電磁感應典型題2017

1、電磁感應典型題（2017）1. （多選）邁克爾.法拉第是英國物理學家，他在電磁學方面做出很多重要貢獻。如圖是法拉第做成的世界上第一臺發(fā)電機模型的原理圖。將銅盤放在磁場中，讓磁感線垂直穿過銅盤，在a、b兩處用電刷將導線分別與銅盤的邊緣和轉軸良好接觸。逆時針轉動銅盤（沿磁場方向看），就可以使閉合電路獲得電流，讓小燈泡發(fā)光。則 Aa端電勢低，b端電勢高B如轉速變?yōu)樵瓉淼?倍，則感應電動勢也變?yōu)樵瓉淼?倍C如轉速變?yōu)樵瓉淼?倍，則流過燈泡的電流變?yōu)樵瓉淼?倍D如順時針轉過銅盤，則小燈泡不會發(fā)光2. （多選）如圖所示，傾角為的光滑斜面上端放置一矩形導線框abcd ，ab邊的邊長為L1，ad邊的邊長為L2

2、，導線框的質量為m，電阻為R，斜面上ef線和gh線(ef、gh平行底邊)之間有垂直斜面向上的勻強磁場，磁感應強度為B，ef和gh的距離為L3 （L3L2）。如果導線框從靜止釋放，恰能加速進入磁場，勻速離開磁場，導線 框的ab邊始終平行于底邊。則下列說法正確的是 A.導線框進入磁場的過程中速度增大得越來越快 B.導線框進入磁場過程中，感應電流的方向為abcda C.導線框勻速離開磁場所經(jīng)歷的時間為 D.導線框進入磁場過程中產(chǎn)生的焦耳熱Q1大于離開磁場過程 中產(chǎn)生的焦耳熱Q23（2013全國卷I）如圖，在水平面（紙面）內(nèi)有三根相同的均勻金屬棒ab、ac和MN，其中ab、ac在a點接觸，構成“V”字

3、型導軌?？臻g存在垂直于紙面的均勻磁場。用力使MN向右勻速運動，從圖示位置開始計時，運動中MN始終與bac的平分線垂直且和導軌保持良好接觸。下列關于回路中電流i與時間t的關系圖線，可能正確的是abcMNitOitOitOitO4如圖，直角三角形金屬框abc放置在勻強磁場中，磁感應強度大小為B，方向平行于ab邊向上。當金屬框繞ab邊以角速度逆時針轉動時，a、b、c三點的電勢分別為Ua、Ub、Uc已知bc邊的長度為l下列判斷正確的是AUa> Uc，金屬框中無電流BUb >Uc，金屬框中電流方向沿a-b-c-aC，金屬框中無電流D，金屬框中電流方向沿a-c-b-a 5紙面內(nèi)兩個半徑均為R的

4、圓相切于O點，兩圓形區(qū)域內(nèi)分別存在垂直紙面的勻強磁場，磁感應強度大小相等、方向相反，且不隨時間變化。一長為2R的導體桿OA繞過O點且垂直于紙面的軸順時針勻速旋轉，角速度為，t0時，OA恰好位于兩圓的公切線上，如圖所示。若選取從O指向A的電動勢為正，下列描述導體桿中感應電動勢隨時間變化的圖像可能正確的是tEOAtEOBtEOCtEODOASABMN6（多選）如圖所示，鐵芯上有兩個線圈A和B線圈A跟電源相連，LED（發(fā)光二極管，具有單向導電性）M和N并聯(lián)后接線圈B兩端圖中所有元件均正常，則AS閉合瞬間，A中有感應電動勢BS斷開瞬間，A中有感應電動勢CS閉合瞬間，M亮一下，N不亮DS斷開瞬間，M和N

5、二者均不亮7.導線環(huán)及圓形勻強磁場區(qū)域的半徑均為R，磁場方向與導線環(huán)所在平面垂直。當導線環(huán) 從圖示位置沿兩圓心連線勻速穿過磁場區(qū)域的過程中，導線環(huán)中感應電流i隨時間t的 變化關系如圖所示，規(guī)定逆時針方向的感應電流為正。其中最符合實際的是8. （多選）如圖所示的正方形線框abcd邊長為L，每邊電阻均為r，在垂直于紙面向里，磁感應強度為B的勻強磁場中繞cd軸以角速度勻速轉動，c、d兩點與一阻值為r的電阻相連，各表均可視為理想表，導線電阻不計，則下列說法中正確的是 A線框abcd產(chǎn)生的電流為交變電流 B當S斷開時，電壓表的示數(shù)為零 C當S斷開時，電壓表的示數(shù)為 D當S閉合時，電流表的示數(shù)為9.（多選

6、）如圖，單匝矩形導線框abcd與勻強磁場垂直，線框電阻不計線框繞與cd邊重合的固定轉軸以恒定角速度從圖示位置開始勻速轉動，理想變壓器匝數(shù)比為n1：n2開關S斷開時，額定功率為P的燈泡L1正常發(fā)光，電流表示數(shù)為I，電流表內(nèi)阻不計，下列說法正確的是線框中產(chǎn)生的電流為正弦式交變電流線框從圖中位置轉過時，感應電動勢瞬時值為燈泡L1的額定電壓等于如果閉合開關S，則電流表示數(shù)變大10. （2012深圳二模）(18 分)如圖所示，兩根半徑為光滑的圓弧軌道間距為L ,電阻不計，在其上端連有一阻值為R0的電阻，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中，磁感應強度為B.現(xiàn)有一根長度稍大于L、質量為m、電阻為R的金屬棒從軌

7、道的頂端PQ處開始下滑，到達軌道底端MN時對軌道的壓力為2mg,求：(1 )棒到達最低點時電阻R0兩端的電壓；(2)棒下滑過程中產(chǎn)生R0的熱量；(3)棒下滑過程中通過R0的電量.11.（12分）如圖所示，水平固定的閉合導軌分別由平行的直軌和同心半圓形導軌構成，兩軌間距離均為d，同心圓的內(nèi)圓半徑均為d.兩軌間充滿勻強磁場，磁感應強度的大小為B，方向垂直紙面向里，內(nèi)外兩條軌道間用導線和電阻為R的電阻連接，其他電阻可忽略.一根導體棒在兩軌道上滑動，棒在平行直軌道上垂直導軌做勻速直線運動，速度大小為v；棒在圓弧導軌上勻速轉動，棒與外圓軌道接觸點的線速度大小為v，運動中棒的延長線始終過圓心O1或O2。求

8、：(1)當棒在圓弧導軌上運動時，電阻R兩端的電壓U；(2)棒在平直導軌上移動距離為L的過程中，電阻R產(chǎn)生的焦耳熱Q.12（2014廣州一模）（18分）如圖，勻強磁場垂直銅環(huán)所在的平面，導體棒a的一端固定在銅環(huán)的圓心O處，另一端緊貼圓環(huán)，可繞O勻速轉動通過電刷把銅環(huán)、環(huán)心與兩豎直平行金屬板P、Q連接成如圖所示的電路，R1、R2是定值電阻帶正電的小球通過絕緣細線掛在兩板間M點，被拉起到水平位置；合上開關K，無初速度釋放小球，小球沿圓弧經(jīng)過M點正下方的N點到另一側已知：磁感應強度為B；a的角速度大小為，長度為l，電阻為r；R1=R2=2r，銅環(huán)電阻不計；P、Q兩板間距為d；帶電的質量為m、電量為q；

9、重力加速度為g求：（1）a勻速轉動的方向； R1NOaKldR2B（2）P、Q間電場強度E的大??；（3）小球通過N點時對細線拉力T的大小13（20分）如圖甲所示，在粗糙的水平面上有一滑板，滑板上固定著一個用粗細均勻的導線繞成的正方形閉合線圈，匝數(shù)N=10，邊長L=0.4m，總電阻R=1，滑板和線圈的總質量M=2kg，滑板與地面間的動摩擦因數(shù)=0.5，前方有一長4L、高L的矩形區(qū)域，其下邊界與線圈中心等高，區(qū)域內(nèi)有垂直線圈平面的水平勻強磁場，磁感應強度大小按如圖乙所示的規(guī)律變化，現(xiàn)給線圈施加一水平外力，使線圈以速度v =0.4m/s勻速通過矩形磁場，t=0時刻，線圈右側恰好開始進入磁場重力加速度

10、g=10m/s2求：（1）t=0.5s時線圈中通過的電流；（2）線圈全部進入磁場區(qū)域前的瞬間所需外力的大??；（3）線圈穿過圖中矩形區(qū)域過程中外力所做的功0.5013t/sB/T乙甲14、如圖所示，光滑的金屬導軌間距為L，導軌平面與水平面成角，導軌下端接有阻值為R的電阻，質量為m的金屬細桿ab與絕緣輕彈簧相連靜止在導軌上，彈簧勁度系數(shù)為k，上端固定，彈簧與導軌平面平行，整個裝置處在垂直于導軌平面斜向上的勻強磁場中，磁感應強度為B?，F(xiàn)給桿一沿導軌向下的初速度v0，桿向下運動至速度為零后，再沿導軌平面向上運動達最大速度，大小為v1，然后減速為零，再沿導軌平面向下運動一直往復運動到靜止（導軌與金屬細桿

11、的電阻忽略不計）。試求：（1）細桿獲得初速度瞬間，通過R的電流大??；（2）當桿速度為v1時離最初靜止時位置的距離L1；（3）桿由初速度v0開始運動直到最后靜止，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱Q。15、如圖,兩根足夠長的光滑固定平行金屬導軌與水平面成角,導軌間距為d,兩導體棒a和b與導軌垂直放置,兩根導體棒的質量都為m、電阻都為R,回路中其余電阻不計.整個裝置處于垂直于導軌平面向上的勻強磁場中,磁感應強度的大小為B,在時刻使a沿導軌向上作速度為v的勻速運動,同時將b由靜止釋放,b經(jīng)過一段時間后也作勻速運動.已知(1)若使導體棒b靜止在導軌上,導體棒a向上運動的速度v多大?(2)若a在平行于導軌向上的力F作

12、用下,以v1=2m/s的速度沿導軌向上勻速運動,試導出F與b的速率v2的函數(shù)關系式并求出v2的最大值;(3)在(2)中,當t=2s時,b的速度達到5.06m/s, 2s內(nèi)回路中產(chǎn)生的焦耳熱為13.2J, 求該2s內(nèi)力F做的功(結果保留三位有效數(shù)字)123456789ABBCACCABCCACDABD10.解：（1）到達最低點時，設棒的速度為v，由牛頓第二定律得：得2分2分2分（2）由能量轉化和守恒得： 6分（3）電量6分11(12分)解：（1）根據(jù)題意,棒在圓弧軌上滑行角速度為 根據(jù)法拉第電磁感應定律 由幾何知識可知 聯(lián)立，得R兩端的電壓 （2）根據(jù)法拉第電磁感應定律，棒在直軌上滑行產(chǎn)生的感應

13、電動勢 通過電阻的電流 又 根據(jù)焦耳定律 聯(lián)立，得 評分參考：式各2分，式各1分。12（18分）解析：（1）依題意，小球從水平位置釋放后，能沿圓弧向下擺動，故小球受到電場力的方向水平向右，P板帶正電，Q板帶負電。由右手定則可知，導體棒a順時針轉動。（2分）（2）導體棒a轉動切割磁感線，由法拉第電磁感應定律得電動勢大小： （2分，若缺中間推導式只得1分）由閉合電路歐姆定律： （2分）由歐姆定律可知，PQ的電壓為：UPQ （2分）故PQ間勻強電場的電場強度大?。?（2分）聯(lián)立，代入R1R22r，可得：（2分）（3）設細繩長度為L，小球到達N點時速度為v，由動能定理可得： （2分）又 （2分）由得： （2分）【評分說明：第（1）問給2分，若在圖中標明方向且正確也可，若答“從圖示位置向上轉動”或“從圖示位置向右轉動”也可；各2分。共18分?！?3(1)線框切割磁感線V A (2)線框因勻速運動將要全部進入前右邊導線所受向左的總安培力：N 上邊導線所受向下的總安培力：N 滑動摩擦力N 故拉力：F= F1+f =10.8N （3