2019屆安徽蚌埠高三第二次教學質(zhì)量檢查考試理綜物理試題解析版

1、蚌埠市2019屆高三年級第二次教學質(zhì)量檢查考試理科綜合（化學部分）二、選擇題：本題共 8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第 1418題只有一項符合題目要求，第1921題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得 3分，有選錯的得 0分。a點由靜止開始做勻加速直線運動,1.圖中ae為珠港澳大橋上四段110m的等跨鋼箱連續(xù)梁橋，若汽車從通過ab段的時間為t,則通過ce段的時間為a b c d e110m ： 110m | 110m110mA. tB.夜tC. （2 M）tD. （2+夜）t【答案】C【解析】【詳解】設(shè)汽車的加速度為a,經(jīng)歷bc段、ce段的時間分別為

2、3、t2,根據(jù)勻變速直線運動的位移時間公式有：x時=）產(chǎn)，工毗=少住+。）2,萬快二G + Q+7產(chǎn)，解得：%二（2隹，故C正確，A B D錯 誤； 故選C。2.如圖所示，物體甲放置在水平地面上，通過跨過定滑輪的輕繩與小球乙相連，整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)。現(xiàn)對小球乙施加一個水平力F,使小球乙緩慢上升一小段距離，整個過程中物體甲保持靜止，甲受到地面的摩擦力為f,則該過程中B. f 變小，F(xiàn)變小D. f變大，F(xiàn)變大A. f變小，F(xiàn)變大C. f變大，F(xiàn)變小【答案】D【詳解】以小球乙為研究對象受力分析，設(shè)繩與豎直方向的夾角為a ,根據(jù)平衡條件可得，水平拉力為F = mgtana ,可見水平拉力 F逐漸增大

3、，繩子的拉力為 丁 二 幽，故繩子的拉力也是逐漸增加；以物體甲 cosa為研究對象受力分析，根據(jù)平衡條件可得，物體甲受地面的摩擦力與繩子的拉力的水平方向的分力口 二 78$中等大反向，故摩擦力方向向左，四絲吧是逐漸增大；故D正確，A、B、C錯誤；cosa故選D。13.氫原子的能級公式為 E.Ei(n=1 , 2, 3,)，其中基態(tài)能量 Ei=-13.6eV,能級圖如圖所示。大量氫原 n子處于量子數(shù)為n的激發(fā)態(tài)，由這些氫原子可能發(fā)出的所有光子中，頻率最大的光子能量為一0.96Ei,則n和可能發(fā)出的頻率最小的光子能量分別為n總小V TOC o 1-5 h z 0503440.853L5I2-3.4

4、0-13.6A. n=5 , 0.54eVB. n=5 , 0.3leVC. n=4 , 0.85e VD. n=4 , 0.66e V【答案】B【解析】【詳解】氫原子基態(tài)的能量為 = -13.6eV由這些氫原子可能發(fā)出的所有光子中，頻率最大的光子能量為-0.96E1,即躍遷到最高能級能量F = 0.04 = -0.54照，即處在n=5能級；頻率最小的光子的能量為=一(一0.85日!Z) = 0WleF,故 B正確，A C D錯誤；故選Bo4.由于“潮汐鎖定”，月球的自轉(zhuǎn)和公轉(zhuǎn)的周期幾乎相同，使月球永遠以一面向著地球。 2019年I月3日,我國發(fā)射的嫦娥四號月球探測器成功軟著陸在月球背面。若月

5、球和地球的自轉(zhuǎn)周期之比為q,則月球和地球同步衛(wèi)星繞地球公轉(zhuǎn)的軌道半徑之比和加速度之比分別為【答案】B【詳解】根據(jù) vgmt2可得,由于月球和地球的自轉(zhuǎn)周期之比為q,所以月球和同步衛(wèi)星的 GMmGM公轉(zhuǎn)周期之比為 q,則月球和地球同步衛(wèi)星的軌道半徑之比為溫；根據(jù)= m口可得n =二，月球和地vrr球同步衛(wèi)星的向心加速度之比為故B正確，A、C D錯誤;故選Bo5.同一平面內(nèi)固定有一長直導線PQ和一帶缺口的剛性金屬圓環(huán)，在圓環(huán)的缺口兩端引出兩根導線，分別與兩塊垂直于圓環(huán)所在平面固定放置的平行金屬板MN1接，如圖甲所示。導線 PQ中通有正弦交流電流i , i12s 內(nèi)的變化如圖乙所示，規(guī)定從 Q到P為

6、電流的正方向，則在3圖甲圖乙A. M板帶正電,且電荷量增加B. M板帶正電,且電荷量減小C. M板帶負電,且電荷量增加D. M板帶負電,且電荷量減小磁感應(yīng)強度變小，穿過金屬圓環(huán)的磁通量變小,【詳解】在12s內(nèi)，穿過金屬圓環(huán)的磁場垂直于紙面向里, 磁通量的變化率變大，假設(shè)環(huán)閉合，由楞次定律可知感應(yīng)電流磁場與原磁場方向相同，即感應(yīng)電流磁場方 向垂直于紙面向里，然后由安培定則可知感應(yīng)電流沿順時針方向，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知感應(yīng)電動勢 增大，由此可知上極 M板電勢高，帶正電，電荷量增加，故 A正確，B、C D錯誤;故選Ao6.如圖所示，電路中的變壓器為理想變壓器,U為正弦式交變電壓， R為變阻器，R

7、、R是兩個定值電阻,A V分別是理想電流表和理想電壓表，則下列說法正確的是A.閉合開關(guān)S,電流表示數(shù)變大、電壓表示數(shù)變小B.閉合開關(guān)S,電流表示數(shù)變小、電壓表示數(shù)變大C.開關(guān)S閉合時，變阻器滑片向左移動的過程中，電流表、電壓表示數(shù)均變小D.開關(guān)S閉合時，變阻器滑片向左移動的過程中，電流表、電壓表示數(shù)均變大【答案】AC【解析】【詳解】AR閉合開關(guān) S,負載總電阻變小，變壓器的輸出功率增大，副線圈的電流增大，根據(jù)2 = 2可知變壓器的輸入電流增大，即電流表示數(shù)變大，變阻器R兩端電壓增大，根據(jù)串聯(lián)分壓可知變壓器的輸入,. 上上口ni .、, , .,r a./,“八井 口電壓減小，根據(jù)7r二一可知變

8、壓器的輸出電壓減小，電壓表本數(shù)變小，故 A正確，B錯誤；CD開關(guān)S閉合時，變阻器滑片向左移動的過程中，變阻器R的阻值增大，兩端電壓增大，根據(jù)串聯(lián)分壓力嗎可知變壓器的輸入電壓減小，根據(jù) h = 一可知變壓器的輸出電壓減小，電壓表示數(shù)變小，根據(jù)歐姆定律可知副線圈的電流減小，根據(jù) 9 = +可知變壓器的輸入電流減小，即電流表示數(shù)變小，故 C正確，D錯誤；故選AG.電場中有一條電場線與 x軸重合，x軸上各點的電場強度與位置的關(guān)系如圖所示，一質(zhì)子只在電場力作用下自坐標原點由靜止釋放沿x軸正方向運動，已知 oa=ab=bc=d, b點電勢（）b=0。則下列結(jié)論正確的是A.質(zhì)子沿x軸做勻速直線運動.質(zhì)子在a

9、、c兩點的電勢能相等C.質(zhì)子在a、b、c三點的動能之比為 2： 3: 4D.坐標原點O的電勢為1.5Eod【答案】CD【解析】【詳解】A、由E-x圖象和F = qE可知質(zhì)子沿x軸做先做勻加速直線運動，后做加速度減小的加速度直線,最后做加速度增大的加速直線運動，故A錯誤;日 質(zhì)子一直加速直線運動，電場力做正功，電勢能減小，故 B錯誤;因此=島門,場& =, or =,C由圖可知E-x圖象所包圍的面積表示兩點間的電勢差大小,由動能定理則有 7%尸叫九Ekb = qUOb = Ef)d, % 二研%2叫九 所以質(zhì)子在a、b、c三點的 動能之比為2: 3: 4,故C正確；D根據(jù)先力二牝一也可得坐標原點

10、 O的電勢為 %二15唧,故D正確；故選CD8.圖甲為一直角三角形劈，傾角/ abc=37 ,ab長為2L, p為ab的中點，小物塊從 a點由靜止釋放沿 ab滑到b時速度恰好為零，小物塊與ap、pb兩段斜面之間的動摩擦因數(shù)分別為科1和科2。現(xiàn)將劈順時針旋轉(zhuǎn)90 (如圖乙所示)，小物塊從b由靜止釋放，已知sin37 =0.6, c0s37 =0.8,最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為 g,則下列說法正確的是圖甲圖乙A.圖甲中小物塊通過 ap、pb段克服摩擦力所做的功之比為l: lB.1+2=1.5C.圖乙中小物塊可能靜止在 b處D.圖乙中小物塊滑到 a處時的速度大小為 J【答案】BD【解析

11、】【詳解】AB、圖甲中小物塊在 pb段做減速直線運動，則有 瑤9式嗎7口 0,小物塊不可能靜止在 b處，故C錯誤; bD圖乙中設(shè)小物塊滑到 a處時的速度大小為甘，根據(jù)動能定理可得LL?解得廿=故D正確;故選BD三、非選擇題：共174分。第2232題為必考題，每個試題考生都必須作答。第3334題為選考題，考生根據(jù)要求作答。(一)必考題：共129分。圖甲9.用螺旋測微器測量一根導體棒的直徑，刻度如圖甲所示，讀數(shù)為 mm小明用游標為20分度 的游標卡尺測量某個圓筒的深度，部分刻度如圖乙所示，讀數(shù)為 cm。34 cmww1020圖乙【答案】(1). 4.224(4.222-4.226) (2). 2.

12、185【解析】【詳解】解：螺旋測微器的固定刻度為4.0mm,可動刻度為223 x 0.01mm = 0.223mm ,所以最終讀數(shù)為4.0mm + 0.22Umm -；這種游標卡尺的副尺刻度是把主尺刻度19mm勺長度，分為20等份，每等份為0.95mm,游標尺上第17個刻度和主尺上 38mmJ度對齊，讀數(shù)為10.某小組要測量電源的電動勢 E(約3V)、內(nèi)電阻r(約1Q)和電阻R(約5Q)的阻值。已經(jīng)提供的器材有： 待測電源E,待測電阻 R,電壓表(量程1.5V,內(nèi)阻FV=1500Q),電阻箱R(099.99 Q),開關(guān)S,單刀雙 擲開關(guān)S2,導線若干。圖甲圖乙(1)實驗時需要將電壓表的量程擴大

13、一倍，應(yīng)該再選用一個阻值為 Q的定值電阻與電壓表(選填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”)；設(shè)計好的電路如圖甲所示，圖中V為改裝后的電壓表以下實驗中可看成理想電壓表。(2)為了測量R的電阻，閉合將S2與a連接，調(diào)節(jié)電阻箱，讀出其電阻值R和電壓表的示數(shù) U;保持 電阻箱阻值不變，將 S2與b連接，讀出電壓表的示數(shù) U;則電阻R的表達式為 ;(3)為了測量電源的電動勢和內(nèi)電阻，閉合 Si,將&與a連接，多次調(diào)節(jié)電阻箱，t出多組電阻箱示數(shù)R和對應(yīng)的電壓表示數(shù) U,由測得的數(shù)據(jù)，繪出如圖乙所示的 ：-；圖像，若圖像的斜率為 k,縱軸截距為I,U K則電動勢 E的表達式為 ,內(nèi)電阻r的表達式為 。(用k、I和R表示)

14、1 ?！敬鸢浮?(1). 1500 (2).串聯(lián) (3).R (4).- (5). 一此【解析】【詳解】解：(1)實驗時需要將電壓表的量程擴大一倍，應(yīng)串聯(lián)一個定值電阻，它的阻值為甘一/R 二-15000 % ； TOC o 1-5 h z (2)當電壓表接a時，電壓表測電阻箱 R兩端的電壓；當接 b時，電壓表測 R及電阻箱R兩端的電壓；則 明5明R兩端的電壓為： %-3，此時流過 R的電流為,，由歐姆定律可得：% = f-R ;(3)由題意可知，此實驗中可測量出電阻箱的示數(shù)R,而電壓表則電阻箱 R兩端的電壓，由閉合電路歐姆定U11 11+ r1律可知：E=R + R，+ r),變形可得 由數(shù)學

15、知識可得，=$, it = ,即為石二了，zU ERE匕 E1k -r 廠七；11.如圖所示，質(zhì)量M=1kg的半圓弧形絕緣凹槽放置在光滑的水平面上，凹槽部分嵌有cd和ef兩個光滑半圓形導軌，c與e端由導線連接，一質(zhì)量 m=lkg的導體棒自ce端的正上方h=2m處平行ce由靜止下落，并 恰好從ce端進入凹槽，整個裝置處于范圍足夠大的豎直方向的勻強磁場中，導體棒在槽內(nèi)運動過程中與導軌接觸良好。已知磁場的磁感應(yīng)強度B=0.5T,導軌的間距與導體棒的長度均為L=0.5m,導軌的半徑r=0.5m ,導體棒的電阻 R=1 ，其余電阻均不計，重力加速度g=10m/s；不計空氣阻力。(1)求導體棒剛進入凹槽時

16、的速度大??；(2)求導體棒從開始下落到最終靜止的過程中系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量；(3)若導體棒從開始下落到第一次通過導軌最低點的過程中產(chǎn)生的熱量為16J,求導體棒第一次通過最低點-7 -時回路中的電功率?！敬鸢浮?1) :(2)25J (3)【解析】【詳解】解：(1)根據(jù)機械能守恒定律，可得： m9h = 1mv2 TOC o 1-5 h z 解得導體棒剛進入凹槽時的速度大?。?：.(2)導體棒早凹槽導軌上運動過程中發(fā)生電磁感應(yīng)現(xiàn)象，產(chǎn)生感應(yīng)電流，最終整個系統(tǒng)處于靜止，圓柱體停在凹槽最低點根據(jù)能力守恒可知，整個過程中系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量： ,(3)設(shè)導體棒第一次通過最低點時速度大小為心，凹槽速度大小為 嗓，導

17、體棒在凹槽內(nèi)運動時系統(tǒng)在水平方向動量守恒，故有：1 1由能量守恒可得：, ,導體棒第一次通過最低點時感應(yīng)電動勢：,.回路電功率：R聯(lián)立解得：, 4.如圖所示，在xoy平面的第二象限內(nèi)有沿 y軸負方向的勻強電場，電場強度的大小E=1C2V/m,第一象限某區(qū)域內(nèi)存在著一個邊界為等邊三角形的勻強磁場，磁場方向垂直xoy平面向外。一比荷 =107C/kg的帶正電粒子從x軸上的P點射入電場，速度大小 Vo=2X104m/s,與x軸的夾角。=60 。該粒子經(jīng)電場偏轉(zhuǎn)后，由y軸上的Q點以垂直于y軸的方向進入磁場區(qū)域，經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)射出，后來恰好通過坐標原點O,且與x軸負方向的夾角 a =60 ,不計粒子重力。求

18、：(1)OP的長度和OQ勺長度；(2)磁場的磁感應(yīng)強度大小；(3)等邊三角形磁場區(qū)域的最小面積。【答案】(1) TOC o 1-5 h z 心3/2；： I.? (2) B=0.02T (3)又.：)1016【解析】【詳解】解:(1)粒子在電場中沿x軸正方向的分運動是勻速直線運動，沿y軸正方向的分運動是勻變速直 線運動 沿y軸方向: 沿x軸正方向：DP =廿0皿日T d聯(lián)立解得：: (2)粒子在磁場中作半徑為r的勻速圓周運動，其軌跡如圖根據(jù)幾何關(guān)系由：解得：r=0.05m根據(jù)牛頓第二定律可得:(3)根據(jù)粒子運動軌跡和幾何關(guān)系可知，以弦QD為邊長L的4QRD是磁場區(qū)域面積最小的等邊三角形，如 T

19、OC o 1-5 h z r3, r3.故最小面積：. :.1:Z16.下列說法正確的是A.飛船中懸浮的水滴呈球形是水的表面張力作用的結(jié)果B.布朗運動就是分子的熱運動C.多晶體的物理性質(zhì)表現(xiàn)為各向異性D.E.空氣中水蒸氣的壓強和同一溫度時水的飽和汽壓之比叫空氣的相對濕度 空調(diào)既能制冷又能制熱，說明在不自發(fā)的條件下熱傳遞方向性可以逆向【答案】ADE【解析】【詳解】A、在圓周運動的的宇宙飛船中，懸浮的水滴處于完全失重狀態(tài)，水滴呈球形，這是液體表面張力作用的結(jié)果，故A正確；日 布朗運動是懸浮在液體中固體微粒的無規(guī)則運動，是由大量液體分子撞擊形成的，是液體分子無規(guī)則運動反應(yīng)，故B錯誤；C多晶體的物理性

20、質(zhì)表現(xiàn)為各向同性，故 C錯誤；D根據(jù)相對濕度的定義知，空氣中水蒸氣的壓強與同一溫度時水的飽和汽壓之比叫做空氣的相對濕度，故D正確；E、根據(jù)熱力學第二定律可知，空調(diào)既能制熱又能制冷， 說明在不自發(fā)的條件下熱傳遞方向性可以逆向，故E正確；故選ADE.如圖所示，固定的兩個氣缸 A、B處于水平方向，一根剛性水平輕桿兩端分別與兩氣缸的絕熱活塞固定，A B氣缸中均封閉一定量的理想氣體。已知A是導熱氣缸，B是絕熱氣缸，兩個活塞的面積Sa=2S Sb=S,開始時兩氣柱長度均為 L,壓強均等于大氣壓強 P0,溫度均為Too忽略兩活塞與氣缸壁之間的摩擦，且不 TOC o 1-5 h z ” 1 ,漏氣?，F(xiàn)通過電熱

21、絲對氣缸 B中的氣體緩慢加熱，使兩活塞向左緩慢移動L的距離后穩(wěn)定，求此時：AB(i)氣缸A中氣體的壓強；(ii)氣缸B中氣體的溫度。【答案】(i)(ii) ,【解析】L【詳解】解：(i )氣缸A中氣體發(fā)生等溫變化，由玻意耳定律可得：外(上-滔Pi(2 X 3解得：(ii )分析兩活塞的受力情況，由平衡知識可得：=p 己5)由理想氣體狀態(tài)方程可得：7口 一 7聯(lián)立解得：-10 -.如圖所示，兩束顏色不同的單色光a、b平行于三棱鏡底邊 BC從AB邊射入，經(jīng)三棱鏡折射后相交于點巳 下列說法正確的是 。4hZcA.三棱鏡對a光的折射率大于對 b光的折射率B.在三棱鏡中a光的傳播速度大于 b光的傳播速度C.同一種介質(zhì)對a光的臨界角大于對 b光的臨界角D.在利用a光和b光做衍射實驗時，b光的實驗現(xiàn)象更明顯E.經(jīng)過同一雙縫所得干涉條紋，a光的條紋間距小于 b光的條紋間距【答案】ADE【解析】【詳解】A、由圖可知，a光的偏轉(zhuǎn)角大，b光的