高考教案物理大一輪總結(jié)復(fù)習(xí)考點(diǎn)總結(jié)規(guī)范練牛頓第二定律兩類動(dòng)力學(xué)問(wèn)題新人教

通用版高考教學(xué)設(shè)計(jì)物理大一輪總結(jié)復(fù)習(xí)考點(diǎn)總結(jié)規(guī)范練牛頓第二定律兩類動(dòng)力學(xué)識(shí)題新人教版通用版高考教學(xué)設(shè)計(jì)物理大一輪總結(jié)復(fù)習(xí)考點(diǎn)總結(jié)規(guī)范練牛頓第二定律兩類動(dòng)力學(xué)識(shí)題新人教版PAGE通用版高考教學(xué)設(shè)計(jì)物理大一輪總結(jié)復(fù)習(xí)考點(diǎn)總結(jié)規(guī)范練牛頓第二定律兩類動(dòng)力學(xué)識(shí)題新人教版考點(diǎn)標(biāo)準(zhǔn)練8牛頓第二定律兩類動(dòng)力學(xué)識(shí)題一、單項(xiàng)選擇題1.以下列圖,彈簧一端固定在天花板上,另一端連一質(zhì)量m0=2kg的秤盤(pán),盤(pán)內(nèi)放一個(gè)質(zhì)量m=1kg的物體,秤盤(pán)在豎直向下的拉力F=30N作用下保持靜止,當(dāng)忽然撤去拉力F的剎時(shí),物體對(duì)秤盤(pán)的壓力大小為(g取10m/s2)()A.10NB.15NC.20ND.40N答案C2.以下列圖,將質(zhì)量為m0的U形框架張口向下置于水平川面上,用輕彈簧1、2、3將質(zhì)量為m的小球懸掛起來(lái)?？蚣芎托∏蚨检o止時(shí)彈簧1豎直,彈簧2、3水平且長(zhǎng)度恰巧等于彈簧原長(zhǎng),這時(shí)框架對(duì)地面的壓力大小等于(m0+m)g?，F(xiàn)將彈簧1從最上端剪斷,那么在剪斷后瞬時(shí)()A.框架對(duì)地面的壓力大小仍為(m0+m)gB.框架對(duì)地面的壓力大小為0C.小球的加快度為0D.小球的加快度大小等于g答案D3.(2021·天津?qū)嶒?yàn)中學(xué)期中)在研究超重和失重規(guī)律時(shí),某體重為G的同學(xué)站在一壓力傳感器上達(dá)成一次下蹲動(dòng)作。傳感器和計(jì)算機(jī)相連,經(jīng)計(jì)算機(jī)辦理后獲得壓力F隨時(shí)間t變化的圖像,那么以下列圖像可能正確的選項(xiàng)是()答案D分析對(duì)人的運(yùn)動(dòng)過(guò)程剖析可知,人在加快下蹲的過(guò)程中,有向下的加快度,處于失重狀態(tài),此時(shí)人對(duì)傳感器的壓力小于人的重力的大小;在減速下蹲的過(guò)程中,加快度方向向上,處于超重狀態(tài),此時(shí)人對(duì)傳感器的壓力大于人的重力的大小,故A、B、C錯(cuò)誤,D正確。4.(2021·廣東深圳中學(xué)月考)以下列圖,質(zhì)量為1.5kg的物體A靜止在豎直固定的輕彈簧上,質(zhì)量為0.5kg的物體B由細(xì)線懸掛在天花板上,B與A恰巧接觸但不擠壓?，F(xiàn)忽然將細(xì)線剪斷,那么剪斷細(xì)線瞬時(shí)A、B間的作使勁大小為(g取10m/s2)()A.0B.2.5NC.5ND.3.75N答案D分析剪斷細(xì)線前,只有A對(duì)彈簧有作使勁,因此剪斷細(xì)線前彈簧的彈力F彈=mAg=15N,將細(xì)線剪斷的瞬時(shí),依據(jù)牛頓第二定律可得(mA+mB)g-F彈=(mA+mB)a,解得a=2.5m/s2,隔絕B,那么有mBg-FN=mBa,代入數(shù)據(jù)解得FN=mBg-mBa=3.75N,D正確。二、多項(xiàng)選擇題5.由牛頓第二定律可知,不論如何小的力都能夠使物體產(chǎn)生加快度,但是當(dāng)我們用一個(gè)很小的水平力去推很重的桌子時(shí),卻推不動(dòng)它,這是由于()A.牛頓第二定律不合用于靜止物體B.有加快度產(chǎn)生,但數(shù)值很小,不易察覺(jué)C.靜摩擦力等于水平推力,因此桌子靜止不動(dòng)D.桌子所受協(xié)力為零,加快度為零,因此靜止不動(dòng)答案CD分析用很小的力來(lái)推桌子,這個(gè)力小于最大靜摩擦力,協(xié)力是零,依據(jù)牛頓第二定律,加快度等于零,因此靜止不動(dòng),即牛頓第二定律合用于靜止物體,A、B錯(cuò)誤,D正確;桌子受力均衡,水平方向上靜摩擦力等于水平推力大小,C正確。6.以下列圖,A、B兩物塊質(zhì)量分別為2m、m,用一輕彈簧相連,將A用長(zhǎng)度適合的輕繩懸掛于天花板上,系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài),B物塊恰巧與水平桌面接觸而沒(méi)有擠壓,此時(shí)輕彈簧的伸長(zhǎng)量為x?，F(xiàn)將懸繩剪斷,那么以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是()A.懸繩剪斷后,A物塊向下運(yùn)動(dòng)2x時(shí)速度最大B.懸繩剪斷后,A物塊向下運(yùn)動(dòng)3x時(shí)速度最大C.懸繩剪斷瞬時(shí),A物塊的加快度大小為2gD.懸繩剪斷瞬時(shí),A物塊的加快度大小為g答案BD分析剪斷懸繩前,對(duì)物塊B受力剖析,物塊B遇到重力和彈簧的彈力,可知彈力F=mg。懸繩剪斷瞬時(shí),對(duì)物塊A剖析,物塊A的協(xié)力為F合=2mg+F=3mg,依據(jù)牛頓第二定律,得a=g,故C錯(cuò)誤,D正確。彈簧開(kāi)始處于伸長(zhǎng)狀態(tài),彈力F=mg=kx;物塊A向下壓縮,當(dāng)2mg=F'=kx'時(shí),速度最大,即x'=2x,因此A降落的距離為3x,故B正確,A錯(cuò)誤。7.(2021·河北保按期中)右圖是汽車運(yùn)送圓柱形工件的表示圖,圖中P、Q、N是固定在車體上的壓力傳感器,假定圓柱形工件表面圓滑,汽車靜止不動(dòng)時(shí)Q傳感器示數(shù)為零,P、N傳感器示數(shù)不為零。在汽車向左勻加快啟動(dòng)過(guò)程中,P傳感器示數(shù)為零,而Q、N傳感器示數(shù)不為零。sin15°=0.26,cos15°=0.97,tan15°=0.27,g取10m/s2。那么汽車向左勻加快啟動(dòng)的加快度可能為()A.2.5m/s2B.3m/s2C.2m/s2D.4m/s2答案BD分析在汽車向左勻加快啟動(dòng)過(guò)程中,P傳感器示數(shù)為零而Q、N傳感器示數(shù)不為零,受力剖析以下列圖,那么FQ+mg=FNcos15°,F合=FNsin15°=ma,解得a=tan15°=m/s2=m/s2≥2.7m/s2,故可能的為B、D選項(xiàng)。8.乘坐空中纜車飽覽大自然的美景是旅行者絕妙的選擇。假定某一纜車沿著坡度為30°的山坡以加快度a上行,以下列圖。在纜車中放一個(gè)與山坡表面平行的斜面,斜面上放一個(gè)質(zhì)量為m的小物塊,小物塊相對(duì)斜面靜止。那么以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是()A.小物塊遇到的摩擦力方向平行斜面向上B.小物塊遇到的摩擦力方向平行斜面向下C.小物塊遇到的滑動(dòng)摩擦力為mg+maD.小物塊遇到的靜摩擦力為mg+ma答案AD分析由于物塊和斜面一同沿山坡向上加快運(yùn)動(dòng),故物塊所受靜摩擦力沿斜面向上,A對(duì),B錯(cuò);小物塊受力以下列圖,由牛頓第二定律Ff-mgsin30°=ma,得Ff=mg+ma,因小物塊相對(duì)斜面靜止,因此物塊受靜摩擦力,故C錯(cuò),D對(duì)。9.如圖甲所示,質(zhì)量為m的小球放在圓滑水平面上,在豎直線MN的左方遇到水平恒力F1作用(m可視為質(zhì)點(diǎn)),在MN的右方除受F1外還遇到與F1在同向來(lái)線上的水平恒力F2的作用,小球運(yùn)動(dòng)的v-t圖像如圖乙所示。以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是()A.小球在MN右方加快度大小為B.F2的大小為C.小球在MN右方運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t4-t2D.小球在t=0到t=t4這段時(shí)間內(nèi)最大位移為v1t2答案AD分析由于v-t圖像斜率的絕對(duì)值為加快度的大小,選項(xiàng)A正確;由F2-F1=ma2=m,可知選項(xiàng)B錯(cuò)誤;由題圖乙可知小球在MN右方運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t3-t1,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;由于v-t圖像的面積等于物體的位移,因此小球在t=0到t=t4這段時(shí)間內(nèi)最大位移為v1t2,選項(xiàng)D正確。三、非選擇題10.(2021·天津四合莊中學(xué)月考)以下列圖,質(zhì)量m=2kg的小物塊從傾角θ=37°的圓滑斜面上的A點(diǎn)由靜止開(kāi)始下滑,經(jīng)過(guò)B點(diǎn)后進(jìn)入粗拙水平面,AB長(zhǎng)度為3m,斜面尾端B處與粗拙水平面光滑連結(jié)。(sin37°=0.6,cos37°=0.8,g取10m/s2)試求:(1)小物塊滑到B點(diǎn)時(shí)的速度大小;(2)假定小物塊從A點(diǎn)開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)停下,一共經(jīng)歷時(shí)間t=2.5s,求BC的距離;(3)上問(wèn)中,小物塊與水平面的動(dòng)摩擦因數(shù)μ多大?答案(1)6m/s(2)4.5m(3)0.4分析(1)小物塊在斜面AB上時(shí),由牛頓第二定律得mgsinθ=ma1,解得a1=gsin37°=10×0.6m/s2=6m/s2,由2a1xAB=得vB=m/s=6m/s。(2)小物塊在斜面上有xAB=,那么t1=s=1s,物塊在BC段的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t2=t-t1=1.5s,BC段的位移為xBC=t2=4.5m。(3)在水平面上,逆向剖析,小物塊的運(yùn)動(dòng)可看作初速度為零的勻加快運(yùn)動(dòng),由vB=a2t2得加快度大小a2=m/s2=4m/s2,依據(jù)牛頓第二定律μmg=ma2,代入數(shù)據(jù)解得μ=0.4。11.足夠長(zhǎng)的圓滑斜面BC的傾角α=53°,一質(zhì)量m=2kg的小物塊靜止于A點(diǎn),小物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5,水平面與斜面之間在B點(diǎn)有一小段弧形連結(jié)。此刻AB段對(duì)小物塊施加與水平方向夾角為α=53°的恒力F作用,如圖甲所示,小物塊在AB段運(yùn)動(dòng)的速度—時(shí)間圖像如圖乙所示,當(dāng)?shù)诌_(dá)B點(diǎn)時(shí)快速撤去恒力F。(sin53°=0.8,cos53°=0.6,g取10m/s2)求:(1)小物塊所遇到的恒力F的大小;(2)小物塊從B點(diǎn)沿斜面向上運(yùn)動(dòng),到返回B點(diǎn)所用的時(shí)間;(3)小物塊可否返回到A點(diǎn)?假定能,計(jì)算小物塊經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)的速度:假定不可以,計(jì)算小物塊停止運(yùn)動(dòng)時(shí)離B點(diǎn)的距離。答案(1)11N(2)0.5s(3)小物塊不可以返回到A點(diǎn),停止運(yùn)動(dòng)時(shí),離B點(diǎn)的距離為0.4m分析(1)由題圖乙可知,AB段加快度a1=m/s2=0.5m/s2;依據(jù)牛頓第二定律,有Fcosα-μ(mg-Fsinα)=ma得F==11N。(2)小物塊沿斜面運(yùn)動(dòng)時(shí),由牛頓第二定律知,mgsinα=ma2,因此a2=gsinα=8m/s2小物塊從B點(diǎn)沿斜面向上運(yùn)動(dòng)所用時(shí)間與返回B點(diǎn)所用時(shí)間相等,那么有t=s=0.5s。(3)小物塊由B向A返回過(guò)程中的加快度為a3==μg=5m/s2,由B開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到小物塊靜止,位移為s=m=0.4m,而A和B之間的距離為s'=×2×4m=4m,因此小物塊不可以返回到A點(diǎn),停止運(yùn)動(dòng)時(shí),離B點(diǎn)的距離為0.4m。12.(2021·全國(guó)卷Ⅱ)為提升冰球運(yùn)發(fā)動(dòng)的加快能力,教練員在冰面上與起跑線相距s0和s1(s1<s0)處罰別擱置一個(gè)擋板和一面小旗,以下列圖。訓(xùn)練時(shí),讓運(yùn)發(fā)動(dòng)和冰球都位于起跑線上,教練員將冰球以初速度v0擊出,使冰球在冰面上沿垂直于起跑線的方向滑向擋板;冰球被擊出的同時(shí),運(yùn)發(fā)動(dòng)垂直于起跑線從靜止出發(fā)滑向小旗。訓(xùn)練要求當(dāng)冰球抵達(dá)擋板時(shí),運(yùn)發(fā)動(dòng)起碼抵達(dá)小旗處。假定運(yùn)發(fā)動(dòng)在滑行過(guò)程中做勻加快運(yùn)動(dòng),冰球抵達(dá)擋板時(shí)的速度為v1。重力加快度大小為g。求:(1)冰球與冰面之