2018版高考物理一輪復(fù)習(xí)第2章相互作用綜合過(guò)關(guān)規(guī)范限時(shí)檢測(cè)新人教版必修1

1、第二章綜合過(guò)關(guān)規(guī)范限時(shí)檢測(cè)o彈簧BBRDRB則(BD2B )(D )卩221111滿分 100 分，考試時(shí)間 60 分鐘。全都選對(duì)的得 6 分，選對(duì)但不全的得 3 分，錯(cuò)選或不選的得 0 分）+ R,故 D 正確。2. （2016 東北三省五校調(diào)研）如圖所示，滑塊A置于水平地解析對(duì)A、B整體分析，受重力、支持力、推力和最大靜摩擦力，根據(jù)平衡條件有F=2（2m）g，再對(duì)滑塊B分析，受推力、重力、向左的支持力和向上的最大靜摩擦力，根據(jù)平衡條件，水平方向F=N豎直方向mg= f,其中f=1N,聯(lián)立有mg=u1F,解得12、選擇題（本題共 8 小題，每小題 6 分，共計(jì) 48 分。14 題為單選,58

2、 題為多選,1. （2016 云南質(zhì)量檢測(cè)）如圖所示，質(zhì)量均為m的A、B兩球，由一C 守 +R牡R3k十R解得x=冊(cè)。根據(jù)幾何關(guān)系得cos01眷 2 則 tan0=,3,所以x=冷哭故彈簧原長(zhǎng)X0|mg塊AB質(zhì)量相等，設(shè)滑塊A與B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為1,A與地A2A.12=3根勁度系數(shù)為k的輕彈簧連接，靜止于半徑為R的光滑半球形碗中,水平，兩球間距為R且球的半徑遠(yuǎn)小于碗的半徑。則彈簧的原長(zhǎng)為mgA 才+R解析以A球?yàn)檠芯繉?duì)象，小球受三個(gè)力，重力、彈力和碗的支持力，如圖所示。由平衡條件得 tan0=mg面上，滑塊B在一水平力作用下緊靠滑塊A（A、B接觸面豎直）,面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為112=2此時(shí)A B

3、恰好都不滑動(dòng),最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，已知滑導(dǎo)學(xué)號(hào) 51342238導(dǎo)學(xué)號(hào) 5134223921=2，故選 B。3.（2016 江西吉安期末）如圖所示，質(zhì)量為m的物體A靜止在傾角為0= 30、質(zhì)量為M的斜面體B上?，F(xiàn)用水平力F推物體A,在F由零增大至.3mg再逐漸減為零的過(guò)程中，A和B始終保持靜止。對(duì)此過(guò)程下列說(shuō)法正確的是導(dǎo)學(xué)號(hào) 51342240 （ D ）A. 地面對(duì)B的支持力大于（M+n）gB.A對(duì)B的壓力的最小值為申mg最大值為4mg一 1C.A受到的摩擦力的最小值為 0,最大值為-mgD.A受到的摩擦力的最小值為 0,最大值為mg解析對(duì)A、B組成的整體受力分析，整體受力平衡，豎直方

4、向受到重力和地面對(duì)B的支持力，所以地面對(duì)B的支持力為（阿mg,故A錯(cuò)誤。對(duì)A受力分析，受到重力、支持力、 推力和摩擦力作用，垂直于斜面方向有：N= mgsos 30 +Fsin 30 ，當(dāng)F= 0 時(shí)，N最小，最小為 Nnin=mcpos 30= -mg 當(dāng)F= 3mg時(shí)，N最大，最大為Nkx=mopos 30+ 3mgx1=,. 3mg根據(jù)牛頓第三定律可知，A對(duì)B壓力的最小值為-mg最大值為 J3mg故 B 錯(cuò)誤。摩擦力方向沿斜面向上， 摩擦力f= mn 30-Fcos 30,當(dāng)F= 0 時(shí)，f最大，fmax= min 30= mg當(dāng)F33mg靜摩擦力方向向下，則摩擦力f=Fcos 30 -

5、mgin 30 ，當(dāng)F=31,3mg時(shí)，f最大，fmax=.3mgx- mg= mg綜上可知，A所受摩擦力的最小值為 0，最大 值為mg故 C 錯(cuò)誤，D 正確。故選Do4. （2016 遼寧大連二十四中期中）如圖所示，小方塊代表一些相同質(zhì)量的鉤碼，圖甲中O為輕繩之間連接的結(jié)點(diǎn)，圖乙中光滑的輕質(zhì)小滑輪跨在輕繩上懸掛鉤碼，兩裝置均處于靜 止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)將圖甲中B滑輪沿虛線稍稍上移一些，圖乙中的端點(diǎn)B沿虛線稍稍上移一些（乙圖中的繩長(zhǎng)不變），則關(guān)于圖 中0角和OB繩的張力F的變化，下列說(shuō)法正 確的是 導(dǎo)學(xué)號(hào) 51342241 |（ B ）沿斜面方向，當(dāng)Fcos 30 =mgin 30，即F=fmg時(shí)，摩擦

6、力為零；當(dāng)mg時(shí)，靜3A.甲、乙圖中的0角均增大,B.甲、乙圖中的0角均不變,C.甲圖中0角增大、乙圖中D.甲圖中0角減小、F不變，乙圖中0角增大、F減小解析圖甲中，根據(jù)鉤碼個(gè)數(shù)可知，0點(diǎn)所受的三個(gè)力正好構(gòu)成直角三角形，若將B滑輪沿虛線稍稍上移一些，三力大小不變，根據(jù)力的合成法則可知，夾角因是光滑的滑輪，且繩子中的張力相等，則OA 0B繩中的力總是相等的，因此合力平分0A0B繩的夾角，即使將端點(diǎn)B稍上移，繩子中的張力大小F仍不變，則根據(jù)力的合成法則可知,OA 0B夾角不變，貝U 0角不變。故 B 正確。5. （2016 河北百校聯(lián)盟聯(lián)考）如圖所示，將一質(zhì)量分布均勻的物塊分成B兩部分靠在一起，下

7、端放置在粗糙水平地面上，繩子的上端與天花板相連，下端與物塊A的上表面的中點(diǎn)相連，繩子處于豎直位置，整個(gè)裝置靜止，下列說(shuō)法中正確的是 導(dǎo)學(xué)號(hào) 51342242 （ AD ）A.物塊A可能只受到 2 個(gè)力的作用B.物塊A至少受到 3 個(gè)力的作用C.地面與物塊 B 間可能存在摩擦力D.剪斷繩子，物塊A可能下滑解析對(duì)A物塊受力分析，若A、B間有彈力，根據(jù)共點(diǎn)力的平衡條件可知，若A受到B的摩擦力與支持力的合力等于重力，則不受繩子的拉力，此時(shí)A受 3 個(gè)力；若它們的合力小于重力，則還受到繩子的拉力，此時(shí)A受 4 個(gè)力；若A、B間無(wú)彈力，則A受到重力和繩子的拉力，而且繩子的拉力與重力大小相等，方向相反，此時(shí)

8、A受 2 個(gè)力，故 A 正確，B 錯(cuò)誤。從整體角度分析，物塊B沒(méi)有在水平方向運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，不滿足產(chǎn)生摩擦力的條件，地面與物 塊B間不可能存在摩擦力，故 C 錯(cuò)誤。若A、B之間是光滑的，剪斷繩子，物塊A下滑，故 D正確。6. （2016 吉林大學(xué)附屬中學(xué)摸底）如圖所示，置于固定斜面上的物體A受到平行于斜面向下的力F作用保持靜止。若力F大小不變，將力F在豎 直平面內(nèi)由沿斜面向下緩慢地轉(zhuǎn)到沿斜面向上（轉(zhuǎn)動(dòng)范圍如圖中虛線所示）,在F轉(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程中，物體始終保持靜止。在此過(guò)程中物體與斜面間的|導(dǎo)學(xué)號(hào) 51342243(BC )F均不變F均不變0角不變，張力F均不變0不變。圖乙中,B4A. 彈力可能先增大后減

9、小B. 彈力一定先減小后增大C. 摩擦力可能先減小后增大D.摩擦力一定一直減小解析物體受重力、支持力、摩擦力及拉力的作用而處于靜止?fàn)顟B(tài)，故合力為零。將重力和拉力都分解到沿斜面和垂直于斜面的方向，則在垂直于斜面方向上，重力的分力、支持力及拉力的分力平衡， 因拉力的分力先增大后減小， 故彈力先減小后增大，A 錯(cuò)誤，B 正確;在沿斜面方向上，重力向下的分力、拉力的分力及摩擦力平衡，因拉力的分力先向下減小，后向上增大，故摩擦力可能先向上減小，后向下增大，也可能一直減小，C 正確，D 錯(cuò)誤。7. （2016 鄂豫晉陜冀五省聯(lián)考）如圖所示，將一個(gè)表面光滑的鐵球放 在兩塊斜面板AB和CD之間，兩板與水平面的

10、夾角都是60。已知重力加速度大小為g,不計(jì)空氣阻力，則|導(dǎo)學(xué)號(hào) 51342244 |（ AD ）A.如果突然撤去CD板，則撤去后鐵球?qū)B板的壓力減小B.如果突然撤去CD板，則撤去后鐵球?qū)B板的壓力增大C.如果保持AB板不動(dòng)，使CD板與水平面的夾角緩慢減小，則球?qū)笤龃驞.如果保持AB板不動(dòng)，使CD板與水平面的夾角緩慢減小，則球?qū)笤龃蠼馕鲈瓉?lái)球靜止，受力如圖甲所示，由幾何關(guān)系和平衡條件可得,持力F2=G則鐵球?qū)B板的壓力F2,=F2=G突然撤去CD板，則撤去后鐵球?qū)B板的壓 力為GCos60，因此撤去后鐵球?qū)B板的壓力減小，故 A 正確，B 錯(cuò)誤；如果保持AB板不 動(dòng)，在使CD板與水

11、平面的夾角緩慢減小的過(guò)程中， 兩擋板彈力的合力等于重力， 大小和方向 都不變，AB板對(duì)鐵球的彈力F2方向不變，CD板對(duì)鐵球的彈力Fi方向改變，根據(jù)三角形定則，如圖乙所示，知AB板對(duì)球的彈力F2逐漸減小，CD板對(duì)球的彈力AB先減小后增大，根據(jù)牛頓 第三定律可知，球?qū)B板的壓力逐漸減小，球?qū)D板的壓力先減小后增大，故 C 錯(cuò)誤，D 正確。8.（2016 山東日照一模）如圖所示，傾角為 30的斜面體靜止在水平地面上，輕繩一端連著斜面上的物體 A：輕繩與斜面平行），另一端通過(guò)兩個(gè)滑輪相連于天花板上的P點(diǎn)。動(dòng)滑輪上懸掛質(zhì)量為m的物塊B,開(kāi)始時(shí)懸掛動(dòng)滑輪的兩繩均豎直?，F(xiàn)將P點(diǎn)緩慢向右移動(dòng), 直到動(dòng)滑輪

12、兩邊輕繩的夾角為 90時(shí)，物體A剛好要滑動(dòng)。假設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦CD板的壓力先減小CD板的壓力先減小AB板對(duì)鐵球的支屮乙5力，物體A與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為 冷3。整個(gè)過(guò)程斜面體始終靜止，不計(jì)滑輪的質(zhì)量及輕繩與滑輪間的摩擦。下列說(shuō)法正確的是導(dǎo)學(xué)號(hào) 51342245 ( AB )A.物體A的質(zhì)量為fmB. 物體A受到的摩擦力一直增大C. 地面對(duì)斜面體的摩擦力水平向左并逐漸減小D.斜面體對(duì)地面的壓力逐漸減小解析動(dòng)滑輪處于靜止?fàn)顟B(tài)， 受力平衡，根據(jù)平衡條件解得繩子拉力T= min45 =故 A 正確；開(kāi)始時(shí)懸掛動(dòng)滑輪的兩繩均豎直，則繩子拉力Ti= 2mgsin30 ，則開(kāi)始時(shí)A受到的靜摩擦力方

13、向向下，當(dāng)P向右移動(dòng)時(shí)，繩子的拉力一直增大，根據(jù)平衡條件可知，A受到的靜摩擦力也一直增大，故B 正確；設(shè)懸掛動(dòng)滑輪的左側(cè)繩子與水平方向的夾角為0，對(duì)斜面體和A整體研究，由平衡條件得，水平方向有f=Tcos0,P向右移動(dòng)過(guò)程中，T增大，0減小，則f增大，故 C 錯(cuò)誤；懸掛動(dòng)滑輪的繩子中的拉力在豎直方向的分量=學(xué)所以斜面體對(duì)地面的壓力等于斜面體和物體A的總重力與羅之和且不變，故 D 錯(cuò)誤。二、非選擇題(共 4 小題，共 52 分。計(jì)算題解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟，只寫(xiě)出最后答案的不得分。)9.(8 分)(2016 江西贛州六校聯(lián)考)橡皮筋也像彈簧一樣，在彈性限度內(nèi)伸長(zhǎng)量x與

14、彈YS力F成正比，即F=kx ,k的值與橡皮筋的原長(zhǎng)L、橫截面積S有關(guān)。理論與實(shí)驗(yàn)都表明k=-,其中Y是由材料決定的常量，材料力學(xué)中稱之為楊氏模量。|導(dǎo)學(xué)號(hào) 51342246(1) 在國(guó)際單位制中，楊氏模量Y的單位應(yīng)該是_D。2A. NB. mC. N/mD. N/m(2) 某同學(xué)通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)得某橡皮筋的一些數(shù)據(jù)，作出外力F與伸長(zhǎng)量x之間的關(guān)系圖象如圖所示。由圖象可求得該橡皮筋的勁度系數(shù)k= 500 N/m。物體A剛好要滑動(dòng)，受力平衡，根據(jù)平衡條件得T=mgsin30 + 卩mgcos30,解得6（3）若該橡皮筋的原長(zhǎng)是 10.0cm，橫截面積是 1.0mm，則該橡皮筋的楊氏模量Y的大小72是_

15、5.0X10保留兩位有效數(shù)字）。2kl2解析（1）k的單位是 N/m,L的單位是 m,S的單位是 m,Y=s，因此丫的單位為 N/m , 故選D。F15.0在彈性限度內(nèi)，k= x= 3.0X10 -2N/m=500N/m。5X102X0. 12721X-b N/m = 5.0X10 N/m。10 . （8 分）（2016 安徽合肥35 中模擬）在“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”的實(shí)驗(yàn)中:導(dǎo)學(xué)號(hào) 51342247（1）某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)過(guò)程中的部分實(shí)驗(yàn)步驟如下，請(qǐng)你仔細(xì)讀題并完成有關(guān)空缺部分的內(nèi)容：A. 將一根橡皮筋的一端固定在貼有白紙的豎直平整木板上，另一端綁上兩根細(xì)線。B.在其中一根細(xì)線上掛上 5 個(gè)質(zhì)

16、量相等的鉤碼，使橡皮筋拉伸，如圖甲所示，記錄：_纟吉點(diǎn)O至 U 達(dá)的位置一、 鉤碼個(gè)數(shù)（或纟田線拉力大小）和細(xì)線上拉力 的方向 _。C.將步驟 B 中的鉤碼取下，然后分別在兩根細(xì)線上掛上 4 個(gè)和 3 個(gè)質(zhì)量相等的鉤碼， 用兩光滑硬棒B、C使兩細(xì)線互成角度，如圖乙所示，小心調(diào)整B C的位置，使結(jié)點(diǎn)O到達(dá)相同的位置_,記錄_鉤碼個(gè)數(shù)（或細(xì)線拉力大小）和兩根細(xì)線上拉力的方向 _。如果“力的平行四邊形定則”得到驗(yàn)證，那么圖乙中11. （18 分）（2017 黑龍江牡丹江一中期中）如圖所示，細(xì)繩OA的O端與質(zhì)量m=1kg 的 重COSaCOS解析由水平方向受力平衡得4mgcosa=3mgcos3，解得

17、COSa3cos34T7物相連，A端與輕質(zhì)圓環(huán)（重力不計(jì)）相連，圓環(huán)套在水平棒上可以滑動(dòng)；定滑輪固定在B處，跨過(guò)定滑輪的細(xì)繩，兩端分別與重物m重物G相連，若兩條細(xì)繩間的夾角0=90，80A與水平棒的夾角0= 53,圓環(huán)恰好沒(méi)有滑動(dòng)，不計(jì)滑輪大小，整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài),(1)圓環(huán)與棒間的動(dòng)摩擦因數(shù);重物G的質(zhì)量M答案(1)0.75(2)0.6kg解析因?yàn)閳A環(huán)將要開(kāi)始滑動(dòng)，即所受的靜摩擦力剛好達(dá)到最大值，有f=FNO對(duì)圓環(huán)進(jìn)行受力分析，則有(I FN FTCOS0 =0,FN Rsin0 =0,1代入數(shù)據(jù)解得 = 0.75。tan0(2)對(duì)于重物m有Mg= mgjos0,解得M= mtos0= 0.6kg。12. (18 分)(2016 廣東中山華僑中學(xué)一模)一個(gè)底面粗糙、質(zhì)量為M的劈放在粗糙的水 平面上，劈的斜面光滑且與水平面成 30角；現(xiàn)用一端固定的輕繩系一質(zhì)量為m的小球、球放在斜面上，小球靜止時(shí)輕繩與豎直方向的夾角也為 30 ,如圖所示。試求：導(dǎo)學(xué)號(hào) 51342249(1)當(dāng)劈靜止時(shí)繩子的拉力大小;(2)若地面對(duì)劈的最大靜摩擦力等于地面對(duì)劈支持力的k倍