四川省鄰水壇同中學2020年高考物理二輪選練題 (2)

1、四川鄰水壇同中學2020年高考物理二輪選練題（2）及答案 一、選擇題1、如圖所示，在一個傾角為的斜面上，有一個質量為m，帶負電的小球P(可視為點電荷)，空間存在著方向垂直斜面向下的勻強磁場，帶電小球與斜面間的摩擦力不能忽略，它在斜面上沿圖中所示的哪個方向運動時，有可能保持勻速直線運動狀態(tài)()Av1方向 Bv2方向Cv3方向Dv4方向解析：選C若小球的速度沿v1方向，滑動摩擦力與v1的方向相反，即沿圖中v3方向，由左手定則知，小球受到的洛倫茲力方向在斜面平面內(nèi)與v1垂直向下，重力的分力mgsin 沿斜面向下，則知球在斜面平面內(nèi)所受的合外力不為零，小球不可能做勻速直線運動，故A錯誤；同理可知B、D

2、錯誤；若小球的速度沿v3方向，滑動摩擦力與v3的方向相反，即沿圖中v1方向，由左手定則知，小球受到的洛倫茲力方向在斜面平面內(nèi)與v3垂直向上，即沿v2方向，重力的分力mgsin 沿斜面向下，則知斜面平面內(nèi)的合外力可能為零，小球有可能做勻速直線運動，故C正確。2、一個物體從靜止開始做勻加速直線運動，以T為時間間隔，在第三個T時間內(nèi)位移是3 m，第三個T時間末的瞬時速度為3 m/s，則()A物體的加速度是1 m/s2B第一個T時間末的瞬時速度為0.6 m/sC時間間隔T1 s x-k+/wD物體在第1個T時間內(nèi)的位移為0.6 m3、一位網(wǎng)球運動員以拍擊球，使網(wǎng)球沿水平方向飛出，第一只球落在自己一方場

3、地的B點，彈跳起來后，剛好擦網(wǎng)而過，落在對方場地的A點，如圖所示，第二只球直接擦網(wǎng)而過，也落在A點，設球與地面的碰撞沒有能力損失，其運動過程中阻力不計，則兩只球飛過網(wǎng)C處時水平速度之比為()A11B13C31 D19解析：選B兩種情況下拋出的高度相同，所以第一種情況下落到B點所用的時間等于第二種情況下落到A點所用時間，根據(jù)豎直上拋和自由落體的對稱性可知第一種情況下所用時間為t13t，第二種情況下所用時間為t2t，由于兩球在水平方向均為勻速運動，水平位移大小相等，設它們從O點出發(fā)時的初速度分別為v1、v2，由xv0t得v23v1，即，B正確。4、據(jù)美國宇航局消息，在距離地球40光年的地方發(fā)現(xiàn)了三

4、顆可能適合人類居住的類地行星，假設某天我們可以穿越空間到達某一類地行星，測得以初速度10 m/s豎直上拋一個小球可到達的最大高度只有1 m，而其球體半徑只有地球的一半，則其平均密度和地球的平均密度之比為(取g10 m/s2)()A52 B25C110 D1015、多選質量為400 kg的賽車在平直賽道上以恒定功率加速，受到的阻力不變，其加速度a和速度的倒數(shù)的關系如圖所示，則賽車()A速度隨時間均勻增大 B加速度隨時間均勻增大C輸出功率為160 kW D所受阻力大小為1 600 N解析：選CD由題圖可知，加速度變化，故做變加速直線運動，故A錯誤；a函數(shù)方程為a4，汽車做加速運動，速度增大，加速度

5、減小，故B錯誤；對汽車受力分析，受重力、支持力、牽引力和摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律，有：Ffma6、(多選)如圖3所示，小物塊以初速度v0從O點沿斜向上運動，同時從O點斜向上拋出一個速度大小也為v0的小球，物塊和小球在斜面上的P點相遇.已知物塊和小球質量相等，空氣阻力忽略不計，則()圖3A.斜面只能是粗糙的B.小球運動到最高點時離斜面最遠C.在P點時，小球的動能大于物塊的動能D.小球和物塊到達P點過程中克服重力做功的平均功率相等答案ACD解析把小球的速度分解到沿斜面方向和垂直斜面方向，則沿斜面方向的速度小于物塊的速度，若斜面光滑，則小球和物塊沿斜面方向的加速度相同，則不可能在P點相遇，所以斜面不

6、可能是光滑的，故A正確；當小球的速度方向與斜面平行時，離斜面最遠，此時豎直方向速度不為零，不是運動到最高點，故B錯誤；物塊在斜面上還受摩擦力做功，物塊的機械能減小，所以在P點時，小球的動能應該大于物塊的動能，故C正確；小球和物塊初末位置相同，則高度差相等，而重力相等，則重力做功相等，時間又相同，所以小球和物塊到達P點過程中克服重力做功的平均功率相等，故D正確.7、一平行板電容器兩極板之間充滿云母介質，接在恒壓直流電源上。若將云母介質移出，則電容器( )A極板上的電荷量變大，極板間電場強度變大B極板上的電荷量變小，極板間電場強度變大C極板上的電荷量變大，極板間電場強度不變D極板上的電荷量變小，極

7、板間電場強度不變解析：選D平行板電容器電容的表達式為C，將極板間的云母介質移出后，導致電容器的電容C變小。由于極板間電壓不變，據(jù)QCU知，極板上的電荷量變小。再考慮到極板間電場強度E，由于U、d不變，所以極板間電場強度不變，選項D正確。8、如圖所示，正六邊形abcdef區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面的勻強磁場。一帶正電的粒子從f點沿fd方向射入磁場區(qū)域，當速度大小為vb時，從b點離開磁場，在磁場中運動的時間為tb，當速度大小為vc時，從c點離開磁場，在磁場中運動的時間為tc。不計粒子重力。則()Avbvc12，tbtc21Bvbvc21，tbtc12Cvbvc21，tbtc21Dvbvc12，tbtc12

8、解析：選A如圖所示，設正六邊形的邊長為l，當帶電粒子的速度大小為vb時，其圓心在a點，軌道半徑r1l，轉過的圓心角1，當帶電粒子的速度大小為vc時，其圓心在O點(即fa、cb延長線的交點)，故軌道半徑r22l，轉過的圓心角2，根據(jù)qvBm，得v，故。由于T得T，所以兩粒子在磁場中做圓周運動的周期相等，又tT，所以。故選項A正確，選項B、C、D錯誤。二、非選擇題1、如圖8所示，長L1.5m，高h0.45m，質量M10kg的長方體木箱，在水平面上向右做直線運動.當木箱的速度v03.6m/s時，對木箱施加一個方向水平向左的恒力F50N，并同時將一個質量m1kg的小球輕放在距木箱右端處的P點(小球可視

9、為質點，放在P點時相對于地面的速度為零)，經(jīng)過一段時間，小球脫離木箱落到地面.木箱與地面的動摩擦因數(shù)為0.2，其他摩擦均不計.取g10m/s2，求：圖8(1)小球從離開木箱開始至落到地面所用的時間；(2)小球放上P點后，木箱向右運動的最大位移；(3)小球離開木箱時木箱的速度.答案(1)0.3s(2)0.9m(3)2.8m/s，方向向左解析(1)木箱上表面的摩擦不計，因此小球在離開木箱前相對地面處于靜止狀態(tài)，離開木箱后將做自由落體運動.由hgt2，得ts0.3s小球放上P點后，木箱向右運動的最大位移為0.9m.(3)x1小于1m，所以小球不會從木箱的左端掉下，木箱向左運動的加速度為a2m/s22

10、.8m/s2設木箱向左運動的距離為x2時，小球脫離木箱，則x2x1(0.90.5) m1.4m設木箱向左運動的時間為t2，則：由x2a2t得：t2s1s所以，小球離開木箱的瞬間，木箱的速度方向向左，大小為：v2a2t22.81m/s2.8 m/s.2、如圖8所示，在水平軌道右側安放一半徑為R的豎直圓形光滑軌道，水平軌道的PQ段鋪設特殊材料，調節(jié)其初始長度為L，水平軌道左側有一輕質彈簧左端固定，彈簧處于自然伸長狀態(tài)。小物塊A(可視為質點)從軌道右側以初速度v0沖上軌道，通過圓形軌道、水平軌道后壓縮彈簧并被彈簧以原速率彈回，經(jīng)水平軌道返回圓形軌道。已知R0.2 m，L1 m，v02 m/s，物塊A質量為m1 kg，與PQ段間的動摩擦因數(shù)0.2，軌道其他部分摩擦不計，取g10 m/s2。圖8(1)求物塊A與彈簧剛接觸時的速度大??；(2)求物塊A被彈簧以原速率彈回后返回到圓形軌道的高度；(3)調節(jié)PQ段的長度L，A仍以v0從軌道右側沖上軌道，當L滿足什么條件時，物塊A被彈簧彈回后能返回圓形軌道且能沿軌道運動而不脫離軌道？解析(1)設物塊A與彈簧剛接觸時的速度大小為v1，由動能定理可得mgLmvmv解得v12 m/s。(2)設物塊A被彈簧以原速率彈回后返回到圓形軌道的高度為h1，由動能定理可得mgLm