高考物理一輪復(fù)習(xí) 第11章 動(dòng)量守恒定律 第2講 動(dòng)量守恒定律及應(yīng)用課后限時(shí)訓(xùn)練 新人教版選修3-5(2021年最新整理)

1、2018版高考物理一輪復(fù)習(xí) 第11章 動(dòng)量守恒定律 第2講 動(dòng)量守恒定律及應(yīng)用課后限時(shí)訓(xùn)練 新人教版選修3-52018版高考物理一輪復(fù)習(xí) 第11章 動(dòng)量守恒定律 第2講 動(dòng)量守恒定律及應(yīng)用課后限時(shí)訓(xùn)練 新人教版選修3-5 編輯整理：尊敬的讀者朋友們：這里是精品文檔編輯中心，本文檔內(nèi)容是由我和我的同事精心編輯整理后發(fā)布的，發(fā)布之前我們對(duì)文中內(nèi)容進(jìn)行仔細(xì)校對(duì)，但是難免會(huì)有疏漏的地方，但是任然希望（2018版高考物理一輪復(fù)習(xí) 第11章 動(dòng)量守恒定律 第2講 動(dòng)量守恒定律及應(yīng)用課后限時(shí)訓(xùn)練 新人教版選修3-5）的內(nèi)容能夠給您的工作和學(xué)習(xí)帶來便利。同時(shí)也真誠的希望收到您的建議和反饋，這將是我們進(jìn)步的源泉

2、，前進(jìn)的動(dòng)力。本文可編輯可修改，如果覺得對(duì)您有幫助請(qǐng)收藏以便隨時(shí)查閱，最后祝您生活愉快 業(yè)績(jī)進(jìn)步，以下為2018版高考物理一輪復(fù)習(xí) 第11章 動(dòng)量守恒定律 第2講 動(dòng)量守恒定律及應(yīng)用課后限時(shí)訓(xùn)練 新人教版選修3-5的全部?jī)?nèi)容。7動(dòng)量守恒定律及應(yīng)用一、選擇題(本題共8小題，15題為單選，68題為多選)1.如圖所示，光滑的水平地面上有一輛平板車，車上有一個(gè)人。原來車和人都靜止。當(dāng)人從左向右行走的過程中(d)a人和車組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量不守恒b人和車組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒c人和車的速度方向相同d人停止行走時(shí)，人和車的速度一定均為零解析人和車組成的系統(tǒng)在水平方向上不受外力，動(dòng)量守恒,故a錯(cuò)誤.人和車組

3、成的系統(tǒng)，初狀態(tài)機(jī)械能為零,一旦運(yùn)動(dòng)，機(jī)械能不為零,可知人和車組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒,故b錯(cuò)誤。人和車組成的系統(tǒng)在水平方向上動(dòng)量守恒，總動(dòng)量為零，可知人和車的速度方向相反，當(dāng)人的速度為零時(shí)，車的速度也為零，故c錯(cuò)誤，d正確.2.如圖所示,在水平光滑桌面上有兩輛靜止的小車a和b。將兩車用細(xì)線拴在一起,中間有一被壓縮的彈簧。燒斷細(xì)線后至彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)的過程中(d)aa、b動(dòng)量變化量相同ba、b動(dòng)能變化量相同c彈簧彈力對(duì)a、b做功相同d彈簧彈力對(duì)a、b沖量大小相等解析由動(dòng)量守恒定律可知，a、b動(dòng)量變化量大小相等,方向相反，故a錯(cuò)誤；由動(dòng)量守恒定律得0mavambvb，由機(jī)械能守恒定律得epmavmbv

4、，解得a的末動(dòng)能ekamavep,ekbmbvep,如果a、b質(zhì)量不相等,則a、b動(dòng)能變化量不相同，由動(dòng)能定理可知，彈簧彈力對(duì)a、b做功也不相同，故b、c錯(cuò)誤；由動(dòng)量守恒定律得a、b動(dòng)量變化量大小相等，所以彈簧彈力對(duì)a、b沖量大小相等,故d正確。3一質(zhì)量為m的航天器，正以速度v0在太空中飛行，某一時(shí)刻航天器接到加速的指令后，發(fā)動(dòng)機(jī)瞬間向后噴出一定質(zhì)量的氣體，氣體噴出時(shí)速度大小為v1，加速后航天器的速度大小為v2,則噴出氣體的質(zhì)量m為(c)ammbmmcmmdmm解析規(guī)定航天器的速度方向?yàn)檎较颍蓜?dòng)量守恒定律可得mv0(mm)v2mv1，解得mm。故選c.4.一輛小車靜置于光滑水平面上。車的左

5、端固定有一個(gè)水平彈簧槍，車的右端有一個(gè)網(wǎng)兜.若從彈簧槍中發(fā)射出一粒彈丸，彈丸恰好能落入網(wǎng)兜中.從彈簧槍發(fā)射彈丸以后,下列說法中正確的是（a）a小車先向左運(yùn)動(dòng)一段距離然后停下b小車先向左運(yùn)動(dòng)又向右運(yùn)動(dòng)，最后回到原位置停下c小車一直向左運(yùn)動(dòng)下去d小車先向左運(yùn)動(dòng)，后向右運(yùn)動(dòng)，最后保持向右勻速運(yùn)動(dòng)解析車與彈丸組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，開始系統(tǒng)靜止，總動(dòng)量為零，發(fā)射彈丸后,彈丸動(dòng)量向右，由動(dòng)量守恒定律可知，車的動(dòng)量向左，車向左運(yùn)動(dòng)，從發(fā)射彈丸到彈丸落入網(wǎng)兜過程，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由于初動(dòng)量為零，則彈丸落入網(wǎng)兜后,系統(tǒng)總動(dòng)量為零,彈丸落入網(wǎng)兜后，車停止運(yùn)動(dòng),故a正確，b、c、d錯(cuò)誤。5。如圖所示，兩質(zhì)量分別為m1和

6、m2的彈性小球疊放在一起，從高度為h處自由落下,且h遠(yuǎn)大于兩小球半徑,所有的碰撞都是完全彈性碰撞，且都發(fā)生在豎直方向。已知m23m1，則小球m1反彈后能達(dá)到的高度為（d)ahb2hc3hd4h解析下降過程為自由落體運(yùn)動(dòng),觸地時(shí)兩球速度相同,v,m2碰地之后，速度瞬間反向，大小不變，選m1與m2碰撞過程為研究過程,碰撞前、后動(dòng)量守恒，設(shè)碰后m1、m2速度大小分別為v1、v2，選向上方向?yàn)檎较?，則m2vm1vm1v1m2v2.由機(jī)械能守恒定律得（m1m2)v2m1vm2v，且m23m1，聯(lián)立解得v12，v20。反彈后高度h4h，d正確.6質(zhì)量為m的小球a以速度v0在光滑水平面上運(yùn)動(dòng)，與質(zhì)量為2m

7、的靜止小球b發(fā)生對(duì)心碰撞，則碰撞后小球a的速度大小va和小球b的速度大小vb可能為(ac）avav0vbv0bvav0vbv0cvav0vbv0dvav0vbv0解析兩球發(fā)生對(duì)心碰撞，應(yīng)滿足動(dòng)量守恒及機(jī)械能不增加，且后面的小球不能與前面小球有第二次碰撞，故應(yīng)有mv0mva2mvb，mvmv2mv，vavb，代入驗(yàn)證知a、c正確.7如圖所示，一質(zhì)量為m的物塊甲以3m/s的速度在光滑水平面上運(yùn)動(dòng)，有一輕彈簧固定在其左端，另一質(zhì)量也為m的物塊乙以4m/s的速度與物塊甲在同一直線上相向運(yùn)動(dòng)，則(ad)a甲、乙兩物塊在彈簧壓縮過程中，系統(tǒng)動(dòng)量守恒b當(dāng)兩物塊相距最近時(shí)，甲物塊的速率為零c碰撞過程中，甲物塊

8、的速率可能為1m/s，也可能為5m/sd碰撞過程中，乙物塊的速率可能為2m/s，也可能為1.7m/s解析甲、乙兩物塊通過彈簧發(fā)生相互碰撞，三者組成的系統(tǒng)動(dòng)量和機(jī)械能守恒。當(dāng)兩物塊離開彈簧時(shí)交換速度，即甲的速度大小為4m/s，乙的速度大小為3m/s，且各自的速度方向與原來相反，故整個(gè)碰撞過程中甲、乙的速度均不可能大于4m/s，當(dāng)兩物塊相距最近時(shí)，速度相等且均為0.5m/s。8如圖所示,甲圖表示光滑平臺(tái)上，物體a以初速度v0滑到上表面粗糙的水平小車b上，車與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)不計(jì)，乙圖為物體a與小車b的vt圖象，由此可知(bc)a小車上表面長(zhǎng)度b物體a與小車b的質(zhì)量之比c物體a與小車b上表面間的

9、動(dòng)摩擦因數(shù)d小車b獲得的動(dòng)能解析由圖象可知，a、b最終以共同速度v1勻速運(yùn)動(dòng)，不能確定小車上表面長(zhǎng)度，故a錯(cuò)誤；由動(dòng)量守恒定律得mav0（mamb）v1,故可以確定物體a與小車b的質(zhì)量之比,故b正確；由圖象可知a相對(duì)小車b的位移xv0t1，根據(jù)動(dòng)能定理得magx（mamb）vmav，根據(jù)b項(xiàng)中求得的質(zhì)量關(guān)系，可以解出動(dòng)摩擦因數(shù)，故c正確；由于小車b的質(zhì)量無法求出，故不能確定小車b獲得的動(dòng)能，故d錯(cuò)誤.二、非選擇題9（2017安徽省高三階段性測(cè)試)有三塊質(zhì)量和形狀都相同的板a、b、c，其中板a放在板b上且兩端對(duì)齊,兩板作為整體一起以速度v0沿光滑水平面滑動(dòng)，并與正前方的板c發(fā)生碰撞,b與c發(fā)生碰

10、撞后粘在一起，當(dāng)板a從板b全部移到板c上后，由于摩擦，a相對(duì)c靜止且恰好兩端對(duì)齊。板a與板c間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，板a和板b間的摩擦忽略不計(jì)。求：（1)a相對(duì)c靜止時(shí)系統(tǒng)的速度大?。唬?）板的長(zhǎng)度l.答案（1）（2）解析（1）以板a、b、c為一個(gè)系統(tǒng)進(jìn)行研究，全過程動(dòng)量守恒，有2mv03mv2解得v2(2)b、c發(fā)生完全非彈性碰撞，有mv02mv1解得v1根據(jù)能量守恒定律，有wf解得wfa在c上滑動(dòng)時(shí)摩擦力按線性關(guān)系增大，所以做功大小為wf解得l10.如圖所示,在光滑的水平面上，質(zhì)量為m的小球a以速率v0向右運(yùn)動(dòng)時(shí)跟靜止的質(zhì)量為3m的小球b發(fā)生正碰,碰后a球的速率為。求碰后b球的速率。答案或解析小

11、球a、b在光滑的水平面上碰撞過程滿足動(dòng)量守恒，則當(dāng)a碰撞b后a的方向不變時(shí)有mv0m3mvb，解得vb。又mvm(）23mv,故vb符合題意。當(dāng)a碰撞b后a被反彈回來時(shí)有mv0m3mvb,解得vbv0。又mvm(）23mv，故vbv0符合題意。11(2017湖北荊州市中學(xué)質(zhì)檢）如圖所示，光滑的圓弧軌道豎直放置，半徑為r，底端與光滑的水平軌道相接,質(zhì)量為m2的小球b靜止在光滑水平軌道上,其左側(cè)連接了一輕質(zhì)彈簧，質(zhì)量為m1的小球a從d點(diǎn)以速度向右運(yùn)動(dòng)，重力加速度為g,試求：（1）小球a撞擊輕質(zhì)彈簧的過程中，彈簧最短時(shí)b球的速度是多少；(2）要使小球a與小球b能發(fā)生二次碰撞，m1與m2應(yīng)滿足什么關(guān)系。答案（1）（2）m1解析（1)當(dāng)兩球速度相等時(shí)彈簧最短,由動(dòng)量守恒定律得m1v0（m1m2）v1，解得v1。（2)由動(dòng)量守恒定律得m1v0m2v2m1v1。由能量守恒定律得m1vm2vm1v12。發(fā)生第二次碰撞的條件是v2v1,解得m1。12（2016山東濰坊一模)如圖所示，人站在滑板a上，以v03m/s的速度沿光滑水平面向右運(yùn)動(dòng)。當(dāng)靠近前方的橫桿時(shí)，人相對(duì)滑板豎直向上起跳越過橫桿，a從橫桿下方通過，與靜止的滑板b發(fā)生碰撞并粘在一起,之后人落到b上，與滑板一起運(yùn)動(dòng)。已知人、滑板a和滑板b的質(zhì)量分別為m人70kg、ma10kg和mb20kg，求：(1）a、b碰撞過程中，a對(duì)