（全國通用版）2019高考物理總復(fù)習(xí) 精準(zhǔn)提分練：選擇題專練（十一）_1

1、（全國通用版）2019高考物理總復(fù)習(xí) 精準(zhǔn)提分練：選擇題專練（十一）選擇題專練(十一)(限時：20分鐘)二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分在每小題給出的四個選項中，第1418題只有一項符合題目要求，第1921題有多項符合題目要求全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分14質(zhì)量為M1kg的木板靜止在粗糙水平面上，木板與地面間的動摩擦因數(shù)為1，在木板的左端放置一個質(zhì)量為m1kg、大小可忽略的鐵塊鐵塊與木板間的動摩擦因數(shù)為2，取g10m/s2.若在鐵塊右端施加一個從0開始增大的水平向右的力F，假設(shè)木板足夠長，鐵塊受木板摩擦力Ff隨拉力F的變化如圖1所示則兩個動摩擦因數(shù)的數(shù)值為

2、()圖1A10.1，20.2B10.1，20.4C10.2，20.4D10.4，20.2答案B解析由題圖可知，當(dāng)F6N時，鐵塊的摩擦力恒定即為滑動摩擦力，且Ff2mg4N，解得20.4，在F6N時，鐵塊和木板具有相同的加速度，對鐵塊有：FFfma解得a2m/s2對木板有：Ff1(Mm)gMa解得：10.1，故B正確15一個同學(xué)在做研究平拋運動實驗時，只在紙上記下y軸位置，并在坐標(biāo)紙上描出如圖2所示曲線，在曲線上取A、B兩點，用刻度尺分別量出它們到y(tǒng)軸的距離AAx1，BBx2，以及AB的豎直距離h，從而求出小球拋出時的初速度v0為()圖2A.B.C.D.答案A解析設(shè)初速度為v0，則從拋出點運動到

3、A所需的時間t1，從拋出點運動到B所需的時間t2，在豎直方向上有：gtgth，代入t1、t2解得：v0，故A正確16紫外光電管是利用光電效應(yīng)原理對油庫等重要場所進(jìn)行火災(zāi)報警的裝置，其工作電路如圖3所示，其中A為陽極，K為陰極，只有當(dāng)明火中的紫外線照射到K極時，c、d端才會有信號輸出已知地球表面太陽光中紫外線波長主要在315400nm之間，而明火中的紫外線波長主要在200280nm之間，下列說法正確的是()圖3A要實現(xiàn)有效報警，照射光電管的紫外線波長應(yīng)大于280nmB明火照射光電管的時間要足夠長，c、d端才有輸出電壓C僅有太陽光照射光電管時，c、d端輸出的電壓為零D火災(zāi)報警時，照射光電管的紫外線

4、波長越長，逸出的光電子最大初動能越大答案C解析根據(jù)題意知，要實現(xiàn)有效報警，照射光電管的紫外線波長應(yīng)介于200280nm之間，故A錯誤；光電效應(yīng)的發(fā)生具有瞬時性，故B錯誤；僅有太陽光照射光電管時，由于波長大于明火的波長，即頻率小于明火的頻率，所以不能發(fā)生光電效應(yīng)，回路中沒有電流，c、d端也就沒有輸出電壓，故C正確；火災(zāi)報警時，照射光電管的紫外線波長越長，則頻率越小，那么逸出的光電子最大初動能越小，故D錯誤17.真空中的點電荷在其周圍產(chǎn)生電場，電場中某點的電勢與點電荷的電荷量成正比，與該點到點電荷的距離成反比，即k.在某真空中有一如圖4所示的正六邊形ABCDEF，O為其中心，A、C、E三個頂點各固

5、定一點電荷，其中A、C兩點電荷量為q(q>0)，E點電荷量為q，EB、EO分別表示B、O點場強的大小，B、O分別表示B、O點的電勢，則以下關(guān)系中正確的是()圖4AEB>EO，B>OBEB<EO，B>OCEBEO，BODEB<EO，BO答案B解析設(shè)正六邊形的邊長為L，A處點電荷在B點產(chǎn)生的電場強度為E1C處點電荷在B點產(chǎn)生的電場強度為E2E處點電荷在B點產(chǎn)生的電場強度為E3由電場的疊加可知，A、C兩處點電荷在B處的合場強為E12所以B處的場強為EBE12E3同理可求得：O處的場強為EO所以EB<EOB處的電勢為BO處的電勢為O所以B>O，故B正確1

6、8.如圖5所示，固定在豎直面內(nèi)的光滑絕緣圓環(huán)半徑為R，圓環(huán)上套有質(zhì)量分別為m和2m的兩個帶電的小球A、B(均可看作質(zhì)點)，小球A帶正電，小球B帶負(fù)電，帶電荷量均為q，且小球A、B用一長為2R的輕質(zhì)絕緣細(xì)桿相連，豎直面內(nèi)有豎直向下的勻強電場(未畫出)，電場強度大小為E，現(xiàn)在給小球一個擾動，使小球A從最高點由靜止開始沿圓環(huán)下滑，已知重力加速度為g，在小球A滑到最低點的過程中，下列說法正確的是()圖5A小球A減少的機械能等于小球B增加的機械能B細(xì)桿對小球A和小球B做的總功為0C小球A在最低點的速度為D細(xì)桿對小球B做的功為mgR答案B解析由于電場力做功，兩個球系統(tǒng)機械能不守恒，故A球減少的機械能不等于

7、B球增加的機械能，故A錯誤；細(xì)桿對小球A和小球B的力等大反向，為系統(tǒng)內(nèi)彈力，所以細(xì)桿對小球A和小球B做的總功為0，故B正確；當(dāng)A球運動到最低點時，電場力對系統(tǒng)做功4EqR4mgR，有：4mgRmg2R2mg2R(m2m)v2，解得：v2，故C錯誤；對B球，利用動能定理可得，WqE2R2mg2R2mv20，解得細(xì)桿對B球所做的功WmgR，故D錯誤19地面衛(wèi)星監(jiān)測技術(shù)在軍事、工業(yè)、農(nóng)業(yè)、生產(chǎn)、生活等方面發(fā)揮著巨大作用，對地面上的重要目標(biāo)需要衛(wèi)星不間斷地進(jìn)行跟蹤監(jiān)測假設(shè)在赤道上有一個需要跟蹤監(jiān)測的目標(biāo)，某監(jiān)測衛(wèi)星位于赤道平面內(nèi)，離地面的飛行高度為R，飛行方向與地球自轉(zhuǎn)方向相同，設(shè)地球的自轉(zhuǎn)周期為T，

8、地球半徑為R，地球表面的重力加速度為g，忽略大氣層對光線傳播的影響，則此衛(wèi)星在一個運動周期內(nèi)對目標(biāo)連續(xù)監(jiān)測的最長時間為t，衛(wèi)星的運轉(zhuǎn)周期為T，則()AT4RBT2RCtDt答案AC解析根據(jù)Gm2R，得衛(wèi)星的周期T4R，故A正確，B錯誤根據(jù)幾何關(guān)系，衛(wèi)星在t時間內(nèi)比地球自轉(zhuǎn)的角度多120度，如圖衛(wèi)星從A到B，地球自轉(zhuǎn)從C到D，則有：tt，而衛(wèi)星的角速度，解得t，故C正確，D錯誤20如圖6所示，半徑為R的圓形區(qū)域位于正方形ABCD的中心，圓心為O，與正方形中心重合圓形區(qū)域內(nèi)、外有垂直紙面的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小相等、方向相反一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子以速率v0沿紙面從M點平行于AB邊沿半

9、徑方向射入圓形磁場，并從N點射出，且恰好沒射出正方形磁場區(qū)域，粒子重力忽略不計，已知磁感應(yīng)強度大小為，則()圖6A粒子由M點運動到N點時速度偏轉(zhuǎn)角為90B正方形區(qū)域的邊長為3RC粒子再次回到M點時所經(jīng)歷的時間為D粒子再次回到M點時所經(jīng)歷的時間為答案AC解析粒子在磁場中做勻速圓周運動，運動軌跡如圖所示，設(shè)軌道半徑為r1，則洛倫茲力充當(dāng)向心力，可知：qv0Bm，解得：r1R；由幾何關(guān)系可知，粒子由M點運動到N點時速度偏轉(zhuǎn)角為90，選項A正確；粒子在正方形磁場中的軌道半徑為r2，粒子恰好不從AB邊射出，有：qv0Bm，解得r2R，則正方形的邊長L2r12r24R，選項B錯誤；粒子在圓形磁場中做圓周運

10、動的周期T1，在圓形磁場中運動時間t1；粒子在圓形以外的區(qū)域做圓周運動的周期T2，在圓形以外的磁場中運動時間：t3T2；則再次回到M點的時間tt1t2，選項C正確，D錯誤21.一個細(xì)小金屬圓環(huán)，在范圍足夠大的磁場中豎直下落，磁感線的分布情況如圖7，其中沿圓環(huán)軸線的磁場方向始終豎直向上開始時圓環(huán)的磁通量為0，圓環(huán)磁通量隨下落高度y的變化關(guān)系為0(1ky)(k為比例常數(shù)，k>0)金屬圓環(huán)在下落過程中環(huán)面始終保持水平，速度越來越大，最終穩(wěn)定為某一數(shù)值，稱為收尾速度該金屬環(huán)的收尾速度為v，已知金屬圓環(huán)的電阻為R，忽略空氣阻力，關(guān)于該情景，以下結(jié)論正確的有()圖7A金屬圓環(huán)速度穩(wěn)定后，t時間內(nèi)，金屬圓環(huán)產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢大小為k0vB金屬圓環(huán)速度穩(wěn)定后