云南省某知名中學高二物理下學期期末考試試題含解析2

1、宣威五中2018年春季學期期末檢測高二物理試卷一、選擇題1.1.關于近代物理，下列說法錯誤的是 （ ）a. 輕核聚變反應方程中，x表示電子b. 粒子散射實驗現(xiàn)象揭示了原子的核式結構c. 分別用紅光和紫光照射金屬鉀表面均有光電子逸出，紫光照射時，逸出的光電子的最大初動能較大d. 基態(tài)的一個氫原子吸收一個光子躍遷到n = 3激發(fā)態(tài)后，可能發(fā)射2種頻率的光子【答案】a【解析】輕核聚變反應方程中，x的質量數為，電荷數，可知x表示中子，a錯誤；盧瑟福的粒子散射實驗揭示了原子具有核式結構，b正確；分別用紅光和紫光照射金屬鉀表面均有光電子逸出，由于紫色光的頻率大，由：可知，紫光照射時，逸出的光電子的最大初動

2、能較大，c正確；基態(tài)的一個氫原子吸收一個光子躍遷到n=3激發(fā)態(tài)后，當該原子向地能級躍遷時，可能的途徑是：n=3n=1n=1，所以可能發(fā)射2種頻率的光子，d正確2.2.汽車以20m/s的速度做勻速直線運動,見前面有障礙物立即剎車,剎車后加速度大小為5m/s2,則汽車剎車后2s內及剎車后5s內通過的位移之比為( )a. 1:9 b. 1:3 c. 5:13 d. 3:4【答案】d【解析】試題分析：汽車剎車2s后速度，根據公式v=v0+at可得v=10m/s，根據公式v2v02=2ax1可得x1=30m，根據公式v=v0+at可得當t=4s時，速度為零，故5s后的位移和4s時的位移相等，故v02=2

3、ax2，解得x2=40m，所以x1:x2=3:4，故選d考點：考查了汽車剎車問題點評：做分析汽車剎車問題時，不能一味的帶公式，需要根據實際情況判斷汽車靜止時的時間，3.3.如右圖所示是甲、乙兩物體的v-t圖，則下列說法不正確的是（   ）a. 第5s末甲、乙兩物體相遇b. 甲、乙兩物體的運動方向相同c. 甲、乙兩物體都做勻變速直線運動d. 甲的加速度大于乙的加速度【答案】a【解析】a由圖象可知5s末，甲乙兩物體的速度相同，但乙的位移大于甲的位移，沒有到達同一位置，故a錯誤；b甲、乙兩物體的速度圖象始終在時間軸的上方，即方向相同，故b正確；cvt圖象中傾斜的直線表示勻變速直線

4、運動，甲乙都是傾斜的直線，所以甲、乙兩物體都做勻變速直線運動，故c正確；dvt圖象中斜率表示加速度，傾斜角越大表示加速度越大，由圖可以看出甲的傾斜角大于乙的傾斜角，所以甲的加速度大于乙的加速度，故d正確。點睛：本題是速度-時間圖象的應用，要明確斜率的含義，知道在速度-時間圖象中圖象與坐標軸圍成的面積的含義，能根據圖象讀取有用信息。4.4.如圖所示的電路中，l1和l2是完全相同的燈泡，線圈l的電阻可以忽略.下列說法正確的是（   ） a. 合上開關s接通電路時，l1先亮，l2后亮，最后一樣亮b. 合上開關s接通電路時，l1和l2始終一樣亮c. 斷開開關s切斷電路時，l1立刻熄

5、滅，l2過一會兒才熄滅d. 斷開開關s切斷電路時，l1和l2都要過一會兒才熄滅【答案】ad【解析】【詳解】合上開關k接通電路，l1立即亮，線圈對電流的增大有阻礙作用，所以通過l2的電流慢慢變大，最后兩燈泡的電壓一樣大，所以一樣亮。故a正確，b錯誤。斷開開關k切斷電路時，原來通過l1的電流立即消失；由于線圈對電流的減小有阻礙作用，l相當于電源與兩個燈泡串聯(lián)重新形成回路，所以兩燈泡一起過一會兒熄滅，由于原先的電流一樣大，不會亮一下再熄滅。故c錯誤，d正確。故選ad?！军c睛】解決本題的關鍵知道電感器對電流的變化有阻礙作用，當電流增大時，會阻礙電流的增大，當電流減小時，會阻礙其減小5. 如圖所示，圖中

6、虛線是勻強磁場區(qū)的邊界，一個閉合線框自左至右穿過該磁場區(qū)，線框經過圖示的哪個位置時有順時針的感應電流( )a. 在位置1 b. 在位置2c. 在位置3 d. 在位置4【答案】d【解析】試題分析：只要穿過閉合線圈的磁通量發(fā)生變化就有感應電流產生，在位置2時，磁通量增大，感應電流的磁場與原磁場方向相反，由右手定則可知感應電流為逆時針，同理判斷在位置4電流方向為順時針，故選d考點：考查楞次定律點評：難度較小，明確遠磁場方向和磁通量的變化6.6.如圖為理想變壓器，其原、副線圈的匝數比為2：1，原線圈接有交流電壓u=220sin100t v；圖中電壓表和電流表均為理想交流電表，rt為負溫度系數的熱敏電阻

7、（即當溫度升高時，阻值減?。?，r1為定值電阻，c為電容器下列說法正確的是（ ）a. 電壓表示數是110vb. 交流電的頻率為100 hzc. 通過r1的電流始終為零d. 當rt處溫度升高時，電壓表示數不變，電流表示數變大【答案】d【解析】由u=220sin100t知原線圈的電壓的最大值為220v，有效值為v,得u2=50v，電壓表示數是有效值即為u2，a錯；由得f=50hzb錯；當電路接通時，電容器在充電的過程中，充電電流經過r1，此時通過r1的電流不為零，c錯；當rt處溫度升高時，其阻值減小，但兩端的電壓始終為副線圈兩端的電壓即電壓不變，由知，電流增大，d對。7.7.溫度傳感器廣泛應用于室內

8、空調、電冰箱等家用電器中，它是利用熱敏電阻的阻值隨溫度變化的特性來工作的。如圖甲所示為某裝置中的傳感器工作原理圖，已知電源的電動勢e=9.0v，內電阻不計； g為靈敏電流表，內阻rg保持不變； r為熱敏電阻，其電阻阻值與溫度的變化關系如圖乙所示。閉合開關s，當r的溫度等于20°c時，電流表示數i1=2ma；當電流表的示數i2=3.6ma時，熱敏電阻的溫度是（   ）a. 60°c b. 80°cc. 100°c d. 120c【答案】d【解析】電源電動勢e=9.0v，i1=2ma=0.002a，i2=3.6ma=0.0036a；由圖象

9、知當r的溫度等于20°c時，熱敏電阻的阻值r1=4000，由串聯(lián)電路特點及閉合電路歐姆定律得：e=i1(r+rg)即9.0=0.002×(4000+rg)，解得rg=500當電流i2=0.0036a時，由串聯(lián)電路特點及歐姆定律得：e=i2(r+rg)即9.0=0.0036×(r+500)，解得r=2000由圖象知，此時熱敏電阻的溫度t=120°c故選d點睛：本題考查了串聯(lián)電路的特點、歐姆定律、識圖能力，熟練掌握串聯(lián)電路的特點、歐姆定律是正確解題的前提，由圖象找出熱敏電阻的阻值與對應的溫度關系是解題的關鍵；解題時注意單位換算8.8.下列說法正確的是（

10、60;  ）a. 氣體對外界做功，其內能一定減小b. 氣體從外界吸熱，其內能一定增大c. 溫度越高，分子熱運動越劇烈d. 溫度越低，分子的平均動能越大【答案】c【解析】【詳解】根據熱力學第一定律公式u=q+w，氣體對外界做功，其內能不一定減少，故a錯誤；根據熱力學第一定律公式u=q+w，氣體從外界吸收熱量，其內能不一定增加，故b錯誤；物體的溫度越高，分子熱運動越劇烈，故c正確；溫度是分子平均動能的標志，溫度越低，分子的平均動能越小，故d錯誤；故選c。9.9.如圖甲所示,面積s=1m2的導體圓環(huán)內通有垂直于圓平面向里的磁場,磁場的磁感應強度b隨時間t變化的關系如圖乙所示（b取向里為正）

11、,以下說法正確的是（  ）a. 環(huán)中產生逆時針方向的感應電流b. 環(huán)中產生順時針方向的感應電流c. 環(huán)中產生的感應電動勢大小為1vd. 環(huán)中產生的感應電動勢大小為2v【答案】ac【解析】磁場垂直于紙面向里，由圖乙所示可知，磁感應強度增加，穿過圓環(huán)的磁通量增加，環(huán)中產生感應電流，由楞次定律可知，感應電流沿逆時針方向，a正確b錯誤；感應電動勢e=t=bts=211×1=1v，c正確d錯誤10. 如圖所示，在磁感應強度b=0.50t的勻強磁場中，導體pq在力f作用下在u型導軌上以速度v=10ms向右勻速滑動，兩導軌間距離l=1m，電阻r=1，導體和導軌電阻忽略不計，則以下說法正確

12、的是a. 導體pq切割磁感線產生的感應電動勢的大小為5vb. 導體pq受到的安培力方向水平向右c. 作用力f大小是0.50nd. 作用力f的功率是25w【答案】ad【解析】導體pq切割磁感線產生的感應電動勢的大小為e=blv=0.5×1×10=5v，故a正確根據右手定則可判斷電流方向是從q到p，再根據左手定則可知安培力方向向左，故b錯誤作用力f大小是：，故c錯誤作用力f的功率是p=fv=2.5×10=25w，故d正確故選ad11.11.a、b兩物體從同一位置沿同一直線運動，它們的速度圖象如圖所示，下列說法正確的是 （   ）a. a、b加速時，

13、物體b的加速度大于物體a的加速度b. 20s時，a、b兩物體相距最遠c. 40s時，a、b兩物體速度相等，相距900md. 40s時，a、b兩物體在同一位置【答案】ac【解析】【詳解】在速度-時間圖象中切線的斜率表示加速度，加速度向右上方傾斜，加速度為正，向右下方傾斜加速度為負；所以a物體的加速度：a1=vt=401020m/s2=1.5m/s2，b物體的加速度：a2=vt=40020m/s2=2m/s2，故a正確。a、b兩物體從同一位置沿同一方向做直線運動，到40s末之前a的速度一直大于b的速度，a、b之間的間距逐漸增大，40s之后a的速度小于b的速度，b開始追趕a物體，間距減小，所以40s

14、末兩物體相距最遠，xa=10+40202m+20×40m=1300m；xb=12×20×40m=400m；x=xa-xb=900m，故bd錯誤，c正確。故選ac。【點睛】本題是為速度-時間圖象的應用，要明確斜率的含義，知道在速度-時間圖象中圖象與坐標軸圍成的面積的含義，能根據圖象讀取有用信息，要注意路程和位移的區(qū)別12.12.下面說法中正確的是（   ）a. 一定質量的理想氣體從外界吸收熱量，其內能可能不變b. 物體溫度越高，每個分子的動能也越大c. 布朗運動就是液體分子的運動d. 氣體溫度越高，氣體分子的熱運動就越劇烈e. 氣體對容器壁的壓強

15、是由大量氣體分子對容器壁不斷碰撞而產生的【答案】ade【解析】試題分析：溫度是分子平均動能的標志；布朗運動是固體小顆粒的運動；熱力學第一定律公式u=w+q；氣體溫度越高，氣體分子的熱運動就越劇烈，氣體對容器的壓強是由大量氣體分子對容器不斷碰撞而產生的根據熱力學第一定律u=w+q，可知如果理想氣體從外界吸熱的同時，對外界做功，其內能可能不變，a正確；物體的溫度越高，分子熱運動就越劇烈，是平均動能大，不是每個分子的動能大，又可能個別分子的動能減小，b錯誤d正確；布朗運動是固體小顆粒的運動，它間接反映了液體的無規(guī)則運動，c錯誤；氣體對容器的壓強是由大量氣體分子對容器不斷碰撞而產生的，e正確二、填空題

16、13.13.一個物體的質量是2 kg，沿豎直方向下落，以10 m/s的速度碰到水泥地上，隨后又以8 m/s的速度被反彈回，若取豎直向上為正方向，則小球與地面相碰前的動量是_kg·m/s若碰撞過程時間為0.1s則小球給地面的平均作用力為_n(g=10m/s2)【答案】16 340【解析】小球以8 m/s的速度被反彈回，重新落到地面上的速度不變，依然為8 m/s，所以小球與地面相碰前的動量是，根據動量定理可得，則小球給地面的平均作用力為，根據牛頓第三定律可知小球給地面的平均作用力為380n故答案為：20 38014.14.如圖為氫原子的能級圖，大量處于n5激發(fā)態(tài)的氫原子躍遷時，可能發(fā)出_

17、種能量不同的光子，其中頻率最大的光子能量為_ev.【答案】 (1). 10 (2). 13.06【解析】【詳解】大量處于n5激發(fā)態(tài)的氫原子躍遷時，可能發(fā)出c52=10種能量不同的光子，其中頻率最大的光子對應從5到1的躍遷，能量為（-0.54ev）-（-13.6ev）=13.06ev.15.15.（1）某同學在用油膜法估測分子直徑實驗中，計算結果明顯偏大，可能是由于 ：a油酸未完全散開b油酸中含有大量的酒精c計算油膜面積時舍去了所有不足一格的方格d求每滴體積時，lml的溶液的滴數誤多記了10滴（2）在做“用油膜法估測分子大小”的實驗時，油酸酒精溶液的濃度為每1000ml溶液中有純油酸1ml，用注

18、射器測得1ml上述溶液有200滴，把一滴該溶液滴入盛水的表面撒有痱子粉的淺盤里，待水面穩(wěn)定后，測得油酸膜的近似輪廓如圖所示，圖中正方形小方格的邊長為1cm，則每一滴油酸酒精溶液中含有純油酸的體積是 ml，油酸膜的面積是 cm2根據上述數據，估測出油酸分子的直徑是 m【答案】（1）ac（2）5×10640； 1.25×109【解析】試題分析：在油膜法估測分子大小的實驗中，讓一定體積的純油酸滴在水面上形成單分子油膜，估算出油膜面積，從而求出分子直徑解：（1）計算油酸分子直徑時要用到d=，a油酸未完全散開，s偏小，故直徑偏大，選項a正確；b計算時利用的是純油酸的體積，如果含有大量

19、的酒精，則油酸的實際體積偏小，則直徑偏小，選項b錯誤；c計算油膜面積時舍去了所有不足一格的方格，s偏小，故直徑偏大，選項c正確；d求每滴體積時，lml的溶液的滴數誤多記了10滴，由v0=可知，體積偏小，則直徑偏小，選項d錯誤；（2）1滴酒精油酸溶液中含油酸的體積v=ml=5×106ml；如圖所示，是油酸薄膜由于每格邊長為1cm，則每一格就是1cm2，估算油膜面積以超過半格以一格計算，小于半格就舍去的原則，估算出40格則油酸薄膜面積為40cm2；分子的直徑d=1.25×109m；故答案為：（1）ac（2）5×10640； 1.25×109三、計算題16.1

20、6.如圖所示，一輕質彈簧兩端連著物體a和b，放在光滑水平面上，物體a被水平速度為v0的子彈射中并嵌在其中，已知物體b的質量為mb，物體a的質量ma=34mb，子彈的質量m彈=14mb.求：（1）物體a被擊中后的速度v1；（2）子彈射入木塊后系統(tǒng)損失的機械能e；（3）物體b在運動中的最大速度vb。【答案】（1）v1=14v0 （2）e=332mbv02 （3）vb=14v0【解析】（1）子彈射入過程，對子彈和a木塊構成的系統(tǒng)，水平方向動量守恒：m0v0=(m0+ma)v1v1=14v0（2）系統(tǒng)損失的機械能：e=12m0v0212(m0+ma)v12=332mbv02（3）子彈停留在a木塊中后，

21、子彈和a構成一個整體c與彈簧作用，當彈簧的長度再次恢復原長時，b的速度最大，對于c、彈簧、和b構成的系統(tǒng)：動量守恒：mcv1=mcvc+mbvm機械能守恒：12mcv12=12mcvc2+12mbvm2vc=0,vm=v1=14v017.17.如圖所示，金屬棒ab從高為h處自靜止起沿光滑的弧形導軌下滑，進入光滑導軌的水平部分導軌的水平部分處于豎直向上的勻強磁場中，在水平部分導軌上靜止有另一根金屬棒cd，兩根導體棒的質量均為m整個水平導軌足夠長并處于廣闊的勻強磁場中，忽略一切阻力，重力加速度g求：(1)假設金屬棒ab始終沒跟金屬棒cd相碰，兩棒的最終速度大??；(2)在上述整個過程中兩根金屬棒和導

22、軌所組成的回路中產生的焦耳熱q；(3)若已知導軌寬度為l，勻強磁場的磁感應強度為b，上述整個過程中通過導體棒cd橫截面的電量q【答案】(1)v=gh2 (2)q=12mgh (3)q=m2gh2bl 【解析】（1）對ab由機械能守恒得：mgh=12mv02解得：v0=2gh 兩桿最終速度相等，由動量守恒得：mv0=2mv解得：v=gh2 （2）由能量守恒得：q=mgh-12×2mv212mgh（4）對cd桿由動量定理：bil×t=mv-0q=it=m2gh2bl18.18.如圖所示，豎直放置、內部光滑的導熱氣缸用活塞封閉一定質量的理想氣體，活塞用固定螺栓固定在距汽缸底部h0=0.6m處，活塞橫截面積為s=6cm2，此時氣體的壓強p=0.5×105pa，汽缸壁是導熱的，打開固定螺栓，活塞下降，經過足夠長的時間后，活塞停在距離底部h1=0.2m處，在此過程中周圍環(huán)境溫度為t0=27，保持不變，已知重力加速度取g=10m/s2，大氣壓強p0=1.0×105pa。求：（1）活塞的質量；（2）周圍環(huán)境溫度緩慢升高到t=177，保持不變，求活塞穩(wěn)定時距汽缸底部的距離?！敬鸢浮浚?）3kg （2）0.3m【解析】（1）設活塞的質量為m，打開固定螺栓經過足夠長的時間，這個過程中密封氣體的溫度不變，由玻意耳定律有psh0=p1sh1又