2020屆高考物理一輪復(fù)習(xí)考點規(guī)范練12牛頓運動定律的綜合應(yīng)用(一)(含解析)新人教版_第1頁
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文檔簡介

1、考點規(guī)范練12牛頓運動定律的綜合應(yīng)用(一)一、單項選擇題1.甲、乙兩球質(zhì)量分別為m、m2,從同一地點(足夠高)同時由靜止釋放。兩球下落過程所受空氣阻力大小Ff僅與球的速率v成正比,與球的質(zhì)量無關(guān),即Ff=kv(k為正的常量)。兩球的v-t圖像如圖V1、V2o則下列判斷正確的是所示。落地前,經(jīng)時間t0兩球的速度都已達到各自的穩(wěn)定值U.i'2A.釋放瞬間甲球加速度較大?1?2B.=.?2?1C.甲球質(zhì)量大于乙球質(zhì)量D.t0時間內(nèi)兩球下落的高度相等2. (2018天津?qū)嶒炛袑W(xué)期中)在探究超重和失重規(guī)律時,某體重為G的同學(xué)站在一壓力傳感器上完,經(jīng)計算機處理后得到壓力F隨時間t變化的圖像,則下列

2、成一次下蹲動作。傳感器和計算機相連圖像中可能正確的是()cAB3. (2018天津靜海一中期末)如圖所示,在光滑水平面上有一質(zhì)量為m的斜劈,其斜面傾角為0,-質(zhì)量為m的物體放在其光滑斜面上,現(xiàn)用一水平力F推斜劈,恰使物體m與斜劈間無相對滑動,則斜劈對物體m的彈力大小為()mgcos 9A.二、多項選擇題?;:cos ?(?0+?)cos?B.TTT7771,、.(?0+?)sin ?C.D.4. 如圖甲所示,A、B兩物體疊放在光滑水平面上,對B物體施加一水平變力F,F-t關(guān)系圖像如圖乙)B.t時刻,兩物體的速度方向開始改變C.t2t時間內(nèi),物體做減速運動D.02t時間內(nèi),物體A所受的摩擦力方向

3、始終與變力F的方向相同5.(2018天津一中月考)如圖所示,A、B兩物塊疊放在水平桌面上,已知物塊A的質(zhì)量為2kg,物塊B的質(zhì)量為1kg,而A與地面間的動摩擦因數(shù)為0.1,A與B之間的動摩才§因數(shù)為0.2。可以有選擇地對B施加水平推力F1和豎直向下的壓力F2,已知重力加速度為10m/s2,則下列說法正確的是()A.若Fi=3.6N,F2=5N,則A、B相對靜止一起做勻加速運動B.若Fi=5.4N,F2=20N,則AB相對靜止一起做勻加速運動A運動起來A B發(fā)生相對運動,一名幼兒用沿與水平面成30。角的恒力拉著它沿水平C.若F2<10N,無論Fl多大,都不能使物塊D.若F2>

4、;10N,無論Fi多大,都不能使物塊三、非選擇題地面運動,已知拉力F=6. 5 N,玩具的質(zhì)量6 .如圖所示,一兒童玩具靜止在水平地面上m=1kg,經(jīng)過時間t=2.0s,玩具移動了距離x=2v3m,這時幼兒將手松開,玩具又滑行了一段距離后停下。(g取10m/s2)(1)求玩具與地面間的動摩擦因數(shù)。(2)松開后玩具還能滑行多遠?(3)當(dāng)力F與水平方向夾角e為多少時拉力F最小?,重力加速度為g。7 .如圖所示,靜止在光滑水平面上的斜面體,質(zhì)量為m,傾角為a,其斜面上有一靜止的滑塊,質(zhì)量為m兩者之間的動摩擦因數(shù)為,滑塊受到的最大靜摩擦力可認為等于滑動摩擦力現(xiàn)給斜面體施加水平向右的力使斜面體加速運動,

5、求:(1)若要使滑塊與斜面體一起加速運動,圖中水平向右的力F的最大值;(2)若要使滑塊做自由落體運動,圖中水平向右的力F的最小值。考點規(guī)范練12 牛頓運動定律的綜合應(yīng)用(一)1. C解析釋放瞬間,兩球受到的I!力耳4 0,此時加速度相同,選項A錯誤;運動到最后達到勻速時 重力和阻力大小相等,mg=kv則售=普,選項B錯誤;由圖像可知vi>V2,因此甲球質(zhì)量大于乙球質(zhì)量?2?2選項C正確;下落高度等于圖線與時間軸圍成的面積,可知甲球下落高度大,選項D錯誤。2. D解析對人的運動過程分析可知 人對傳感器的壓力小于人的重力的大小,人在加速下蹲的過程中,有向下的加速度,處于失重狀態(tài),此時時人對傳

6、感器的壓力大于人的重力的大?。辉跍p速下蹲的過程中,加速度方向向上,處于超重狀態(tài),此 ,A、B、C錯誤,D正確。3. D解析兩者一起向左勻加速運動,對物體進行受力分析,如圖所示:則根據(jù)牛頓第二定律及平衡條件可得Fncos 0 =mgFNSin 9 =ma-,1?解得:Fn=fcos ?將兩物體看作一個整體,F(xiàn)=( m»+m aFNSin 9 =ma一 .一?所以解得FnP-3tt-, (?0+ ?)sin ?綜上所述本題正確答案為D。4. CD解析對A、B系統(tǒng),整體水平方向只受變化的推力作用 ,由圖像可知,力F先向右減小,然后再 向左增大,則由牛頓第二定律可知,系統(tǒng)的加速度先減小再增大

7、;A所受合力為B對A的摩擦力,由牛 頓第二定律可知,F(xiàn)f=ma由于a先減小后增大,則摩擦力先減小后增大,在t時刻加速度為零,摩擦力 最小,為零,故A錯誤;由圖像可知,0 t時間內(nèi)兩物體向右做加速度減小的加速運動 ,t2t時間內(nèi)兩物體向右做加速度增大的減速運動,t時刻兩物體的運動方向不變,故B錯誤,C正確;因兩物體一直相對靜止,故在運動中加速度相同,而A由摩擦力提供加速度,整體由F提供,故A受到的摩擦力一 直與F同向,故D正確。5. BC解析若F1=3.6N,F2=5N,設(shè)A、B相對靜止一起做勻加速運動,則加速度為?1-?1 ?2+(?+ ?)?a=3.6-0.1 X(5 + 10X3)?+ ?

8、m/s2=031m/s2,此時A B之間的摩擦力:F1-FfAB=ma,解得10 7FfAE=N> W 2( F2+mg) =3N,則此時兩物塊已經(jīng)相對滑動 ,選項A錯誤;若F1=5. 4N,F2=20N,假設(shè)A B相對靜止一起做勻加速運動,則加速度為a=??“ ??2+(? + ?)?5.4-0.1 X(20+10K3)m/s2=04m/s2,此時3?+ ?AB之間的摩擦力:F1-FfAB=ma,解得FfAB=I.8*(12(F2+mg)=6N,則此時兩物塊相對靜止一起做勻加速運動,選項B正確;若F2=10N,則A、B之間的最大靜摩擦力:Eab=小(F2+mg)=4N,A與地面之間的最

9、大靜摩擦力FfA地=廠(F2+mg+mg)=4N,則當(dāng)若F2<10N,則Ffab<Ra地,則無論F1多大,都不能使物塊A運動起來,選項C正確;若F2>10N,則FfAB>FA地,則F1到達一定值時,可使物塊AB發(fā)生相對運動,選項D錯誤。6.解析(1)玩具做初速度為零的勻加速直線運動,由位移公式可得x=2at2,解得a=m/s2,對玩具,由牛頓第二定律得Fcos30°-(1(mg-Fsin30°)=ma解得(.1=r°3(2)松手時,玩具的速度v=at=2v3m/s松手后,由牛頓第二定律得mg=ma'“10V32解得a'=3-

10、m/s由勻變速運動的速度位移公式得0-?23V3玩具的位移x'=-7=-2?5(3)設(shè)拉力與水平方向的夾角為0,玩具要在水平面上運動,則Fcos0-Ff>0Ff=g在豎直方向上,由平衡條件得FN+Fsin 0 =mg . 一?解得F加“ ”cos?+ ?sin ?因為 cos 8 +sin 0 =V1 + ?2sin(60所以當(dāng)e =30。時,拉力最小。答案?(2)353 m (3)307.解析(1)當(dāng)滑塊與斜面體一起向右加速時,力F越大,加速度越大,當(dāng)F最大時,斜面體對滑塊的靜摩擦力達到最大值Ffm,滑塊受力如圖所示。設(shè)一起加速的最大加速度為a,對滑塊應(yīng)用牛頓第二定律得FnCOs a +Fmsin a =mgFfmcos a -F Nsin a =ma由題意知Ffm= FN?cos?- sin ?聯(lián)乂解得a=gcos ?+ ?sin ?d對整體受力分析F=( m0+n) a聯(lián)立解得 F=( ?0+ ?) ?(?cos?-sin ?)o?sin ?+ cos?(2)要使滑塊做自由落體運動,滑塊與斜面體之間沒有力的作用 度為am),則對斜面體:F=roan0,滑塊的加速度為g,設(shè)此時mo的加速當(dāng)水平向右的力 F最小時,二者沒有相互作用但仍接觸,則有?o?Lan ?。答案(?0+ ?) ?(?c

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