高考生物一輪復(fù)習(xí)練習(xí)：5.2課時跟蹤練《孟德爾豌豆雜交實驗（二）》（含詳解）

1、第五單元 遺傳定律和伴性遺傳第2講 孟德爾豌豆雜交實驗（二）課時跟蹤練一、選擇題(每題5分，共50分)1(湖南師大附中摸底)下列關(guān)于孟德爾遺傳規(guī)律的得出過程，說法錯誤的是()A豌豆自花傳粉、閉花受粉的特點是孟德爾雜交實驗獲得成功的原因之一B統(tǒng)計學(xué)方法的使用有助于孟德爾總結(jié)數(shù)據(jù)規(guī)律C進行測交實驗是為了對提出的假說進行驗證D假說中具有不同基因型的配子之間隨機結(jié)合，體現(xiàn)了自由組合定律的實質(zhì)解析：非同源染色體上的非等位基因自由組合為自由組合定律的實質(zhì)，不同基因型的配子之間隨機結(jié)合，不能體現(xiàn)自由組合定律的實質(zhì)，D錯誤。答案：D2(蘇北四市期中)如圖表示兩對等位基因在染色體上的分布情況，若圖1、2、3中的

2、同源染色體均不發(fā)生交叉互換，則圖中所示個體自交后代的表現(xiàn)型種類依次是()A2、3、4B4、4、4C2、4、4 D2、2、4解析：圖1個體自交后代有3種基因型，2種表現(xiàn)型；圖2個體自交后代有3種基因型(AAbb、aaBB、AaBb)，3種表現(xiàn)型；圖3個體自交后代有9種基因型，4種表現(xiàn)型。答案：A3某個體(AaBbCc)含有n對等位基因，且一對等位基因均控制一對相對性狀，也不存在基因連鎖現(xiàn)象。正常情況下，下列不能用2n表示的是()A測交后代的基因型種類數(shù)B測交后代的表現(xiàn)型種類數(shù)C自交后代的基因型種類數(shù)D自交后代的表現(xiàn)型種類數(shù)解析：依題意可知：一對等位基因的個體測交，如Aaaa，其后代有2種基因型、

3、2種表現(xiàn)型，因此含有n對等位基因的個體，其測交后代的基因型和表現(xiàn)型的種類數(shù)均為2n，A、B可以；一對等位基因的個體自交，如AaAa，其后代有3種基因型、2種表現(xiàn)型，所以含有n對等位基因的個體，其自交后代的基因型和表現(xiàn)型的種類數(shù)分別為3n和2n，D可以，C不能用2n表示，選C。答案：C4下圖為某植株自交產(chǎn)生后代過程的示意圖。下列對此過程及結(jié)果的描述，正確的是()AaBbeq o(,sup7()AB、Ab、aB、abeq o(,sup7(),sdo5(配子間M種結(jié)合方式)受精卵eq o(,sup7()子代：N種基因型，P種表現(xiàn)型(1231)AA與B、b的自由組合發(fā)生在B雌、雄配子在過程隨機結(jié)合CM

4、、N和P分別為16、9和4D該植株測交后代性狀分離比為211解析：自由組合發(fā)生在減數(shù)分裂過程，為受精作用；雌、雄配子在過程隨機結(jié)合；根據(jù)P種表現(xiàn)型的比值判斷兩對等位基因分別位于兩對同源染色體上，遵循自由組合定律，因此N為9種，P為3種，雌雄配子有16種結(jié)合方式；該植株測交后代表現(xiàn)型與子代自交的表現(xiàn)型對應(yīng)分析，性狀分離比為211。答案：D5某一植物體內(nèi)常染色體上具有三對等位基因(A和a，B和b，D和d)，已知A、B、D三個基因分別對a、b、d完全顯性，但不知這三對等位基因是否獨立遺傳。某同學(xué)為了探究這三對等位基因在常染色體上的分布情況做了以下實驗：用顯性純合個體與隱性純合個體雜交得F1，F(xiàn)1同隱

5、性純合個體測交，結(jié)果及比例為AaBbDdAaBbddaabbDdaabbdd1111，則下列表述正確的是()AA、B在同一條染色體上BA、b在同一條染色體上CA、D在同一條染色體上DA、d在同一條染色體上解析：aabbdd產(chǎn)生的配子是abd，子代為AaBbDdAaBbddaabbDdaabbdd1111，所以AaBbDd產(chǎn)生的配子是ABDABdabDabd1111，所以AB在一條染色體上，ab在一條染色體上。答案：A6假如水稻的高稈(D)對矮稈(d)為顯性，抗瘟病(R)對易染病(r)為顯性。現(xiàn)有一高稈抗病的親本水稻和矮稈易染病的親本水稻雜交，產(chǎn)生的F1再和隱性類型進行測交，結(jié)果如圖所示(兩對基

6、因位于兩對同源染色體上)，請問F1的基因型為()ADdRR和ddRr BDdRr和ddRrCDdRr和Ddrr DddRr解析：單獨分析高稈和矮稈這一對相對性狀，測交后代高稈矮稈11，說明F1的基因型為Dd；單獨分析抗瘟病與易染病這一對相對性狀，測交后代抗瘟病易染病13，說明F1中有兩種基因型，即Rr和rr，且比例為11。綜合以上分析可判斷出F1的基因型為DdRr、Ddrr。答案：C7油菜的凸耳和非凸耳是一對相對性狀，用甲、乙、丙三株凸耳油菜分別與非凸耳油菜進行雜交實驗，結(jié)果如下表所示。相關(guān)說法錯誤的是()PF1F2甲非凸耳凸耳凸耳非凸耳151乙非凸耳凸耳凸耳非凸耳31丙非凸耳凸耳凸耳非凸耳3

7、1A.凸耳性狀是由兩對等位基因控制B甲、乙、丙均為純合子C甲和乙雜交得到的F2均表現(xiàn)為凸耳D乙和丙雜交得到的F2表現(xiàn)型及比例為凸耳非凸耳31解析：根據(jù)甲與非凸耳雜交后得到的F1自交，F(xiàn)2代出現(xiàn)兩種性狀，凸耳和非凸耳之比為151，可以推知，凸耳性狀是受兩對等位基因控制的，由于甲非凸耳得到的F2代凸耳非凸耳151，說明非凸耳是雙隱性狀，甲是雙顯性狀的純合子，乙非凸耳得到的F2代凸耳非凸耳31，說明乙是單顯性狀的純合子，故甲與乙雜交得到的F2代個體中一定有顯性基因，即一定是凸耳，由于丙非凸耳得到的F2代凸耳非凸耳31，故丙也為單顯性狀的純合子，因此乙丙雜交得到的F1為雙雜合子，F(xiàn)2代有兩種表現(xiàn)型，凸

8、耳非凸耳151。答案：D8(云南師大附中質(zhì)檢)某植物花色遺傳受A、a和B、b兩對等位基因控制。當(dāng)不存在顯性基因時，花色為白色，當(dāng)存在顯性基因時，隨顯性基因數(shù)量的增加，花色紅色逐漸加深?，F(xiàn)用兩株純合親本植株雜交得F1，F(xiàn)1自交得F2，F(xiàn)2中有白花植株和4種紅花植株，按紅色由深至淺再到白的順序統(tǒng)計出5種類型植株數(shù)量比例為14641。下列說法正確的是()A該植物的花色遺傳不遵循基因的自由組合定律B親本的基因型一定為AABB和aabbCF2中AAbb和aaBB個體的表現(xiàn)型與F1相同D用F1作為材料進行測交實驗，測交后代有4種表現(xiàn)型解析：該植物的花色遺傳遵循基因的自由組合定律。親本的基因型還可以是AAb

9、b和aaBB。用F1作為材料進行測交實驗，測交后代有3種表現(xiàn)型。答案：C9(湖北重點中學(xué)聯(lián)考)夏南瓜的顏色由A、a和B、b兩對相對獨立的基因控制，當(dāng)含有A基因時為白色，在不含A 基因時，BB、Bb為黃色，bb為綠色?，F(xiàn)有一株白色夏南瓜和一株綠色夏南瓜雜交，子代性狀表現(xiàn)及比例是白色夏南瓜黃色夏南瓜11。下列有關(guān)說法正確的是()A親本白色夏南瓜植株為純合子B子代白色夏南瓜與親本白色夏南瓜的基因型相同C子代黃色夏南瓜自交后代性狀分離比為961D子代兩種夏南瓜雜交，產(chǎn)生的后代中黃色夏南瓜占eq f(3,8)解析：依題意可知，夏南瓜顏色的遺傳遵循基因的自由組合定律，A_B_和A_bb為白色，aaB_為黃

10、色，aabb為綠色?，F(xiàn)有一株白色夏南瓜(A_B_或A_bb)和一株綠色夏南瓜(aabb)雜交，子代性狀表現(xiàn)及比例是白色夏南瓜黃色夏南瓜11，說明親本白色夏南瓜植株的基因型為AaBB，為雜合子，A錯誤；子代白色夏南瓜的基因型為AaBb，與親本不同，B錯誤；子代黃色夏南瓜的基因型為aaBb，其自交后代性狀分離比為黃色夏南瓜綠色夏南瓜31，C錯誤；子代兩種夏南瓜雜交，即AaBb與aaBb雜交，產(chǎn)生的后代中黃色夏南瓜占eq f(1,2)aaeq f(3,4)B_eq f(3,8)，D正確。答案：D10已知牽?；ǖ幕ㄉ苋龑Κ毩⑦z傳的等位基因(A和a、B和b、C和c)控制，如圖所示，其中藍色和紅色混合后

11、顯紫色，藍色和黃色混合形成綠色。現(xiàn)有某紫花植株自交子代出現(xiàn)白花、黃花。據(jù)此判斷下列敘述不正確的是()A自然種群中紅花植株的基因型有4種B用于自交的紫花植株的基因型為AaBbCcC自交子代中綠花植物和紅花植株的比例可能不同D自交子代出現(xiàn)黃花植株的比例為eq f(3,64)解析：自然種群中紅花植株的基因型有AABBcc、AaBBcc、AABbcc、AaBbcc共4種，A正確；根據(jù)分析親本紫花植株的基因型為AaBbCc，B正確；由于親本紫花植株的基因型為AaBbCc，所以當(dāng)親本紫花植株的基因型為AaBbCc時，自交子代中綠花植物(A_bbC_)的概率為eq f(3,4)eq f(1,4)eq f(3

12、,4)eq f(9,64)，紅花植株(A_B_cc)的概率為eq f(3,4)eq f(3,4)eq f(1,4)eq f(9,64)，所以比例相同，C錯誤；親本紫花植株的基因型為AaBbCc，則自交子代出現(xiàn)黃花植株(A_bbcc)的比例為eq f(3,4)eq f(1,4)eq f(1,4)eq f(3,64)，D正確。答案：C二、非選擇題(共50分)11(14分)(汕頭一模)雞的羽毛顏色受一對等位基因B和b控制，有顯性基因存在時能合成色素；小腿長度受另一對等位基因C和c控制，這兩對基因分別位于兩對常染色體上。(1)讓雌雄藍羽雞交配，后代藍羽、黑羽和白羽的比例總是為211，那么，藍羽的基因型

13、是_，若讓黑羽和白羽雜交，理論上說，后代表現(xiàn)型是_。(2)多次讓雌雄短腿雞交配，后代中總是出現(xiàn)eq f(1,3)的正常腿。合理的解釋是，在該對相對性狀中，顯性性狀是_，而基因型為_時在胚胎時期死亡。(3)黑羽短腿雄雞的基因型是_，讓其與藍羽短腿雌雞雜交，F(xiàn)1的表現(xiàn)型有_種，其中表現(xiàn)為黑羽短腿雄雞的比例是_；在F1中，B基因的頻率是_。解析：(1)雌雄藍羽雞交配，后代發(fā)生性狀分離，說明藍羽親本是雜合子，基因型為Bb，二者交配后代的基因型是BBBbbb121，由于B控制色素合成，因此后代中黑羽的基因型是BB，白羽的基因型是bb，黑羽與白羽雜交，雜交后代都是藍羽。(2)雌雄短腿雞交配，后代出現(xiàn)正常腿

14、，說明短腿對正常腿是顯性性狀，且親本短腿的基因型是Cc、Cc，二者雜交后代的基因型及比例是CCCccc121，多次實驗cc的比例占eq f(1,3)，說明CC胚胎致死。(3)由于(1)分析可知，黑羽的基因型是BB，由(2)可知，短腿CC胚胎致死，因此黑羽短腿雄雞的基因型是BBCc，藍羽短腿雌雞的基因型為BbCc，兩對等位基因遵循自由組合定律，因此可以將其化解成兩個分離定律：BBBb黑羽藍羽11，CcCc由于CC致死，因此短腿正常腿21，因此F1的表現(xiàn)型是224種；黑羽短腿雄雞的比例是eq f(1,2)eq f(2,3)eq f(1,2)eq f(1,6)；由于子一代中BBBb11，因此B的基因

15、頻率是eq f(1,2)eq f(1,2)eq f(1,2)eq f(3,4)。答案：(1)Bb藍羽(2)短腿CC(3)BBCc4eq f(1,6)eq f(3,4)12(12分)(福建質(zhì)檢)研究人員選擇果皮黃綠色、果肉白色、果皮有覆紋的純合甜瓜植株(甲)與果皮黃色、果肉橘紅色、果皮無覆紋的純合甜瓜植株(乙)雜交，F(xiàn)1表現(xiàn)為果皮黃綠色、果肉橘紅色、果皮有覆紋。F1自交得F2，分別統(tǒng)計F2各對性狀的表現(xiàn)及株數(shù)，結(jié)果如下表。甜瓜性狀果皮顏色(A，a)果肉顏色(B，b)果皮覆紋F2的表現(xiàn)及株數(shù)黃綠色482黃色158橘紅色478白色162有覆紋361無覆紋279(1)甜瓜果肉顏色的顯性性狀是_。(2)

16、據(jù)表中數(shù)據(jù)_(填“能”或“不能”)判斷兩對基因(A和a，B和b)自由組合，理由是_。(3)完善下列實驗方案，證明果皮覆紋性狀由2對等位基因控制。實驗方案：讓F1與植株_(填“甲”或“乙”)雜交，統(tǒng)計子代的表現(xiàn)型及比例；預(yù)期結(jié)果：子代的表現(xiàn)型及比例為_。(4)若果皮顏色、覆紋兩對性狀遺傳遵循基因自由組合定律，則理論上F2中果皮黃色無覆紋甜瓜約有_株。解析：根據(jù)題意分析，果皮黃綠色、果肉白色、果皮有覆紋的純合甜瓜植株(甲)與果皮黃色、果肉橘紅色、果皮無覆紋的純合甜瓜植株(乙)雜交，F(xiàn)1表現(xiàn)為果皮黃綠色、果肉橘紅色、果皮有覆紋，說明果皮黃綠色、果肉橘紅色、果皮有覆紋都是顯性性狀，分析表格數(shù)據(jù)三對性狀

17、分離比分別是31、31、97。(1)果肉白色(甲)與果肉橘紅色(乙)雜交，F(xiàn)1表現(xiàn)果肉橘紅色，說明甜瓜果肉橘紅色是顯性性狀。(2)表格中只有每對性狀的分離比，缺乏對F2中兩對性狀(果皮與果肉顏色)組合類型的統(tǒng)計數(shù)據(jù)，所以不能判斷兩對基因(A和a，B和b)是否遵循自由組合定律。(3)如果果皮覆紋性狀由2對等位基因控制，根據(jù)表格數(shù)據(jù)97，說明雙顯性為有覆紋，其余為無覆紋，則F1(雙雜合子有覆紋)與植株乙(雙隱性無覆紋)雜交，子代的表現(xiàn)型及比例為(果皮)有覆紋無覆紋13。(4)若果皮顏色、覆紋兩對性狀(受三對基因控制)遺傳遵循基因自由組合定律，則理論上F2中果皮黃色(eq f(1,4)無覆紋(eq

18、f(7,16)甜瓜約640eq f(1,4)eq f(7,16)70株。答案：(1)橘紅色(2)不能缺乏對F2中兩對性狀(果皮與果肉顏色)組合類型的統(tǒng)計數(shù)據(jù)(3)乙(果皮)有覆紋無覆紋13(4)7013(12分)(濰坊期末統(tǒng)考)某雌雄同株異花傳粉的二倍體植物，抗除草劑與不抗除草劑受兩對獨立遺傳的基因控制，相關(guān)基因為A、a和B、b，且A對a，B對b為完全顯性，只要存在一種顯性基因就表現(xiàn)出抗除草劑性狀?；駻使雄配子的育性降低50%，其他配子育性正常?；駼存在顯性純合致死現(xiàn)象。請回答問題：(1)抗除草劑與不抗除草劑是一對_，抗除草劑植株共有_種基因型。(2)若利用基因型不同的兩親本進行一次雜交，

19、驗證基因A使雄配子可育性降低了50%，其他配子育性正常。則親本基因型的最佳組合是_，預(yù)期子代的表現(xiàn)型及比例為_。(3)甲(Aabb)乙(aaBb)進行雜交，子代中含有兩種抗除草劑基因的個體所占比例為_，這些含兩種抗除草劑基因的植株雜交，子代中抗除草劑植株所占的比例是_(用分?jǐn)?shù)表示)。解析：(1)抗除草劑與不抗除草劑是一對相對性狀，由分析可知，抗除草劑植株共有AABb、AaBb、AAbb、Aabb、aaBb等5種基因型。(2)若利用基因型不同的兩親本進行一次雜交，驗證基因A使雄配子可育性降低了50%，其他配子育性正常，一般用測交的實驗方法，可選擇的親本基因型的最佳組合是母本為aabb，父本為Aa

20、bb，由于母本只能產(chǎn)生ab一種卵細(xì)胞，而父本產(chǎn)生的精子為Ab、ab，比例為12，因此預(yù)期子代的表現(xiàn)型及比例為抗除草劑植株不抗除草劑植株12。(3)甲(Aabb)乙(aaBb)進行雜交，正常情況下，產(chǎn)生的后代的基因型及比例為AaBbAabbaaBbaabb1111，子代中含有兩種抗除草劑基因的個體(AaBb)所占比例為eq f(1,4)，這些含兩種抗除草劑基因的植株雜交，由于雄配子的種類和比例為ABAbaBab1122，并且子代中BB基因純合致死，因此利用棋盤格法可以獲得子代中抗除草劑植株所占的比例是eq f(8,9)。答案：(1)相對性狀5(2)母本為aabb，父本為Aabb抗除草劑植株不抗除草劑植株12 (說明：若親本基因型寫錯或母本、父本基因型顛倒，該小題整體不得分)(3)eq f(1,4)eq f(8,9)14(12分)一種植物的某性狀可表現(xiàn)為無色、白色、藍色、紫色，由A/a、B/b、D/d 三對等位基因控制。相關(guān)基因的生理作用如下圖所示。請回答下列問題：(1)如果三對等位基因分別位于三對同源染色體上，則基因型為AaBbDd 的兩個親本雜交，出現(xiàn)紫色子代的概率為_。(2)如果A、a和B、b兩對等位基因在染色體上的位置