江蘇省南通市2019屆高三高考模擬考試(一)物理試卷附答案

1、江蘇省南通市2019屆高三模擬考試（一）一、單項(xiàng)選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分.每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意，選對(duì)的得3分，選錯(cuò)或不答的得0分.1.據(jù)中新網(wǎng)報(bào)道，中國(guó)自主研發(fā)的北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)“北斗三號(hào)”第17顆衛(wèi)星已于2018年11月2日在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射.該衛(wèi)星是北斗三號(hào)全球?qū)Ш较到y(tǒng)的首顆地球同步軌道衛(wèi)星，也是北斗三號(hào)系統(tǒng)中功能最強(qiáng)、信號(hào)最多、承載最大、壽命最長(zhǎng)的衛(wèi)星.關(guān)于該衛(wèi)星，下列說(shuō)法正確的是它的發(fā)射速度一定大于11.2km/s它運(yùn)行的線速度一定不小于7.9km/s它在由過(guò)渡軌道進(jìn)入運(yùn)行軌道時(shí)必須減速由于稀薄大氣的影響，如不加干預(yù)，在運(yùn)行一段時(shí)間后，該衛(wèi)星的動(dòng)能可能

2、會(huì)增加【答案】D【解析】【分析】根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，得出線速度與軌道半徑的關(guān)系，從而比較出衛(wèi)星在同步軌道上的速度與第一宇宙速度的大?。辉撔l(wèi)星將做向心運(yùn)動(dòng)，軌道半徑減小，應(yīng)用牛頓第二定律求出線速度，然后分析答題；【詳解】A.該衛(wèi)星的發(fā)射速度必須小于第二宇宙速度11.2km/s，因?yàn)橐坏┻_(dá)到第二宇宙速度，衛(wèi)星會(huì)掙脫地球的引力，不繞地球運(yùn)行，故A錯(cuò)誤；GMmmv2GM根據(jù)知，第一宇宙速度的軌道半徑等于地球的半徑，知7.9km/s是衛(wèi)星繞地rr冷廠球做圓周運(yùn)動(dòng)的最大環(huán)繞速度，所以它運(yùn)行的線速度一定小于7.9km/s,故B錯(cuò)誤；它在由過(guò)渡軌道進(jìn)入運(yùn)行軌道做離心運(yùn)動(dòng)，必須加速，故C錯(cuò)誤；由于該衛(wèi)星受到

3、阻力影響而做減速運(yùn)動(dòng)，該衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)需要的向心力小于萬(wàn)有引力，做向GMmmv2GM心運(yùn)動(dòng)，其軌道半徑r減小，萬(wàn)有引力提供向心力，由牛頓第二定律得:-，解得：，rr彳廠由于半徑r減小，則其線速度變大，動(dòng)能變大，故D正確；故選Do【點(diǎn)睛】知道萬(wàn)有引力提供向心力是解題的前提，應(yīng)用萬(wàn)有引力公式與牛頓第二定律可以解題；要理解衛(wèi)星變軌的原理。2如圖所示，A、B兩點(diǎn)在同一條豎直線上，A點(diǎn)離地面的高度為3h，B點(diǎn)離地面高度為2h將兩個(gè)小球分別從A、B兩點(diǎn)水平拋出，它們?cè)贑點(diǎn)相遇，C點(diǎn)離地面的高度為h已知重力加速度為g,貝y皿IIIA.兩個(gè)小球一定同時(shí)拋出B.兩個(gè)小球一定同時(shí)落地C.兩個(gè)小球拋出的時(shí)間間隔為匸

4、YiyD.VA1兩個(gè)小球拋出的初速度之比二-【答案】C【解析】【分析】平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)在C點(diǎn)相遇，結(jié)合高度求運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，從而通過(guò)水平位移求初速度；TOC o 1-5 h z HYPERLINK l bookmark10 o Current Document _,17_!2h【詳解】AB.平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，由，得，由于A到C的豎直高度較大，所以從A點(diǎn)拋出的小球運(yùn)動(dòng)時(shí)間較長(zhǎng)，應(yīng)A先拋出；它們?cè)贑點(diǎn)相遇時(shí)A的豎直方向速度較大，離地面的高度相同，所以A小球一定先落地，故A、B錯(cuò)誤；fZh_；2x2h/2hh由得兩個(gè)小球拋出的時(shí)間間隔

5、為，故C正確；9999由*5,得，x相等，則小球A.B拋出的初速度之比，故D錯(cuò)誤；故選Co【點(diǎn)睛】解決的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式靈活求解。3導(dǎo)體中的電流是這樣產(chǎn)生的：當(dāng)在一根長(zhǎng)度為L(zhǎng)、橫斷面積為S,單位體積內(nèi)自由電荷數(shù)為n的均勻?qū)w兩端加上電壓U導(dǎo)體中出現(xiàn)一個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)，導(dǎo)體內(nèi)的自由電子（-e）受勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)力作用而加速，同時(shí)由于與陽(yáng)離子碰撞而受到阻礙，這樣邊反復(fù)碰撞邊向前移動(dòng)，可以認(rèn)為阻礙電子運(yùn)動(dòng)的阻力大小與電子移動(dòng)的平均速率v成正比，即可以表示為kv（k是常數(shù)），當(dāng)電子所受電場(chǎng)力與阻力大小相等時(shí)，導(dǎo)體中形成了恒定電流，貝該導(dǎo)體的電阻是（）A.kle2

6、nsksC.ke2nlsklD.ens【答案】A【解析】UUe【詳解】由題意可知當(dāng)電場(chǎng)力與阻力相等時(shí)形成恒定電流，則有，解得，則導(dǎo)體中的ne2sU電流/klUkl則由歐姆定律可得，A正確.1ens4用一隨時(shí)間均勻變化的水平拉力F拉靜止在水平面上的物體.已知F=kt(k=2N/s),物體與水平面間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，物體的加速度a隨時(shí)間t變化的圖象如圖所示，g取10m/s2,則不可以計(jì)算出磯m-s)物體的質(zhì)量物體與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)t=4s時(shí)物體的速度04s內(nèi)拉力F做的功【答案】D【解析】【分析】對(duì)物體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律得出加速度a與時(shí)間t的函數(shù)關(guān)系，然后結(jié)合圖象得出相關(guān)信息

7、即可求解；【詳解】物體受重力、地面的支持力、拉力和與拉力方向相反的摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律得：F248八/Fn-.u，解得：，由a與F圖線得到：，聯(lián)立解得mmmmm=2Kg，n=0.2a-t圖像所圍成的面積表示速度的變化量，所以04s內(nèi)有1,一，t=4s時(shí)物體的速度加】/、；由于物體先靜止后又做變加速運(yùn)動(dòng)，F(xiàn)為變力，不能直接利用做功公式求出拉力F做的功；無(wú)法利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律求04s內(nèi)位移，無(wú)法求出摩擦力做功，所以無(wú)法根據(jù)動(dòng)能定理求拉力F做的功，故不可以計(jì)算出的是D,可以計(jì)算出的是A、B、C；故選D?！军c(diǎn)睛】關(guān)鍵是對(duì)物體受力分析，然后根據(jù)牛頓第二定律列方程求解出加速度與推力F的關(guān)系式,最后

8、結(jié)合a與t關(guān)系圖象得到待求量。mgHD.5如圖所示，長(zhǎng)為L(zhǎng)的細(xì)繩，一端拴一質(zhì)量為m的小球，另一端懸掛在距光滑水平面H高處（LH）.現(xiàn)使小球在水平桌面上以角速度為e做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則小球?qū)ψ烂娴膲毫閙gHC.【答案】B【解析】【分析】對(duì)小球受力分析，正交分解，根據(jù)牛頓第二定律列方程求解；【詳解】）對(duì)小球受力分析，如圖：根據(jù)牛頓第二定律，水平方向:豎直方向:TcosO+N=mg，屮立得：舊二打打丄mW二打?財(cái)打，根據(jù)牛頓第三定律:吃汽W故B正確，A、C、D錯(cuò)誤；故選B。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共計(jì)16分.每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意.全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，錯(cuò)選或不答

9、的得0分.6教學(xué)用發(fā)電機(jī)能夠產(chǎn)生正弦式交變電流，現(xiàn)利用該發(fā)電機(jī)（內(nèi)阻可忽略）通過(guò)理想變壓器向定值電阻R和電容器C供電，電路如圖所示.理想交流電流表A、理想交流電壓表V的讀數(shù)分別為I、UR消耗的功率為P.若發(fā)電機(jī)線圈的轉(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，則rnH1=s電壓表V的讀數(shù)變?yōu)?U電流表A的讀數(shù)變?yōu)?IR消耗的功率變?yōu)?PR消耗的功率變?yōu)?P【答案】AD【解析】【分析】九1U1分析電動(dòng)機(jī)產(chǎn)生的交流電的最大值以及有效值、頻率的變化情況；根據(jù)一市判斷原副線圈中電壓比2U2U2的變化情況，根據(jù)由知R消耗功率的變化；K【詳解】ACD.若發(fā)電機(jī)線圈的轉(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，電動(dòng)機(jī)產(chǎn)生的最大電動(dòng)剪m變?yōu)樵璄來(lái)的2倍，發(fā)

10、電機(jī)輸出電壓有效值變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，即原線圈的輸出電壓為原來(lái)的2倍，由V2niU1一U2市知副線圈輸出電壓為原來(lái)的2倍，電壓表V的讀數(shù)變?yōu)闉樵瓉?lái)的2倍，由知R消耗n2U2R的功率為原來(lái)的4倍，故AD正確，C錯(cuò)誤；轉(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，通過(guò)C的交變電流頻率變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，電容器C的容抗減小，副線圈12的電流不是原來(lái)的2倍，由可知原線圈的電流不是原來(lái)的2倍，故B錯(cuò)誤；n271故選AD?！军c(diǎn)睛】關(guān)鍵是轉(zhuǎn)速變化，通過(guò)C的交變電流頻率變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，電容器C的容抗減小，副線圈的電流不是原來(lái)的2倍。7如圖所示，水平面內(nèi)有兩條互相垂直的通電長(zhǎng)直絕緣導(dǎo)線L、L2,L1中的電流方向向右，L2中的電流方向向上；L2的

11、右方有a、b兩點(diǎn)，它們相對(duì)于L對(duì)稱.整個(gè)系統(tǒng)處于垂直于紙面向里的勻強(qiáng)23外磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0.已知a、b兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為B0和疋,方向也垂直于紙面向里.則z.?”i:止88*5流經(jīng)L的電流在a點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為f；B01流經(jīng)L1的電流在a點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為嚴(yán)。1流經(jīng)L2的電流在b點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為嚴(yán)。5流經(jīng)L2的電流在b點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為匸;B0【答案】AC【解析】【分析】根據(jù)安培定則判斷導(dǎo)線在a、b兩點(diǎn)產(chǎn)生磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向；磁感應(yīng)強(qiáng)度是矢量，即使它不與通電導(dǎo)線垂直，可按平行四邊形定則疊加，據(jù)此分析；【詳解】由于a、b關(guān)于L1對(duì)稱，所以磁感應(yīng)強(qiáng)度大小

12、相等，由安培定則可知方向相反，設(shè)向里為正方向，則L2在a、b兩點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度分別為-B、Bp導(dǎo)線L2產(chǎn)生的磁場(chǎng)在a、b兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向均垂直紙面向里，在a、b兩點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B2，對(duì)a點(diǎn)由磁場(chǎng)疊加可得：235心幾山丨幾寸仏,對(duì)b點(diǎn)由磁場(chǎng)疊加可得：，聯(lián)立解得：1，故A、C正確，B、D錯(cuò)誤；故選AC?！军c(diǎn)睛】關(guān)鍵是知道a、b關(guān)于L對(duì)稱，所以磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相反，磁場(chǎng)疊加可按平行四邊形定則。8如圖所示，光滑導(dǎo)軌OMN固定，其中訶兀是半徑為L(zhǎng)的四分之一圓弧，O為圓心.OM、ON的電阻均為R，OA是可繞O轉(zhuǎn)動(dòng)的金屬桿，A端位于訶兀上，OA與軌道接觸良好，空間存在垂直導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁

13、場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B,皿、OA的電阻不計(jì).則在OA桿由OM位置以恒定的角速度e順時(shí)針轉(zhuǎn)到ON位置的過(guò)程中SxXXXA.OM中電流方向?yàn)镺流向MnBL2B.流過(guò)OM的電荷量為仆，2少2厶4要維持OA以角速度e勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，外力的功率應(yīng)為一7-若OA轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，則流過(guò)OM的電荷量也變?yōu)樵瓉?lái)的2倍【答案】BC【解析】【分析】OA桿切割磁感線，由右手定則可得OA桿感應(yīng)電流的方向，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求得產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；根據(jù)閉合電路歐姆定律求得OM中感應(yīng)電流，根據(jù)E兒求得流過(guò)OM的電荷量，根據(jù)能量守恒可得外力的功率等于發(fā)熱功率;【詳解】A.OA桿由OM位置以恒定的角速度e順時(shí)針轉(zhuǎn)到O

14、N位置的過(guò)程，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)”A幾，則感應(yīng)電流大小恒定，由右手定則可得OM中電流方向?yàn)镸流向O,故A錯(cuò)誤;1EBL2(dBD.根據(jù)閉合電路歐姆定律可得OM中感應(yīng)電流，則流過(guò)OM的電荷量為7T2q=/At=X=?.Ra)4Rbl2&)ML：，若OA轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，則流過(guò)OM的電荷量不變，故B正確，D錯(cuò)誤;厶紜）2C.OM的發(fā)熱功率，根據(jù)能量守恒可得外力的功率應(yīng)為，故C4n正確;故選BC。【點(diǎn)睛】關(guān)鍵是明確OA桿的切割磁感線是電源，根據(jù)能量守恒定律、切割公式和歐姆定律多次列式求解。”蹦極”是一項(xiàng)深受年輕人喜愛(ài)的極限運(yùn)動(dòng)，跳躍者把一端固定的長(zhǎng)彈性繩綁在腰間，從幾十米高處跳下.如右圖所示

15、，某人做蹦極運(yùn)動(dòng)，他從高臺(tái)由靜止開(kāi)始下落，下落過(guò)程不計(jì)空氣阻力，設(shè)彈性繩原長(zhǎng)為h0,彈性繩的彈性勢(shì)能與其伸長(zhǎng)量的平方成正比.則他在從高臺(tái)下落至最低點(diǎn)的過(guò)程中,他的動(dòng)能Ek、彈性繩的彈性勢(shì)能Ep隨下落高度h變化的關(guān)系圖象正確的是【答案】BD【解析】【分析】分析人運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)，根據(jù)動(dòng)能定理求出動(dòng)能Ek與下落高度h變化的關(guān)系進(jìn)行分析，根據(jù)功能關(guān)系可求彈性繩的彈性勢(shì)能Ep與下落高度h變化的關(guān)系進(jìn)行分析；【詳解】彈性繩被拉直前，人做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理可得幾小，35）,彈性繩的彈性勢(shì)能為零；彈性繩剛被拉直到人所受的重力與彈力大小相等的過(guò)程，人做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度為零，速度達(dá)到最大值，從人

16、所受的重力與彈力大小相等到最低點(diǎn)的過(guò)程中，人做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，在最低點(diǎn)時(shí)速度為零；根據(jù)動(dòng)能定理可得嚴(yán)噸h-“彈，3如），克服彈性繩的彈力做功等于彈性繩的彈性勢(shì)能的變化量可得川彈佈廠，則有他的動(dòng)能Ek=mgh-k-h2，如），彈性繩的彈性勢(shì)能町=花仇一如尸，故BD正確，AC錯(cuò)誤;故選BD。三、簡(jiǎn)答題：本題分必做題（第10、11、12題）和選做題（第13題）兩部分，共計(jì)42分.請(qǐng)將2解答填寫(xiě)在答題卡相應(yīng)的位置用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置探究“加速度與合外力、質(zhì)量的關(guān)系”圖中小片為兩個(gè)光電門(mén)，為固定在木槽上的遮光條實(shí)驗(yàn)前(不掛鉤碼)左右移動(dòng)小木塊使木槽能夠在長(zhǎng)木板上勻速運(yùn)動(dòng)遮光條的寬度為，兩光電門(mén)間的

17、距離為,實(shí)驗(yàn)時(shí)木槽每次都從同一位置由靜止釋放研究對(duì)象為木槽(包括內(nèi)部的砝碼)及鉤碼組成的系統(tǒng).通過(guò)光電計(jì)時(shí)器讀出遮光條通過(guò)譏兩個(gè)光電門(mén)的時(shí)間分別是d則木槽的加速度是(用測(cè)量的符號(hào)表示)(2)保持懸掛鉤碼的質(zhì)量八不變，增加或減少槽內(nèi)的砝碼，測(cè)出每次對(duì)應(yīng)的加速度，為了能直觀反映在合外力一定的情況下，加速度與質(zhì)量的關(guān)系,應(yīng)作出a關(guān)系圖象少表示槽及槽內(nèi)砝碼的總質(zhì)CABkd(3).BC【答案】(1)B(2)DD量).1?(3)為了精確測(cè)量木槽運(yùn)動(dòng)的加速度，甲同學(xué)固定光電門(mén)移動(dòng)光電門(mén)心然后釋放木槽，測(cè)出遮光條每次經(jīng)過(guò)光電門(mén)博的時(shí)間工乙同學(xué)固定光電門(mén)兒移動(dòng)光電門(mén)，然后釋放木槽,測(cè)出遮光條每次經(jīng)過(guò)光電門(mén)的時(shí)間

18、二兩位同學(xué)根據(jù)圖象求解系統(tǒng)的加速度甲同學(xué)作出的圖象應(yīng)為下圖中的乙同學(xué)作出的圖象應(yīng)為下圖中的.若甲同學(xué)所作圖象斜率的絕對(duì)值為/，則木槽的加速度【解析】【詳解】(1)對(duì)系統(tǒng)研究,總質(zhì)量保持不變,加速度與合力成正比，系統(tǒng)所受的合力為mg,則a與mg的關(guān)系是成正比關(guān)系，故選Bo懸掛鉤碼的質(zhì)量m保持不變，即合力保持不變，a與系統(tǒng)質(zhì)量成反比，可知為了能直觀反映1在合外力一定的情況下，加速度與質(zhì)量的關(guān)系，應(yīng)作a-圖線，故選DoM4-m1vb22axfd2d2甲同學(xué)固定光電門(mén)B,移動(dòng)光電門(mén)A,然后釋放凹槽，測(cè)出遮光條每次經(jīng)過(guò)光電門(mén)A的時(shí)間d通過(guò)光電門(mén)A的瞬時(shí)速度vA=，B點(diǎn)的速度為定值，根據(jù)vB2-vA2=2

19、ax得,故B正確。乙同學(xué)固定光電門(mén)A,移動(dòng)光電門(mén)B,然后釋放凹槽，測(cè)出遮光條每次經(jīng)過(guò)光電門(mén)Bd的時(shí)間t2，通過(guò)光電門(mén)B的瞬時(shí)速度vB=,A點(diǎn)的速度為定值，根據(jù)vB2-vA2=2ax得，va2ax2a，故C正確。若甲同學(xué)所作圖象的斜率的絕對(duì)值為k,則有，解得系統(tǒng)的加速宀kd2度【點(diǎn)睛】對(duì)于圖線問(wèn)題，一般的解題思路是得出物理量的關(guān)系式，從而確定正確的圖線，結(jié)合圖線的斜率或截距求解一些物理量.某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路來(lái)測(cè)量電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，已知定值電阻R=16Q.rr_一一-14丄t-I-l廣*TtTt-一-654LteTT乙閉合開(kāi)關(guān)S后，電壓表V無(wú)讀數(shù)，電壓表v2有讀數(shù)，經(jīng)檢查發(fā)現(xiàn)電路中

20、存在斷路故障，則該故障可能在(選填“ab”、“bc”或“cd”兩點(diǎn)間.(2)排除故障后，閉合開(kāi)關(guān)S,調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的阻值，記錄多組電壓表的示數(shù)UU2,如下表所示請(qǐng)根據(jù)表中數(shù)據(jù)在圖乙中作出u-ux圖象.5.04.54.03.53.02.52.0U/V0.661.001.331.882.002.322.68(3)由圖可知，電源電動(dòng)勢(shì)E=_V,內(nèi)阻r=0.(結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)【答案】cdI2)(3).5.86.27.88.2【解析】【分析】明確電路結(jié)構(gòu)，從而分析故障原因；根據(jù)描點(diǎn)法可得出對(duì)應(yīng)的圖象;根據(jù)閉合電路歐姆定律進(jìn)行分析，列出對(duì)應(yīng)的表達(dá)式，從而明確圖象的意義并求出電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻；【詳解】

21、解：(1)電壓表V無(wú)讀數(shù)，電壓表V2有讀數(shù)，說(shuō)明V無(wú)與電源斷開(kāi)，而V2與電源是連接的，故發(fā)生斷路的是cd；(2)根據(jù)表中數(shù)據(jù)利用描點(diǎn)法可得出對(duì)應(yīng)的圖象如圖所示；T丄7丄十IT4-爲(wèi)十-?i-T-l-L:.I-:-:廠TIT1LJ,-,1_L4rt:J-n-丄-r-ir_LTHITklr-Id-i士-7-t1I-ir-rTI_!InIH4ITH-rlL!T-IT十二-r-i二H1-LIITXIUY4R(3)根據(jù)電路圖由閉合電路歐姆定律可知：，變形可得：，由圖可r+Ri6.0-2.0知，圖象與縱軸的截距表示電動(dòng)勢(shì)，故仃葉；圖象的斜率，解得：廠H.O.O.；9【點(diǎn)睛】安阻法測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的方法

22、，注意本題中將電壓表與定值電阻并聯(lián)充當(dāng)電流表使用，注意數(shù)據(jù)處理的基本方法。12下列說(shuō)法中正確的是.振動(dòng)的帶電微粒輻射或吸收的能量可以是任意數(shù)值鈾核(鸞)衰變成a粒子和另一原子核，衰變產(chǎn)物的比結(jié)合能一定大于鈾核的比結(jié)合能實(shí)驗(yàn)表明，只要照射光的強(qiáng)度足夠大，就一定能發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象核力將核子緊緊束縛在原子核內(nèi)，因此核力只表現(xiàn)為引力【答案】B【解析】【詳解】A.根據(jù)普朗克能量子假說(shuō)的認(rèn)識(shí)，振動(dòng)的帶電微粒輻射或吸收的能量只能是某一最小能量值的整數(shù)倍，故A錯(cuò)誤；鈾核（幣）衰變的過(guò)程中會(huì)釋放能量，所以衰變產(chǎn)物的比結(jié)合能一定大于鈾核的比結(jié)合能，故B正確；根據(jù)光電效應(yīng)方程可知，發(fā)生光電效應(yīng)的條件與光的頻率有關(guān)，

23、與光的強(qiáng)度無(wú)關(guān)，故C錯(cuò)誤；D核力將核子緊緊束縛在原子核內(nèi)，核力在大于川x1（廠加，小于IxhLs的范圍內(nèi)表現(xiàn)為吸引力，在小于（）Wxl（）門(mén)小時(shí)表現(xiàn)為斥力，故D錯(cuò)誤；故選B。【點(diǎn)睛】振動(dòng)的帶電微粒輻射或吸收的能量只能是某一最小能量值的整數(shù)倍，衰變產(chǎn)物的比結(jié)合能一定大于鈾核的比結(jié)合能；發(fā)生光電效應(yīng)的條件與光的強(qiáng)度無(wú)關(guān)。13.將總質(zhì)量為1.05kg的模型火箭點(diǎn)火升空，在0.02s時(shí)間內(nèi)有50g燃?xì)庖源笮?00m/s的速度從火箭尾部噴出.在燃?xì)鈬姵鲞^(guò)程，火箭獲得的平均推力為N,在燃?xì)鈬姵龊蟮乃查g，火箭的速度大小為m/s（燃?xì)鈬姵鲞^(guò)程中重力和空氣阻力可忽略）.【答案】50010【解析】【分析】根據(jù)動(dòng)

24、能定理可求燃?xì)猥@得的平均推力，根據(jù)牛頓第三定律可知火箭獲得的平均推力，在噴氣的很短時(shí)間內(nèi)，火箭和燃?xì)饨M成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，結(jié)合動(dòng)量守恒定律求出火箭的速度大??；【詳解】在燃?xì)鈬姵鲞^(guò)程，以燃?xì)鉃閷?duì)象，規(guī)定火箭的速度方向?yàn)檎较颍鶕?jù)動(dòng)能定理可得:zN氣。，解得，根據(jù)牛頓第三定律可得火箭獲得的平均推力為50N;噴射前后系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得M氣川箭”咤氣，解得火箭的速度大小Mm氣14我國(guó)自行研制的一種大型激光器，能發(fā)出頻率為v功率為P0的高純度和高亮度激光如圖所示，光電管的陰極K用某金屬制成，閉合開(kāi)關(guān)S,當(dāng)該激光射向陰極，產(chǎn)生了光電流.移動(dòng)變阻器的滑片P,當(dāng)光電流恰為零時(shí)，電壓表的示數(shù)為U

25、c，已知普朗克常量為h電子電荷量為e,真空中的光速為c.求：激光器發(fā)出的光子的動(dòng)量p;光電管陰極K的截止頻率C、hveUc【答案】p=V=vcch【解析】【分析】根據(jù)光電效應(yīng)方程，求出光電子的最大初動(dòng)能，根據(jù)逸出功和截止頻率的大小關(guān)系求出光電管陰極K的截止頻率；h【詳解】解：由：&二；hv解得p=由|?=卩=解得hyeH,由W爪：eUc解得-h15下列說(shuō)法中正確的是.油膜法估測(cè)分子大小的實(shí)驗(yàn)中，所撒痱子粉太厚會(huì)導(dǎo)致測(cè)量結(jié)果偏大制作晶體管、集成電路只能用單晶體，單晶體是各向同性的一定量的理想氣體等壓膨脹，氣體分子單位時(shí)間內(nèi)與器壁單位面積的碰撞次數(shù)減小水凝結(jié)成冰后，水分子的熱運(yùn)動(dòng)停止【答案】AC【

26、解析】V【詳解】A.油膜法估測(cè)分子大小的實(shí)驗(yàn)中，所撒痱子粉太厚會(huì)導(dǎo)致薄層的面積偏小，根據(jù)可知測(cè)量結(jié)果偏大，故A正確；制作晶體管、集成電路只能用單晶體，因?yàn)閱尉w具有各向異性，故B錯(cuò)誤；一定量的理想氣體等壓膨脹，體積變大，單位體積的分子數(shù)減小，氣體分子單位時(shí)間內(nèi)與器壁單位面積的碰撞次數(shù)減小，故C正確；分子是永不停息地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，所以水凝結(jié)成冰后，水分子的熱運(yùn)動(dòng)不會(huì)停止，故D錯(cuò)誤；故選AC。【點(diǎn)睛】油膜法估測(cè)分子大小的實(shí)驗(yàn)中，所撒痱子粉太厚會(huì)導(dǎo)致薄層的面積?。恢谱骶w管、集成電路只能用單晶體；分子是永不停息地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)；16氧氣分子在0和100C溫度下單位速率間隔的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比隨氣

27、體分子速率的變化分別如圖A2中兩條曲線所示.圖中實(shí)線對(duì)應(yīng)于氧氣分子在C時(shí)的情形；圖中虛線下面積實(shí)線下面積.（填“大于”、“等于”、“小于”）單位速率間隔的分子數(shù)【答案】100等于【解析】【分析】根據(jù)對(duì)應(yīng)的最大比例的速率區(qū)間，說(shuō)明實(shí)驗(yàn)對(duì)應(yīng)的溫度的情形；【詳解】由圖可知，具有最大比例的速率區(qū)間，0C時(shí)對(duì)應(yīng)的速率小，故說(shuō)明虛線為0C的分布圖象，實(shí)線對(duì)應(yīng)的最大比例的速率區(qū)間內(nèi)分子動(dòng)能大，說(shuō)明實(shí)驗(yàn)對(duì)應(yīng)的溫度大，故為實(shí)線對(duì)應(yīng)于氧氣分子在100C時(shí)的情形；在0C和100C兩種不同情況下各速率區(qū)間的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比與分子速率間的關(guān)系圖線與橫軸所圍面積都應(yīng)該等于1,即相等；【點(diǎn)睛】溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)

28、志，溫度升高分子的平均動(dòng)能增加，不同溫度下相同速率的分子所占比例不同，要注意明確圖象的意義是解題的關(guān)鍵；17.如圖，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開(kāi)始，經(jīng)歷狀態(tài)b、C、到達(dá)狀態(tài)d已知一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能與溫度滿足U=kT（k為常數(shù)）.該氣體在狀態(tài)a時(shí)溫度為T(mén)0,求：bc0%3V0氣體在狀態(tài)d時(shí)的溫度；氣體從狀態(tài)a到達(dá)狀態(tài)d過(guò)程從外界吸收的熱量.【答案】Td=3T0Q=2kT0+6p0V0【解析】【分析】由a到d氣體發(fā)生等壓變化，由蓋呂薩克定律可以求出氣體的溫度；求出氣體做的功，然后應(yīng)用熱力學(xué)第一定律求出從外界吸收的熱量；VaVdTOC o 1-5 h z【詳解】解：狀態(tài)a與狀態(tài)d壓強(qiáng)相等，由：

29、可得：6=依題意可知：*5,匕由熱力學(xué)第一定律，有：。其中：川機(jī)聯(lián)立可得：。刀18下列說(shuō)法正確的.在雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，若僅將入射光由綠光改為紅光，則相鄰干涉條紋間距變寬光纖通信是激光和光導(dǎo)纖維相結(jié)合的產(chǎn)物全息照片的拍攝利用了光的衍射原理地面上測(cè)得靜止的直桿長(zhǎng)為L(zhǎng)則在高速飛行火箭中的人測(cè)得手中的桿長(zhǎng)應(yīng)小于L【答案】AB【解析】【分析】根據(jù)相對(duì)論原理，沿著飛行方向上，長(zhǎng)度縮短，根據(jù)條紋寬度的公式分析改變?nèi)肷涔饪傻孟噜徃缮鏃l紋間距的變化；【詳解】A.在雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，根據(jù)條紋寬度的公式可知，若僅將入射光由綠光改為紅光，波長(zhǎng)變長(zhǎng)，則相鄰干涉條紋間距變寬，故A正確；光纖通信是激光和光導(dǎo)纖維相結(jié)合的產(chǎn)物，利

30、用了激光的頻率單一性的特點(diǎn)，故B正確；全息照片往往用激光來(lái)拍攝，主要是利用了激光的干涉原理，故C錯(cuò)誤；根據(jù)相對(duì)論原理，地面上測(cè)得靜止的直桿長(zhǎng)為L(zhǎng),在沿桿方向高速飛行火箭中的人相對(duì)于桿是靜止的，所以測(cè)得長(zhǎng)度不變，故D錯(cuò)誤；故選AB。【點(diǎn)睛】在雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，波長(zhǎng)變長(zhǎng)，則相鄰干涉條紋間距變寬；光纖通信是激光和光導(dǎo)纖維相結(jié)合的產(chǎn)物；全息照片利用了激光的干涉原理；19較長(zhǎng)軟繩的一端固定在O點(diǎn)，拉直后的水平繩沿x軸，手持軟繩的另一端點(diǎn)A以周期T=0.5s在豎直方向上做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，帶動(dòng)繩上的其他質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)形成簡(jiǎn)諧波沿繩水平傳播，示意如圖.繩上有另一質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方向?yàn)椋ㄟx填“豎直向下”、“豎直向下”、“水平向右

31、”或“水平向左”）.振動(dòng)在x軸負(fù)方向上傳播的速度v為m/s.【答案】豎直向下2【解析】【分析】根據(jù)“上下坡法”可知質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方向；由圖可知波長(zhǎng)，根據(jù)速度公式求出傳播的速度；【詳解】波的傳播方向?yàn)閤軸負(fù)方向，根據(jù)“上下坡法”可知繩上有另一質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方向?yàn)樨Q直向A下；由圖可知波長(zhǎng)/1川，振動(dòng)在x軸負(fù)方向上傳播的速度：川汀;20如圖所示，折射率半徑為R的透明球體固定在水平地面上，O為球心，其底部P點(diǎn)有一點(diǎn)光源，過(guò)透明球體的頂點(diǎn)Q有一足夠大的水平光屏，真空中光速為c,求：光在球體中沿直線從P點(diǎn)到Q點(diǎn)的傳播時(shí)間t；若不考慮光在透明球體中的反射影響，光屏上光照面積S的大小?！敬鸢浮?=如廠3c【解析】

32、光在透明球體內(nèi)傳播速度2R光從廠訃的時(shí)間(4J3R聯(lián)立得3c設(shè)透明球體介質(zhì)的臨界角為川，則得月川n光屏上光照面為以。為圓心,3為半徑的圓，如圖所示，由幾何知識(shí)得，其半徑后光屏上光照面積、心:汕“sini【點(diǎn)睛】解決光學(xué)問(wèn)題的關(guān)鍵要掌握全反射的條件、折射定律、臨界角公式、光速sinrn公式，運(yùn)用幾何知識(shí)結(jié)合解決這類問(wèn)題.四、計(jì)算題:本題共3小題，共計(jì)47分.解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟.只寫(xiě)出最后答案的不能得分.有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位.21.如圖所示，一根有一定電阻的直導(dǎo)體棒質(zhì)量為、長(zhǎng)為L(zhǎng),其兩端放在位于水平面內(nèi)間距也為L(zhǎng)的光滑平行導(dǎo)軌上，并與之接觸良

33、好；棒左側(cè)兩導(dǎo)軌之間連接一可控電阻；導(dǎo)軌置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于導(dǎo)軌所在平面，時(shí)刻，給導(dǎo)體棒一個(gè)平行與導(dǎo)軌的初速度，此時(shí)可控電阻的阻值為仏在棒運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，通過(guò)可控電阻的變化使棒中的電流強(qiáng)度保持恒定，不計(jì)導(dǎo)軌電阻，導(dǎo)體棒一直在磁場(chǎng)中?？煽仉娮枨罂煽仉娮鑂隨時(shí)間變化的關(guān)系式；若已知棒中電流強(qiáng)度為I,求時(shí)間內(nèi)可控電阻上消耗的平均功率P；若在棒的整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中將題中的可控電阻改為阻值為你的定值電阻，則棒將減速運(yùn)動(dòng)位移后停下；而由題干條件，棒將運(yùn)動(dòng)位移后停下，求一的值。x2【答案】(1);(2)P/m2m【解析】試題分析：（1）因棒中的電流強(qiáng)度保持恒定，故棒做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，

34、設(shè)棒的電阻為，電流為I,TOC o 1-5 h z其初速度為5,加速度大小為，經(jīng)時(shí)間f后，棒的速度變?yōu)椋瑒t有：!，BILBLvoBLv而訂，1“時(shí)刻棒中電流為：，經(jīng)時(shí)間后棒中電流為：，mn0+rK+r”2厶2由以上各式得:R】m（2）因可控電阻R隨時(shí)間均勻減小，故所求功率為:亠二二，由以上各式得：/2m（3）將可控電阻改為定值電阻心，棒將變減速運(yùn)動(dòng)，有：5川，皿腫,而嘰I口：BLx1由以上各式得：二V2由以上各式得心=肌(心+r)2B2L2xi2所求二T考點(diǎn)：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化【名師點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道分析導(dǎo)體棒受力情況，應(yīng)用閉合電路歐姆定律和牛頓第二定律求解，注意對(duì)于線性變化的物理量求平均的思路，本題中先后用到平均電動(dòng)勢(shì)、平均電阻和平均加速度。22如圖所示，小車(chē)右端有一半圓形光滑軌道BC相切車(chē)表面于B點(diǎn)，一個(gè)質(zhì)量為m=1.0kg可以視為質(zhì)點(diǎn)的物塊放置在A點(diǎn)，隨小車(chē)一起以速度v0=5.0m/s沿光滑水平面上向右勻速運(yùn)動(dòng).勁度系數(shù)較大的輕質(zhì)彈簧固定在右側(cè)豎直擋板上.當(dāng)小車(chē)壓縮彈簧到最短時(shí)，彈簧自鎖（即不再壓縮也不恢復(fù)形變），此時(shí)，物塊恰好在小車(chē)的B處，此后物塊恰能沿圓弧軌道運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)C.已知小車(chē)上表面水平且離地面的高度h=0.45m，小車(chē)的質(zhì)量為M=1.0kg，小車(chē)的長(zhǎng)度為l=1.