高考物理最新電磁學(xué)知識(shí)點(diǎn)之磁場(chǎng)經(jīng)典測(cè)試題含答案

1、高考物理最新電磁學(xué)知識(shí)點(diǎn)之磁場(chǎng)經(jīng)典測(cè)試題含答案一、選擇題1.如圖所示為質(zhì)譜儀的原理圖，一束粒子流由左端平行于Pl、P2射入，粒子沿直線通過(guò)速度選擇器，已知速度選擇器的電場(chǎng)強(qiáng)度為E,磁感應(yīng)強(qiáng)度為 Bi.粒子由狹縫So進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)B2后分為三束，它們的軌道半徑關(guān)系為則下列說(shuō)法中正確的是（）ri 3 2 ,不計(jì)重力及粒子間的相互作用力,A. Pi極板帶負(fù)電卜列說(shuō)法中正確的是（）A.減小磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度一 BB.能通過(guò)狹縫 So的帶電粒子的速率等于EC.三束粒子在磁場(chǎng) B2中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等D.粒子1的比荷 曳大于粒子2的比荷 也m1m22 .回旋加速器是加速帶電粒子的裝置.其核心部分是分別與高頻交流電

2、源兩極相連接的兩個(gè)D形金屬盒，兩盒間的狹縫中形成的周期性變化的電場(chǎng)，使粒子在通過(guò)狹縫時(shí)都能得到加速,兩D形金屬盒處于垂直于盒底的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，如圖所示，要增大帶電粒子射出時(shí)的動(dòng)能，則B.增大勻強(qiáng)電場(chǎng)間的加速電壓C.增大D形金屬盒的半徑D.減小狹縫間的距離3 .為了降低潛艇噪音可用電磁推進(jìn)器替代螺旋槳。如圖為直線通道推進(jìn)器示意圖。推進(jìn)器前后表面導(dǎo)電，上下表面絕緣，規(guī)格為：axbxc=o.5mX0.4mX0.3m?？臻g內(nèi)存在由超導(dǎo)勵(lì)磁線圈產(chǎn)生的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其磁感應(yīng)強(qiáng)度B=10.0T,方向豎直向下，若在推進(jìn)器前后方向通以電流I=1.0 X1O3A,方向如圖。則下列判斷正確的是（）A.推進(jìn)器對(duì)潛艇提供向左

3、的驅(qū)動(dòng)力，大小為 4.0 103NB.推進(jìn)器對(duì)潛艇提供向右的驅(qū)動(dòng)力，大小為 5.0 103NC.超導(dǎo)勵(lì)磁線圈中的電流方向?yàn)镻QNMP方向D.通過(guò)改變流過(guò)超導(dǎo)勵(lì)磁線圈或推進(jìn)器的電流方向可以實(shí)現(xiàn)倒行功能4.如圖甲是磁電式電流表的結(jié)構(gòu)圖，蹄形磁鐵和鐵芯間的磁場(chǎng)均勻輻向分布。線圈中a、b兩條導(dǎo)線長(zhǎng)度均為1,未通電流時(shí)，a、b處于圖乙所示位置，兩條導(dǎo)線所在處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B。通電后，a導(dǎo)線中電流方向垂直紙面向外，大小為 I,則（）A.該磁場(chǎng)是勻強(qiáng)磁場(chǎng)B.線圈平面總與磁場(chǎng)方向垂直G線圈將逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)D. a導(dǎo)線受到的安培力大小始終為BI15 .如圖所示，虛線為兩磁場(chǎng)的邊界，左側(cè)磁場(chǎng)垂直紙面向里，右側(cè)磁

4、場(chǎng)垂直紙面向外，磁 感應(yīng)強(qiáng)度大小均為 B。一邊長(zhǎng)為L(zhǎng)、電阻為R的單匝正方形導(dǎo)體線圈 abcd,水平向右運(yùn)動(dòng)到圖示位置時(shí)，速度大小為 v,則（）A. ab邊受到的安培力向左,B. ab邊受到的安培力向右,cd邊受到的安培力向右cd邊受到的安培力向左C.線圈受到的安培力的大小為2 22B2L2VD.線圈受到的安培力的大小為_(kāi)2 24B L v6 .筆記本電腦機(jī)身和顯示屏對(duì)應(yīng)部位分別有磁體和霍爾元件.當(dāng)顯示屏開(kāi)啟時(shí)磁體遠(yuǎn)離霍爾元件，電腦正常工作：當(dāng)顯示屏閉合時(shí)磁體靠近霍爾元件，屏幕熄滅，電腦進(jìn)入休眠狀態(tài).如圖所示，一塊寬為 a、長(zhǎng)為c的矩形半導(dǎo)體霍爾元件，元件內(nèi)的導(dǎo)電粒子是電荷量為e的自由電子，通入

5、方向向右的電流時(shí)，電子的定向移動(dòng)速度為.當(dāng)顯示屏閉合時(shí)元件處于垂直于上表面、方向向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，于是元件的前、后表面間出現(xiàn)電壓U ,以此控制屏幕的熄滅.則元件的（）A.前表面的電勢(shì)比后表面的低B.前、后表面間的電壓 U與 無(wú)關(guān)C.前、后表面間的電壓 U與C成正比D.自由電子受到的洛倫茲力大小為eUaA. 如圖甲所示，靜止在水平面上的等邊三角形金屬線框，匝數(shù)n = 20,總電阻R=2.5 0,邊長(zhǎng)L = 0.3m,處在兩個(gè)半徑均為 r=0.1m的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線框頂點(diǎn)與右側(cè)圓心重合，線框底邊與左側(cè)圓直彳5重合，磁感應(yīng)強(qiáng)度Bi垂直水平面向外；B2垂直水平面向里，Bi、B2隨時(shí)間t的變化如圖乙所

6、示，線框一直處于靜止?fàn)顟B(tài)，計(jì)算過(guò)程中取九3,下列說(shuō)法正確的是（）B. t=0時(shí)刻穿過(guò)線框的磁通量為 0.5WbC. t= 0.4s時(shí)刻線框中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為1.5VD. 00.6s內(nèi)通過(guò)線框橫截面電荷量為0.018C8.如圖為洛倫茲力演示儀的結(jié)構(gòu)圖.勵(lì)磁線圈產(chǎn)生的勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，電子束 由電子槍產(chǎn)生，其速度方向與磁場(chǎng)方向垂直.電子速度大小可通過(guò)電子槍的加速電壓來(lái)控 制，磁場(chǎng)強(qiáng)弱可通過(guò)勵(lì)磁線圈的電流來(lái)調(diào)節(jié).下列說(shuō)法正確的是（）A.僅增大勵(lì)磁線圈的電流，電子束徑跡的半徑變大8 .僅提高電子槍的加速電壓，電子束徑跡的半徑變大C.僅增大勵(lì)磁線圈的電流，電子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期將變大D.僅提高電子槍的

7、加速電壓，電子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期將變大9 .如圖所示，空間某處存在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)和垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一個(gè)帶負(fù)電 的金屬小球從 M點(diǎn)水平射入場(chǎng)區(qū)，經(jīng)一段時(shí)間運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)的右下方N點(diǎn)，關(guān)于小球由A.小球可能做勻變速運(yùn)動(dòng)C.小球動(dòng)量可能不變B.小球一定做變加速運(yùn)動(dòng)D.小球機(jī)械能守恒a、b兩10 .如圖所示，兩平行直導(dǎo)線 cd和ef豎直放置，通以方向相反大小相等的電流, 點(diǎn)位于兩導(dǎo)線所在的平面內(nèi).則diA. b點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零B. ef導(dǎo)線在a點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向垂直紙面向里C. cd導(dǎo)線受到的安培力方向向右D.同時(shí)改變了導(dǎo)線的電流方向，cd導(dǎo)線受到的安培力方向不變11.如圖所示，某種帶電粒子由靜

8、止開(kāi)始經(jīng)電壓為Ui的電場(chǎng)加速后，射人水平放置，電勢(shì)M、差為U2的兩導(dǎo)體板間的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，帶電粒子沿平行于兩板方向從兩板正中間射入，穿過(guò) 兩板后又垂直于磁場(chǎng)方向射入邊界線豎直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，則粒子入磁場(chǎng)和射出磁場(chǎng)的N兩點(diǎn)間的距離d隨著Ui和U2的變化情況為（不計(jì)重力，不考慮邊緣效應(yīng)）（A. d隨Ui變化，d與U2無(wú)關(guān)B. d與Ui無(wú)關(guān)，d隨U2變化C. d隨Ui變化，d隨U2變化D. d與Ui無(wú)關(guān)，d與U2無(wú)關(guān)12 .科學(xué)實(shí)驗(yàn)證明，足夠長(zhǎng)通電直導(dǎo)線周圍某點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B k-,式中常量lk>0, I為電流強(qiáng)度，l為該點(diǎn)與導(dǎo)線的距離。如圖所示，兩根足夠長(zhǎng)平行直導(dǎo)線分別通有電流3I和I （方

9、向已在圖中標(biāo)出），其中 a、b為兩根足夠長(zhǎng)直導(dǎo)線連線的三等分點(diǎn)，。為兩根足夠長(zhǎng)直導(dǎo)線連線的中點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A. a點(diǎn)和b點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向相同B. a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度比 。點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度小C. b點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度比 。點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大D. a點(diǎn)和b點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小之比為 5： 713 .三根通電長(zhǎng)直導(dǎo)線 a、b、c平行且垂直紙面放置，其橫截面如圖所示，a、b、c恰好位于直角三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，/ c= 90 , /a=37。a、b中通有的電流強(qiáng)度分別為 Ii、I2, c受到a、b的磁場(chǎng)力的合力方向與 a、b連線平行。已知通電長(zhǎng)直導(dǎo)線在周圍某點(diǎn)產(chǎn)生的磁 場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度 B k；, k為比例

10、系數(shù)，I為電流強(qiáng)度，r為該點(diǎn)到直導(dǎo)線的距離，sin 37 = 0.6。下列說(shuō)法正確的是（）C聲 / . 7 七 *t$5近、A. a、b中電流反向，Ii: 12 i6 ： 9B. a、b中電流同向,Ii ： I24:3C. a、b中電流同向，Ii ： I2 i6： 9D. a、b中電流反向,Ii ： 124 : 3A、B分別與14 .研究放射性元素射線性質(zhì)的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示.兩塊平行放置的金屬板 電源的兩極a、b連接，放射源發(fā)出的射線從其上方小孔向外射出.則a為電源正極，到達(dá)A.A板的為B. a為電源正極，到達(dá)C. a為電源負(fù)極，到達(dá)A板的為3射線A板的為a射線D.a為電源負(fù)極，到達(dá)A板的為1

11、5 .關(guān)于垂直于磁場(chǎng)方向的通電直導(dǎo)線所受磁場(chǎng)作用力的方向，正確的說(shuō)法是（）A.跟磁場(chǎng)方向垂直，跟電流方向平行B.跟電流方向垂直，跟磁場(chǎng)方向平行C.既跟磁場(chǎng)方向垂直，又跟電流方向垂直D.既不跟磁場(chǎng)方向垂直，也不跟電流方向垂直16.如圖所示，矩形線圈 abcd在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中可以分別繞垂直于磁場(chǎng)方向的軸Pi和P2以相同的角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，當(dāng)線圈平面轉(zhuǎn)到與磁場(chǎng)方向平行時(shí)（）B.線圈繞Pi轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)的電動(dòng)勢(shì)小于繞 P2轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)的電動(dòng)勢(shì)C.線圈繞Pi和P2轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)電流的方向相同，都是a-b-c-dD.線圈繞Pi轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)dc邊受到的安培力大于繞P2轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)dc邊受到的安培力17.質(zhì)量和電量都相等的帶電粒子M和N,以不同的速

12、度率經(jīng)小孔S垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng),運(yùn)行的半圓軌跡如圖中虛線所示，下列表述正確的是（）fM A. M帶正電，N帶負(fù)電B. M的速度率小于 N的速率C.洛倫茲力對(duì)M、N做正功D. M的運(yùn)行時(shí)間等于 N的運(yùn)行時(shí)間m、帶電荷量為18.如圖所示，套在足夠長(zhǎng)的絕緣粗糙直棒上的帶正電小球，其質(zhì)量為q,小球可在棒上滑動(dòng)，現(xiàn)將此棒豎直放入沿水平方向的且互相垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng) （圖示方向）中.設(shè)小球帶電荷量不變，小球由棒的下端以某一速度上滑的過(guò)程中一定有()A.小球加速度一直減小B.小球的速度先減小，直到最后勻速C.桿對(duì)小球的彈力一直減小D.小球受到的洛倫茲力一直減小19.如圖所示，完全相同的甲、乙兩個(gè)環(huán)形電流

13、同軸平行放置，甲的圓心為 Oi,乙的圓心 為O2,在兩環(huán)圓心的連線上有 a、b、c三點(diǎn)，其中aOi = Oib=bO2=O2c,此時(shí)a點(diǎn)的磁 感應(yīng)強(qiáng)度大小為 Bi, b點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 B2.當(dāng)把環(huán)形電流乙撤去后，c點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為11!乙A. Bi B. B2 C. B2 BiD.22320.現(xiàn)代質(zhì)譜儀可用來(lái)分析比質(zhì)子重很多倍的離子，其示意圖如圖所示，其中加速電壓恒 定。質(zhì)子在入口處從靜止開(kāi)始被加速電場(chǎng)加速，經(jīng)勻強(qiáng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后從出口離開(kāi)磁場(chǎng)。若某 種一價(jià)正離子在入口處從靜止開(kāi)始被同一加速電場(chǎng)加速，為使它經(jīng)勻強(qiáng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后仍從同出口離開(kāi)磁場(chǎng)，需將磁感應(yīng)強(qiáng)度增加到原來(lái)的i2倍。此離子和質(zhì)子的

14、質(zhì)量比約為A. iiB. i2C.D. i44 2i.如圖，一束電子沿 z軸正向流動(dòng)，則在圖中 y軸上A點(diǎn)的磁場(chǎng)方向是（-X方向22. 一電子以垂直于勻強(qiáng)磁場(chǎng)的速度C. +y方向D. - y方向 vA,從A處進(jìn)入長(zhǎng)為d、寬為h的磁場(chǎng)區(qū)域如圖所A.電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為dt= vAB.電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為L(zhǎng) t= vA示，發(fā)生偏移而從 B處離開(kāi)磁場(chǎng)，若電荷量為 e,磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B,圓弧AB的長(zhǎng)為L(zhǎng),則C.洛倫茲力對(duì)電子做功是 BevAhD.電子在A、B兩處的速度相同23.如圖所示，三根彼此絕緣的無(wú)限長(zhǎng)直導(dǎo)線的一部分ab、cd、ef構(gòu)成一個(gè)等邊三角形，。為三角形的中心， M、N分別為。關(guān)于

15、導(dǎo)線ab、cd的對(duì)稱點(diǎn)，當(dāng)三根導(dǎo)線中通以大小相 等，方向如圖所示的電流時(shí)，M點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為 Bi, O點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 B2,若將導(dǎo)線ab中的電流撤去，而保持另兩根導(dǎo)線中的電流不變，則N點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為A. B1+B2()1 C8. 3B2B121 -D, B1-B2C B2 B1224. 2019年我國(guó)研制出了世界上最大的緊湊型強(qiáng)流質(zhì)子回旋加速器，該回旋加速器是我國(guó) 目前自主研制的能量最高的質(zhì)子回旋加速器。圖示為回旋加速器原理示意圖，現(xiàn)將兩個(gè)相 同的回旋加速器置于相同的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，接入高頻電源。分別加速笊核和氨核，下列說(shuō)法 正確的是(A.它們?cè)诖艌?chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期不同B.它們的最大速

16、度相等C.兩次所接高頻電源的頻率不相同D.僅增大高頻電源的頻率可增大粒子的最大動(dòng)能25. 一回旋加速器當(dāng)外加磁場(chǎng)一定時(shí)，可把質(zhì)子加速到( )v,它能把瓶核加速到的速度為A. vB. 2vC.D.2V3【參考答案】*試卷處理標(biāo)記，請(qǐng)不要?jiǎng)h除、選擇題1 . D解析：D【解析】 【分析】 【詳解】A.若射入速度選擇器中的粒子帶正電，根據(jù)左手定則知，帶電粒子所受的洛倫茲力方向豎直向上，則電場(chǎng)力的方向豎直向下，知電場(chǎng)強(qiáng)度的方向豎直向下，所以速度選擇器的Pi極板帶正電，故A錯(cuò)誤；B.粒子在速度選擇器中做勻速直線運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力等于電場(chǎng)力，即有qvB1 qE所以能通過(guò)狹縫So的帶電粒子的速率為Ev 一Bi故B

17、錯(cuò)誤；C.粒子在磁場(chǎng)中做半個(gè)勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)時(shí)間為2T v v由于三個(gè)粒子運(yùn)動(dòng)的半徑不等，所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間也不相等，故 C錯(cuò)誤;2D進(jìn)入B2磁場(chǎng)中的粒子速度是一定的，根據(jù)qvB2 mv-可得mvqB2知r越大，比荷 越小，粒子1的半徑小于粒子2的半徑，所以粒子1的比荷大于粒子 2 m的比荷，故D正確；故選Do2. C解析：C2m ,故最大動(dòng)能為 R【解析】 【詳解】粒子在回旋加速器中的最大半徑為D形盒的半徑，由qtmB22 2Ekm1 2 q B R-mm2 2mA.由以上推導(dǎo)可知，增大磁感應(yīng)強(qiáng)度可以增大最大動(dòng)能，故 A錯(cuò)誤;B.增加加速電壓對(duì)最大動(dòng)能無(wú)影響，故 B錯(cuò)誤；C.增大D形盒半徑R可

18、以增大最大動(dòng)能，故 C正確；D.減小狹縫間距離對(duì)最大動(dòng)能無(wú)影響，D錯(cuò)誤;故選C。3. D解析：D【解析】【分析】【詳解】AB.磁場(chǎng)方向向下，電流方向向里，依據(jù)左手定則，則安培力方向向左，因此驅(qū)動(dòng)力方向 向右，根據(jù)安培力公式有_33F BIL 10 1.0 100.4N4.0 10 N故AB錯(cuò)誤；C.磁場(chǎng)方向向下，根據(jù)安培定則可判定超導(dǎo)勵(lì)磁線圈中的電流方向?yàn)镻MNQP方向，故C錯(cuò)誤；D.通過(guò)改變流過(guò)超導(dǎo)勵(lì)磁線圈或推進(jìn)器的電流方向，根據(jù)左手定則可知驅(qū)動(dòng)力方向相 反，故D正確。故選Do4. D解析：D【解析】【分析】通過(guò)分析通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中的受力，了解磁電式電流表的工作原理?！驹斀狻緼.該磁場(chǎng)是個(gè)輻

19、向磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向與鐵芯垂直，但不是勻強(qiáng)磁場(chǎng)，A錯(cuò)誤；B.由于是輻向磁場(chǎng)，線圈平面與磁場(chǎng)方向始終平行，B錯(cuò)誤；C.根據(jù)左手定則，在圖中位置，a導(dǎo)線受力向上，b邊受力向下，線圈將順時(shí)針?lè)较蜣D(zhuǎn)動(dòng)，C錯(cuò)誤；D.由于在轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中，a導(dǎo)線始終與磁場(chǎng)垂直，因此受到安培力大小始終為BIl , D正確。故選Do5. D解析：D【解析】 【分析】 【詳解】AB.線框的左右兩邊分別切割兩磁場(chǎng)產(chǎn)生的動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)由右手定則可找出方向，如圖所示兩動(dòng)生電源串聯(lián)，總電流為順時(shí)針?lè)较?，再由左手定則可得ab邊受到的安培力向左，cd邊受到的安培力向左，故 AB錯(cuò)誤；CD .線框的電動(dòng)勢(shì)為 E 2BLv,則電流為2BLvR兩個(gè)安培力力

20、之和為線框受到的安培力F 總=2 F2BIL4B2L2V故C錯(cuò)誤，D正確。故選Do6. D解析：D【解析】【詳解】由圖知電流從左向右流動(dòng)，因此電子的運(yùn)動(dòng)方向?yàn)閺挠蚁蜃螅鶕?jù)左手定則可知電子偏轉(zhuǎn)到后面表，因此前表面的電勢(shì)比后表面的高，故 A錯(cuò)誤，電子在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中洛倫茲力和電場(chǎng)力平衡，有 F洛=evB,F電=eE eU ,故F洛=eU,故D正確，由evB eU貝U電壓U avB ,故前后表面的電壓與速度有關(guān)，與a成正比，故BC錯(cuò)誤.7. C解析：C【解析】【分析】【詳解】A.線框的磁通量是向外多于向內(nèi)，故合磁通向外，有增加趨勢(shì)，根據(jù)楞次定律，產(chǎn)生感 應(yīng)電流，受安培力，會(huì)阻礙磁通量的增加，故安培力向

21、右（向右運(yùn)動(dòng)會(huì)導(dǎo)致磁通量減?。?而阻礙磁通量的增加，即線框具有向右的運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，故 A錯(cuò)誤；8. 設(shè)磁場(chǎng)向外穿過(guò)線框磁通量為正，由磁通量的定義得t 0時(shí)穿過(guò)線框的磁通量為1212B 巾2 B2 - r 0.025Wb 26故B錯(cuò)誤；C.由于B2不變，故根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有E n- n - t2 -B1 20 - 3 0.12 5 2V 1.5Vt 2 t 20.6故C正確；D.由于是恒定電流，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得E 1.5I A 0.6A R 2.50 0.6s內(nèi)通過(guò)線框橫截面電荷量為q It 0.6 0.6C 0.36C故D錯(cuò)誤。故選Co8. B解析：B【解析】【分析】本題主要考查了洛

22、倫茲力、動(dòng)能定理、圓周運(yùn)動(dòng).根據(jù)動(dòng)能定理表示出加速后獲得的速 度，然后根據(jù)洛倫茲力提供向心力推導(dǎo)出半徑的表達(dá)式，利用速度公式推導(dǎo)出周期表達(dá) 式，增大勵(lì)磁線圈中的電流，電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)增強(qiáng)，當(dāng)提高電子槍加速電壓，速度增大， 并結(jié)合以上公式即可解題.【詳解】電子在加速電場(chǎng)中加速，由動(dòng)能定理有：動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，有： eBv12eU -mv ,電子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn) 2mC,解得： mv 。國(guó)，那么周期 reB B e為：T 2,當(dāng)增大勵(lì)磁線圈中的電流，電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)增強(qiáng)，半徑在減小，周期變 eB小，故AC錯(cuò)誤；當(dāng)提高電子槍加速電壓，速度增大，電子束的軌道半徑變大、周期不變，故B正確，D錯(cuò)

23、誤.9. B解析：B【解析】【分析】【詳解】A .小球受到重力、電場(chǎng)力和洛倫茲力作用，若速度大小變化，則洛倫茲力變化，合力變化，所以小球不可能做勻變速運(yùn)動(dòng)，故 A錯(cuò)誤；B .小球向下偏轉(zhuǎn)，則初始時(shí)刻合力一定向下，又因?yàn)橐欢ㄊ乔€運(yùn)動(dòng)，因此洛倫茲力方向一定變化，所以小球合力一定變化，一定做變加速運(yùn)動(dòng)，故 B正確；C.由于小球一定做變加速運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)量定理可知，小球的動(dòng)量一定變化，故C錯(cuò)誤；D.小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電場(chǎng)力做負(fù)功，所以機(jī)械能減少，故 D錯(cuò)誤。故選B。10. D解析：D【解析】【分析】【詳解】由右手螺旋定則可知.cd導(dǎo)線和ef導(dǎo)線在b處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向都垂直紙面向外 .所以由矢量 合成知b處的磁

24、感應(yīng)強(qiáng)度垂直紙面向外 .故A錯(cuò)誤：由右手螺旋定則知 ef導(dǎo)線在左側(cè)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直紙面向外，故 B錯(cuò)誤：由左手定則知.cd導(dǎo)線受到的安培力方向向左 .故C錯(cuò)誤：由題意可知，cd導(dǎo)線所處的位置磁場(chǎng)方向發(fā)生改變，但同時(shí)自身電流方向也發(fā)生改變，由左手定則知cd導(dǎo)線所受安培力方向不變.故D正確綜上所述本題答案是：D11. A解析：A【解析】【分析】【詳解】設(shè)帶電粒子經(jīng)電壓為 Ui的電場(chǎng)加速后速度為 ,由動(dòng)能定理，有1 2qU1 mw2帶電粒子在電勢(shì)差為 U2的電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，可將射出電場(chǎng)的粒子速度V分解成沿初速度方向與加速度方向，設(shè)出射速度與水平夾角為9,則有Vo 一 cosV粒子在磁場(chǎng)中做勻

25、速圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)運(yùn)動(dòng)軌跡對(duì)應(yīng)的半徑為R,由幾何關(guān)系可得，半徑與直線MN夾角正好等于9,則有所以又因?yàn)榘霃焦絼t有cos2Rv0vmvqB2mv0qB故d與m, vo成正比，與B, q成反比，即d只與Ui有關(guān), 錯(cuò)誤。故選A。U2無(wú)關(guān)，故A正確，BCD12. A解析：A【解析】【分析】A .左邊導(dǎo)線在a點(diǎn)和b點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向向下，右邊導(dǎo)線在 向下，故a點(diǎn)和b點(diǎn)磁場(chǎng)方向相同，均向下，故 A正確；a點(diǎn)和b點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)反向也B.設(shè)兩導(dǎo)線之間距離為31,則a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為21k721。點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為故a點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度大于3IB0 k3l2。點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；8I k -3lC. b點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度為故b點(diǎn)磁感應(yīng)

26、強(qiáng)度小于D.由B、C分析可知,故D錯(cuò)誤;Bb礙。點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；21a點(diǎn)和b點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小之比為BaBb故選Ao13. A解析：A【解析】【詳解】同向電流相互吸引，異向電流相互排斥，且c受到a、b的磁場(chǎng)力的合力方向與 a、b連線平行，則ab中電流方向相反，c受力分析如圖所示：豎直方向平衡得：1k - rbcIbSin531k Iasin37rac根據(jù)幾何關(guān)系得:%b cos37 rab cos53聯(lián)立解得:L 16Ib 9A.a、B.a、C.a、D.a、Tb中電流反向,I1 :b中電流同向,11:b中電流同向，11 ：b中電流反向，I1 ：16： 9與分析相符，故4 : 3與分析不符，故16

27、 : 9與分析不符，故4 : 3與分析不符，故A正確;B錯(cuò)誤;C錯(cuò)誤;D錯(cuò)誤。14. B解析：B【解析】【分析】A極板的粒子的豎直位移小于到達(dá)則根據(jù)公式【詳解】從圖可以看出，到達(dá)兩極板的粒子做類平拋運(yùn)動(dòng)，到達(dá)B板的粒子的豎直位移，粒子在豎直方向做勻速直線運(yùn)動(dòng),md2x v0t v01W一，兩個(gè)粒子初速度 V0相同，兩極板間電壓 U相同，放射源與兩極板的 qU_d , 一一, ，, m .距離一也相同，而電子的 一小，所以電子的豎直位移小，故達(dá)到A極板的是3射線，A2q極板帶正電，a為電源的正極，故選項(xiàng) B正確.【點(diǎn)睛】通過(guò)類平拋運(yùn)動(dòng)計(jì)算粒子在豎直方向的位移關(guān)系式，根據(jù)公式分析該位移與比荷的關(guān)系

28、， 再結(jié)合圖示進(jìn)行比較判斷.15. C解析：C【解析】【分析】左手定則的內(nèi)容：伸開(kāi)左手，使拇指與其余四指垂直，并且與手掌在同一個(gè)平面內(nèi)；讓磁感線從掌心進(jìn)入，并使四指指向電流的方向，這時(shí)拇指所指的方向就是安培力的方向.【詳解】根據(jù)左手定則的內(nèi)容知與磁場(chǎng)方向垂直的通電直導(dǎo)線，它受到的磁場(chǎng)作用力與電流方向垂直，與磁場(chǎng)方向垂直，故 C正確，ABD錯(cuò)誤.【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則判定安培力的方向，知道安培力垂直于電流方向與磁場(chǎng)方向構(gòu)成的平面.16. A解析：A【解析】【分析】【詳解】AB.根據(jù)E=BcoS可知，無(wú)論線圈繞軸 Pi和P2轉(zhuǎn)動(dòng)，則產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)均相等，故感應(yīng) 電流相等，故A正確，B

29、錯(cuò)誤；C.由楞次定律可知，線線圈繞Pi和P2轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)電流的方向相同，都是 a-d-c- b-a,故C錯(cuò)誤；D.由于線圈Pi轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)線圈中的感應(yīng)電流等于繞P2轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)線圈中得電流，故根據(jù)F=BLI可知，線圈繞Pi轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)dc邊受到的安培力等于繞 P2轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)dc邊受到的安培力，故 D錯(cuò) 誤。故選A。17. D解析：D【解析】【詳解】A.由左手定則判斷出 N帶正電荷，M帶負(fù)電荷，故選項(xiàng) A不符合題意；B.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，根據(jù)洛倫茲力提供向心力則有：2 v qvB m 一rM的速解得速度的大小為 v 吧，在質(zhì)量與電量相同的情況下，半徑大說(shuō)明速率大，即m度率大于N的速率，故選項(xiàng) B不符合題意；2 mt -qB

30、-, m運(yùn)行時(shí)間等于C.洛倫茲力始終與速度的方向垂直，洛倫茲力對(duì)M、N不做功，故選項(xiàng) C不符合題意;D.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半周，即時(shí)間為周期的一半，而周期為N的運(yùn)行時(shí)間，故選項(xiàng) D符合題意。18. D解析：D【解析】【分析】【詳解】若開(kāi)始則彈力方向向左qB + Ar = Eq ,隨著速度減小，彈力增大，摩擦力增大，則加速度增大，A錯(cuò).小球速度一直在減小，B錯(cuò).根據(jù)前面可知，C錯(cuò).小球所受洛倫茲力（f=qvB ）因?yàn)樗俣纫恢睖p小所以洛倫茲力也一直減小,19. A解析：A【解析】【詳解】對(duì)于圖中單個(gè)環(huán)形電流，根據(jù)安培定則，其在中軸線上的磁場(chǎng)方向均是向左，故 場(chǎng)方向也是向左的.設(shè) aoi=oib=bo

31、2=o2c=r,設(shè)單個(gè)環(huán)形電流在距離中點(diǎn) 度為Bir,在距離中點(diǎn)3r位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B* 故：a點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度：c點(diǎn)的磁磁感應(yīng)弓雖度:B2=Blr+Blr；當(dāng)撤去環(huán)形電流乙后,r位置的磁感應(yīng)強(qiáng)Bl = Blr+B3r； b 點(diǎn)1.c點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度：Bc=B3r=Bl-B2,故選220. D解析：D【解析】【詳解】直線加速過(guò)程根據(jù)動(dòng)能定理得qUmv22離子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律，有2 v qvB m R_ mvR - dqB兩式聯(lián)立得:qB2R2m2U一價(jià)正離子電荷量與質(zhì)子電荷量相等，同一加速電場(chǎng)U相同，同一出口離開(kāi)磁場(chǎng)則 R相同，所以mB2,磁感應(yīng)強(qiáng)度增加到原來(lái)的 12倍，離