2022-2023學(xué)年湖南省益陽市同利中學(xué)高一物理下學(xué)期期末試卷含解析

1、2022-2023學(xué)年湖南省益陽市同利中學(xué)高一物理下學(xué)期期末試卷含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1. （單選）下列關(guān)于速度和加速度關(guān)系的說法中正確的是（ ）A速度變化量越大，加速度越大B加速度的方向就是速度的方向 C加速度為零時，速度一定為零 D加速度越來越小，速度可能越來越大參考答案：D2. （單選）取一根長2 m左右的細線，5個鐵墊圈和一個金屬盤在線的一端系上第一個墊圈，隔12 cm再系一個，以后每兩個墊圈之間的距離分別為36 cm、60 cm、84 cm，如圖所示，站在椅子上，向上提起線的另一端，讓線自由垂下，且第一個墊圈緊靠放在地面上的

2、金屬盤內(nèi)松手后開始計時，若不計空氣阻力，則第2、3、4、5各墊圈A落到盤上的聲音時間間隔越來越大B落到盤上的聲音時間間隔越來越小C依次落到盤上的速率關(guān)系為1234D依次落到盤上的時間關(guān)系為參考答案：C3. （多選）物體M的加速度是3 m/s2，物體P的加速度為5m/s2，下列說法正確的是（ ）A物體M的加速度比物體P的加速度大B物體P的速度變化比物體M的速度變化快C物體M的速度可能在減小 D物體P的速度可能在減小參考答案：BCD4. 一個物體從A點運動到B點，下列結(jié)論正確的是（）A物體的位移的大小總是小于或等于它的路程B物體的位移與路程的方向相同，都從A指向BC物體的位移的大小一定等于路程D物

3、體的位移是直線，而路程是曲線參考答案：A【考點】位移與路程【分析】本題根據(jù)位移和路程的定義進行分析：位移是由起點到終點的有向線段；路程是物體經(jīng)過軌跡的長度【解答】解：A、C、位移是指描述物體位置變化的物理量，是由起點到終點的有向線段；而路程是物體運動軌跡的長度；故位移的大小一般是小于或等于路程的；故A正確，C錯誤；B、位移是矢量，有方向；路程是標量，沒有方向；故B錯誤；D、只有單向直線運動時，位移的大小才等于路程；若物體的運動軌跡為直線，則路程也可以為直線，故D錯誤；故選：A5. 關(guān)于互成角度（0m 或m” “”或“”)，原因是 (3 )實驗操作正確，能得出實驗結(jié)論 參考答案：(1) ADBC

4、EF (2) ，實驗存在空氣阻力、紙帶與打點計時器間有摩擦 (3) 實驗誤差允許范圍內(nèi)，重物減少的重力勢能等于重物增加的動能，即驗證了機械能守恒 15. 為了研究物體的平拋運動，可做下面的實驗：如圖甲所示，用小錘打擊彈性金屬片，A球就水平飛出；同時B球被松開，做自由落體運動。兩球同時落到地面。把整個裝置放在不同高度，重新做此實驗，結(jié)果兩小球總是同時落地。此實驗說明了A球在豎直方向做運動。如圖所示是在“研究平拋物體的運動”的實驗中記錄的一段軌跡。已知物體是從原點O水平拋出，經(jīng)測量C點的坐標為(60，45)。則平拋物體的初速度v0= m/s。(g=10m/s2)參考答案：四、計算題：本題共3小題，

5、共計47分16. A球從距地面高h=15m處一點水平拋出，初速度大小為v0=10m/s空氣阻力不計，重力加速度取g=l0m/s2求：（1）A球經(jīng)多長時間落地；（2）A球的水平拋出距離；（3）A球落地的速度的大小和方向。參考答案：（1）根據(jù) 得，故經(jīng)過小球落地（4分）（2）水平距離（4分）（3） 方向與水平夾角為60度。（4分）17. 質(zhì)量為1kg的物塊從固定斜面頂端由靜止滑下，斜面長L=5m，傾斜角=37，物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)=0.5，（sin37=0.6；cos37=0.6；g=10m/s2）求：(1)下滑到斜面底端，摩擦力對物塊所做的功W；(2)滑到斜面底端時重力的瞬時功率P參考答案：

6、（1）摩擦力(2分)；(2分)（2），(2分)若用動能定理求出末速度也可W(2分)18. 如圖所示，輪半徑r很小的傳送帶，水平部分AB的長度L=1.5m，與一圓心在O點、半徑R=1m的豎直光滑圓軌道的末端相切于A點，AB高出水平地面H=1.25m，一質(zhì)量m=0.1kg的小滑塊（可視為質(zhì)點），由圓軌道上的P點從靜止釋放，OP與豎直線的夾角=37已知sin 37=0.6，cos 37=0.8，g=10m/s2，滑塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)=0.1，不計空氣阻力（1）求滑塊對圓軌道末端的壓力的大??；（2）若傳送帶一直保持靜止，求滑塊的落地點與B間的水平距離；（3）若傳送帶以v0=2.4m/s的速度沿順

7、時針方向運行（傳送帶上部分由A到B運動），求滑塊從A點到B點過程中摩擦力做功的功率參考答案：解：（1）滑塊從P到圓軌道末端的過程中，由動能定理可得： mgR（1cos37）=mv20 可得滑塊到達A點時的速度 v=m/s=2m/s；滑塊在軌道末端時，根據(jù)牛頓第二定律有：Nmg=m可得 N=mg+m=0.110+0.1=1.4N根據(jù)牛頓第三定律得：滑塊對圓軌道末端的壓力大小為1.4N，方向豎直向下；（2）從A到B的過程中，只有摩擦力對滑塊做功，根據(jù)動能定理得：mgL=mv2代入數(shù)據(jù)可解得滑塊到達B時的速度 vB=1m/s滑塊從B點開始做平拋運動，則滑塊落地點距B點的水平距離： x=vBt=vB=

8、1m=0.5m（3）若傳送帶以v0=2.4m/s的速度沿順時針方向運行，滑塊先做勻加速運動，加速度為 a=g=1m/s2從滑上傳送帶到與傳送帶共速的時間 t1=0.4s勻加速的位移 x1=0.88mL=1.5m接著滑塊做勻速運動，用時 t2=0.25s滑塊從A點到B點的總時間 t=t1+t2=0.65s摩擦力做功為 W=mgx1=0.11100.88=0.88J所以滑塊從A點到B點過程中摩擦力做功的功率為 P=1.4W答：（1）滑塊對圓軌道末端的壓力為1.4N；（2）若傳送帶一直保持靜止，滑塊的落地點與B間的水平距離為0.5m；（3）滑塊從A點到B點過程中摩擦力做功的功率為1.4W【考點】牛頓運動定律的綜合應(yīng)用；勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系【分析】（1）根據(jù)動能定理求得滑塊到達末端A時的速度，再由牛頓第二定律求得軌道對滑塊的支