題的基礎(chǔ)。請(qǐng)判斷“并聯(lián)電路各支路兩端電壓總相等”這一電路特點(diǎn)，是下列選項(xiàng)中哪一個(gè)說法的對(duì)應(yīng)表現(xiàn)_。（填寫選項(xiàng)前的字母）A電荷在電場(chǎng)中受到力的作用 B勻強(qiáng)電場(chǎng)電場(chǎng)強(qiáng)度處處相等C電場(chǎng)力做功與路徑無關(guān) D沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低【答案】 (1). （1）C (2). A (3). （2）a.ACB (4). b.112.0 (5). （3）串 (6). 9888.0 (7). （4）a.如圖； (8). b.2.480或2.48 (9). （5）C【解析】【詳解】(1)閉合電建K1電路中的電流不能大于，由可知,故應(yīng)該選C。實(shí)驗(yàn)中要讀出的具體的數(shù)值，故應(yīng)該選A。（2）半偏法測(cè)電阻的實(shí)驗(yàn)步驟

14、為：第一步，按原理圖連接好實(shí)物圖；第二步，閉合電建K1，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使表頭指針滿偏；第三步閉合電建K2，改變電阻箱的阻值，當(dāng)表頭指針半偏時(shí)記下電阻箱的讀數(shù)，此時(shí)電阻箱的阻值等于表頭的內(nèi)阻。故正確的步驟是ACB。由（2）的分析可知指針半偏時(shí)電阻箱的讀數(shù)等于表頭的內(nèi)阻，所以表頭的內(nèi)阻為。（3）改裝成電壓表，應(yīng)該把表頭和電阻串聯(lián)。由電表的改裝原理可得，化簡(jiǎn)可得：。（4）改裝的電壓表應(yīng)該與標(biāo)準(zhǔn)電壓表并聯(lián)，滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，電路如圖所示：由圖象可知2.50V對(duì)應(yīng)的為0.020V，再由可得（5）因?yàn)殡妶?chǎng)力做功與路徑無關(guān)，所以并聯(lián)電路中，電荷從并聯(lián)的一端運(yùn)動(dòng)到另一端時(shí)，也就是電荷運(yùn)動(dòng)的初末位置相

15、同，所以靜電力做功相同，電勢(shì)差也相同，所以并聯(lián)電路各支路兩端電壓總相等”這一電路特點(diǎn)，與“電場(chǎng)力做功與路徑無關(guān)”這一說法是對(duì)應(yīng)的。10.如圖所示，足夠長(zhǎng)的平行光滑金屬導(dǎo)軌水平放置，寬度L=0.4m，一端連接R=1的電阻。導(dǎo)軌所在空間存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=5T。導(dǎo)體棒MN放在導(dǎo)軌上，其長(zhǎng)度恰好等于導(dǎo)軌間距，與導(dǎo)軌接觸良好。導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻均可忽略不計(jì)。在平行于導(dǎo)軌的拉力作用下，導(dǎo)體棒沿導(dǎo)軌向右勻速運(yùn)動(dòng)，速度v=0.6 m/s。求：（1）感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E和感應(yīng)電流I；（2）在0.2s時(shí)間內(nèi)，拉力的沖量IF的大??；（3）若將MN換為電阻r =0.5的導(dǎo)體棒，其它條件不變，求導(dǎo)體棒兩端的

16、電壓U。【答案】（1）1.2A；（2）0.48Ns（3）0.8V【解析】【詳解】（1）有法拉第電磁感應(yīng)定律可得感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：；感應(yīng)電流：由閉合電路的歐姆定律可得：。（2）導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動(dòng)，拉力等于安培力得：所以拉力的沖量（3）由閉合電路的歐姆定律可得：11.如圖1所示，一小車放于平直木板上（木板一端固定一個(gè)定滑輪），木板被墊高一定角度，該角度下，小車恰能做勻速直線運(yùn)動(dòng)（假設(shè)小車所受摩擦力與小車對(duì)木板的正壓力成正比，比例系數(shù)為），小車總質(zhì)量為M。（1）請(qǐng)推導(dǎo)與應(yīng)滿足的定量關(guān)系；并分析說明若增大小車質(zhì)量，仍使小車做勻速直線運(yùn)動(dòng)，角度是否需要重新調(diào)整。（2）如圖2所示，將小車上栓一根質(zhì)量不計(jì)，且不可伸長(zhǎng)

17、的細(xì)繩，細(xì)繩通過滑輪（滑輪與細(xì)繩之間摩擦不計(jì)）下掛一個(gè)砝碼盤（內(nèi)放砝碼），在木板上某位置靜止釋放小車后，小車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。已知砝碼盤及砝碼的總質(zhì)量為m，求：a如果m=M，小車所受細(xì)繩拉力與砝碼盤及砝碼總重力的比值；b用F表示小車所受細(xì)繩的拉力，如果要求，此時(shí)應(yīng)該滿足的條件；小車沿木板運(yùn)動(dòng)距離為x的過程中，其機(jī)械能的變化量E。【答案】（1）=tan；增大小車的質(zhì)量，角度無須改變。（2）a. b. 【解析】【詳解】（1）受力分析如圖：重力的下滑分力為，小車受到的摩擦力為：小車勻速運(yùn)動(dòng)，由平衡條件可得：解得論證：當(dāng)小車的質(zhì)量由M變成M+m時(shí)，若使小車勻速運(yùn)動(dòng)，仍有 成立，仍然滿足：，即若增大小車

18、的質(zhì)量，角度無須改變。（2）根據(jù)牛頓第二定律：a.對(duì)小車由牛頓第二定律可得；對(duì)砝碼和砝碼盤由牛頓第二定律可得：由于 則 的到：b.利用a中得到的結(jié)論：解得 可得小車沿木板運(yùn)動(dòng)距離為x的過程中，機(jī)械能的變化量等于小車所受的拉力和摩擦力做功的總和，則：12.構(gòu)建理想化模型，是處理物理問題常見的方法。（1）在研究平行板電容器的相關(guān)問題時(shí)，我們是從研究理想化模型無限大帶電平面開始的。真空中無限大帶電平面的電場(chǎng)是勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為E0=，其中k是靜電力常量，為電荷分布在平面上的面密度，單位為C/m2。如圖1所示，無限大平面帶正電，電場(chǎng)指向兩側(cè)。若帶負(fù)電則電場(chǎng)指向中央（圖中未畫出）。在實(shí)際問題中，當(dāng)兩塊相同的帶等量異種電荷的較大金屬板相距很近時(shí)，其中間區(qū)域，可以看作是兩個(gè)無限大帶電平面所產(chǎn)生的勻強(qiáng)電場(chǎng)疊加；如果再忽略邊緣效應(yīng)，平行板電容器兩板間的電場(chǎng)就可以看作是勻強(qiáng)電場(chǎng)，如圖2所示。已知平行板電容器所帶電量為Q，極板面積為S，板間距為d，求：a. 兩極板間電場(chǎng)強(qiáng)度的大小E；b. 請(qǐng)根據(jù)電容的定義式，求出在真空中，該平行板電容器的電容C；c. 求解圖2中左極板所受電場(chǎng)力的大小F。（提示：因?yàn)閹щ娮髽O板的存在已經(jīng)影響到帶電右極板單獨(dú)存在