2020年普通高等學(xué)校招生全國(guó)統(tǒng)一考試?yán)砜凭C合能力仿真模擬卷二(word版附解析).doc

1、2020年普通高等學(xué)校招生全國(guó)統(tǒng)一考試?yán)砜凭C合能力仿真模擬卷二第I卷（選擇題，共 4848 分）二、選擇題：本題共 8 8 小題，每小題 6 6 分，共 4848 分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14141818題只有一項(xiàng)符合題目要求，第 佃2121 題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6 6 分，選對(duì)但不全的得 3 3 分，有選錯(cuò)的得 0 0 分。1.下列說法中錯(cuò)誤的是A. 若氫原子從 n=6 能級(jí)向 n=1 能級(jí)躍遷時(shí)輻射出的光不能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則氫原子從n=6 能級(jí)向n=2 能級(jí)躍遷時(shí)輻射出的光也不能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)137小137小137廠 丄B. 核泄漏事故污染物Cs能夠產(chǎn)生

2、對(duì)人體有害的輻射，其核反應(yīng)方程式為55CST56Ba+x，可以判斷x 為電子C.原子核發(fā)生一次B衰變，該原子外層就一定失去一個(gè)電子D.質(zhì)子、中子、a粒子的質(zhì)量分別是 m1、m2、m3,質(zhì)子和中子結(jié)合成一個(gè)a粒子，釋放的能量是（2m 什 2m2-m3）2c【答案】C【解析】【詳解】A、根據(jù)玻爾理論可知，氫原子從 n=6 的能級(jí)向 n = 1 的能級(jí)躍遷時(shí)輻射出的光的能量大于氫原子從 n=6 的能級(jí)向 n=2 的能級(jí)躍遷時(shí)輻射出的光的能量，結(jié)合光電效應(yīng)發(fā)生的條件可知，若氫原子從n=6的能級(jí)向 n=1 的能級(jí)躍遷時(shí)輻射出的光不能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則氫原子從n=6 的能級(jí)向 n= 2 的能數(shù)為：z

3、= 55 - 56=- 1,所以 x 為電子，故 B 正確;C、B衰變的實(shí)質(zhì)是原子核中的一個(gè)中子轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子，電子釋放出來，不是來自核外電子，故 C 錯(cuò)誤；214D、 根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程知，質(zhì)子和中子結(jié)合成a粒子，核反應(yīng)方程為 21H2onT2He，釋放的能量 是厶=級(jí)躍遷時(shí)輻射出的光也不能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，故B、根據(jù)量子說守恒與電荷數(shù)守恒可知，核反應(yīng)方程式A 正確;13713755CSf56Ba+x 中，可以判斷 x 的質(zhì)量數(shù)為 0,電荷mc2=（2m1+2m2-m3）c2，故 D 正確.本題選錯(cuò)誤的，故選C.成可得：D 電流產(chǎn)生磁感應(yīng)強(qiáng)度D 處電流反向，其他條件都不變,0

4、 處磁感應(yīng)強(qiáng)2背越式跳高采用弧線助跑，距離長(zhǎng)，速度快，動(dòng)作舒展大方如圖所示是某運(yùn)動(dòng)員背越式跳高過程的分解 圖，由圖可估算出運(yùn)動(dòng)員在躍起過程中起跳的豎直速度大約為【答案】B【解析】【詳解】運(yùn)動(dòng)員跳高過程可以看做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，當(dāng)重心達(dá)到橫桿時(shí)速度恰好為零，運(yùn)動(dòng)員重心升高高度約為：h：1.3m，根據(jù)機(jī)械能守恒定律可知： mv2二mgh；解得：v =2gh = 26m/s：、5m/s，故 B正確，ACD 錯(cuò)誤3如圖所示，AC 是四分之一圓弧，0 為圓心，D 為圓弧中點(diǎn)，A、D、C 處各有一垂直紙面的通電直導(dǎo)線,【答案】A【解析】【詳解】0 點(diǎn)的實(shí)際磁感應(yīng)強(qiáng)度是 A、D、C 處電流產(chǎn)生磁感應(yīng)強(qiáng)度與空間大

5、小為B 的磁感應(yīng)強(qiáng)度的矢量和,0 處的磁感應(yīng)強(qiáng)度恰好為零.則 A、C 與空間磁場(chǎng)的矢量合一定與 D 單獨(dú)產(chǎn)生磁感應(yīng)強(qiáng)度等大反向，根據(jù)合C. 8m/sD. 11m/ s電流大小相等，方向垂直紙面向里，整個(gè)空間還存在一個(gè)大小為B 的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，O 處的磁感應(yīng)強(qiáng)度恰好為零.如果將 D 處電流反向，其他條件都不變，則O 處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為A.2 .2 -1 BB.2 .2 1 BC. 2BD. 0A. 2m/sB. 5m/sB =2BD=2(-.2-1)B, BCD 錯(cuò)誤 A 正確4隨著科技的不斷發(fā)展，無(wú)線充電已經(jīng)進(jìn)入人們的視線小到手表、手機(jī)，大到電腦、電動(dòng)汽車，都已經(jīng)在無(wú)線充電方面實(shí)現(xiàn)了從理論研發(fā)到

6、實(shí)際應(yīng)用的轉(zhuǎn)化如圖所示為某品牌無(wú)線充電手機(jī)利用電磁感應(yīng)方式充電的原理圖.關(guān)于無(wú)線充電，下列說法正確的是A.無(wú)線充電時(shí)，手機(jī)上接收線圈的工作原理是電流的磁效應(yīng)”B.接收線圈中交變電流的頻率與發(fā)射線圈中交變電流的頻率相同C. 只有將充電底座接到直流電源上，才能對(duì)手機(jī)進(jìn)行充電D. 只要有無(wú)線充電底座，所有手機(jī)都可以進(jìn)行無(wú)線充電【答案】B【解析】【詳解】A、無(wú)線充電時(shí)手機(jī)接收線圈部分的工作原理是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，不是“電流的磁效應(yīng)”現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；B、無(wú)線充電利用的是電磁感應(yīng)的互感現(xiàn)象，故接收線圈中交變電流的頻率與發(fā)射線圈中交變電流的頻率相同，故 B 正確；C、 當(dāng)充電設(shè)備通以恒定直流，無(wú)線充電設(shè)備不會(huì)產(chǎn)

7、生交變磁場(chǎng)，那么不能夠正常使用，故C 錯(cuò)誤；D、被充電手機(jī)內(nèi)部，應(yīng)該有一類似金屬線圈的部件，與手機(jī)電池相連，當(dāng)有交變磁場(chǎng)時(shí)，則出現(xiàn)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，所以不是所用的手機(jī)都能利用無(wú)線充電設(shè)備進(jìn)行充電，故D 錯(cuò)誤；5隨著科幻電影流浪地球的熱映，“引力彈弓效應(yīng)”進(jìn)入了公眾的視野.“引力彈弓效應(yīng)”是指在太空運(yùn)動(dòng)的探測(cè)器，借助行星的引力來改變自己的速度為了分析這個(gè)過程，可以提出以下兩種模式：探測(cè)器分別從行星運(yùn)動(dòng)的反方向或同方向接近行星，分別因相互作用改變了速度如圖所示，以太陽(yáng)為參考系，設(shè)行星運(yùn)動(dòng)的速度為U，探測(cè)器的初速度大小為 V。，在圖示的兩種情況下，探測(cè)器在遠(yuǎn)離行星后速度大小分別為 V1和 V2.探測(cè)器和行

8、星雖然沒有發(fā)生直接的碰撞，但是在行星的運(yùn)動(dòng)方向上，其運(yùn)動(dòng)規(guī)律可以與兩個(gè) 質(zhì)量不同的鋼球在同一條直線上發(fā)生的彈性碰撞規(guī)律作類比那么下列判斷中正確的是【答案】A【解析】【詳解】設(shè)探測(cè)器的質(zhì)量為 m,行星的質(zhì)量為 M，探測(cè)器和行星發(fā)生彈性碰撞121212122Mu Mv0-mv0嚴(yán)嚴(yán)0SmV12Mu1，聯(lián)立解得探測(cè)器碰后的速度 X- ，因Mm，則V1:2U Vo- Vo，故 A 正確，B 錯(cuò)誤.Mu2mv-mv|Mu；，聯(lián)立解得探測(cè)器碰后的速度 5=Mvo_2Mu_mvo，因皿口，則2 2 2 2 v?、V。-2U : V。；故 C、D 均錯(cuò)誤.故選 A.6.2018 年 6 月 14 日 11 時(shí)

9、 06 分，探月工程嫦娥四號(hào)任務(wù)鵲橋”中繼星成為世界首顆成功進(jìn)入地月拉格朗日L2點(diǎn)的 Halo 使命軌道的衛(wèi)星，為地月信息聯(lián)通搭建矢橋”如圖所示，該 L2點(diǎn)位于地球與月球連線的延長(zhǎng) 線上，鵲橋”位于該點(diǎn)，在幾乎不消耗燃料的情況下與月球同步繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)已知地球、月球和地球和月球之間的平均距離為R, L2點(diǎn)離月球的距離為 x,則A.鵲橋”的線速度大于月球的線速度B.鵲橋”的向心加速度小于月球的向心加速度VIA. Vi voB. Vi= voC. V voD. V2=VoA、B、對(duì)于模型一：設(shè)向左為正，由動(dòng)量守恒定律:Mu - mv0二mV|Mu1，由能量守恒C、D、對(duì)于模型二：設(shè)向左為正，由動(dòng)

10、量守恒定律:Mu mV。二-mV?Mu?，由能量守恒C. x 滿足/嚴(yán)、2如二業(yè)(R x)2x2R3(R x)if J 探測(cè)器w vMeMe m/f、D. x 滿足 豈2e（Rx）（R+x）2x2R3【答案】AC【解析】【詳解】根據(jù)題意鵲橋”與月球運(yùn)動(dòng)的角速度相等，中繼星繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)的半徑比月球繞地球的半徑大，根據(jù)線速度V可知 鵲橋”中繼星繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)的線速度比月球繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)的線速度大，故A 正確；向心加速度a =2R.鵲橋”中繼星統(tǒng)地球轉(zhuǎn)動(dòng)的向心加速度比月球繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)的向心加速度大，故B 錯(cuò)誤：中繼衛(wèi)星的向心力由月球和地球引力的合力提供則有：GM吧GM2mm十.2（R. %）對(duì)月球而言則有（R

11、+ x） xGM” =Mm,2R兩式聯(lián)立可解得：歸.與=鑒（R x）故 C 正確；D 錯(cuò)誤；故選 ACR（R x）x R7如圖所示，勻強(qiáng)電場(chǎng)方向水平向右?guī)ж?fù)電的小球從斜面頂端的0 點(diǎn)水平向右拋出，初速度大小為V。，小球帶電量為-q，質(zhì)量為 m,運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中曲線所示，小球打到斜面上P 點(diǎn)的速度方向豎直向下.已知斜面與小球初速度方向的夾角為60重力加速度為 g,不計(jì)空氣阻力，則下列說法正確的是（）-3V0C.小球由 O 點(diǎn)到 P 點(diǎn)用時(shí)0gB.小球做曲線運(yùn)動(dòng)的加速度大小為2 3g3D.小球通過P點(diǎn)時(shí)的速度大小為3vo2A.勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為【答案】BC【解析】【詳解】A.帶電小球水平方向勻減速

12、直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)加速度為a,合位移為 L,由牛頓第二定律得故 C 正確；D.小球通過 P 點(diǎn)時(shí)的速度大小為v= gt=、.3v0故 D 錯(cuò)誤.8如圖所示，某訓(xùn)練，守門員將靜止的足球從M 點(diǎn)踢出，球斜拋后落在 60m 外地面上的 P 點(diǎn).的同時(shí)，前鋒從距 P 點(diǎn) 11.5m 的 N 點(diǎn)向 P 點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，其初速度為 2m/s,加速度為 4m/s2,水平方向的速度0= vo- at水平方向 位移Lcos60 =Vot2豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)發(fā)球當(dāng)其1速度達(dá)到 8m/s 后保持勻速運(yùn)動(dòng)若前鋒恰好在P 點(diǎn)追上足球，球員和球均可視為質(zhì)點(diǎn)，忽略球在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)的阻力，重力加速度g 取 10 m/s2.下

13、列說法正確的是JU:加 LIIIIIIm LJih1P. .N1A. 前鋒加速的距離為 7.5mB. 足球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為2.3sC. 足球運(yùn)動(dòng)過程中的最小速度為30 m/sD. 足球上升的最大高度為 10m【答案】AC【解析】【詳解】A 項(xiàng)：前鋒做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，初速度為2m/s，加速度為 4m/s2，末速度為 8m/s，根據(jù)速度-位移公式可知，v2-v2=2ax!，代入數(shù)據(jù)解得：X|=7.5m，故 A 正確；B 項(xiàng)：前鋒和足球運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，前鋒加速運(yùn)動(dòng)時(shí)間t加二 匸也=1.5s，勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)間t勻二 匚互二0.5s，av故足球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為2s，B 錯(cuò)誤；C 項(xiàng)：足球水平方向上做勻速直

14、線運(yùn)動(dòng)，位移為60m，時(shí)間為 2s，故運(yùn)動(dòng)過程中的最小速度為30m/s，C 正確；12D 項(xiàng)：足球豎直方向上做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性可知， 上升時(shí)間為 1s,最大高度hmgt -5m，2故 D 錯(cuò)誤.第U卷（非選擇題，共 6262 分）三、非選擇題：共 6262 分，第 22222525 題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第33333434 題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共 4747 分。9用如圖甲實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證 mi、m2組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒.m2從高處由靜止開始下落，m!上拖著的紙帶打出一系列的點(diǎn)，對(duì)紙帶上的點(diǎn)跡進(jìn)行測(cè)量，即可驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律下圖給出的是實(shí)驗(yàn)中獲取的

15、一條紙帶：0 是打下的第一個(gè)點(diǎn)，每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4 個(gè)點(diǎn)（圖甲中未標(biāo)出），計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖乙所示已知mi=50g、m2=150g 則（g 取 9.8m/s2，結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）r o)2 34156 卑乎:警3S.402L6020.40圖乙(1)在紙帶上打下記數(shù)點(diǎn)5時(shí)的速度 V=_ ；(2)_在打點(diǎn) 05 過程中系統(tǒng)動(dòng)能的增量EK= ， 系統(tǒng)勢(shì)能的減少量EP=_ ，由此得出的結(jié)論是_12(3)若某同學(xué)作出 一v-h 圖象如圖丙，則當(dāng)?shù)氐膶?shí)際重力加速度g=_ .【答案】(1). 2.4m/s(2). 0.576J(3). 0.588J(4).在誤差允許的范圍內(nèi)，mi、m2組成的系統(tǒng)機(jī)械

16、能守恒(5). 9.7m/s2【解析】【詳解】第一空根據(jù)在勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的瞬時(shí)速度大小等于該過程中的平均速度，可知打第5個(gè)點(diǎn)時(shí)的速度為：V5=%46=21.60 26.40 10=/s=2.4m/s52T2 0.1、 、 一12第二空.物體的初速度為零，所以動(dòng)能的增加量為：Ek=(m 什 m2)v5-0 = 0.576J；第三空.重力勢(shì)能的減小量等于物體重力做功，故：AEP=W= ( m2-m1)gh=0.588J;第四空.由此可知?jiǎng)幽艿脑黾恿亢蛣?shì)能的減小量基本相等，因此在在誤差允許的范圍內(nèi)， 機(jī)械能守恒.Millm1、m2組成的系統(tǒng)團(tuán)甲一12121 12第五空.題中根據(jù)機(jī)械能守恒可

17、知，（m2-mj gh=（m 什 m2）v，即有：一 v= gh，所以一 v-h 圖象中圖象2 2 2 2115 82的斜率表示 一 g，由圖可知，斜率 k= g =4.85，故當(dāng)?shù)氐膶?shí)際重力加速度g=9.7m/s1 2 3 4221.2010.LED 燈的核心部件是發(fā)光二極管某同學(xué)欲測(cè)量一只工作電壓為2.9V 的發(fā)光二極管的正向伏安特性曲線，所用器材有：電壓表（量程 3V，內(nèi)阻約 3kQ）,電流表（用多用電表的直流 25mA 擋替代，內(nèi)阻約為 5Q）,滑動(dòng)變阻器（0-20Q），電池組（內(nèi) 阻不計(jì)），電鍵和導(dǎo)線若干他設(shè)計(jì)的電路如圖（a）所示回答下列問題：1根據(jù)圖（a）, 實(shí)物圖（b）上完成連線

18、 _ ;2調(diào)節(jié)變阻器滑片至最 _端（填 左”或 右”，將多用電表選擇開關(guān)拔至直流25mA 擋，閉合電鍵;3某次測(cè)量中，多用電表示數(shù)如圖（c），則通過二極管的電流為 _mA ；4該同學(xué)得到的正向伏安特性曲線如圖（d）所示由曲線可知，隨著兩端電壓增加，二極管的正向電阻（填 增大” 減小或 不變”；當(dāng)兩端電壓為 2.9V 時(shí)，正向電阻為 _kQ（結(jié)果取兩位有效數(shù)字）:（5）若實(shí)驗(yàn)過程中發(fā)現(xiàn)，將變阻器滑片從一端移到另一端，二極管亮度幾乎不變，電壓表示數(shù)在 2.7V-2.9V 之間變化，試簡(jiǎn)要描述一種可能的電路故障： _tlA筆0.15-0.16（6）.連接電源負(fù)極與變阻器的導(dǎo)線斷路.【解析】【詳解】（1）根據(jù)多用電表紅黑表筆的接法：“紅進(jìn)黑出”可知，黑表筆接二極管，紅表筆接滑動(dòng)變阻器, 滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，則連線如圖：（2）為保護(hù)電路，開關(guān)閉合前需將滑動(dòng)變阻器的滑片置于最大阻值處，即最左端；（3） 多