2020年內(nèi)蒙古巴彥淖爾市中考物理模擬試卷(有答案解析

1、2020 年內(nèi)蒙古巴彥淖爾市中考物理模擬試卷題號(hào)一二三總分得分1.2.、單選題（本大題共 7 小題，共 21.0分） 與“立竿見影”現(xiàn)象原理相同的是（ A. 平靜湖邊，倒影可見 C. 林蔭樹下，光斑點(diǎn)點(diǎn) 下列說法正確的是（ A. B. C. D.）B. 山間小溪，D. 雨過天晴，清澈見底 彩虹出現(xiàn)3.）初春，冰雪消融是汽化現(xiàn)象 深秋，草葉上的白霜是凝華現(xiàn)象 盛夏，地面溫度升高，地面含有的熱量增多 嚴(yán)冬，搓手取暖是利用了熱傳遞增大內(nèi)能）下列說法正確的是（A.B.C.D.音叉在真空中振動(dòng)不會(huì)產(chǎn)生聲音 倒車?yán)走_(dá)是利用電磁波來探測車后障礙物的 滾擺在滾動(dòng)過程中運(yùn)動(dòng)狀態(tài)一定改變 熱機(jī)和電動(dòng)機(jī)在能量的轉(zhuǎn)化

2、方式上是相同的4.列圖示所涉及的物理知識(shí)正確的是（ ）A.如圖說明同種電荷相互排斥S極按如圖的方法使用測電筆可以辨別火線與零線5.如圖所示是艦載機(jī)飛離甲板的過程中，下列說法正確的是（第 14 頁，共 14 頁A. 飛機(jī)在跑道上滑行時(shí)若外力全部消失，會(huì)逐漸停下來B. 飛機(jī)起飛時(shí)加速助跑，可獲得更大的慣性，利于升空C. 飛機(jī)加速升空，動(dòng)能轉(zhuǎn)化為重力勢能，機(jī)械能增大D. 飛機(jī)飛離甲板后，艦艇底部受到水的壓強(qiáng)變小6. 如圖所示，拉力 F 為 5N，物體 A 以 0.1m/s 的速度在物體 B 表面向左做勻速直線運(yùn)動(dòng)（ B 表面足 夠長）；物體 B 靜止在地面上，受到地面水平向左 4N的摩擦力，彈簧測力

3、計(jì)示數(shù)為 12N下列 說法正確的是（ ）A. 物體 A 受到的摩擦力為 10NB. 拉力 F 的功率為 1.5WC. 滑輪組的機(jī)械效率為 80%D. 拉力 F 增大到 15N 時(shí)，物體 B開始向左運(yùn)動(dòng)7. 如圖所示，小燈泡 L 標(biāo)有” 6V3W”字樣（不計(jì)溫度對(duì)燈絲電阻的影 響），當(dāng) S閉合，滑動(dòng)變阻器滑片 P在最左端時(shí)， 小燈泡 L 正常發(fā)光； 當(dāng) S閉合， S1斷開，滑動(dòng)變阻器滑片 P在中點(diǎn)時(shí)，電流表的示數(shù)為 0.2A，下列說法正確的是（）A. 電源電壓為 9VB. 滑動(dòng)變阻器的最大阻值為 18C. 調(diào)節(jié)電路元件，可使電壓表達(dá)到的最大值為 4.5VD. 電路的最小功率與最大功率之比為 3：

4、 16二、計(jì)算題（本大題共 2 小題，共 18.0分）8. 如圖所示是某溫控裝置的簡化電路圖，工作電路由電壓為 220V 的電源和阻值 R=88的電熱絲 組成； 控制電路由電源、 電磁鐵（線圈電阻 R0=20）、開關(guān)、 滑動(dòng)變阻器 R2（取值范圍 080） 和熱敏電阻 R1組成； R1阻值隨溫度變化的關(guān)系如下表所示，當(dāng)控制電路電流I 5m0 A時(shí)，銜鐵被吸合切斷工作電路；當(dāng)控制電路電流 I40mA 時(shí)，銜鐵被釋放接通工作電路。溫度 /90806660504640363534R1/ 1020405070801001201301501）工作電路正常工作時(shí)， R在 1min 內(nèi)產(chǎn)生的熱量是多少？2）

5、當(dāng)溫度為 60，滑動(dòng)變阻器 R2=50 時(shí)，銜鐵恰好被吸合，控制電路的電源電壓是多少？3）若控制電路電源電壓不變，此裝置可控制的溫度最大范圍是多少？4）R2 的阻值。9. 圓柱形容器置于水平地面（容器重忽略不計(jì)），容器的底面積為0.2m2，內(nèi)盛 30cm 深的水。 現(xiàn)將一個(gè)底面積 400cm2、體積 4000cm3 均勻?qū)嵭膱A柱體放入其中。如圖甲所示，物體漂浮在水面，其浸 入水中的深度為 5cm ；當(dāng)再給物體施加一個(gè)豎直向下大小不變的 力 F 以后，物體最終恰好浸沒于水中靜止，如圖乙所示。水=1.0 103kg/m3，g 取 10N/kg）則：（ 1）物體受到的重力是多少？（ 2）物體浸沒水中

6、靜止時(shí)容器對(duì)地面的壓強(qiáng)是多少？（ 3）從物體漂浮水面到浸沒水中靜止的過程中壓力F 做了多少功？三、實(shí)驗(yàn)探究題（本大題共 4小題，共 21.0 分）10. 在”觀察水的沸騰”實(shí)驗(yàn)中，如圖甲所示，在燒瓶中加入200g 水，加熱并從 90開始記錄溫度，每隔 1min 記錄一次溫度計(jì)的示數(shù)，直到水沸騰一段時(shí)間為止。數(shù)據(jù)記錄表格如下：記錄次數(shù)第一次第二次第三次第四次第五次第六次第七次溫度 /90929495989898（ 1 ）水在沸騰過程中吸收熱量，溫度 。（ 2）水沸騰時(shí)，瓶口不斷冒出”白氣”，該現(xiàn)象的物態(tài)變化名稱是。（ 3）若不考慮水的質(zhì)量損失， 從開始記錄溫度到水剛沸騰的過程中， 水吸收的熱量為

7、 Jc水 =4.2 103J/（ kg?）。（ 4）完成實(shí)驗(yàn)后，移走酒精燈，當(dāng)水停止沸騰時(shí)，用連有注射器的橡皮塞塞住燒瓶口，然后向 外拉注射器活塞，如圖乙所示，會(huì)看到燒瓶中的水重新沸騰起來，這是因?yàn)?。11. 在研究”凸透鏡成像規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)中：（ 1）蠟燭、凸透鏡、光屏在光具座上的位置如圖所示，恰能在光憑上得到一個(gè)清晰的倒立，等 大的實(shí)像，則凸透鏡的焦距為 cm。（ 2）保持蠟燭與凸透鏡位置不變，換用一個(gè)不同焦距的凸透鏡，將光憑向右移動(dòng)才能重新得到 清晰的像，此時(shí)像 （選填“變大”“變小”或“不變”），換用的凸透鏡焦距可能為A. 10.0cmB .20.0cmC .30.0cmD .35.0c

8、m3）將圖中的凸透鏡換成玻璃板后光屏上的像消失了，原因是12. 如圖是“利用杠桿測量石塊密度”的實(shí)驗(yàn)。（水=1.0 103kg/m3）（ 1）在實(shí)驗(yàn)前，杠桿靜止在圖甲所示的位置， 此時(shí)杠桿處于 （選填“平衡”或“不平衡”）狀態(tài)；要使杠桿在水平位置平衡，應(yīng)將平衡螺母向 調(diào)節(jié)，這樣做的目的是 ，并消除杠桿自重對(duì)實(shí)驗(yàn)的影響。2）在溢水杯中裝滿水，如圖乙所示，將石塊緩慢浸沒在水中，讓溢出的水流入小桶A 中，此時(shí)小桶 A 中水的體積 石塊的體積。（ 3）將石塊從溢水杯中取出，擦干后放入另一相同小桶B 中，將裝有水和石塊的 A、 B 兩個(gè)小桶分別掛在調(diào)好的杠桿兩端，移動(dòng)小桶在杠桿上的位置，直到杠桿在水平位

9、置回復(fù)平衡，如圖 丙所示。此時(shí)小桶 A、B 的懸掛點(diǎn)距支點(diǎn) O 分別為 13cm 和 5cm，若不考慮小桶重力，則石塊密 度的測量值為 kg/m3；若考慮小桶重力，石塊的實(shí)際密度將比上述測量值 。13. 在測量小燈泡的電功率時(shí)，電源電壓為3V，小燈泡上標(biāo)有“ 2.5V”字樣。（ 1）在如圖甲所示的電路中，閉合開關(guān)移動(dòng)滑片，發(fā)現(xiàn)小燈泡不亮，電流表無示數(shù)，電壓表有 示數(shù)，原因是 ，經(jīng)分析有一根導(dǎo)線鏈接錯(cuò)誤，請(qǐng)?jiān)谶B接錯(cuò)誤的導(dǎo)線上打“ ”，并補(bǔ)畫出一根導(dǎo)線連接成正確的電路。（ 2）電路連接正確后，從滑動(dòng)變阻器接入電路的最大阻值開始記錄數(shù)據(jù)，得到小燈泡的I-U 圖象如圖乙所示，則小燈泡的額定功率是 W由

10、圖可知，小燈泡的實(shí)際功率隨實(shí)際電壓的增大而 ，滑動(dòng)變阻器的規(guī)格應(yīng)選擇 。A. 10 A1B .15 A1C .25 A1D .30 A1（ 3）有同學(xué)認(rèn)為利用該電路還可以探究出導(dǎo)體中電流和導(dǎo)體兩端電壓成正比，你認(rèn)為這種說法 （選填“合理”或“不合理”），理由是 。答案與解析1. 答案： C解析： 解：“立竿見影”是由于光的直線傳播形成的。A、平靜的湖面相當(dāng)于平面鏡，倒影屬于平面鏡成像，是利用光的反射，故A 不符合題意；B、小溪底部反射的光線從水中斜射出后，發(fā)生了折射，然后進(jìn)入人的眼睛，人看到的小溪的底部是 變淺的，故 B 不符合題意。C、林蔭樹下，光斑點(diǎn)點(diǎn)，是由于光的直線傳播形成的，與“小孔成

11、像”形成原因相同。故C 符合題意。D、雨過天晴，天空出現(xiàn)美麗的彩虹，是光的色散現(xiàn)象，即光的折射，故D 不符合題意；故選： C。光在自然界中存在三種光現(xiàn)象：（1）光在同種均勻物質(zhì)中沿直線傳播，在日常生活中，激光準(zhǔn)直、小孔成像和影子的形成等都表明 光在同一種均勻介質(zhì)中是沿直線傳播的；（ 2）當(dāng)光照射到物體界面上時(shí)，有一部分光被反射回來，例如：平面鏡成像、水中倒影等； （3）當(dāng)光從一種介質(zhì)斜射入另一種介質(zhì)時(shí)，傳播方向的會(huì)偏折，發(fā)生折射現(xiàn)象，如：看水里的魚比 實(shí)際位置淺等。此題通過幾個(gè)日常生活中的現(xiàn)象考查了對(duì)光的折射、光的直線傳播、光的反射的理解，在學(xué)習(xí)過程 中要善于利用所學(xué)知識(shí)解釋有關(guān)現(xiàn)象。2. 答

12、案： B解析： 解： A、初春，冰雪消融，由固態(tài)變成液態(tài)，屬于熔化現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；B、深秋，草葉上的白霜是空氣中的水蒸氣遇冷凝結(jié)成的小冰晶，屬于凝華現(xiàn)象，故B 正確；C、熱量是過程量，不能說含有熱量，只能說吸收，所以盛夏地面溫度升高，不能說地面含有的熱量 增多，故 C 錯(cuò)誤；D、嚴(yán)冬，搓手取暖是克服摩擦力做功機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，內(nèi)能增加，溫度升高，是利用了做功增 大內(nèi)能，故 D 錯(cuò)誤。故選： B。（ 1）物質(zhì)由氣態(tài)直接變?yōu)楣虘B(tài)叫凝華，物質(zhì)由固態(tài)直接變?yōu)闅鈶B(tài)叫升華；由氣態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)叫液化， 由液態(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)叫汽化；由固態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)叫熔化，由液態(tài)變?yōu)楣虘B(tài)叫凝固；（ 2）熱量是過程量，應(yīng)用吸收或放出來修飾；

13、（ 3）做功和熱傳遞都能改變物體的內(nèi)能。 分析生活中的熱現(xiàn)象屬于哪種物態(tài)變化，關(guān)鍵要看清物態(tài)變化前后，物質(zhì)各處于什么狀態(tài)；另外對(duì) 六種物態(tài)變化的吸熱和放熱情況也要有清晰的認(rèn)識(shí)。3. 答案： C解析： 解： A、音叉在真空中振動(dòng)會(huì)產(chǎn)生聲音，只是真空不能傳播聲音，故A錯(cuò)誤；B、倒車?yán)走_(dá)是利用超聲波回聲定位的原理來探測車后障礙物的，故B 錯(cuò)誤；C、滾擺在滾動(dòng)過程中，其速度大小、方向都會(huì)發(fā)生改變，所以其運(yùn)動(dòng)狀態(tài)一定改變，故C 正確；D、熱機(jī)將內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能；電動(dòng)機(jī)將電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，所以二者的能量轉(zhuǎn)化方式不同，故D錯(cuò)誤。故選： C。（ 1）聲音是由物體振動(dòng)產(chǎn)生的，聲音的傳播需要介質(zhì)；（2）倒車?yán)走_(dá)利

14、用了超聲波回聲定位的原理；（ 3）運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的改變包括速度和方向的改變；（ 4）熱機(jī)將內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能；電動(dòng)機(jī)將電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能。 本題考查了聲音的產(chǎn)生與傳播、超聲波的應(yīng)用、運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的理解、熱機(jī)與電動(dòng)機(jī)的能量轉(zhuǎn)化等，有 一定綜合性，但難度不大。4. 答案： A解析： 解：A、絲綢摩擦過的玻璃棒帶正電，玻璃棒相互排斥，說明同種電荷相互排斥，故A 正確；B、電源的右端為正極，由安培定則可知，螺線管的右端為S極，左端為 N 極，故小磁針的右端為 S極，左端為 N 極，故 B 錯(cuò)誤；C、電動(dòng)機(jī)原理是根據(jù)通電導(dǎo)體在磁場中受到磁力作用而轉(zhuǎn)動(dòng)，故C 錯(cuò)誤；D、使用試電筆時(shí)，手應(yīng)接觸筆尾的金屬體，這樣才能正確辨

15、別火線和零線，故D 錯(cuò)誤。故選： A。（ 1）絲綢摩擦過的玻璃棒帶正電；（2）根據(jù)安培定則可以判斷；（ 3）電動(dòng)機(jī)原理是根據(jù)通電導(dǎo)體在磁場中受到磁力作用而轉(zhuǎn)動(dòng)；（4）根據(jù)試電筆的使用方法分析。 本題考查電荷之間的相互作用，安培定則，電動(dòng)機(jī)原理，以及測電筆的使用，是一道綜合題。5. 答案： D解析： 解：A、當(dāng)飛機(jī)在跑道上滑行時(shí)若外力全部消失，根據(jù)牛頓第一定律他將會(huì)作向上的勻速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B、慣性大小只跟物體的質(zhì)量大小有關(guān)，跟物體是否受力、是否運(yùn)動(dòng)、運(yùn)動(dòng)速度等都沒有關(guān)系，故飛 機(jī)起飛時(shí)加速助跑，是為了獲得更大的動(dòng)能，利于升空，不能增大慣性，故 B 錯(cuò)誤；C、飛機(jī)加速升空，質(zhì)量不變，速度和

16、高度都增加，故動(dòng)能和重力勢能都變大，動(dòng)能沒有轉(zhuǎn)化為重力 勢能，故 C 錯(cuò)誤；D、飛機(jī)飛離甲板后，艦艇總重力減小，浮力減小，艦艇排開水的體積減小，所以艦艇底部的深度 減小，其受到水的壓強(qiáng)會(huì)變小，故 D 正確。故選： D。（1）根據(jù)牛頓第一定律，當(dāng)物體不受力時(shí)，將處于靜止?fàn)顟B(tài)或勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，若物體原來是運(yùn) 動(dòng)的，不受力將保持原來的速度做勻速直線運(yùn)動(dòng)；（2）慣性是物體的固有屬性，它指的是物體能夠保持原來的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的一種性質(zhì)，慣性大小與物體 的質(zhì)量有關(guān)，質(zhì)量越大，慣性越大；（ 3）影響動(dòng)能的影響因素是物體的質(zhì)量和物體運(yùn)動(dòng)的速度，影響重力勢能的因素是物體的質(zhì)量和物體的高度，其中動(dòng)能和勢能統(tǒng)稱為機(jī)械能

17、。在分析各個(gè)能量的變化時(shí)，根據(jù)各自的影響因素進(jìn)行分 析；（4）漂浮物體的浮力始終等于自身重力，判斷出重力的變化情況，即可得知浮力如何變化，進(jìn)而判 斷出排開水的體積變化、艦艇底部所處深度變化，再根據(jù)液體壓強(qiáng)特點(diǎn)判斷壓強(qiáng)變化。 本題借助艦載機(jī)飛離甲板這個(gè)場景，考查相關(guān)的物理知識(shí)，綜合性較強(qiáng)，注重了物理和生活的聯(lián)系， 是中考的熱點(diǎn)。6. 答案： C解析： 解：A、物體 B靜止在地面上，所以受力平衡；水平方向上物體B 受到向右的彈簧拉力、地面對(duì)它向左的摩擦力和物體 A 對(duì)它向左的摩擦力，所以兩個(gè)摩擦力之和為12N，即 fAB+4N=12N，則 fAB=8N；根據(jù)相互作用力的知識(shí)可知，物體 A受到的摩擦

18、力為 f=fAB=8N；故 A 錯(cuò)誤；B、由圖知，水平使用滑輪組， n=2 ，拉力端移動(dòng)速度 v=2v 物=20.1m/s=0.2m/s，則拉力做功的功率： P= = =Fv=5N0.2m/s=1W；故 B 錯(cuò)誤；C、滑輪組的機(jī)械效率： = 100%=80% ，故 C 正確；D、若拉力 F增大到 15N時(shí)， A在運(yùn)動(dòng)過程中， A對(duì) B的壓力不變、接觸面的粗糙程度不變，則 A 和 B 之間的摩擦力不變，所以物體 B 的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)不會(huì)改變，即物體 B 仍然靜止，不會(huì)向左運(yùn)動(dòng)，故 D 錯(cuò)誤。故選： C。（1）由圖知，水平使用滑輪組， n=2，拉力端移動(dòng)速度等于物體 A移動(dòng)速度的 2倍，利用 P=Fv

19、求 拉力做功功率；（2）物體 B靜止在地面上，受到水平向左 4N 的摩擦力，彈簧測力計(jì)示數(shù)為12N，由此可求得物體A 受到的摩擦力；（ 3）滑輪組的機(jī)械效率 = 100%。此題考查了滑輪組的機(jī)械效率、摩擦力的分析及力的合成的應(yīng)用等，解決此題的關(guān)鍵是對(duì)每個(gè)物體 進(jìn)行正確的受力分析，搞清楚各個(gè)力之間的關(guān)系。7. 答案： D解析： 解：A、當(dāng) S閉合，滑動(dòng)變阻器滑片 P在最左端時(shí)，為燈的簡單電路，小燈泡 L 正常發(fā)光，故 電源電壓為 6V；A 錯(cuò)誤；B、根據(jù) P= ，燈的電阻：R= = =12；R= = =12 ；當(dāng) S閉合， S1斷開，滑動(dòng)變阻器滑片 P 在中點(diǎn)時(shí)，變阻器與燈串聯(lián)，電流表測電路的電

20、流，電流表 的示數(shù)為 0.2A，由歐姆定律，燈的電壓為： U 燈=IR=0.2A 12 =2V.4， 根據(jù)串聯(lián)電路的規(guī)律和歐姆定律，變阻器連入電阻的大?。篟 滑=18 ；故滑動(dòng)變阻器的最大阻值為：2 18 =36B 錯(cuò)誤；C、若電壓表達(dá)到的最大值為 4.5V ，則燈的電壓為 6V-4.5V=1.5V，變阻器的電壓為燈的電壓的 =3倍，根據(jù)分壓原理，變阻器的電阻為：312=36，即將變阻器的最大電阻連入電路中，使電壓表達(dá)到的最大值為 4.5V，C 正確；D、燈的額定電流為：IL= = =0.5A，即電路中的最大電流，故電路的最大功率為：P大=UIL=6V0.5A=3W；根據(jù) P= ，當(dāng)電路的電阻

21、最大時(shí)功率最小，根據(jù)電阻的串聯(lián)，電阻的最大電阻：R 串聯(lián)=36 +6 =42，故最小功率為：=P小電路的最小功率與最大功率之比為：W： 3W=2：7， D 錯(cuò)誤。故選： D。A、當(dāng) S閉合，滑動(dòng)變阻器滑片 P在最左端時(shí)， 為燈的簡單電路， 小燈泡 L正常發(fā)光， 可知電源電壓；B、根據(jù) P= 得出燈的電阻：當(dāng) S閉合， S1斷開，滑動(dòng)變阻器滑片 P 在中點(diǎn)時(shí)，變阻器與燈串聯(lián)，電流表測電路的電流，由歐姆 定律，得出燈的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路的規(guī)律和歐姆定律求出變阻器連入電阻的大小，從而得出滑動(dòng) 變阻器的最大阻值；C、若電壓表達(dá)到的最大值為 4.5V，根據(jù)串聯(lián)電路電壓的規(guī)律和分壓原理求出變阻器的電阻分析

22、；D、根據(jù) P=UI 得出燈的額定電流即電路中的最大電流，根據(jù)P=UI 求出電路的最大功率；根據(jù) P= ，當(dāng)電路的電阻最大時(shí)功率最小，根據(jù)電阻的串聯(lián)得出電阻的最大電阻，從而得出最小功 率，最后求出電路的最小功率與最大功率之比。 本題考查串聯(lián)電路的規(guī)律及歐姆定律和電功率公式的運(yùn)用，關(guān)鍵是電路的分析。8. 答案： 解：（1）工作電路由電壓為 220V 的電源和阻值 R=88的電熱絲組成， 則 R 在 1min 內(nèi)產(chǎn)生的熱量：4Q= t=160s=3.3 104J；（ 2）當(dāng)溫度為 60時(shí)，由表格數(shù)據(jù)可知 R1=50， 已知此時(shí)滑動(dòng)變阻器 R2=50 ，則控制電路的總電阻為：R=R1+R2+R0=5

23、0 +50 +20 =120， 此時(shí)銜鐵恰好被吸合，則控制電路的電流I =50mA=0.05A，由歐姆定律可得，控制電路的電源電壓：U=IR=0.05A120 =V6；（3）當(dāng)控制電路電流 I 50mA 時(shí)，銜鐵被吸合切斷工作電路，由歐姆定律可得，控制電路的總電阻 最大為：R 大= =120 ，滑動(dòng)變阻器 R2（取值范圍 0 80）的最大電阻為 80，根據(jù)串聯(lián)電阻的規(guī)律，熱敏電阻R1的阻值最小（此時(shí)溫度最高）：R1=R 大-R2-R0=120-80-20 =20，由表中數(shù)據(jù)知可控制的最高溫度為80；當(dāng)控制電路電流 I40mA 時(shí)，銜鐵被釋放接通工作電路，由歐姆定律，控制電路的總電阻最小為：R

24、小= =150 ，滑動(dòng)變阻器 R2的最小電阻為 0時(shí)，根據(jù)串聯(lián)電阻的規(guī)律， 熱敏電阻 R1的阻值最大 （此時(shí)溫度最低）R1=150-20 =130，由表中數(shù)據(jù)知可控制的最低溫度為35；所以，若控制電路電源電壓不變，此裝置可控制的溫度最大范圍是35 80；（ 4）要想要該裝置所控制的最高溫度降低一些，即熱敏電阻R1的阻值增大，因吸合時(shí)的電流不變，由歐姆定律可知，控制電路的總電阻不變，故應(yīng)減小R2 的最大阻值。答：（ 1）工作電路正常工作時(shí)， R在 1min 內(nèi)產(chǎn)生的熱量是 3.3 104J；（ 2）當(dāng)溫度為 60，滑動(dòng)變阻器 R2=50時(shí)，銜鐵恰好被吸合，控制電路的電源電壓是6V；（3）若控制電

25、路電源電壓不變，此裝置可控制的溫度最大范圍是35 80；（4）要想要該裝置所控制的最高溫度降低一些，應(yīng)減小R2 的最大阻值。解析： （1）工作電路的電壓電熱絲阻值大小，根據(jù)Q= t 求出在 1min 內(nèi)產(chǎn)生的熱量：（2）根據(jù)電阻的串聯(lián)求出電路的總電阻，銜鐵恰好被吸合，得出控制電路電流，由歐姆定律得出控 制電路的電源電壓；（3）當(dāng)控制電路電流 I 50mA 時(shí)，銜鐵被吸合切斷工作電路，由歐姆定律求出電路的最大總電阻； 滑動(dòng)變阻器 R2取值范圍 0 80，根據(jù)串聯(lián)電阻的規(guī)律求出最小的熱敏電阻最小（溫度最高），由 表中數(shù)據(jù)知可控制的最高溫度；當(dāng)控制電路電流 I40mA 時(shí)，銜鐵被釋放接通工作電路，由

26、歐姆定律得出電路的總電阻最??； 滑動(dòng)變阻器 R2（取值范圍 0 80）的最小電阻為 0，根據(jù)串聯(lián)電阻的規(guī)律求出熱敏電阻最大，從而 得出最低溫度；（4）要想要該裝置所控制的最高溫度降低一些，即熱敏電阻增大，因電流不變，由歐姆定律，總電 阻不變，據(jù)此分析。本題考查串聯(lián)電路的規(guī)律及歐姆定律的運(yùn)用、及電熱公式的和電磁鐵的運(yùn)用，關(guān)鍵是從題中獲取有 效的信息。9. 答案： 解：（ 1）物體排開水的體積： V 排=Sh浸=40010-4m2510-2m=210-3m3， 則物體所受的浮力： F浮=水gV排=1.0 103kg/m310N/kg210-3m3=20N， 由題可知，物體漂浮在水面上，則物體重力：

27、G=F 浮=20 N；（ 2）容器內(nèi)水的體積： V 水=h水S容=0.3m0.2m2=0.06m3，水的重力： G水=水V水g=1.0 103kg/m30.06m310N/kg=600N， 根據(jù)阿基米德原理，圓柱體全部浸入時(shí)，受到的浮力：F 浮全=水 gV 排全=1.0 103kg/m310N/kg410-3m3=40 N， 當(dāng)再給物體施加一個(gè)豎直向下大小不變的力 F 以后，物體最終恰好浸沒于水中靜止， 根據(jù)力的平衡條件可得，施加的向下壓力：F=F 浮全 -G=40N-20N=20N； 則容器對(duì)支持面的壓力為：F 總=G 水+G+F=600N+20N+20N=640N； 物體浸沒水中靜止時(shí)容器

28、對(duì)地面的壓強(qiáng)是：p= =3200 Pa；（ 3）物體的底面積 400cm2、體積 4000cm3，則均勻?qū)嵭膱A柱體的高度：h 物=10cm；故圓柱體露出水面的高度為：h 露 =10cm-5cm=5cm ，從圓柱體漂浮于水面到恰好浸沒于水中靜止時(shí)，設(shè)水面上升的高度為h， 則有： V 排=S容 h， 即： 4000cm3- 4000cm3=h2000cm3，解得 h=1cm，則從圓柱體漂浮于水面到恰好浸沒于水中靜止時(shí)，力 F 向下運(yùn)動(dòng)的距離： h=h 露 -h=5 cm-1cm=4 cm，則力 F 做的功：W=Fh=20N0.04m=0.8J。答：（ 1）物體受到的重力是 20N；（ 2）物體浸沒

29、水中靜止時(shí)容器對(duì)地面的壓強(qiáng)是 3200Pa；（ 3）從物體漂浮水面到浸沒水中靜止的過程中壓力 F 做了 0.8J 的功。解析： （ 1）已知浸入水中的木塊體積（排開水的體積），利用阿基米德原理求所受浮力，由于物塊 漂浮在水面上，根據(jù)漂浮條件可知物塊的重力；（ 2）根據(jù)體積公式求出容器內(nèi)水的體積，根據(jù)G 水=水 V 水 g 求出水的重力；圓柱體全部浸入時(shí)，根據(jù)阿基米德原理得出受到的浮力，根據(jù)力的平衡求出物體最終恰好浸沒于水中靜止給物體施加一個(gè)豎直向下大小不變的力 F 大小，從而則容器對(duì)支持面的壓力；根據(jù) p= 求出 物體浸沒水中靜止時(shí)容器對(duì)地面的壓強(qiáng)；（3）根據(jù)體積公式得出均勻?qū)嵭膱A柱體的高度，

30、從而得出圓柱體露出水面的高度； 設(shè)從圓柱體漂浮水面到浸沒水中靜止過程中水面上升的高度為h，根據(jù)增加的排開水的體積列方程求出h；最終得出從圓柱體漂浮水面到浸沒水中靜止過程中，力F向下運(yùn)動(dòng)的距離，根據(jù) W=Fh 求出力 F 做的功。本題考查了壓強(qiáng)、重力公式公式和阿基米德原理、物體浮沉條件、做功公式的應(yīng)用，最后一問難度 較大，關(guān)鍵是求出從圓柱體漂浮水面到浸沒水中靜止過程中，力 F 向下運(yùn)動(dòng)的距離。10. 答案： （ 1）保持不變；（ 2）液化；（ 3） 6.72 103；（ 4）瓶內(nèi)氣壓減小，水的沸點(diǎn)降低。解析： 解：（ 1）水在沸騰時(shí)，吸收熱量，溫度保持不變；（2）燒杯口有大量的“白氣”不斷冒出，

31、這些“白氣”是水蒸氣遇冷液化形成的小水滴；（3）不考慮水的質(zhì)量損失，從開始加熱到水剛沸騰的過程中水吸收的熱量：Q吸=cm（ t-t0） =4.2 103J/（kg?）0.2kg（98-90）=6.72 103J。（4）待水沸騰后，移去酒精燈，水停止沸騰。過一會(huì)兒，將注射器接到燒瓶口上，如圖丙所示，然 后向外拉注射器活塞，這是從瓶內(nèi)向外抽氣，瓶內(nèi)氣壓減小，水的沸點(diǎn)降低，所以看到水重新沸騰。 故答案為：（ 1）保持不變；（ 2）液化；（ 3） 6.72 103；（ 4）瓶內(nèi)氣壓減小，水的沸點(diǎn)降低。（1）水沸騰前，吸收熱量，溫度升高；沸騰時(shí)，吸熱溫度不變。（ 2）物體由氣態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)是液化；（ 3）已

32、知水的比熱容、質(zhì)量和溫度的變化量，根據(jù)吸熱公式Q 吸=cmt即可計(jì)算出水吸收的熱量。（4）液體的沸點(diǎn)跟氣壓有關(guān)，氣壓增大，沸點(diǎn)升高；氣壓減小，沸點(diǎn)降低。 此題考查水沸騰的特點(diǎn)，以及沸點(diǎn)與氣壓的關(guān)系，是熱學(xué)的重點(diǎn)實(shí)驗(yàn)，應(yīng)注意掌握。11. 答案： 15.0 變大 B 平面鏡成虛像，無法呈在光屏上解析： 解： （1）當(dāng) u=50.0cm-20.0cm=30cm 時(shí)，在另一側(cè)距凸透鏡 30cm處的光屏上可以得到一個(gè)與 蠟燭等大的像，所以 2f=30.0cm，即 f=15.0cm。（2）保持蠟燭與凸透鏡位置不變，換用不同焦距的凸透鏡，將光屏向右移動(dòng)重新得到清晰的像，根 據(jù)凸透鏡成實(shí)像時(shí)，物近像遠(yuǎn)像變大的

33、特點(diǎn)可知，物距減小了，換用焦距大的凸透鏡，相當(dāng)于減小 了物距，故換用的凸透鏡焦距是 BCD ，不是 A；若用的是 C，焦距是 30cm，則蠟燭正好在焦點(diǎn)上， 不成像，若用的是 Dcm，則蠟燭正好在 1倍焦距內(nèi)，成倒正立放大的虛像，故B 符合題意；（3）將圖中的凸透鏡換成玻璃板后光屏上的像消失了，原因是平面鏡成虛像，所以在光屏上不能得 到蠟燭的像。故答案為：（ 1）15.0；（ 2）變大； B；（ 3）平面鏡成虛像，無法呈在光屏上。（1）當(dāng)物距等于 2 倍焦距時(shí)成等大的倒立的實(shí)像，求出焦距。（2）根據(jù)凸透鏡成實(shí)像時(shí)，物近像遠(yuǎn)像變大的特點(diǎn)進(jìn)行判斷； 換用焦距大的凸透鏡，相當(dāng)于減小了物距，然后用排除

34、法分析。（ 3）平面鏡成像特點(diǎn)，像和物體的大小相等為虛像，虛像不可以成在光屏上。 此題考查了凸透鏡成像規(guī)律的應(yīng)用，要熟練掌握凸透鏡成像的特點(diǎn)與物距、像距之間的關(guān)系，做到 靈活應(yīng)用，其中（ 2）題是難點(diǎn)。12. 答案： （ 1）平衡；右；便于從杠桿上測量力臂；（2）等于；（3）2.6103；偏大。解析： 解：（ 1）杠桿靜止在如圖甲所示位置，杠桿處于靜止?fàn)顟B(tài)，所以此時(shí)杠桿處于平衡狀態(tài)； 調(diào)節(jié)杠桿在水平位置平衡，目的是便于從杠桿上測量力臂，同時(shí)是為了讓杠桿的重心在支點(diǎn)上，可 避免杠桿自重的影響；杠桿的右端上翹，平衡螺母向上翹的右端移動(dòng)； （2）在溢水杯中裝滿水，如圖乙所示，將石塊緩慢浸沒在水中，讓溢出的水流入小桶A 中，此時(shí)小桶 A 中水的體積等于石塊的體積；（3）將裝有水和石塊的 A、B 兩個(gè)小桶分別掛在調(diào)好的杠桿兩端，移動(dòng)小桶在杠桿上的位置，直到 杠桿在水平位置回復(fù)平衡，如圖丙所示。此時(shí)小桶A、B 的懸掛點(diǎn)距支點(diǎn) O分別為 13cm和 5cm，若不考慮小桶重力，根據(jù)杠桿平衡條件可知，G石L1=G 水L2， 即 m 石gL1=m 水gL2， 石V 石gL 1=水V 水gL2， 石V 石L1=水V 水L2， 因?yàn)榈钩龅乃捏w積就是石塊的體積，即 V 石=V 水， 則石塊的密度 石= ?水= 1103kg/m3=2.6