【校級(jí)聯(lián)考】四省名校2019屆高三第二次大聯(lián)考理科綜合試題(物理部分)-

1、題號(hào)一一三四五總分得分考試范圍：xxx;考試時(shí)間：100分鐘；命題人：xxx第I卷（選擇題）請(qǐng)點(diǎn)擊修改第I卷的文字說(shuō)明評(píng)卷人得分1 .下列說(shuō)法正確的是、單選題A.古希臘學(xué)者托勒密提出了日心說(shuō)絕密啟用前【校級(jí)聯(lián)考】四省名校2019屆高三第二次大聯(lián)考理科綜合試題（物理部分）試卷副標(biāo)題注意事項(xiàng)：1 .答題前填寫好自己的姓名、班級(jí)、考號(hào)等信息2 .請(qǐng)將答案正確填寫在答題卡上B.牛頓提出了萬(wàn)有引力定律，并測(cè)定了引力常量C.開普勒根據(jù)萬(wàn)行引力定律提出了行星運(yùn)動(dòng)規(guī)律D.卡文迪許利用扭秤裝置首先比較精確地測(cè)出了引力常量2.為尋找 磁生電”現(xiàn)象，英國(guó)物理學(xué)家法拉第在 1831年把兩個(gè)線圈繞在同一個(gè)軟鐵環(huán)上（如圖

2、所示），一個(gè)線圈A連接電池E和開關(guān)K,另一個(gè)線圈B閉合，并在其中一段直導(dǎo)線正下方放置一小磁針。閉合開關(guān)K前，小磁針靜止且與直導(dǎo)線平行。當(dāng)閉合開關(guān)K后，從上往下看A .小磁針沿順時(shí)針方向偏轉(zhuǎn)了一下，最終復(fù)原B.小磁針沿順時(shí)針方向偏轉(zhuǎn)，并一直保持這種偏轉(zhuǎn)狀態(tài)C.小磁針沿逆時(shí)針方向偏轉(zhuǎn)了一下，最終復(fù)原D.小磁針沿逆時(shí)針方向偏轉(zhuǎn)，并一直保持這種偏轉(zhuǎn)狀態(tài)3 .如圖所示，在卸貨場(chǎng)，掛鉤連接四根長(zhǎng)度均為L(zhǎng)的輕繩，四根輕繩的另一端與一質(zhì)量為m、直徑為1.2L的水平圓環(huán)相連，連接點(diǎn)將圓環(huán)四等分。 圓環(huán)正緩慢地勻速上升,試卷第8頁(yè)，總6頁(yè)已知重力加速度為g,則每根輕繩上的拉力大小為題答內(nèi)線訂裝在要不請(qǐng)派VJ &g

3、t;)> 上一工。 >)> ,、打】 】 】 C - - - - 韭 - - - - C 】 】 】 八夕A. mgB. mgC. mgD. -mg4 .如圖所示，在邊長(zhǎng)為 a的正方形 ABCD區(qū)域（包含邊界）內(nèi)有一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里。E點(diǎn)是AB邊上的一點(diǎn)，且 AE之間的距離為一。將一電子從 E點(diǎn)沿EB方向射出，若初速度為 vi,其運(yùn)動(dòng)軌跡將與 BC邊相切：若初速度為 V2,其運(yùn)動(dòng)軌跡將與CD邊相切。則V1與v2之比為A. 2: 1 B. 3: 2C. 3: 1 D. 4: 3評(píng)卷人 得分二、多選題5 .某單相交流發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢(shì) e=Emsin 3如果將發(fā)電機(jī)的電

4、樞轉(zhuǎn)速增大到原米的2倍，其他條件不變，則下列說(shuō)法正確的是A.電動(dòng)勢(shì)的有效值變?yōu)樵椎囊槐禕.電動(dòng)勢(shì)的峰值變?yōu)樵椎?倍C.交流電的周期變?yōu)樵瓉?lái)的2倍 D.交流電的頻率變?yōu)樵瓉?lái)的2倍6 . 一質(zhì)點(diǎn)在06s內(nèi)豎直向上運(yùn)動(dòng)， 若取向上為止方向，g取10m/s2,其v-t圖象如圖所 示。下列說(shuō)法正確的是A.質(zhì)點(diǎn)在02s內(nèi)減小的動(dòng)能大于在 46s內(nèi)減小的動(dòng)能B.在46s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)處于失重狀態(tài)，且機(jī)械能增加C.質(zhì)點(diǎn)在第2s末的機(jī)械能大于在第 6s末的機(jī)械能D.質(zhì)點(diǎn)在第2s末的機(jī)械能小于在第 6s末的機(jī)械能7 .如圖所示，木塊A、B靜止疊放在光滑水平面上，木塊A的質(zhì)量為2m,木塊B的質(zhì)量為m?，F(xiàn)用水平力F拉木

5、塊A（如圖甲所示）,木塊A、B剛好不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，一起沿著水平面運(yùn)動(dòng)。若改用水平力F'拉木塊B（如圖乙所示），使木塊A、B也保持相對(duì)靜止一起沿著水平面運(yùn)動(dòng)，已知最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，則F'可能為甲乙A. B. C. D.8 .某同學(xué)做了一個(gè)趣味實(shí)驗(yàn)，如圖所示，有兩個(gè)彈性小球A、B重疊放置，質(zhì)量分別為m1、m2,兩球球心在同一豎直線上?，F(xiàn)讓它們?cè)诰嗨降孛娓遠(yuǎn)處由靜止釋放，落地時(shí)認(rèn)為小球 B先與地面碰撞，再與小球A碰撞，小球A碰后能上升的最大高度為 Ho 所有的碰撞都是彈性碰撞，碰撞時(shí)間忽略不計(jì)，碰撞前后兩小球都在豎直方向運(yùn)動(dòng)，兩 小球均可視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力。下列說(shuō)法正

6、確的是A.若 m2=3mi,貝U H=4hB.若 m2=3mi,貝U H=9hC.若m2>>mi,則近似有 H=9h D.若m2>>mi,則近似有 H=16h第II卷(非選擇題)請(qǐng)點(diǎn)擊修改第II卷的文字說(shuō)明三、實(shí)驗(yàn)題9 .某同學(xué)利用如圖甲所示裝置研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律。某次實(shí)驗(yàn)通過電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出紙帶的一部分如圖乙所示，圖中A、B、C、D、E為相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)，每?jī)蓚€(gè)相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間有4個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)沒有畫出，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所接交流電源頻率為50Hz。分別測(cè)出 A點(diǎn)到B、C、D、E點(diǎn)之間的距離，x1、x2、x3、x4,以打A點(diǎn)作為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，算出小車位移與對(duì)應(yīng)運(yùn)動(dòng)時(shí)間的比值并作出-一t圖

7、象如圖丙所示。(1)實(shí)驗(yàn)中下列措施必要的是 (填正確答案標(biāo)號(hào))A.打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接220V交流電源B.平衡小車與長(zhǎng)木板間的摩擦力C.細(xì)線必須與長(zhǎng)木板平行D.小車的質(zhì)量遠(yuǎn)大于鉤碼的質(zhì)量(2)由圖內(nèi)中圖象求出小車加速度a=m/s2，打 A點(diǎn)時(shí)小車的速度 va =m/s。(結(jié)果均休留兩位有效數(shù)字)10 .某同學(xué)用如圖甲所示電路圖測(cè)定電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，定值電阻Ro=2Q0(1)根據(jù)圖甲所示電路，將圖乙所小的實(shí)物圖連接補(bǔ)充完整(2)某同學(xué)實(shí)驗(yàn)過程中，測(cè)出當(dāng)電壓表 Vi的讀數(shù)Ui=1.80V時(shí)，電壓表V2的讀數(shù)U2=0.60V。改變滑動(dòng)變阻器滑片的位置，電壓表 Vi的讀數(shù)Ui' =2.40V寸，電壓表

8、 V2的讀數(shù)為U2' =2.00V則電源電動(dòng)勢(shì) E=V,內(nèi)阻r=Qo (結(jié)果均保留三位有效題答內(nèi)線訂裝在要不請(qǐng)派VJ >)> 上一工。 >)> ,、打】 】 】 C - - - - 韭 - - - - C 】 】 】 八夕評(píng)卷人得分四、解答題數(shù)字)(3)本實(shí)驗(yàn)電路設(shè)計(jì)存在系統(tǒng)誤差。為了減小系統(tǒng)誤差，下列說(shuō)法止確的是 (填正確答案標(biāo)號(hào))。A.對(duì)于電壓表Vi,應(yīng)選用內(nèi)阻更小的B.對(duì)于電壓表V 1,應(yīng)選用內(nèi)阻更大的C.對(duì)于電壓表V2,應(yīng)選用內(nèi)阻更小的D.對(duì)于電壓表72,應(yīng)選用內(nèi)阻更大的11 .如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一粗糙斜面軌道AB與光滑圓弧軌道 BC在B點(diǎn)平滑連接

9、(滑塊經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)速度大小不變)，斜面軌道長(zhǎng)L=2.5m ,斜面傾角。=37；。點(diǎn)是圓弧 軌道圓心，OB豎直，圓弧軌道半徑 R=1m,圓心角 0 =37； C點(diǎn)距水平地面的高度 h=0.512m,整個(gè)軌道是固定的。一質(zhì)量 m=1kg的滑塊在A點(diǎn)由靜止釋放，最終落到水平地面上。滑塊可視為質(zhì)點(diǎn)，滑塊與斜而軌道之間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.25,取g=10m/s2, sin37=0.6, cos37 =0.8,不計(jì)空氣阻力，求：滑塊經(jīng)過圓弧軌道最低點(diǎn)B時(shí)，對(duì)圓弧軌道的壓力；(2)渭?jí)K離開C點(diǎn)后在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間 to12.如圖所示，可在豎直平面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)的平臺(tái)上固定著一個(gè)內(nèi)壁光滑的氣缸，氣缸內(nèi)有導(dǎo)熱活塞，活塞底面與

10、氣缸底面平行，一定量的氣體做密封在氣缸內(nèi)。當(dāng)平臺(tái)傾角為 37。時(shí)，氣缸內(nèi)氣體體積為V,然后將平臺(tái)順時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)直至水平，該過程中，可以認(rèn)為氣缸中氣體溫度與環(huán)境溫度相同，始終為T。，平臺(tái)轉(zhuǎn)至水平時(shí)，氣缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)為大氣壓強(qiáng) po的2倍。已知sin37 =0.6, cs37°=0.8。(i)當(dāng)平合處于水平位置時(shí)，求氣缸內(nèi)氣體的體積；(ii)若平臺(tái)轉(zhuǎn)至水平后，經(jīng)過一段時(shí)間，壞境溫度緩慢降至0.9T。(大氣壓強(qiáng)po保持不變),U。該過程中氣缸內(nèi)氣體放出O.38poV的熱量，求該過程中氣體內(nèi)能的變化量413 .如圖所示，ABC為直角三棱鏡，/ACB=30° , / ABC=90

11、76;。一束光線 OD從AC而 的D點(diǎn)入射到三棱鏡上，經(jīng)折射后在BC面的E點(diǎn)發(fā)生全反射，然后從 AB面的F點(diǎn)經(jīng)折射后射出三棱鏡。已知EG垂直于BC, EG交AC于G點(diǎn)，D點(diǎn)恰好為CG的中點(diǎn)，不計(jì)光線在三棱鏡中的多次反射，求：(i)從F點(diǎn)射出的光線相對(duì)于入射光線OD的偏轉(zhuǎn)角；(ii)滿足光線在三棱鏡中傳播路徑不變的條件下，棱鏡折射率的范圍。評(píng)卷人 得分五、填空題14 .下列說(shuō)法正確的是 A.懸浮在液體中的花粉顆粒做布朗運(yùn)動(dòng)，反映了花粉分子在做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)B.當(dāng)分子間距離減小時(shí)，分子之間的引力與斥力均增大C.氣體溫度升高時(shí)，所有氣體分子的動(dòng)能均增大D.在一個(gè)標(biāo)準(zhǔn)大氣壓下，100 c的水蒸氣的內(nèi)能大于

12、相同溫度下相同質(zhì)量的水的內(nèi)能E.一定質(zhì)量的氣體，向外界放熱，內(nèi)能可能不變15 .下列說(shuō)法正確的是 A.做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的物體，當(dāng)速度為正時(shí)，位移一定為負(fù)，加速度一定為正B.當(dāng)驅(qū)動(dòng)力的頻率等于固有頻率時(shí)，物體做受迫振動(dòng)的振幅最大C.夜晚，高速公路上的路牌在車燈的照射下特別明亮是利用了光的干涉D.電磁波的接收是利用了電諧振把有用信號(hào)選擇出來(lái)題答內(nèi)線訂裝在要不請(qǐng)派 rkr 八 夕 一E.狹義相對(duì)論中假設(shè)在不同慣性參考系中，物理規(guī)律(包括力學(xué)的和電磁的)都是一樣的本卷由系統(tǒng)自動(dòng)生成，請(qǐng)仔細(xì)校對(duì)后使用，答案僅供參考參考答案1. . D【解析】【詳解】哥白尼提出了日心說(shuō)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；牛頓提出了萬(wàn)有引力定律，卡文

13、迪許利用扭秤裝置首先比較精確地測(cè)定了引力常量，選項(xiàng)B錯(cuò)誤，D正確；開普勒根據(jù)觀測(cè)的數(shù)據(jù)提出了行星運(yùn)動(dòng)規(guī)律，選項(xiàng) C錯(cuò)誤；故選D.2. A【解析】【分析】先根據(jù)右手螺旋定則判斷原磁場(chǎng)方向，然后根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的磁場(chǎng)方向，最后再根據(jù)右手螺旋定則判斷感應(yīng)電流方向并得到小磁針是否偏轉(zhuǎn)；【詳解】閉合電鍵后，線圈中的磁場(chǎng)方向?yàn)轫槙r(shí)針，且增加，故根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)為逆時(shí)針方向，故右側(cè)線圈中感應(yīng)電流方向俯視逆時(shí)針，故直導(dǎo)線下方的磁場(chǎng)向里，小磁針沿順時(shí)針方向旋轉(zhuǎn)一下，電路穩(wěn)定后，無(wú)感應(yīng)電流，小磁針不偏轉(zhuǎn)，最終復(fù)原；選項(xiàng)A正確，BCD錯(cuò)誤；故選Ao【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是明確電磁感應(yīng)現(xiàn)象產(chǎn)生的條件，只

14、有磁通量變化的瞬間閉合電路中才會(huì)有感應(yīng)電流.3. C【解析】【分析】水平圓環(huán)勻速上升，受力平衡，根據(jù)平衡條件結(jié)合幾何關(guān)系求解即可.【詳解】水平圓環(huán)勻速上升，受力平衡，則 4根繩子的合力F=mg,則每一根繩在豎直方向上的分量等于-mg,設(shè)繩子與豎直方向的夾角為以根據(jù)幾何關(guān)系有：sin室,cos。=0.8;貝U TcosO=mg,解得：T=mg ,故選 C。4. B【解析】【分析】根據(jù)兩種情況下粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡由幾何關(guān)系確定粒子的軌道半徑，根據(jù)確定速度比.【詳解】將一電子從E點(diǎn)沿EB方向射出，若初速度為 vi,其運(yùn)動(dòng)軌跡將與 BC邊相切，則由幾何關(guān)系可知粒子運(yùn)動(dòng)的軌道半徑-，若初速度為V2,其運(yùn)動(dòng)軌

15、跡將與 CD邊相切，則由幾何關(guān)系可知粒子運(yùn)動(dòng)的軌道半徑-，根據(jù)一可知 ，則一-，故選B.5. BD【解析】【分析】根據(jù)交流發(fā)電機(jī)工作時(shí)的電動(dòng)勢(shì)最大值表達(dá)式，求出電樞的轉(zhuǎn)速提高一倍時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值.根據(jù)-、f=n判斷周期頻率的變化.【詳解】交流發(fā)電機(jī)工作時(shí)的電動(dòng)勢(shì)最大值表達(dá)式Em=NBS必 將發(fā)電機(jī)電樞的轉(zhuǎn)速提高一倍，電動(dòng)勢(shì)最大值表達(dá)式：Em，=NBS2co =2NBSw =2E根據(jù) v可知，電動(dòng)勢(shì)的有效值變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；根據(jù)-可知交流電的周期變?yōu)樵瓉?lái)的 一倍，頻率變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確；故選BD.6. AD【解析】【分析】根據(jù)動(dòng)能的概念求解動(dòng)能的變化進(jìn)行比較；

16、46s內(nèi)通過計(jì)算加速度求解合外力，判斷除重力以外的其它力做功情況，判斷機(jī)械能的變化；計(jì)算質(zhì)點(diǎn)在第2s末的機(jī)械能和在第 6s末的機(jī)械能大小進(jìn)行比較.【詳解】質(zhì)點(diǎn)在02s內(nèi)減小的動(dòng)能：-；在46s內(nèi)減小的動(dòng)能：-，則質(zhì)點(diǎn)在02s內(nèi)減小的動(dòng)能大于在 46s內(nèi)減小的動(dòng)能，選項(xiàng) A正確；在46s內(nèi),質(zhì)點(diǎn)的加速度向下， 處于失重狀態(tài)，因加速度為一一，則除重力以外還有其他的力對(duì)物體做負(fù)功，則質(zhì)點(diǎn)的機(jī)械能減小，選項(xiàng) B錯(cuò)誤；質(zhì)點(diǎn)在t=2s時(shí) 的機(jī)械能： - ；質(zhì)點(diǎn)在t=6s時(shí)的機(jī)械能：-;則質(zhì)點(diǎn)在第2s末的機(jī)械能小于在第 6s 末的機(jī)械能，選項(xiàng) C錯(cuò)誤，D正確；故選AD.【點(diǎn)睛】物體機(jī)械能守恒的條件是只有重力

17、做功或只受重力，即物體的加速度等于 g,則機(jī)械能不變，若向上減速的加速度小于g,說(shuō)明物體受到了向上的外力作用，機(jī)械能增加，反之向上減速的加速度大于g則機(jī)械能減小。7. ABC【解析】【分析】物體A與B剛好不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)的臨界條件是A、B間的靜摩擦力達(dá)到最大值， 可以先對(duì)A或B受力分析，再對(duì)整體受力分析，然后根據(jù)牛頓第二定律列式求解?！驹斀狻慨?dāng)F作用在物體A上時(shí)，A、B恰好不滑動(dòng)時(shí)，A、B間的靜摩擦力達(dá)到最大值， 對(duì)物體A, 有F-fm=2mai ；對(duì)整體有：F=3ma1；聯(lián)立解得：F=3%;力F'拉物體B時(shí)，A、B恰好不滑動(dòng)， 故A、B間的靜摩擦力達(dá)到最大值，對(duì)物體 A,根據(jù)牛頓第二定

18、律，有fm=2ma2；對(duì)A、B整體，根據(jù)牛頓第二定律，有 F' =3ma解彳導(dǎo):F' =1尉；即木塊A、B也保持相對(duì)靜止一起 沿著水平面運(yùn)動(dòng) F'嚇，故選ABC.【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵抓住恰好不滑動(dòng)的臨界條件，然后靈活地選擇研究對(duì)象，運(yùn)用牛頓第二定律列式求解。8. AC【解析】【分析】下降過程為自由落體運(yùn)動(dòng)，觸地時(shí)兩球速度相同，但m2碰撞地之后，速度瞬間反向，大小相等，而mi也會(huì)與m2碰撞，選mi與m2碰撞過程為研究過程，碰撞前后動(dòng)量守恒，能量守 恒，列方程解得m2速度，之后m2做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)能定理或運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解反彈高度.【詳解】下降過程為自由落體運(yùn)動(dòng)，由勻變速直線運(yùn)

19、動(dòng)的速度位移公式得：v2=2gh,解得觸地時(shí)兩球速度相同，為：v= , m2碰撞地之后，速度瞬間反向，大小相等，選 mi與m2碰撞過程 為研究過程，碰撞前后動(dòng)量守恒，設(shè)碰后 m1、m2速度大小分別為 v1、v2,選向上方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得： m2v-miv=m ivi+m2v2,由能量守恒定律得：-(mi+m2)v2=-mivi2+-m2v22,解得 ,由題可知：m2=3mi,聯(lián)立解得：vi=2，反彈后高度為：H=4h ,故A正確，B錯(cuò)誤。若m2>>mi,則vi3v,則近似有H=9h,選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤；故 選AC.【點(diǎn)睛】本題考查了動(dòng)量守恒和能量守恒的綜合運(yùn)用，知道在彈

20、性碰撞的過程中，動(dòng)量守恒，能量守恒，通過動(dòng)量守恒和能量守恒求出A球碰撞后的速度是關(guān)鍵.9. C5.00.40【解析】【分析】(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理以及實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)選擇必要的措施；(2)根據(jù)x=vot+-at2可得- 結(jié)合圖像的斜率和截距求解初速度和加速度【詳解】(1)電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接 4-6V交流電源，選項(xiàng) A錯(cuò)誤；實(shí)驗(yàn)時(shí)不需要平衡小車與長(zhǎng)木板間的摩擦力，選項(xiàng) B錯(cuò)誤；細(xì)線必須與長(zhǎng)木板平行，選項(xiàng) C正確；實(shí)驗(yàn)中小車做勻加速運(yùn)動(dòng) 即可，沒必要小車的質(zhì)量遠(yuǎn)大于鉤碼的質(zhì)量，選項(xiàng) D錯(cuò)誤；故選C.(2)根據(jù) x=vot+-at2 可得- -，由圖像 可知：vo=vA=0.4m/s ;10. 2.701.

21、50 B【解析】【分析】(1)根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖； (2)根據(jù)動(dòng)能定理電路結(jié)構(gòu)以及閉合電路的歐姆定律列式求解電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻；(3)本實(shí)驗(yàn)產(chǎn)生誤差主要是電壓表Vi的分流作用，由此進(jìn)行判斷【詳解】(1)實(shí)物連線如圖；(2)當(dāng)電壓表 Vi的讀數(shù) Ui=l.80V,電壓表 V2的讀數(shù) U2=0.60V時(shí)，則電源的電流。由閉合電路的歐姆定律：E=Ui+Iir=1.80+0.6r ;同理，當(dāng)電壓表Vi的讀數(shù)U/ =2.40Vfe壓表V2的讀數(shù)為 6' =2.00時(shí)，則電源的電流 。 由閉 合電路的歐姆 定律：E=U'i+12r=2.40+0.2r ; 聯(lián)立解得：E=2.70V , r=i.

22、50 Q.(3)本實(shí)驗(yàn)產(chǎn)生誤差主要是電壓表Vi的分流作用，則為了減小實(shí)驗(yàn)的誤差，應(yīng)選用內(nèi)阻更大的電壓表V 1，故選B.【點(diǎn)睛】本題考查實(shí)驗(yàn)中的誤差分析及數(shù)據(jù)處理，特別是數(shù)據(jù)的處理應(yīng)重點(diǎn)把握；注意各電表的示數(shù)與我們的需要的數(shù)據(jù)是否一致，從而得出誤差來(lái)源。11. (i)(2)【解析】【分析】(i)對(duì)滑塊在A到B的過程，由動(dòng)能定理求解到達(dá) B點(diǎn)的速度，根據(jù)牛頓第二定律求解滑 塊經(jīng)過圓弧軌道最低點(diǎn) B時(shí)，對(duì)圓弧軌道的壓力；(2)由動(dòng)能定理求解到達(dá) C點(diǎn)的速度， 滑塊離開C點(diǎn)后在豎直方向上做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，由此求解在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間【詳解】(i)對(duì)滑塊在 A到B的過程，由動(dòng)能定理：-解得 Vb=2 m/s對(duì)

23、滑塊經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)，由牛頓第二定律：F-mg=m 由牛頓第三定律可得：F=F'解得F' =30N方向豎直向下；(2)對(duì)滑塊在B到C的過程，由動(dòng)能定理：-解得 Vc=4m/s滑塊離開C點(diǎn)后在豎直方向上做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，以豎直向下為正方向，則：解得 t=0.64s12. (i)(ii)【解析】【分析】(1)選擇氣體的狀態(tài)，找到狀態(tài)參量，根據(jù)玻意耳定律求解氣缸內(nèi)氣體的體積；(2)根據(jù)熱力學(xué)第一定律求解氣體內(nèi)能的變化.【詳解】(1)設(shè)活塞質(zhì)量為m,活塞面積為S,當(dāng)平臺(tái)傾角為370時(shí)氣缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為氣體的體積Vi=V當(dāng)平臺(tái)水平時(shí)，氣缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)一解得 Pi=1.8po平臺(tái)從傾斜轉(zhuǎn)至水平過程

24、中，由玻意耳定律：P1V尸p2V2解得 V2=0.9V(2)降溫過程，氣缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)不變，由蓋呂薩克定律：解得 V3=0.81V活塞下降過程，外界對(duì)氣體做W=p 2(V 2-V 3)已知?dú)飧變?nèi)氣體吸收的熱量Q=-0.38p 0V由熱力學(xué)第一定律得氣缸內(nèi)氣體內(nèi)能變化量？U=W+Q解得？U=-0.2p0V,即氣體的內(nèi)能減小了0.2p0V.13. (i)3) 一【解析】【分析】(i)根據(jù)幾何關(guān)系得到 D點(diǎn)折射角，從而得到 E點(diǎn)入射角、反射角、F點(diǎn)入射角；再根據(jù)折射率相等得到 D點(diǎn)入射角和F點(diǎn)折射角，從而求得偏角；(ii)根據(jù)光在D、F發(fā)生折射，由折射角求得折射率的最大值；根據(jù)光在E點(diǎn)發(fā)生全發(fā)射，由入射角求得折射率的最小值，即可得到折射率的范圍?！驹斀狻?i)由于D是CG