(重慶試題)重慶市墊江一中2015屆高三物理上學期第三次月考(精)

1、1重慶市墊江一中 2016 屆 高三上學期第三次月考物理試卷一、選擇題（共 5 小題，每小題 6 分，滿分 30 分）1 關(guān)于曲線運動，下列說法正確的是（）A. 做曲線運動的物體，受到的合外力一定不為零B. 物體受到的合外力方向變化，一定做曲線運動C. 只要物體做圓周運動，它所受的合外力一定指向圓心D. 物體只要受到垂直于初速度方向的恒力作用，就一定能做勻速圓周運動考點：物體做曲線運動的條件；曲線運動.專題：物體做曲線運動條件專題.分析：物體做曲線運動時，所受合外力的方向與加速度的方向在同一直線上，合力可以是恒力，也可以是變力，加速度可以是變化的，也可以是不變的.平拋運動的物體所受合力是重力，

2、加速度恒定不變，平拋運動是一種勻變速曲線運動.物體做圓周運動時所受的合外力不一定是其向心力.解答： 解：A、物體做曲線運動時，所受合外力的方向與加速度的方向在同一直線上，所 以合外力一定不為零.所以 A 正確.B 物體做曲線運動的條件是合力的方向與速度方向不在同一條直線上，若合外力方向與運 動方向在同一直線上，雖然改變，但還是直線運動，故B 錯誤.C 物體做圓周運動時所受的合外力不一定是其向心力，指向圓心的合力是向心力.故C 錯誤；D 勻速圓周運動受到的向心力是始終指向圓心的，合力垂直于初速度方向的方向，并不一 定始終與速度的方向垂直，比如平拋運動的受力就是這樣，所以D 錯誤.故選 A.點評：

3、本題主要是考查學生對物體做曲線運動的條件、圓周運動特點的理解， 涉及的知識點較多，是一道比較好的題目.2.如圖為三種形式的吊車的示意圖，OA 為可繞 O 點轉(zhuǎn)動的桿，重量不計， AB 為纜繩，當它們吊起相同重物時，桿 OA 在三圖中受力分別為 Fa、Fb、Fc的關(guān)系是（）考點：共點力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運用. 專題：共點力作用下物體平衡專題.A. Fa Fc= FbB. Fa=Fb FcCb)C. Fa Fb FCD. Fa= Fb=Fc(c)2分析：分別對結(jié)點 A 受力分析，運用共點力平衡求出桿子對 A 點的作用力大小，從而比較出 桿 0A 的受力大小關(guān)系解答：解：分別對三種

4、形式的結(jié)點進行受力分析，設(shè)桿子的作用力分別為Fl、F2、F3,各圖中 T=mg在圖（a）中，F(xiàn)a=2mgcos30= 3mg在圖（b）中，F(xiàn)b=mgtan60 二 *.：mg在圖（c）中，F(xiàn)c=mgcos30 二 mg 可知 a=b c,故 B 正確，AC、D 錯誤.2故選 B點評：解決本題的關(guān)鍵首先要選擇好研究對象，能夠正確地進行受力分析， 運用共點力平衡進行求解.考點：牛頓第二定律；勻變速直線運動的速度與時間的關(guān)系；力的合成與分解的運用.專題：牛頓運動定律綜合專題.分析：初速度為零的勻變速直線運動的速度的平方V2與前進位移 X 成正比，圖線的斜率等于加速度的 2 倍.將該過程分解為若干小段

5、，每一小段切線的斜率表示當時瞬時加速度的2倍，根據(jù)圖線的斜率判斷加速度的變化，從而得出合力的變化.作出速度時間圖線，根據(jù)速度時間圖線判斷平均速度的大小.解答： 解：A、圖線切線的斜率表示瞬時加速度的2 倍，圖線斜率逐漸增大，知加速度逐漸增大，根據(jù)牛頓第二定律知，合力越來越大.故AB 錯誤.C 由圖象可知，位移為 xi時為物體的速度為 vo,如果物體做初速度為零的勻加速運動，則B.汽車從開始運動到前進xi過程中，汽車受到的合外力越來越小C.汽車從開始運動到前進xi過程中，汽車的平均速度大于:D.汽車從開始運動到前進xi過程中，汽車的平均速度小于v0y3.一汽車沿直線由靜止開始向右運動，汽車的速度

6、和加速度方向始終向右.汽車速度的平A.汽車從開始運動到前進Xi過程中，汽車受到的合外力不變3汽車從開始運動到前進 X1過程中，汽車的平均速度等于 子，現(xiàn)在物體做加速度逐漸增大的加速運動，運動相同的位移所需時間大于勻加速運動的時間，由平均速度公式可知， 它的平均速度小于勻加速運動的平均速度，則它的平均速度小于1，故 C 錯誤，D 正確；2故選 D.點評：解決本題的關(guān)鍵能夠靈活運用圖象解題，知道速度時間圖線與時間軸圍成的面積表示位移，以及掌握勻變速直線運動的平均速度公式.4如題圖所示，傾角為0的斜面上 0P 段光滑，PQ 段粗糙，且 tan0,卩為滑塊 A 與PQ 段的摩擦因數(shù)，滑塊 A 與水平頂

7、面上的物塊 B 保持相對靜止從斜面上 0 點由靜止開始下 滑到 Q的過程，B 與 A 之間始終無相對滑動則關(guān)于物塊B 在 0P 段和 PQ 段的受力情況，下列說法中正確的是（）B. 在 0P 段物塊 B 僅受重力和支持力C. 在 PQ 段 A 對 B 的支持力大于 B 的重力D. 在 PQ 段物塊 B 受到水平向右的摩擦力 考點：牛頓第二定律；力的合成與分解的運用.專題：牛頓運動定律綜合專題.分析：對系統(tǒng)進行受力分析，由牛頓第二定律求出加速度，然后對B 進行受力分析，分析判斷 B 的受力情況.解答： 解：0P 段光滑，A、B 一起向下做勻加速運動，加速度平行于斜面向下，B 由平行于斜面向下的加

8、速度， 則 B 受到豎直向下的重力、 豎直向上的支持力、 水平向右的摩擦力作 用，故AB 錯誤；PQ 段粗糙，且 tan0卩，在 PQ 段，物體受到的合力平行于斜面向上，物體的加速度平行 于斜面向上，B 受到豎直向下的重力、豎直向上的支持力、水平向左的摩擦力作用，故D 錯誤；物體有豎直向上的分加速度，物體處于超重狀態(tài)，A 對 B 的支持力大于 B 的重力，故 C正確；故選 C.點評：解題時注意整體法與隔離法的應(yīng)用，根據(jù)物體的受力情況求出加速度，然后根據(jù)加速度方向判斷物體的受力情況.5.兩個質(zhì)量相同的小球 a、b 用長度不等的細線拴在天花板上的同一點并在空中同一水平面 內(nèi)做勻速圓周運動，如圖所示

9、，貝 Ua、b 兩小球具有相同的（）4考點：向心力；牛頓第二定律.專題：牛頓第二定律在圓周運動中的應(yīng)用.分析：兩個小球均做勻速圓周運動，對它們受力分析，找出向心力來源，可先求出角速度， 再由角速度與線速度、周期、向心加速度的關(guān)系公式求解！解答：解：對其中一個小球受力分析，如圖，受重力，繩子的拉力，由于小球做勻速圓周運動，故合力提供向心力；將重力與拉力合成，合力指向圓心，由幾何關(guān)系得，合力：F=mgta nB；由向心力公式得到，F(xiàn)=mo2r；設(shè)球與懸掛點間的高度差為 h，由幾何關(guān)系，得：r=htan0；由三式得，3=；二，與繩子的長度和轉(zhuǎn)動半徑無關(guān)，故A 正確；由 v=wr，兩球轉(zhuǎn)動半徑不等，線

10、速度不等，故B 錯誤；由 a=32r,兩球轉(zhuǎn)動半徑不等，向心加速度不等，故D 錯誤；由 F=32r,兩球轉(zhuǎn)動半徑不等，向心力不等，故C 錯誤；故選 A.點評：題關(guān)鍵要對球受力分析， 找向心力來源，求角速度；同時要靈活應(yīng)用角速度與線速度、 周期、向心加速度之間的關(guān)系公式！二、實驗題：共 2 個小題；8 (3)問每空 2 分，其余每空 3 分，共 19 分6如圖，某同學在家中嘗試驗證平行四邊形定則，他找到三條相同的橡皮筋(遵循胡克定 律)和若干小重物，以及刻度尺、三角板、鉛筆、細繩、白紙、釘子，設(shè)計了如下實驗：將 兩條橡皮筋的一端分別掛在墻上的兩個釘子A、B 上，另一端與第三條橡皮筋連接，結(jié)點為0

11、,將第三條橡皮筋的另一端通過細繩掛一重物.(1)為完成該實驗，下述操作中必需的是bcd .a. 測量細繩的長度b. 測量橡皮筋的原長c. 測量懸掛重物后橡皮筋的長度d. 記錄懸掛重物后結(jié)點 0 的位置(2) 釘子位置固定，欲利用現(xiàn)有器材，改變條件再次驗證，可采用的方法是改變重物的質(zhì) 量或是橡皮筋的夾角.A.角速度B.線速度C.向心力D.向心加速度5考點：驗證力的平行四邊形定則.專題：實驗題；平行四邊形法則圖解法專題.分析：本實驗是通過作合力與分力圖示的方法來驗證平行四邊形定則，需要測量合力與分力的大小，根據(jù)這個原理來選擇.解答： 解：(1)三條橡皮筯遵守胡克定律， 要測量拉力可以通過測量橡皮筋

12、的長度和原長， 得到橡皮筋的伸長量， 研究拉力與伸長量的倍數(shù)來根據(jù)比例作力的圖示.為了使兩次實驗效果相同，必須記下 0 點的位置來作參照.故選：bed(2) 在其他條件不變的情況下，要改變實驗效果，可以改變重物的質(zhì)量，故可采用的方法 改變重物的質(zhì)量或是橡皮筋的夾角.故答案：(1) bed ; (2)改變重物的質(zhì)量或是橡皮筋的夾角.點評：本實驗在無法測量力的大小的情況下，可以采用比例法作圖， 只需要測量橡皮筋的伸長量就行.7如圖 1 所示為“探究加速度與物體受力和質(zhì)量的關(guān)系”實驗裝置圖圖中A 為小車，B為裝有砝碼的小盤，C 為一端帶有定滑輪的長木板，小車通過紙帶與電火花打點計時器相連，計時器接

13、50Hz 交流電.小車的質(zhì)量為 m,小盤(及砝碼)的質(zhì)量為m.(1) 下列說法正確的是 C.A. 為平衡小車與水平木板之間摩擦力，應(yīng)將木板不帶滑輪的一端適當墊高，在掛小盤(及 砝碼)的情況下使小車恰好做勻速運動B. 每次改變小車質(zhì)量時，應(yīng)重新平衡摩擦力C. 本實驗中要滿足 m應(yīng)遠小于 m 的條件D.在用圖象探究加速度與質(zhì)量關(guān)系時，應(yīng)作 a - m 圖象(2)實驗中，得到一條打點的紙帶，如圖2 所示，已知相鄰計數(shù)點間的時間間隔為T,且間距 X1、X2、X3、X4、X5、X6已量出，則計算小車加速度的表達式為(3) 某同學在平衡好摩擦力后，保持小車質(zhì)量不變的情況下，通過多次改變砝碼重力，作 出小車

14、加速度 a 與砝碼重力 F 的圖象如圖 3 所示，若牛頓第二定律成立，重力加速度 g=10m/s2,則小車的質(zhì)量為2.0kg ,小盤的質(zhì)量為 0.060kg .(二個結(jié)果都保留兩位有效數(shù)字)(4)如果砝碼的重力越來越大時，小車的加速度不能無限制地增加，會趨近于某一極限值,此極限值為 10 m/s2.圖16考點：探究功與速度變化的關(guān)系.專題：實驗題；動能定理的應(yīng)用專題.分析：(1)根據(jù)實驗原理和具體實驗步驟可判定各個選項(2) 根據(jù)給定的紙帶數(shù)據(jù)分布，由逐差法可以得到小車的加速度(3)由 F-a 圖的斜率等于小車質(zhì)量， 可得到小車質(zhì)量，F(xiàn)=0 時，產(chǎn)生的加速度是由于托盤 作用產(chǎn)生的，可得托盤質(zhì)量

15、(4 )車在托盤和砝碼帶動下最大的加速度不會超過托盤和砝碼下落的加速度，而此下落加 速度的極值就是重力加速度解答：解：(1)平衡摩擦力驗證是不是平衡掉了，不能掛托盤和砝碼，故A 錯誤，平衡摩擦力只需要做一次，故 B 錯誤，只有滿足 m 應(yīng)遠小于 m 的條件，才能認為托盤和砝碼的重力等于小車 的拉力，故 C 正確，“探究加速度與物體受力和質(zhì)量的關(guān)系”，但是做的是F-a 圖象，故D 錯誤，故說法正確的是 C(2)由逐差法得：一廠；| -，：一-，：一-，相加解得：x4+x5+x6- Xj -K39TZ(3)對 F-a 圖來說， 圖象的斜率表示物體質(zhì)量，故小車質(zhì)量為：- . . .J,11. 50.

16、 3F=0 時，產(chǎn)生的加速度是由于托盤作用產(chǎn)生的，故有：mg=nao,叫歸9 nxn 3解得：m=(對圖中的數(shù)據(jù)讀取不一樣，可有一定范圍)g10(4)小車的加速度最大等于自由落體的加速度，故極限值為10m/s27故答案為：X/ii + X 百 + X c X f i X n X q(1) C; (2); ( 3) 2.0 或 2.1 ; 0.060 0.063 ;9T2(4) 10點評：本題考察的比較綜合， 需要學生對這一實驗掌握的非常熟，理解的比較深刻才不會出錯.二、計算題:& (16 分)如圖所示，半徑為 R 的光滑圓周軌道固定在豎直面內(nèi)，軌道底部有一質(zhì)量為m的小球，以初速度、十.

17、沿軌道向上運動，求:(1 )小球運動到軌道最高點 C 時對軌道的壓力大??？(2)若 vo大小可調(diào)節(jié)，小球在運動過程中出現(xiàn)脫軌現(xiàn)象，則vo的大小范圍?考點：向心力；牛頓第二定律.專題：牛頓第二定律在圓周運動中的應(yīng)用.分析：(1)小球從 A 到 C 的運動過程中，運用動能定理求出到達 C 點的速度，在 C 點根據(jù)向 心力公式即可求解；(2)小球脫軌現(xiàn)象只能出現(xiàn)在 BC 段，即小球能過 B 點，但不能過 C 點根據(jù)動能定理求出 初速度 vo的條件.解答： 解：(1)小球從 A 到 C 的運動過程中，運用動能定理得：1-= ,-I -：.2 2c解得：:在 c 點有：2 vcmg+E.:K解得:FN=

18、4mg由牛頓第三定律得：小球?qū)壍赖膲毫?mg；(2)小球脫軌現(xiàn)象只能出現(xiàn)在BC 段，即小球能過 B 點，但不能過 C 點小球恰好到 B 點，小球在 A 點的速度為 V1,-一 ,解得：，廠8小球恰好到達 C 點，小球在 A 點的速度為 V2,2 +ing2R9解得：所以小球在運動過程中出現(xiàn)脫軌現(xiàn)象，V。的大小范圍為r7?-,點評：解決本題的關(guān)鍵知道小球在內(nèi)軌道運動最高點的臨界情況，以及能夠熟練運用動能定理.9. (16 分)如圖所示，一根長為 L 的輕繩一端固定在 0點，另一端系一質(zhì)量 m 的小球，小 球可視為質(zhì)點.將輕繩拉至水平并將小球由位置 A 靜止釋放，小球運動到最低點時， 輕繩剛

19、好被拉斷.O點下方有一以 0 點為頂點的固定斜面，傾角0=37，斜面足夠長，且 00 =2L, 已知重力加速度為 g,忽略空氣阻力；求(1)輕繩斷時的前后瞬間，小球的加速度？(2 )小球落至斜面上的速度大小及方向？考點：機械能守恒定律；牛頓第二定律；平拋運動；向心力.專題：機械能守恒定律應(yīng)用專題.分析：(1)先根據(jù)機械能守恒定律求解最低點速度，然后根據(jù)向心加速度公式求繩斷前加速度，繩子斷開后小球做平拋運動，加速度為g；(2)以 0 點為坐標原點，建立坐標系，得到平拋運動的軌跡方程和斜面直線的方程，然后 聯(lián)立求解出交點的位置坐標，再求解小球落至斜面上的速度大小及方向.(1)小球從 A 到最低點：

20、mgL=,m.,.二-0，解得. 二二2輕繩斷前瞬間， 小球的加速度為:2vn-.r- . = :方向豎直向上輕繩斷后瞬間，小球的加速度：方向豎直向下HI(2 )以 0 為坐標原點，00 為 y 軸，建立直角坐標系，斜面對應(yīng)方程為：平拋運動軌跡：x=vot y=L - gt 彳消去 t 得到：y=L-W;22 v03解以上各式：x=L y=-.解答：解:mg=:10答： (1)輕繩斷時的前瞬間，小球的加速度為2g,豎直向上；繩子斷開后，加速度為g,豎直向下；(2 )小球落至斜面上的速度大小為 :二，方向與水平面夾角3, tan3=，；V22點評：本題關(guān)鍵明確小球的運動規(guī)律，得到小球的軌跡方程，

21、同時結(jié)合機械能守恒定律和向 心加速度公式列式求解.10.( 17 分)在工廠的流水線上安裝有傳送帶，用傳送帶傳送工件，可大大提高工作效率. 如圖所示，傳送帶與水平面夾角為0=30,其上、下兩端點A B間的距離是 3.84m傳送帶在電動機的帶動下， 以 4.0m/s 順時針勻速運轉(zhuǎn)現(xiàn)將質(zhì)量為 10kg 的工件(可視為質(zhì)點)輕 放于傳送帶的 A 點，已知工件與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為匸，則在傳送帶將工件從 A 點傳2送到 B 點過程中，g=10m/s2;求：(1)物體放上傳送帶時的加速度大??？(2 )當物體與傳送帶等速時，傳送帶立即以8m/s2加速度順時針勻減速運轉(zhuǎn)，此時物體的摩擦力大??？工件從 A

22、 點傳送到 B 點的時間？(3)若傳送帶因故障被卡住，要使靜止工件以(1)問的加速度從 A 點運動到 B 點，則需對工件提供的最小拉力為多少？考點：牛頓第二定律；勻變速直線運動的速度與時間的關(guān)系；勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系.專題：牛頓運動定律綜合專題.分析：(1)對工件進行受力分析，由牛頓第二定律求出加速度；(2) 傳送帶減速運動時，如果工件與傳送帶間的摩擦力小于最大靜摩擦力(可以認為等于滑動摩擦力)則工件與傳送帶一起做減速運動，否則工件相對于傳送帶向上滑動，然后由牛頓第二定律分析答題.(3) 對工件進行受力分析，由平衡條件與牛頓第二定律列方程，求出拉力的表達式，然后 求出最小拉力.解答

23、： 解：(1) 工件無初速度放在傳送帶上，工件受到平行于傳送帶向上的摩擦力，由牛頓第二定律得： 卩 mgcos0- mgs in0=ma,解得：a=2.5m/s ；(2)等速后，設(shè)工件與傳送帶一起減速，由牛頓第二定律得： f+mgsin0=md，解得 f=30Nvmgcos0,假設(shè)成立，摩擦力方向沿斜面向下；勻加速過程，時間 t1= =1.6s，位移 s= (0+v) 11=3.2m； 2. 52平拋的高度“廠丄，小球落在斜面上的速度:與水平面夾角tan3=：屈211勻加速過程，L - s=vt2- _：at22, t2=0.2S(t2=0.8S舍去)，2全程運動時間 t=ti+t2=1.8s

24、 ;(3)設(shè)拉力 F 斜向上，與斜面間的夾角為3,N+Fsin3=mgcosB ,Fcos3 -mgs in0 - N=ma兩式化簡得：Fcos3+ Fsin3=卩 mgcos0+mgsin0+ma,cos3口mgccis G +mgsin B +m曰Vi+2(2 )當物體與傳送帶等速時，傳送帶立即以8m/s2加速度順時針勻減速運轉(zhuǎn)，此時物體的摩擦力為 30N,工件從 A 點傳送到 B 點的時間為1.8S.點評：本題考查了求物體的加速度、所受的摩擦力、運動時間、最小作用力等問題，對物體正確受力分析、分析清楚物體運動過程、應(yīng)用牛頓定律與運動學公式即可正確解題；第(3)題時本題的難點，本題難在應(yīng)用數(shù)學知識處理物理問題，要注意數(shù)學知識的應(yīng)用.四、選考題11 發(fā)射地球同步衛(wèi)星時，先將衛(wèi)星發(fā)射至近地圓軌道1，然后經(jīng)點火，使其沿橢圓軌道 2運行，最后再次點火，將衛(wèi)星送入同步圓軌道 3,軌道 1、2 相切于 Q 點，軌道 2、3 相切于P 點，如圖所示.(1)衛(wèi)星分別在 1、2、3 軌道上正常運行時，以下說法正確的是CDA. 衛(wèi)星在軌道 3 上的速率大于在軌道 1 上的速率.B. 衛(wèi)星在軌道 3 上的角速度大于在軌道 1 上的角速度.C. 衛(wèi)星在軌道 1 上運動一周的時間小于它在軌道 2 上運動一周的時間.D.衛(wèi)星在軌道 2