2019高考物理一輪選練練題(10)新人教版

1、（人教）物理2019高考一輪選練練題（10）及答案一、選擇題1、如圖，半徑為R圓心為。的光滑圓環(huán)固定在豎直平面內(nèi) ，OC水平,D是圓環(huán)最低點(diǎn).質(zhì)量為2m的小球A與質(zhì)量為m的小球B套在圓環(huán)上，兩球之間用輕桿相連.兩球初始位置如圖所 示，由靜止釋放，當(dāng)小球A運(yùn)動(dòng)至D點(diǎn)時(shí)，小球B的動(dòng)能為（D ）口A. mgR B. ' mgR4 + M 4 + MC. = mgR D.mgR解析:A,B組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒.當(dāng)A運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn) D時(shí),A下降的高度為hA=R+Rsin 450 ,B上升的高度為 hB=Rsin 45 ° ,則有2mgh-mghB=1 I2 2m“* +?m",

2、又 VaCOS 45 ° =VbCOS 45 ° ,14 +械B -2 小球B的動(dòng)能為"“=2m" = mgR選項(xiàng)D正確.2、（多選）一質(zhì)點(diǎn)做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，先后通過P、Q N三點(diǎn)，如圖所示，已知PQ= QNk 15 m,質(zhì)點(diǎn)通過PQ的時(shí)間t1=3 s ,通過QN的時(shí)間t2=2 s ,則下列說法中正確的是（）F?。2A.此質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)白加速度為1 m/sB.此質(zhì)點(diǎn)通過 P的速度為3.0 m/sC.此質(zhì)點(diǎn)通過Q的速度為6.5 m/sD.此質(zhì)點(diǎn)通過Q的速度為6.0 m/s12解析：選AC.設(shè)質(zhì)點(diǎn)加速度為 a,經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)速度為vp, XP PQ段有x=VPt1 +

3、 2at1,對(duì)PN段.12 2 一有 2x = vp（t 1 +12） + 2a（t 1+12）,聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得vp= 3.5 m/s , a= 1 m/s ,則 vq= vp+ at i,代入數(shù)據(jù)解得 vq= 6.5 m/s ,所以選項(xiàng) A、C正確.3、如圖甲所示，足夠長(zhǎng)的木板B靜置于光滑水平面上，其上放置小滑塊A木板B受到隨時(shí)間t變化的水平拉力 F作用時(shí)，用傳感器測(cè)出木板 B的加速度a,得到如圖乙所示的 aF 圖象，g取10 m/s 2,則（）A.滑塊A的質(zhì)量為4 kgB.木板B的質(zhì)量為1 kgC.當(dāng)F= 10 N時(shí)木板B的加速度為4 m/sD.滑塊A與木板B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為 0.1【

4、答案】BC【解析】由圖知，當(dāng) F= 8 N時(shí)，加速度為：a = 2 m/s2,對(duì)整體分析：F=（ra+ na）a,解得:一 g 田/gmA+rnB= 4 kg,當(dāng)F大于8 N時(shí)，A、B發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，對(duì)B有：a=mB = mB F- %由圖本圖象可知，圖線的斜率： k=湘8 = AF =1,解得：ms= 1 kg ,滑塊A的質(zhì)量為：mA =3 kg。當(dāng)a=0時(shí)，F(xiàn)= 6 N,代入解得科=0.2 ,故A、D錯(cuò)誤，B正確；根據(jù)F=10 N>8 N£二,叫g(shù) 1%時(shí)，滑塊與木板相對(duì)滑動(dòng)，B的加速度為：aB= a=mB =溶避F科用R g = （1 X10 0.2X30） m/s 2=4

5、 m/s2。故 C正確。A以初速度V?；缴媳砻娲植诘乃叫≤嘇與小車B的v t圖象，由此可知（）上，車與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)不計(jì)；乙圖為物體4、（多選）如圖所示，甲圖表示的光滑平臺(tái)上，物體，3 -J居甲乙A.小車上表面長(zhǎng)度B.物體A與小車B的質(zhì)量之比C. A與小車B上表面的動(dòng)摩擦因數(shù)D.小車B獲得的動(dòng)能解析：選BC.由圖象可知，AB最終以共同速度vi勻速運(yùn)動(dòng)，不能確定小車上表面長(zhǎng)度，故 A,mAvi .,錯(cuò)誤；由動(dòng)量守恒定律得，mAVo= （mA+ nm）vi,解得一=,故可以確定物體 A與小車 BmB V0 Vi1的質(zhì)量之比，故B正確；由圖象可以知道 A相對(duì)小車B的位移Ax = Voti,

6、根據(jù)能量守恒得：1 O 1mg A x = 2mAV02（mA+ m）vi,根據(jù)B中求得質(zhì)重關(guān)系，可以解出動(dòng)摩擦因數(shù)，故 C正確；由于小車B的質(zhì)量不可知，故不能確定小車B獲得的動(dòng)能，故 D錯(cuò)誤.故選BC.5、如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E,內(nèi)阻為r.電路中的R,R3分別為總阻值一定的滑動(dòng)變阻器，R。為定值電阻，Ri為光敏電阻（其電阻隨光照強(qiáng)度增大而減小 ）.當(dāng)開關(guān)S閉合時(shí)，電容器中一帶電微粒恰好處于靜止?fàn)顟B(tài).有關(guān)下列說法中正確的是（A ）A.只逐漸增大Ri的光照強(qiáng)度，電阻R消耗的電功率變大，電阻R中有向上的電流B.只調(diào)節(jié)電阻 R的滑動(dòng)端P2向上端移動(dòng)時(shí)，電源消耗的功率變大，電阻R中有向上的電流C.只

7、調(diào)節(jié)電阻 R的滑動(dòng)端Pi向下端移動(dòng)時(shí)，電壓表示數(shù)變大，帶電微粒向下運(yùn)動(dòng)D.若斷開開關(guān)S,電容器所帶電荷量變大，帶電微粒向上運(yùn)動(dòng)解析：只逐漸增大Ri的光照強(qiáng)度，Ri的阻值減小，總電阻減小，總電流增大，電阻R消耗的電功 率變大，滑動(dòng)變阻器兩端的電壓變大，電容器兩端的電壓增大，電容器下極板帶的電荷量變大所以電阻R中有向上的電流，故A正確；電路穩(wěn)定時(shí)，電容器相當(dāng)于開關(guān)斷開，只調(diào)節(jié)電阻 R 的滑動(dòng)端P2向上端移動(dòng)時(shí)，對(duì)電路沒有影響，故B錯(cuò)誤；只調(diào)節(jié)電阻R的滑動(dòng)端Pi向下端移動(dòng)U時(shí)，電容器并聯(lián)部分的電阻變大，所以電容器兩端的電壓變大，由E可知，電場(chǎng)力變大，帶電微粒向上運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤;6、（20i7 北京市

8、豐臺(tái)區(qū)二才若斷開開關(guān)S,電容器處于放電狀態(tài)，電荷量變小，故D錯(cuò)誤.莫）關(guān)于玻爾建立的氫原子模型，卜列說法正確的是（）A.氫原子處于基態(tài)時(shí)，電子的軌道半徑最大B.氫原子在不同能量態(tài)之間躍遷時(shí)可以吸收任意頻率的光子C.氫原子從基態(tài)向較高能量態(tài)躍遷時(shí)，電子的動(dòng)能減小D.氫原子從基態(tài)向較高能量態(tài)躍遷時(shí)，系統(tǒng)的電勢(shì)能減小解析：選C.氫原子處于基態(tài)時(shí)，電子白軌道半徑最小，故 A錯(cuò)誤；由h v =Em En知?dú)湓?在不同能量態(tài)之間躍遷時(shí)只可以吸收特定頻率的光子，故B錯(cuò)誤；氫原子從基態(tài)向較高能量態(tài)躍遷，電子距離氫原子核的距離增大，勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑增大，線速度減小，動(dòng)能減小，C正確；氫原子從基態(tài)向較高能量態(tài)

9、躍遷時(shí)，電子距離氫原子核的距離增大，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大，D錯(cuò)誤.7、如圖甲所示，一臺(tái)線圈內(nèi)阻為2 Q的小型發(fā)電機(jī)外接一只電阻為10 Q的燈泡，發(fā)電機(jī)內(nèi)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為 “2T,線圈的面積為 0.01 m2,發(fā)電機(jī)正常工作時(shí)燈泡的電流i隨時(shí)兀間t變化的正弦規(guī)律圖象如圖乙所示.下列說法正確的是（）01聽甲A. t = 0.05 s時(shí)，穿過線圈的磁通量為零B. t = 0.05 s時(shí)，理想交流電壓表的示數(shù)為30 VC.發(fā)電機(jī)內(nèi)線圈的匝數(shù)為240D.發(fā)電機(jī)線圈內(nèi)阻每秒鐘產(chǎn)生的焦耳熱為9 J解析：選AB.由圖乙可知t=0.05 s時(shí)，發(fā)電機(jī)的輸出電流為最大值，此時(shí)線圈平面與中性 面垂直，磁通

10、量為零，A正確.由圖乙可知電流的有效值I=3 A,理想交流電壓表的示數(shù) U= 3X10 V= 30 V, B項(xiàng)正確.由圖乙可知，電流最大值為3成A,則發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值 Em= nBSco=（2 Q +10 0）X3* A =36/2 V ,又 B= T, S= 0.01 m2, co=g兀I=10 兀 rad/s ,得 n= 360, C項(xiàng)錯(cuò)誤.Q= 32X2X1 J = 18 J , D項(xiàng)錯(cuò)誤.8、如圖，在繞地運(yùn)行的天宮一號(hào)實(shí)驗(yàn)艙中，宇航員王亞平將支架固定在桌面上，擺軸末端 用細(xì)繩連接一小球.拉直細(xì)繩并給小球一個(gè)垂直細(xì)繩的初速度，它沿bdac做圓周運(yùn)動(dòng).在a、b、c、d四點(diǎn)時(shí)（d

11、、c兩點(diǎn)與圓心等高），設(shè)在天宮一號(hào)實(shí)驗(yàn)艙中測(cè)量小球動(dòng)能分別為畫、圓、座I、國(guó)，細(xì)繩拉力大小分別為 國(guó)、四、四、四，阻力不計(jì)，則（）a. F皿>l % ' I 產(chǎn)一 >| 畫B.若在c點(diǎn)繩子突然斷裂，王亞平看到小球做豎直上拋運(yùn)動(dòng)= '= :=:D.若在b點(diǎn)繩子突然斷裂，王亞平看到小球做平拋運(yùn)動(dòng)【來源】【全國(guó)百?gòu)?qiáng)?！亢颖笔『馑袑W(xué)2018屆高三二十?？荚?B)物理試題【答案】 C【解析】A、在繞地運(yùn)行的天宮一號(hào)實(shí)瞼艙中j小球處于完全失重狀態(tài),由繩子的拉力提供向心力，小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng),則有曷=&b$=G.故A錯(cuò)誤口 C、完全失重時(shí)，只有繩的拉力提供向心力公式T=

12、F=m 隊(duì)八皿都不變，小球的向心力大小不變，則有：冷界=界=從 故C正確。& D、在£點(diǎn)或。點(diǎn)繩斷，小球只有沿著圓周的切線方向的速度，而沒有力提供向心力，故做離心運(yùn)動(dòng)且沿切線方向 做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故仄D均錯(cuò)誤。敵選J【點(diǎn)睛】解答本題要抓住小球處于完全失重狀態(tài)，由繩子的拉力提供向心力， 再根據(jù)向心力公式分析即可.二、非選擇題如圖所示，某小型水電站發(fā)電機(jī)的輸出功率為10 kW輸出電壓為400 V,向距離較遠(yuǎn)的用戶供電，為了減少電能損失，使用2 kV高壓輸電，最后用戶得到220 V,9.5 kW 的電力，求：升缶變壓器降壓頓器(1)升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比ni ：年;(2)輸電線路導(dǎo)線的總電阻 R; 降壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比n3 : n4.解析：(1)升壓變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比為% Ui 400 I%”刀而5 .p 1