2023學年太原市重點中學物理高二第一學期期中質量檢測模擬試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、兩個定值電阻R1、R2串聯(lián)后接在輸出電壓U穩(wěn)定的直流電源上，有人把一個內阻不是遠大于R1、R2的電壓表接在R1兩端（如圖），電壓表的示數(shù)為10V如果他把此電壓表改接在R2兩端，電壓表的示數(shù)為5V，則：A 2B=2CU15V，選項CD

2、錯誤。2、D【解析】位于磁場中的閉合線圈，只有磁通量發(fā)生變化，才一定會產(chǎn)生感應電流故A錯誤閉合電路在磁場中作切割磁感線運動，而閉合電路中磁通量卻沒有變化，則閉合電路中就沒有感應電流故B錯誤穿過閉合電路的磁通量為零的瞬間，閉合電路中磁通量的變化率最大，故產(chǎn)生感應電流故C錯誤穿過閉合電路的磁感線的條數(shù)發(fā)生變化，磁通量一定發(fā)生變化，則閉合電路中就有感應電流故D正確故選D.【點睛】感應電流產(chǎn)生的條件細分有兩點：一是電路要閉合；二是穿過電路的磁通量發(fā)生變化，即穿過閉合電路的磁感線的條數(shù)發(fā)生變化3、B【解析】由于AB兩個燈泡的電阻大小不同，所以直接把AB串連接入電路的話，AB的電壓不會平分，AB不會同時正

3、常發(fā)光，故A錯誤；由于額定電壓都是110V，額定功率PA=100W、PB=40W，由此可知，把燈泡A與電阻并聯(lián)的話，會使并聯(lián)的部分的電阻更小，所以AB的電壓不會平分，AB不會同時正常發(fā)光，故C錯誤；由于額定電壓都是110V，額定功率PA=100W、，由此可知，把燈泡B與電阻并聯(lián)的話，可以使并聯(lián)部分的電阻減小，可能使A與并聯(lián)部分的電阻相同，所以AB能同時正常發(fā)光，并且電路消耗的功率與A燈泡的功率相同，所以總功率的大小為200W，把AB并聯(lián)之后與電阻串連接入電路的話，當電阻的阻值與AB并聯(lián)的總的電阻相等時，AB就可以正常發(fā)光，此時電阻消耗的功率為AB燈泡功率的和，所以電路消耗的總的功率的大小為28

4、0W，BD的分析可知，正常發(fā)光并且消耗的功率最小的為B，故B正確4、D【解析】由Q向上運動可知，Q受到沿斜面向上的庫侖力較大，起初Q向上做加速運動，隨著兩個帶點物體的距離的逐漸增大，庫侖力逐漸減小，當庫侖力減小到等于重力沿斜面向下的分力時，Q的速度增大到最大，Q向上運動后庫侖力小于重力沿斜面向下的分力，而做減速運動，A錯；電場力做正功電勢能減小，由此可知電荷之間的電勢能逐漸減小，B錯；由于整個系統(tǒng)只有重力和電場力，由能量守恒定律可知電勢能、重力勢能、動能之和保持不變，由于動能先增大后減小，所以物塊P、Q的重力勢能和電勢能之和先減小后增大，C錯；電場力一直沿斜面向上，所以電場力一直做正功，Q的機

5、械能一直增大，D對；5、A【解析】A、B閉合開關S后，將滑動變阻器滑片P向左移動時，變阻器接入電路的電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，電路中總電流I減小，則小燈泡L變暗，電流表A的示數(shù)變小電壓表的示數(shù)U=EI（RL+r），I減小，其他量不變，則U增大，即電壓表V的示數(shù)變大故A正確，B錯誤C、電容器的電壓等于變阻器兩端的電壓，即等于電壓表的示數(shù)，U增大，由Q=CU，知電容器C上的電荷量增大故C錯誤D、電源的總功率P=EI，I減小，則電源的總功率變小故D錯誤故選A6、C【解析】開始時刻小物塊受重力、支持力和摩擦力，物塊恰好能在斜面上勻速下滑，說明摩擦力和支持力的合力與重力平衡，是豎直向上的；根據(jù)

6、牛頓第三定律，壓力和滑塊對斜面體的摩擦力的合力是豎直向下的；增加電場力后，小物塊對斜面體的壓力和摩擦力正比例增加，故滑塊對斜面體的壓力和摩擦力的合力仍然是豎直向下的；再對斜面體分析，受重力、故滑塊對斜面體的壓力和摩擦力、支持力，不是地面的摩擦力，否則合力不為零；故ABD錯誤，C正確；故選C【點睛】本題關鍵是根據(jù)平衡條件分析出滑塊對斜面體的壓力和摩擦力的合力是豎直向下，與小滑塊的加速度大小無關，不難【考點】力的平衡，摩擦力二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

7、試題分析：沿電場方向電勢減小，所以在x軸左側O點的電勢最大，在x軸右側O點的電勢也是最大的，故O點的電勢最大，A錯誤；和兩點關于x軸對稱，電場強度的大小相等，從O點到和從O點到電勢降落相等，故和兩點的電勢相等，故B正確；根據(jù)公式，由于和兩點的電勢相等，所以電子在這兩點的電勢能相等，故C正確；電子運動過程中電勢能與動能之和恒定，由于O點的電勢最高，而負電荷在高電勢處的電勢能小，故在O點的電勢能最小，即在O點的動能最大，故D正確考點：考查了電勢，電勢能，電場強度8、AC【解析】A液滴受重力，電場力和洛倫茲力，三個力的作用，A正確；B由于重力向下，因此電場力向上，液滴一定帶負電荷，B錯誤；C經(jīng)電場加

8、速后，根據(jù)動能定理由于做勻速圓周運動，電場力與重力平衡，可知整理可得C正確；D由于運動的過程中，電場力做負功，因此機械能減小，D錯誤。故選AC。9、BCD【解析】A增大R1，整個電路電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，電路電流減小，路端電壓變大，電容器C1兩端電壓增大，C2兩端電壓減小，電容器所帶電量Q1增大，Q2減小，故A錯誤；B增大R2，整個電路電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，電路電流減小，路端電壓變大，電阻R1兩端電壓變小，電阻R2兩端電壓變大，電容器C1、C2兩端電壓變大，由Q=CU可知，兩電容器所帶的電量都增加，故B正確；C增大R3，整個電路電阻不變，Q1和Q2都將不變，故C正確；D

9、突然斷開開關S，兩個電容器都放電，通過R3的電量為Q1+Q2，故D正確。10、AD【解析】A加5V的電壓時，電流為1.0A，由歐姆定律可知，導體的電阻故A正確；B加12V的電壓時，電流為1.5A，由歐姆定律可知，導體的電阻故B錯誤；CD由圖可知，隨電壓的增大，圖象上的點到原點連線的斜率減小，又因為I - U圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)，則導體的電阻不斷增大，同理可知，隨電壓的減小，導體的電阻不斷減小，故C錯誤，D正確。故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 (1) 0.698 (2)偏小【解析】（1）螺旋測微器的讀數(shù)為（2）乙圖電路

10、中，由于電壓表分流，導致電流表測量值偏大，故根據(jù)可知電阻測量值偏小12、 0.27m/s 交流 答案見解析 勻加速【解析】（1）根據(jù)平均速度公式v=xt，則從a至b這段時間內物體的平均速度vab=xabt=2.7010-20.1=0.27ms；（2）打點計時器應使用交流電源利用描點法可畫出速度時間圖象：vt圖象為一條傾斜的直線，由作出的vt圖象可以判斷，小車做勻加速直線運動四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)三個力；(2)，負電；(3)【解析】(1)由于是帶電液滴，它必然受重力，又處于電磁場中，還應受到電場

11、力及洛倫茲力共三個力作用(2)因液滴做勻速圓周運動，故必須滿足重力與電場力平衡，所以液滴應帶負電，電荷量由mgEq，求得： (3)盡管液滴受三個力，但合力為洛倫茲力，所以可得滴做勻速圓周運動的半徑： 14、（1）E=3V， （2）P=0.81W【解析】（1）K接1，時，根據(jù)閉合電路歐姆定律有 K接2時，根據(jù)閉合電路歐姆定律有 代入數(shù)據(jù)： ; 解得：E=3V； r=1（2）K接2時，電阻消耗的功率 綜上所述本題答案是： （1）E=3V， （2）P=0.81W 15、（1）液滴的電荷量為；（2）液滴到達Q點時的速度大小為【解析】試題分析：（1）帶電液滴沿直線運動，重力和電場力的合力方向必沿PQ直線根據(jù)力的合成法，求解液滴的電荷量（2）根據(jù)動能定理求解液滴到達Q點時的速度大小解：（1）帶電液滴沿直線運動，重力和電場力的合力方向必沿P