2022-2023學(xué)年上海市魯迅中學(xué)高二物理上學(xué)期期末試卷含解析

1、2022-2023學(xué)年上海市魯迅中學(xué)高二物理上學(xué)期期末試卷含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1. 下列說法中正確的是：（ ）A.只要知道水的摩爾質(zhì)量和水分子的質(zhì)量，就可以計算阿伏伽德羅常數(shù)B.懸浮顆粒越大，在某一瞬間撞擊它的液體分子數(shù)就越多，布朗運(yùn)動就約明顯C.在使兩個分子間的距離由很遠(yuǎn)（r10-9m）減小到很難再靠近的過程中，分子間作用力先減小后增大，分子勢能不斷增大D.溫度升高，分子熱運(yùn)動的平均動能一定增大，但并非每個分子的動能都增大參考答案：AD2. 圖2為電視機(jī)顯像管中電子束偏轉(zhuǎn)的示意圖,磁環(huán)上的偏轉(zhuǎn)線圈通以圖示方向的電流時，沿軸線向紙內(nèi)

2、射入的電子束的偏轉(zhuǎn)方向（ ） A向左 B向右 C向上 D向下 參考答案：A3. （單選）如圖所示，下列四個圖分別是直線電流和環(huán)形電流周圍磁感線分布特征，其中A、C圖中“”和“”表示磁感線方向，B、D圖中“”和“”表示電流方向，則能正確反應(yīng)磁感線分布的圖是（ ）參考答案：A4. 如圖所示，平行板電容器經(jīng)開關(guān)S與電池連接，a處有一電荷量非常小的點電荷，S是閉合的，a表示a點的電勢，F(xiàn)表示點電荷受到的電場力.現(xiàn)將電容器的B板向下稍微移動，使兩板間的距離增大，則（ ）A.a變大，F(xiàn)變大 B.a變大，F(xiàn)變小C.a不變，F(xiàn)不變 D.a不變，F(xiàn)變小參考答案：5. （2007?新洲區(qū)校級模擬）如圖，電源電動勢

3、為30V，內(nèi)電阻不計，一個“6V，12W”的電燈與一個繞線電阻為2的電動機(jī)M串連接入電路已知電路中電燈正常發(fā)光，則電動機(jī)輸出的機(jī)械功率為（）A40W B44W C48W D60W參考答案：A解：電路中電燈正常發(fā)光，所以UL=6V，則電路中電流為=2A，則電動機(jī)輸出的機(jī)械功率P出=P電P熱=UMII2RM=488W=40W故選A二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6. 在空間某一區(qū)域，有一勻強(qiáng)電場，一質(zhì)量為m的液滴，帶正電荷，電量為q，在此電場中恰能沿豎直方向作勻速直線運(yùn)動，則此區(qū)域的電場強(qiáng)度的大小為_，方向_。參考答案：7. （2014春?博樂市校級期中）簡諧運(yùn)動的回復(fù)力F= 參

4、考答案：kx簡諧運(yùn)動的回復(fù)力和能量解：簡諧運(yùn)動的回復(fù)力與位移方向相反，并且總是指向平衡位置，公式為：F=kx；故答案為：kx8. 電子以速度v垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場，磁場方向如右圖所示，此時所受洛侖茲力的方向_（填向上或向下）。郝雙制作參考答案：向下、9. 升降機(jī)以1.0m/s的速度豎直勻速上升，站在升降機(jī)里質(zhì)量為60kg的人對升降機(jī)地板的壓力為_N；如果升降機(jī)以0.5m/s2的加速度減速上升，人對地板的壓力又為_(g取 10m/s2)參考答案： (1). 600N (2). 570試題分析：人受到重力和地板的支持力，由牛頓第二定律可得升降機(jī)各種運(yùn)動狀態(tài)下人對升降機(jī)地板的壓力升降機(jī)勻速上升時，人處于

5、平衡狀態(tài)，即升降機(jī)對人的支持力等于其重力大小600N，根據(jù)牛頓第三定律可知人對升降機(jī)的壓力大小為600N；根據(jù)牛頓第二定律可得，解得，根據(jù)牛頓第三定律可知人對升降機(jī)的壓力大小為570N。10. 質(zhì)量相同的小球A和B系在質(zhì)量不計的彈簧兩端，用細(xì)線懸掛起來，如圖，在剪斷繩子的瞬間，A球的加速度為 ，B球的加速度為 。參考答案：（1） 2g （2） 0 11. 如圖所示，質(zhì)量為m，電量為q的小球以某一速度與水平成45角進(jìn)入勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場，若微粒在復(fù)合場中做直線運(yùn)動，則 粒子帶_電，電場強(qiáng)度E=_參考答案：12. 在勻強(qiáng)電場中A點、B點、C點、D點為等腰梯形的四個頂點，ABCD，已知A點電勢為24

6、V，C點電勢為4V，D點電勢為18V，如圖所示，則B點電勢為 V. 參考答案：-4 V. 13. 放射性元素每秒有一個原子核發(fā)生衰變時，其放射性活度即為1貝可勒爾。是核電站中核反應(yīng)的副產(chǎn)物，它可以衰變成，半衰期為8天。福島核電站泄漏出的放射性物質(zhì)中就含有，當(dāng)?shù)卣谀炒螜z測中發(fā)現(xiàn)空氣樣品的放射性活度為本國安全標(biāo)準(zhǔn)值的4倍。 則一個核中有_個中子、衰變成時放出的粒子為_粒子。至少經(jīng)過_天，該空氣樣品中的放射性活度才會達(dá)到本國安全標(biāo)準(zhǔn)值。參考答案：78、?、16三、 實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14. 某同學(xué)探究單擺的運(yùn)動，用單擺測當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣取＃?）他組裝單擺是，在擺線上端

7、的懸點處，用一塊開有狹縫的橡皮夾牢擺線，再用鐵架臺的鐵夾將橡皮夾緊，如圖所示，這樣做的目的是 （多選，填字母代號）A保證擺動過程中擺長不變 B可使周期測量得更加準(zhǔn)確C需要改變擺長時便于調(diào)節(jié) D保證擺球在同一豎直平面內(nèi)擺動（2）他組裝好單擺后在擺球自然懸垂的情況下，用毫米刻度尺從懸點量到擺球的最低端的長度L=0.9960m，再用游標(biāo)卡尺測量擺球直徑，結(jié)果如圖所示，則擺球的直徑為 mm，單擺擺長為 m（3）下列振動圖像真實地描述了對擺長約為1m的單擺進(jìn)行周期測量的四種操作過程，圖中橫坐標(biāo)原點表示計時開始，A、B、C均為30次全振動的圖像，已知sin5=0.087，sin15=0.26，這四種操作過

8、程合乎實驗要求且誤差最小的是 （填字母代號）（4）他測得的g值偏小，可能的原因是 （多選，填字母代號）A擺球在水平面內(nèi)做圓周運(yùn)動B擺線上端未牢固地系于懸點，振動中出現(xiàn)了松動，使擺線長度增加了C開始計時時，秒表提前按下D實驗中誤將29次全振動數(shù)記錄為30次參考答案：（1） AC （3分）； （2） 12.0 mm（2分） 0.9900 m（2分）；（3） A （3分）；（4） BC （3分）；15. （1）某同學(xué)用螺旋測微器和游標(biāo)卡尺分別測量一物體的直徑和長度，讀出圖中的示數(shù)，圖甲為_ mm，圖乙為_ mm.（2）在測量電源電動勢和內(nèi)電阻的實驗中，有電壓表V(量程為3V，內(nèi)阻約3k)；電流表A（

9、量程為0.6A，內(nèi)阻約為0.70）；滑動變阻器R（10，2A）。為了更準(zhǔn)確地測出電源電動勢和內(nèi)阻設(shè)計了如圖所示的電路圖。在實驗中測得多組電壓和電流值，得到如圖所示的U-I圖線，由圖可得該電源電動勢E=_ V ，內(nèi)阻r=_ 。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）一位同學(xué)對以上實驗進(jìn)行了誤差分析其中正確的是_A實驗產(chǎn)生的系統(tǒng)誤差，主要是由于電壓表的分流作用B實驗產(chǎn)生的系統(tǒng)誤差，主要是由于電流表的分壓作用C實驗測出的電動勢小于真實值D實驗測出的內(nèi)阻大于真實值參考答案： (1). 1.1931.197 (2). 20.30 (3). 1.5V (4). 1.0 (5). AC【詳解】（1）圖甲螺旋測微器主尺刻度，

10、分尺刻度，所以讀數(shù)為（1.1931.197皆可）；圖乙游標(biāo)卡尺主尺讀數(shù)，分尺讀數(shù)，所以讀數(shù)為（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律得：，所以圖像縱截距為電動勢，所以，斜率表示內(nèi)阻：AB.根據(jù)電路圖分析，電流表測的是滑動變阻器的電流不是干路電流，未計入電壓表支路的電流，所以誤差主要來源是電壓表的分流作用，B錯誤A正確CD.圖像解析式，考慮到電壓表的分流作用得，對比兩個方程得到，故C正確，D錯誤四、計算題：本題共3小題，共計47分16. 如圖所示，在y0的空間中存在勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)沿y軸正方向，在y0的空間中，存在勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直xy坐標(biāo)系平面向里。一電量為e，質(zhì)量為m 的電子，經(jīng)過y軸上y=d處的A點朝

11、x軸正方向射入，速率為v；然后經(jīng)過x軸上x=2d處的M點進(jìn)入磁場，并由y= -2d處的N點射出。不計重力，求（1）電場強(qiáng)度E的大小。（2）電子到達(dá)M點時的速度大小與方向。（3）請求出磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小參考答案： 解：(1) 由受力分析有電子在電場將做類平拋運(yùn)動t=2h/v0 (1分)h= Eqt2/2m (1分)聯(lián)立有 E=mv02/2qh (2分) (2) 在電場中a=Eq/m （1分） Vy=at （1分）將上面的E值代入 聯(lián)立解得 v=v0- （2分）方向 與X軸成45度斜向右下方 （2分） 電子進(jìn)入磁場后 由左手定則可判斷粒子的運(yùn)動軌跡如圖 則半徑 =h （1分） 又由R=mv/qB

12、（1分） 聯(lián)立得： B=mv0/qh （2分） 17. 如圖1所示，MN、PQ兩條平行的固定光滑金屬軌道與水平面夾角為=30，M、P之間接電阻箱R，導(dǎo)軌所在空間存在勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直于軌道平面向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=0.5T金屬桿ab水平放置在軌道上，且與軌道垂直，金屬桿ab接入電路的阻值r=2，金屬桿的質(zhì)量m=0.2kg已知軌道間距L=2m，取重力加速度g=10m/s2，軌道足夠長且電阻不計現(xiàn)從靜止釋放桿ab，則：（1）當(dāng)電阻箱接入電路的電阻為0時，求桿ab勻速下滑時的速度大小；（2）若不斷改變電阻箱的阻值R，試在圖2中畫出桿最終勻速下滑速度vm與電阻箱阻值R的圖象；（3）若變阻箱R=

13、4，當(dāng)金屬桿ab運(yùn)動的速度為最終穩(wěn)定速度的一半時，ab棒消耗的電功率多大參考答案：解：（1）設(shè)桿勻速下滑的速度為v，桿切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為：E=BLv；由閉合電路的歐姆定律得：I=，桿勻速下滑時滿足：mgsinBIL=0，聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得：v=2m/s；（2）改變R，勻速時根據(jù)平衡條件可得：mgsin=BIL=，代入數(shù)據(jù)解得函數(shù)關(guān)系式為：vm=2+R，vm與電阻箱阻值R的圖象如右圖；（3）由vm=2+R知變阻箱取4時金屬桿最終穩(wěn)定速度為：v=6m/s，金屬桿ab運(yùn)動的速度為最終穩(wěn)定速度的一半時，桿所產(chǎn)生的電動勢為：E=BLv，ab棒消耗的電功率為：P=I2r，閉合電路的歐姆定律得：I

14、=聯(lián)立解得：P=0.5W答：（1）當(dāng)電阻箱接入電路的電阻為0時，求桿ab勻速下滑時的速度大小為2m/s；（2）若不斷改變電阻箱的阻值R，畫出桿最終勻速下滑速度vm與電阻箱阻值R的圖象見解析；（3）若變阻箱R=4，當(dāng)金屬桿ab運(yùn)動的速度為最終穩(wěn)定速度的一半時，ab棒消耗的電功率為0.5W【考點】導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化【分析】（1）根據(jù)桿切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢和閉合電路的歐姆定律求解感應(yīng)電流，由此求解安培力大小，再根據(jù)平衡條件求解速度大??；（2）改變R，根據(jù)平衡條件最大速度的表達(dá)式，由此得到vm與電阻箱阻值R的圖象；（3）求出金屬桿ab運(yùn)動的速度為最終穩(wěn)定速度的一半時桿所產(chǎn)生的電動勢，根據(jù)閉合電路的歐姆定律和電功率的計算公式求解18. 如圖所示，水平面上有兩根相距0.5m的足夠長的平行金屬導(dǎo)軌MN和PQ，它們的電阻可忽略不計，在M和P之間