2019春山東省日照市高一(下)期末物理試卷(解析版)

1、2019 春山東省日照市高一（下）期末物理試卷一、單選題（本大題共8 小題，共24.0 分）1.下列關于點電荷的說法，正確的是（）A. 只有體積很小的帶電體才可看成點電荷B. 體積很大的帶電體一定不是點電荷C. 任何帶電體 ,都可以看成是電荷全部集中于球心的點電荷D. 當兩個帶電體的形狀和大小對相互作用力的影響可忽略時,這兩個帶電體可看成點電荷2.避雷針能夠避免建筑物被雷擊的原因是（）A. 云層中的電荷被避雷針通過導線導入大地B. 云層與避雷針發(fā)生摩擦 ,避雷針上產(chǎn)生的電荷被導入大地C. 避雷針的尖端向云層放電 ,中和了云層中的電荷D. 以上說法都不對3.使用多用表的歐姆檔測導體電阻時，如果兩

2、手同時分別接觸兩表筆的金屬桿，則造成測量值（）A. 比真實值大B. 比真實值小C. 與真實值相等D. 可能比真實值大 ,也可能小4.關于曲線運動，下面敘述正確的是（）A. 變速運動一定是曲線運動B. 曲線運動一定是變速運動C. 物體做曲線運動時 ,所受外力的合力可能與速度方向在同一條直線上D. 物體做曲線運動時 ,所受外力的合力一定是變力5.如圖所示，把物體從高為H 的桌面上方h 處自由釋放，取桌面為零勢能面，當物體落地時的機械能是（）A. mghB.C.D.6. 兩個點電荷相距為 d，相互作用力大小為 F；保持兩點電荷電荷量不變，改變它們之間的距離，使之相互作用力大小變?yōu)?F，則兩點電荷之間

3、的距離應變?yōu)椋ǎ〢. 4dB. 2dC.D.7. 一滑塊在水平地面上沿直線滑行，t=0時其速度為1m/s從此刻開始滑塊運動方向上再施加一水平面作用 F ，力 F 和滑塊的速度 v 隨時間的變化規(guī)律分別如圖a 和圖 b 所示設在第1 秒內(nèi)、第2 秒內(nèi)、第 3 秒內(nèi)力 F 對滑塊做的功分別為W1、 W2、 W3，則以下關系正確的是（）A.B.C.ABCD.RABC8. 如圖所示，三個輪組成傳動裝置，輪間不打滑，、三點比較，已知：3： 4，則：R ：R =2（）A. 線速度之比： 3：4B. 角速度之比：4： 3第1頁，共 11頁C. 周期之比 ：1： 1D. 向心加速度之比： ：23二、多選題（本

4、大題共6 小題，共18.0 分）9. 下列說法正確的是（）A. 適用于任何電場B.C.D.適用于任何電場適用于真空中點電荷的電場,E 是矢量 ,所以 U 也是矢量10.把電流表改裝成電壓表時，下列說法正確的是（）A.B.C.改裝的原理是串聯(lián)電阻有分壓作用改裝后使用時 ,加在原電流表兩端的電壓的最大值不可能增大改裝后原電流表自身的電阻也增大了D. 改裝成電壓表后 ,原電流表本身允許通過的最大電流值也隨著變大了11.下列關于運動的分解的說法中正確的是（）A. 一個在平面上的曲線運動可以分解成兩個直線運動B. 沿斜面向上的運動可以分解為一個水平方向的運動和一個豎直向上的運動C. 可將斜向下速度為的運

5、動分解成兩個速度分別為和的勻速運動D. 初速度不為零的勻加速直線運動,可以分解成一個勻速直線運動與一個初速度為零的勻加速直線運動12. 下列說法中正確的是（）A. 據(jù)可知 ,當通過導體的電流不變時 ,加在電阻兩端的電壓變?yōu)樵瓉淼? 倍時 ,導體的電阻也變?yōu)樵瓉淼?2倍B. 據(jù)可知 ,通過導體的電流改變,加在電阻兩端的電壓也改變,但導體的電阻不變C. 據(jù)可知 ,導體的電阻率與導體的電阻和橫截面積的乘積RS成正比 ,與導體的長度 l 成反比D. 導體的電阻率與導體的長度l,橫截面積S、導體的電阻R 皆無關13. 在如圖所示的電路中， 電源電動勢為 E、內(nèi)電阻為 r，C 為電容器， R0 為定值電阻

6、，R 為滑動變阻器開關閉合后，燈泡L 能正常發(fā)光當滑動變阻器的滑片向右移動時，下列判斷正確的是（）A. 燈泡 L 將變暗B. 燈泡 L 將變亮C. 電容器 C 的電荷量減小D. 電容器 C 的電荷量增大14.如圖所示，實線是電場線，虛線是帶電粒子僅在電場力作用下由a 點運動到b 點的運動軌跡，則（）A. 帶電粒子一定帶正電B. 帶電粒子在 a 點的電勢能小 ,動能大C. 帶電粒子在 a 點的電勢一定低于 b 點的電勢D. 帶電粒子在 a 點的加速度一定大于在 b 點的加速度三、實驗題（本大題共 2 小題，共 16.0 分）15. 利用氣墊導軌探究動能定理，實驗裝置圖所示。實驗步驟如下：調(diào)整水平

7、桌面上的氣墊導軌至水平；測量擋光條的寬度 l，兩光電門間的中心間距 s，用天平稱出滑塊和擋光條的總質(zhì)量M，托盤和砝碼第2頁，共 11頁的總質(zhì)量m；將滑塊移至光電門 1 左側(cè)某位置，由靜止釋放滑塊，從計時器中分別讀出擋光條通過兩光電門的時間 t1、 t2。用測量的物理量求解下列物理量：（ 1）滑塊通過光電門1 和 2 時瞬時速度分別為v1 =_， v2=_。（ 2）滑塊通過光電門1 和 2 時，系統(tǒng)（包括滑塊、 擋光條、托盤和砝碼）的總動能分別為 E=_，E=_ 。外力對系統(tǒng)做的功為 W=_ 。（ 3）實驗中，驗證動能定理是否成立的關系式為_。16.用伏安法測一節(jié)干電池的電動勢E 和內(nèi)電阻r ，

8、所給器材有：A電壓表V： 0 315V；B電流表A： 0 0.6 3A：C滑動變阻器R1（總電阻20）；D 滑動變阻器 R2（總電阻 100）；E開關 S 和導線若干。（ 1）電流表應選用 _量程：電壓表應選用 _量程， 滑動變阻器應選用總阻值為_ 的。（ 2）如圖所示， U -I 圖上是由實驗測得的 7 組數(shù)據(jù)標出的點，請你在答題卡中完成圖線，并由圖線求出 E=_V， r=_ 。四、計算題（本大題共4 小題，共 42.0 分）17. 真空中有兩個點電荷Q1、 Q2，相距 18cm，已知 Q1 是正電荷，其電荷量為1.8 10-12C，它們之間的引力大小為 F=1.0 10-12N，求 Q2

9、的電荷量及帶電性質(zhì)18. 若某歐姆表表頭的滿偏電流為5mA1.5V，那么該歐姆表的內(nèi)阻為多少歐？，內(nèi)接一節(jié)干電池， 電動勢為待測電阻接入紅、黑表筆之間時，若指針轉(zhuǎn)至滿刻度的處，則待測電阻的阻值為多少歐？19.如圖所示，在高度h=0.8m 的水平光滑桌面上，有一輕彈簧左端固定，質(zhì)量為m=1 kg 的小球在外力作用下使彈簧處于壓縮狀態(tài)由靜止釋放小球，將小球水平彈出，小球離開彈簧時的速度為v1=3m/s，如圖所示，不計空氣阻力，求：第3頁，共 11頁（ 1）彈簧的彈力對小球所做的功為多少？（ 2）小球落地時速度2v2 的大?。?g 取 10m/s ）20. 靜電噴漆技術具有效率高、浪費少、質(zhì)量好、有

10、利于工人健康等優(yōu)點，其裝置原理圖如圖所示 A、 B 為兩塊平行金屬板，間距 d=0.40m，兩板間有方向由 B 指向 A、場強E=1.0 103 N/C 的勻強電場在A 板的中央放置一個安全接地的靜電油漆噴槍P，油漆噴槍的半圓形噴嘴可向各個方向均勻地噴出帶電油漆微粒，油漆微粒的初速度-15-16v0=2.0m/s，質(zhì)量 m=5.0 10kg，電荷量q=-2.0 10C，微粒的重力和所受空氣阻力均不計，油漆微粒最后都落在金屬板B 上試求：（ 1）油漆微粒打在B 板上時的動能（ 2）油漆微粒最后落在B 板上所形成的圖形形狀及其面積的大?。ńY果保留兩位有效數(shù)字）第4頁，共 11頁答案和解析1.【答案

11、】 D【解析】解：A、電荷的形狀、體積和電荷量對分析的問題的影響可以忽略時，就可以看成是點電荷，所以體積很小的帶電體不一定能看成是點電荷，故A 錯誤；B、電荷的形狀、體積和電荷量對分析的問題的影響可以忽略時，就可以看成是點電荷，所以體積很大的帶電體也有可能看成是點電荷，故B 錯誤；C、當帶電體之間的距離不是很大時，帶電球體就不能看作電荷全部集中在球心的點電荷，因為此時帶電體之間的電荷會影響電荷的分布，故C 錯誤；D、當兩個帶電體的形狀和大小對相互作用力的影響可忽略時，這兩個帶電體可看成點電荷，故D 正確；故選： D。帶電體看作點電荷的條件，當一個帶電體的形狀及大小對它們間相互作用力的影響可忽略

12、時，這個帶電體可看作點電荷，是由研究問題的性質(zhì)決定，與自身大小形狀無具體關系本題是基礎的題目，考查了帶電體看作點電荷的條件及其特點，在平時要注意多積累2.【答案】 C【解析】解：當帶電云層靠近建筑物時，避雷針上產(chǎn)生的感應電荷會通過針尖放電，逐漸中和云中的電荷，使建筑物免遭雷擊。其原理為尖端放電。故C 正確， ABD 錯誤；故選： C。雷電是云層與大地之間或云層之間的放電現(xiàn)象，在高大的建筑物上安裝避雷針，可使云層所帶電荷通過避雷針進入大地，從而保護建筑物不受雷擊。本題考查了避雷針的原理，難度不大，屬于基礎題。3.【答案】 B【解析】解：人體是導體，測電阻時如果兩手同時分別接觸兩表筆的金屬桿，則人

13、體與電阻并聯(lián)，總阻值減小，電阻測量值小于真實值。故選： B。根據(jù)歐姆表使用過程中的注意事項可知，使用歐姆表測電阻時要選擇合適的擋位，同時，手不要接觸兩表筆的金屬桿。本題考查了用歐姆表測電阻的方法和注意事項；對多用電表測量電阻值時，最好把待測電阻拆下來，同時手不要接觸兩表筆的金屬桿。4.【答案】 B【解析】 解：A、變速運動也可以是平時所學的勻加速直線運動或勻減速直線運動，并不一定是曲線運動，所以 A 錯誤；B、無論是物體速度的大小變了，還是速度的方向變了，都說明速度是變化的，都是變速運動，做曲線運動的物體的速度方向在時刻改變，所以曲線運動一定是變速運動，所以B 正確；C、物體做曲線運動的條件是

14、合力與速度不在同一條直線上，但合外力方向、大小不一定變化，所以C 錯誤；D、物體做曲線運動的條件是合力的方向與速度方向不在同一條直線上，但合外力不一定變化，加速度也不一定變化，可以是勻變速運動，如平拋運動。所以D 錯誤。故選： B。物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上，但合外力方向、大小不一定變化；既然是曲線運動，它的速度的方向必定是改變的，所以曲線運動一定是變速運動變加速運動是指加速度變化的運動，曲線運動的加速度可以不變第5頁，共 11頁本題關鍵是對質(zhì)點做曲線運動的條件的考查，還有對勻變速運動的理解，但只要掌握了物體做曲線運動的條件，本題基本上就可以解決了5.【答案】 A【解析】

15、解：小球在最高點的機械能為mgh，因為小球機械能守恒，所以落地時小球的機械能為mgh，故A 正確， BCD 錯誤；故選： A。小球在整個運動過程中機械能守恒，即落地時的機械能個整個過程的任意位置機械能一樣；知道機械能守恒的條件，知道重力勢能表達式的高度是相對于零勢能面的高度；6.【答案】 C【解析】解：當距離為d 時有： F=k當距離變化后依據(jù)題意有：4F=k聯(lián)立可得r= ，故 ABD 錯誤， C 正確。故選： C。對于這兩種情況下分別根據(jù)庫侖定律列方程即可求解正確理解庫侖定律公式以及公式中各個物理量的含義是解本題關鍵，由于公式涉及物理量較多，因此常用兩式相比的方法進行求解7.【答案】 B【解

16、析】解：由速度圖象可知，第1s、 2s、3s 內(nèi)的位移分別為0.5m、 0.5m、1m，由 F -t 圖象及功的公式w=Fscos 可求知： W1=0.5J， W2=1.5 J， W3=2J故本題中ACD 錯， B 正確。故選： B。根據(jù)功的公式W=FL 可知，知道F 的大小，再求得各自時間段內(nèi)物體的位移即可求得力F 做功的多少本題考查的是學生對功的理解，根據(jù)功的定義可以分析做功的情況8.【答案】 B【解析】解：A、三個輪組成傳動裝置，輪間不打滑，輪子接觸點的線速度的大小相同。故有：vA =vB=vC知： v1： v2： v3=1： 1： 1，故 A 錯誤；B、由角速度和線速度的關系式v=R

17、可得： =知： ： ： ： ：=： ：=6： 4： 3，故 B 正確；123=C、由角速度和周期的關系可知：T=所以 TA： TB： TC=2： 3： 4，故 C 錯誤；D、根據(jù) a=v可得： aa： ab： ac=6 ： 4： 3，故 D 錯誤。故選： B。三個輪組成傳動裝置，輪間不打滑，輪子接觸點的線速度的大小相同，根據(jù)線速度、角速度、周期、向心加速度的關系即可求解。解決傳動類問題要分清是摩擦傳動 （包括皮帶傳動， 鏈傳動， 齒輪傳動， 線速度大小相同） 還是軸傳動 （角速度相同）。第6頁，共 11頁9.【答案】 AC【解析】解：A電場強度E= 是用比值定義法得出的物理量，是從力角度研究電

18、場的物理量，適用于任意電場，故A 正確B E= 僅適合勻強電場，故B 錯誤C點電荷產(chǎn)生的電場的場強公式E=k是由電場強度的定義式和庫侖定律聯(lián)立得到，反映了點電荷的電場中任意一點的電場強度與該點的空間位置和場源電荷的電荷量的關系，只適用于真空中的點電荷產(chǎn)生的電場；故 C 正確；D U 為電勢差是標量不是矢量，E 是矢量，故D 錯誤。故選： AC。根據(jù)電場強度的定義式、勻強電場中電場強度與電勢差的關系公式、點電荷產(chǎn)生的電場的場強公式和電場力做功與電勢差關系公式；結合物理公式得出的過程進行分析即可熟記電場強度的定義式和決定式，知道點電荷的電場強度的求解公式；知道電壓U 為電勢差，是標量；10.【答案

19、】 AB【解析】解： A、利用串聯(lián)電阻的分壓作用，將電流表和電阻串聯(lián)，改裝成電壓表。故A 正確。B、改裝成電壓表后，原電流表本身允許通過的最大電流值不變，則加在原電流表兩端的電壓的最大值不變，故 B 正確。C、改裝后原電流表自身的電阻不變，改裝后整個電表的電阻增大，故C 錯誤D、改裝成電壓表后，原電流表本身允許通過的最大電流值不變。故D 錯誤故選： AB。電流表、電壓表都是由小量程的電流表改裝而成的。利用串聯(lián)電阻的分壓作用，將靈敏電流表G 和電阻串聯(lián)，改裝成電壓表。本題考查電表改裝的原理，要理解串聯(lián)電阻的分壓作用，知道改裝后電表的結構。11.【答案】 ABD【解析】解：A、一個在平面上的曲線運

20、動可以分解成兩個直線運動，如平拋運動。故A 正確；B、沿斜面向上的運動可以分解為一個水平方向的運動和一個豎直方向上的運動。故B 正確；C、根據(jù)平行四邊形定則可知，9 m/s 的運動不能分解成兩個速度分別為3 m/s 和 5 m/s 的勻速運動， 故 C 錯誤；D、根據(jù)運動的合成與分解，初速度不為零的勻變速直線運動，可以分解成一個勻速直線運動與一個初速度為零的勻加速直線運動。故D 正確。故選： ABD。當合速度的方向與合加速度的方向在同一條直線上，合運動是直線運動，不在同一條直線上，合運動是曲線運動。解決本題的關鍵掌握判斷合運動是直線運動還是曲線運動的方法，關鍵看合速度的方向與合加速度的方向，及

21、平行四形定則的內(nèi)容。12.【答案】 BD【解析】解： A、B、電阻的定義式R= ，用比值定義的物理量，與定義式中的各物理量無關，即電阻R 與導體兩端的電壓和通過的電流I 均無關。無論通過導體的電流如何、加在導體兩端的電壓如何，導體的電阻并不改變。故A 錯誤、 B 正確。第7頁，共 11頁C、 D、導體的電阻率是由材料本身決定的物理量，與導體的長度l，橫截面積S、導體的電阻R 皆無關，故 C錯誤、 D正確。故選： BD 。電阻的定義式R= ，用比值定義的物理量，反映的是物質(zhì)或運動的某一屬性，與定義式中的各物理量無關，即電阻 R 與導體兩端的電壓和通過的電流I 均無關在溫度不變時，同種材料的導體，

22、其電阻與導體的長度成正比，與導體的橫截面積成反比，并與構成它的材料有關，這個規(guī)律叫電阻定律，用公式表示為R=，其中 R， L ，S 分別表示導體的電阻、導體的長度和橫截面積，是與導體的材料有關的物理量叫電阻率電阻R 由于導體的長度L 成正比，與導體的橫截面成反比而電阻率由導體材料本身決定，與導體的長度l，橫截面積S、導體的電阻R 皆無關本題要知道R= 是電阻的定義式，是比值定義法定義的物理量，而R=是電阻的決定式，其中電阻率由導體材料本身決定，與導體的長度l，橫截面積S、導體的電阻R 皆無關13.【答案】 AD【解析】解：A、B 由題 R 增大，電流I=減小，燈泡L 將變暗。故A 正確， B

23、錯誤。C、 D 路端電壓 U =E-Ir 增大，則電容器電量Q=CU 增大。故C 錯誤， D 正確。故選： AD 。燈泡 L 和滑動變阻器R 串聯(lián)、電容器C 和定值電阻R0 串聯(lián)后兩條支路再并聯(lián)當電路穩(wěn)定后，電容器這一路沒有電流，相當于開關斷開，對另一路沒有影響電容器的電壓等于路端電壓當滑動變阻器的滑片向右移動時，變阻器接入電路的電阻增大，根據(jù)歐姆定律分析電流和路端電壓的變化，分析燈泡亮度和電容器電量的變化本題關鍵的要抓住電容器的特點：當電路穩(wěn)定時，和電容器串聯(lián)的電路沒有電流，電容器電壓等于這一串聯(lián)電路兩端的電壓14.【答案】 BD【解析】解：A、因虛線是運動軌跡，帶電粒子所受的電場力偏向左，

24、帶電粒子由a 點運動到 b 點的過程中，電場力做負功，帶電粒子的電勢能增大，動能減小，故帶電粒子在a 點的電勢能小，動能大，但由于電場線方向不知，則帶電粒子的電性也不能確定，故A 錯誤， B 正確。C、由于電場線方向不清，則無法確定電勢的高低，故C 錯誤。D、電場線的疏密表示場強的大小，等差等勢線越密，場強越大，則知a 點的場強一定大于b 點的場強，由牛頓第二定律得qE =ma，則 粒子在 a 點的加速度一定大于在b 點的加速度，故D 正確。故選： BD 。因虛線是電場線，先由帶電粒子的運動軌跡彎曲方向，判斷出帶電粒子所受電場力的大體方向，即帶電粒子受到的電場力大體向左，由電場線的疏密分析場強

25、的變化，從而判斷加速度的變化。根據(jù)電場力做功正負，可判斷電勢能如何變化。本題是電場中粒子的軌跡問題，首關鍵要能根據(jù)軌跡的彎曲方向判斷粒子受力方向，注意電場線時受力沿電場線所在直線上，而如果是等勢線則受力要垂直于等勢線，同時要知道電場線的疏密和等差等勢線的疏密均表示場強的大小。15.【答案】 mgs mgs= （ M+m）（22）-（） 第8頁，共 11頁【解析】解：（ 1）依據(jù)中時刻的瞬時速度等于這段時間內(nèi)的平均速度，則滑塊到達光電門的速度為：v1= ，v2 =（ 2）滑塊通過光電門1 和 2 時，系統(tǒng)的總動能分別為：，鉤碼的重力對系統(tǒng)做的功：W=mgs（ 3）系統(tǒng)獲得的動能： = （ M+m

26、） （ ） 2-（ ）2；因此要驗證物理做功與動能的關系，只需要驗證：mgs= （ M+m） （） 2-（） 2即可；故答案為：（ 1） ， ；（ 2） ， ， mgs（ 3） mgs= （M +m） （ ） 2-（ ） 2（ 1）依據(jù)平均速度等于中時刻的瞬時速度，并結合加速度公式，即可求解；（ 2）根據(jù)動能的定義式求出動能，由做功得公式求出重力做的功；（ 3）在該過程中鉤碼的重力對系統(tǒng)做功， 只需要驗證系統(tǒng)獲得的動能等于鉤碼的重力對鉤碼做的功即可，由此寫出表達式。本題考查游標卡尺的讀數(shù)方法，要注意分析精度，掌握讀數(shù)方法，并注意有效位數(shù)的確定，掌握運動學公式的內(nèi)容，理解-x 圖象斜率的含義。1

27、6.0 3V 20 1.52 0.55【答案】 0 0.6A【解析】解：（ 1）因電源電動勢為 1.5V，所以電壓表應選用 0 3V，因為電池不允許通過大電流，所以電流表應選用 0 0.6A；電流表讀數(shù)時電流不能少于總電流的三分之一，則由閉合電路歐姆定律可知電路中最大電阻為： R =7.5 20max=，所以變阻器選。（ 2）圖線如圖所示，由U=E-Ir 可知， E=1.52V，r = =0.55 故答案為：（1） 00.6A， 0 3V， 20；（ 2） 1.52，0.55待測電池應用舊電池，所以不允許通過大電流，否則電池很快發(fā)熱而導致測量不準，從而若用選取電流表和電壓表的量程；由電流表的讀數(shù)要求結合閉合電路歐姆定律可求出電路中需要的最大電阻，從而可選出變阻器；根據(jù)U=E-Ir 可知斜率和截距的含義，從而根據(jù)求出U-I 圖象可求出E 和 r 。本題考查測量電動勢和內(nèi)電阻的實驗儀表選擇以及數(shù)據(jù)處理的方法，要注意明確利用圖象分析電動勢和內(nèi)電阻的方法。17.【答案】解：由庫侖定律F=k，第9頁，共 11頁解得： Q2=1.1 10-11C；由于兩個電荷之間的作用力是引力，說明Q1 與 Q2 是異種電荷， Q1