高三物理-淮安市清江中學(xué)2016屆高三上學(xué)期第四次月考物理試卷(12月份)

PAGEPAGE23江蘇省淮安市清江中學(xué)2015-2016學(xué)年高三（上）第四次月考物理試卷（12月份）一、選擇題1．甲、乙兩物體同時開始運(yùn)動，它們的x﹣t圖象如圖所示，下面說法正確的是（）A．乙物體做曲線運(yùn)動B．甲、乙兩物體從同一地點(diǎn)出發(fā)C．當(dāng)甲、乙兩物體兩次相遇時，二者的速度大小不相等D．從第一次相遇到第二次相遇，二者的平均速度相等2．在如圖所示的四幅圖中，AB、BC均為輕質(zhì)桿，各圖中桿的A、C端都通過鉸鏈與墻連接，兩桿都在B處由鉸鏈相連接．下列關(guān)于桿受力的說法正確的是（）A．圖中的AB桿表現(xiàn)為拉力，BC桿表現(xiàn)為支持力B．圖中的AB桿表現(xiàn)為拉力，BC桿表現(xiàn)為支持力C．圖中的AB桿、BC桿均表現(xiàn)為拉力D．圖中的AB桿、BC桿均表現(xiàn)為支持力3．“軌道康復(fù)者”是“垃圾”衛(wèi)星的救星，被稱為“太空110”．它可以在太空中對衛(wèi)星補(bǔ)充能源，延長衛(wèi)星使用壽命，假設(shè)“軌道康復(fù)者”的軌道離地面的高度為同步衛(wèi)星軌道離地面高度的五分之一，其運(yùn)行方向與地球自轉(zhuǎn)方向一致，軌道平面與地球赤道平面重合，下列說法正確的是（）A．“軌道康復(fù)者”的速度是同步衛(wèi)星運(yùn)行速率的5倍B．“軌道康復(fù)者”的加速度是地球同步衛(wèi)星加速度的5倍C．站在赤道上的人觀察到“軌道康復(fù)者”向東運(yùn)動D．“軌道康復(fù)者”可從高軌道加速，以實(shí)現(xiàn)對低軌道上的衛(wèi)星的拯救4．某區(qū)域的電場線分布如圖所示，其中間一根電場線是直線，一帶正電的粒子從直線上的O點(diǎn)由靜止開始在電場力作用下運(yùn)動到A點(diǎn)．取O點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，沿直線向右為x軸正方向，粒子的重力忽略不計．在O到A運(yùn)動過程中，下列關(guān)于粒子運(yùn)動加速度a和速度v隨時間t的變化、運(yùn)動徑跡上電勢φ和粒子的動能Ek隨位移x的變化圖線可能正確的是（）A． B． C． D．5．如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源連接，下極板接地，靜電計所帶電荷量很少，可被忽略．一帶負(fù)電油滴被固定于電容器中的P點(diǎn)．現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，則（）A．平行板電容器的電容將變小B．靜電計指針張角變小C．帶電油滴的電勢能增加D．若先將上極板與電源正極的導(dǎo)線斷開，再將下極板向下移動一小段距離，則帶電油滴所受電場力不變6．如圖所示，真空中A、B兩個點(diǎn)電荷的電荷量分別為+Q和+q，放在光滑絕緣水平面上，A、B之間用絕緣的輕彈簧連接．當(dāng)系統(tǒng)平衡時，彈簧的伸長量為x0．若彈簧發(fā)生的均是彈性形變，則（）A．保持Q不變，將q變?yōu)?q，平衡時彈簧的伸長量等于2x0B．保持q不變，將Q變?yōu)?Q，平衡時彈簧的伸長量小于2x0C．保持Q不變，將q變?yōu)椹乹，平衡時彈簧的縮短量等于x0D．保持q不變，將Q變?yōu)椹丵，平衡時彈簧的縮短量小于x0二、多項(xiàng)選擇題7．用比值法定義物理量是物理學(xué)中一種很重要的思想方法，下列表達(dá)式中屬于用比值法定義物理量的是（）A．平均速度= B．電阻R=C．電勢差UAB= D．勻強(qiáng)電場E=8．如圖所示，水平地面上不同位置的三個小球斜上拋，沿三條不同的路徑運(yùn)動最終落在同一點(diǎn)，三條路徑的最高點(diǎn)是等高的，若忽略空氣阻力的影響，下列說法正確的是（）A．沿路徑1拋出時的小球落地的速率最大B．沿路徑3拋出的小球在空中運(yùn)動時間最長C．三個小球拋出的初速度豎直分量相等D．三個小球拋出的初速度水平分量相等9．如圖所示的電路中，電源的電動勢恒定．要想使燈泡L變暗，可以（）A．增大R1的阻值 B．減小R1的阻值C．增大R2的阻值 D．減小R2的阻值10．如圖所示，光滑半球的半徑為R，球心為O，固定在水平面上，其上方有一個光滑曲面軌道AB，高度為．軌道底端水平并與半球頂端相切，質(zhì)量為m的小球由A點(diǎn)靜止滑下，最后落在水平面上的C點(diǎn)．重力加速度為g，則（）A．小球?qū)⒀匕肭虮砻孀鲆欢螆A周運(yùn)動后拋至C點(diǎn)B．小球?qū)腂點(diǎn)開始做平拋運(yùn)動到達(dá)C點(diǎn)C．OC之間的距離為2RD．小球運(yùn)動到C點(diǎn)時的速率為11．如圖所示，光滑絕緣直角斜面ABC固定在水平面上，并處在方向與AB面平行的勻強(qiáng)電場中，一帶正電的物體在電場力的作用下從斜面的底端運(yùn)動到頂端，它的動能增加△Ek，重力勢能增加△Ep，則下列說法正確的是（）A．電場力所做的功等于△EkB．物體克服重力做功等于△EpC．合外力對物體做的功等于△EkD．電場力所做的功等于△Ek+△Ep三、實(shí)驗(yàn)題12．（2013?惠州模擬）（1）某同學(xué)用如圖1所示的裝置測定重力加速度，①電火花計時器的工作電壓為，頻率．②打出的紙帶如圖2所示，實(shí)驗(yàn)時紙帶的端應(yīng)和重物相連接．（選填“甲”或“乙”）③紙帶上1至9各點(diǎn)為計時點(diǎn)，由紙帶所示數(shù)據(jù)可算出實(shí)驗(yàn)時的加速度為m/s2．④當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葦?shù)值為9.8m/s2，請列出測量值與當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊闹涤胁町惖囊粋€原因．13．（2015秋?淮安校級月考）如圖甲為一段粗細(xì)均勻的新型導(dǎo)電材料棒，現(xiàn)測量該材料的電阻率．（1）首先用多用電表的歐姆擋（倍率為“×10”）粗測其電阻，指針位置如圖乙所示，其讀數(shù)R=．（2）用螺旋測微器測量此金屬導(dǎo)線的直徑d，測量結(jié)果如圖丙所示，則d=mm；用游標(biāo)卡尺測量此新型導(dǎo)電材料的長度L，測量結(jié)果如丁所示，則L=mm；（3）采用以下器材用伏安法盡可能精確地測量其電阻：A．電流表：量程為0.6A，內(nèi)阻約為0.2ΩB．電壓表：量程為3V，內(nèi)阻約為3kΩC．滑動變阻器：最大值為20Ω，額定電流1AD．電源E電動勢6VF．電鍵K，導(dǎo)線若干在方框圖1中畫出實(shí)驗(yàn)電路圖．（4）某同學(xué)設(shè)計了如圖2的實(shí)驗(yàn)電路，但是在實(shí)驗(yàn)過程中卻發(fā)現(xiàn)導(dǎo)電材料棒電阻率的測量值明顯偏小，經(jīng)檢查發(fā)現(xiàn)實(shí)物圖中有一根導(dǎo)線連接錯誤，該導(dǎo)線是：（用導(dǎo)線的序號表示）（5）如果（3）問實(shí)驗(yàn)電路中電流表示數(shù)為I，電壓表示數(shù)為u，并測出該棒的長度為上、直徑為d，則該材料的電阻率ρ=（I、U、L、d表示）四、計算題14．（2013?浦東新區(qū)二模）足夠長光滑斜面BC的傾角α=53°，小物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為0.5，水平面與斜面之間B點(diǎn)有一小段弧形連接，一質(zhì)量m=2kg的小物塊靜止于A點(diǎn)．現(xiàn)在AB段對小物塊施加與水平方向成α=53°的恒力F作用，如圖（a）所示，小物塊在AB段運(yùn)動的速度﹣時間圖象如圖（b）所示，到達(dá)B點(diǎn)迅速撤去恒力F．（已知sin53°=0.8，cos53°=0.6）．求：（1）小物塊所受到的恒力F；（2）小物塊從B點(diǎn)沿斜面向上運(yùn)動，到返回B點(diǎn)所用的時間；（3）小物塊能否返回到A點(diǎn)？若能，計算小物塊通過A點(diǎn)時的速度；若不能，計算小物塊停止運(yùn)動時離B點(diǎn)的距離．15．（2015秋?河南期中）如圖所示，物體在有動物毛皮的斜面上運(yùn)動，由于毛皮的特殊性，引起物體的運(yùn)動有如下特點(diǎn)：①順著毛的生長方向運(yùn)動時，毛皮產(chǎn)生的阻力可以忽略，②逆著毛的生長方向運(yùn)動時，會受到來自毛皮的滑動摩擦力，且動摩擦因數(shù)μ恒定．斜面頂端距水平面高度為h=0.8m，質(zhì)量為m=2kg的小物塊M從斜面頂端A由靜止滑下，從O點(diǎn)進(jìn)入光滑水平滑道時無機(jī)械能損失，為使M制動，將輕彈簧的一端固定在水平滑道延長線B處的墻上，另一端恰位于水平軌道的中點(diǎn)C．已知斜面的傾角θ=53°，動摩擦因數(shù)均為μ=0.5，其余各處的摩擦不計，重力加速度g=10m/s2，下滑時逆著毛的生長方向．求：（1）彈簧壓縮到最短時的彈性勢能（設(shè)彈簧處于原長時彈性勢能為零）．（2）若物塊M能夠被彈回到斜面上，則它能夠上升的最大高度是多少？（3）物塊M在斜面上下滑過程中的總路程．16．（2013秋?廬江縣期末）如圖所示，在兩條平行的虛線內(nèi)存在著寬度為L、場強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場，在與右側(cè)虛線相距也為L處有一與電場平行的屏．現(xiàn)有一電荷量為+q、質(zhì)量為m的帶電粒子（重力不計），以垂直于電場線方向的初速度v0射入電場中，v0方向的延長線與屏的交點(diǎn)為O．試求：（1）粒子從射入到打到屏上所用的時間；（2）粒子剛射出電場時的速度方向與初速度方向間夾角的正切值tanα；（3）粒子打到屏上的點(diǎn)P到O點(diǎn)的距離s．17．（2013秋?南安市校級期中）如圖所示，在E=103V/m的水平向左勻強(qiáng)電場中，有一光滑半圓形絕緣軌道豎直放置，軌道與一水平絕緣軌道MN連接，半圓軌道所在豎直平面與電場線平行，其半徑R=40cm，一帶正電荷q=10﹣4C的小滑塊質(zhì)量為m=40g，與水平軌道間的動摩擦因數(shù)μ=0.2，取g=10m/s2，問：（1）要小滑塊能運(yùn)動到圓軌道的最高點(diǎn)C，滑塊應(yīng)在水平軌道上離N點(diǎn)多遠(yuǎn)處釋放？（2）這樣釋放的滑塊通過P點(diǎn)時對軌道壓力是多大？（P為半圓軌道中點(diǎn)）（3）小滑塊經(jīng)過C點(diǎn)后最后落地，落地點(diǎn)離N點(diǎn)的距離多大？落地時的速度是多大？

2015-2016學(xué)年江蘇省淮安市清江中學(xué)高三（上）第四次月考物理試卷（12月份）參考答案與試題解析一、選擇題1．甲、乙兩物體同時開始運(yùn)動，它們的x﹣t圖象如圖所示，下面說法正確的是（）A．乙物體做曲線運(yùn)動B．甲、乙兩物體從同一地點(diǎn)出發(fā)C．當(dāng)甲、乙兩物體兩次相遇時，二者的速度大小不相等D．從第一次相遇到第二次相遇，二者的平均速度相等【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動的圖像；勻變速直線運(yùn)動的位移與時間的關(guān)系．【專題】運(yùn)動學(xué)中的圖像專題．【分析】位移圖象的斜率等于物體的速度，根據(jù)速度的正負(fù)分析乙物體速度的方向，確定乙做什么運(yùn)動．由圖讀出t=0時刻兩物體的位置．位移圖象的交點(diǎn)表示兩物體相遇，根據(jù)斜率大小分析速度關(guān)系．分析兩物體間的距離與它們速度大小的關(guān)系，判斷什么條件兩者距離最大．【解答】解：A、由圖看出，乙圖線的斜率都大于零，說明乙始終沿正方向運(yùn)動，乙物體做直線運(yùn)動．故A錯誤．B、t=0時刻乙物體從正方向上距原點(diǎn)x0處開始運(yùn)動，甲物體從原點(diǎn)出發(fā)開始運(yùn)動，所以甲、乙兩物體不是從同一地點(diǎn)出發(fā)．故B錯誤．C、兩物體的位移圖線有兩個交點(diǎn)，表示它們兩次到達(dá)同一位置，相遇兩次．由圖看出，交點(diǎn)處兩圖線的斜率不同，二者的速度大小不相等．故C正確．D、從第一次相遇到第二次相遇，二者通過的位移相等，則兩者的平均速度相等，故D正確．故選：CD．【點(diǎn)評】本題要理解位移圖象交點(diǎn)的物理意義表示兩物體相遇．根據(jù)斜率表示速度，要能分析兩物體的運(yùn)動情況．2．在如圖所示的四幅圖中，AB、BC均為輕質(zhì)桿，各圖中桿的A、C端都通過鉸鏈與墻連接，兩桿都在B處由鉸鏈相連接．下列關(guān)于桿受力的說法正確的是（）A．圖中的AB桿表現(xiàn)為拉力，BC桿表現(xiàn)為支持力B．圖中的AB桿表現(xiàn)為拉力，BC桿表現(xiàn)為支持力C．圖中的AB桿、BC桿均表現(xiàn)為拉力D．圖中的AB桿、BC桿均表現(xiàn)為支持力【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運(yùn)用．【專題】共點(diǎn)力作用下物體平衡專題．【分析】對各圖中的結(jié)點(diǎn)進(jìn)行分析；根據(jù)帶鉸鏈輕桿的施力特點(diǎn)結(jié)合平衡條件即可做出判斷．【解答】解：A、對結(jié)點(diǎn)進(jìn)行分析可知，B點(diǎn)受向下的繩子的拉力；BC只能提供支持力；則由共點(diǎn)力的平衡條件可知，AB應(yīng)提供拉力；故A正確；B、B點(diǎn)受向下的拉力；則BC應(yīng)為支持力；由平衡關(guān)系可知AB應(yīng)為支持力；故B錯誤；C、對B點(diǎn)分析可知，B受向下的拉力；AB提供向上的拉力；BC應(yīng)為向右的拉力；故C正確；D、對B點(diǎn)分析可知，B受向下的拉力，AB為拉力；BC應(yīng)為支持力；故D錯誤；故選：AC．【點(diǎn)評】本題考查共點(diǎn)力平衡條件的應(yīng)用，要注意明確桿帶有鉸鏈，則施力方向只能是沿桿方向；然后再根據(jù)三力平衡即可明確作用力的性質(zhì)．3．“軌道康復(fù)者”是“垃圾”衛(wèi)星的救星，被稱為“太空110”．它可以在太空中對衛(wèi)星補(bǔ)充能源，延長衛(wèi)星使用壽命，假設(shè)“軌道康復(fù)者”的軌道離地面的高度為同步衛(wèi)星軌道離地面高度的五分之一，其運(yùn)行方向與地球自轉(zhuǎn)方向一致，軌道平面與地球赤道平面重合，下列說法正確的是（）A．“軌道康復(fù)者”的速度是同步衛(wèi)星運(yùn)行速率的5倍B．“軌道康復(fù)者”的加速度是地球同步衛(wèi)星加速度的5倍C．站在赤道上的人觀察到“軌道康復(fù)者”向東運(yùn)動D．“軌道康復(fù)者”可從高軌道加速，以實(shí)現(xiàn)對低軌道上的衛(wèi)星的拯救【考點(diǎn)】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系．【專題】定量思想；推理法；人造衛(wèi)星問題．【分析】AB、根據(jù)“軌道康復(fù)者”在某一位置受到的重力提供它做圓周運(yùn)動的向心力，可得到其速度、加速度表達(dá)式；C、根據(jù)萬有引力提供向心力分析．同步衛(wèi)星和地球自轉(zhuǎn)的角速度相同，比較出“軌道康復(fù)者”和同步衛(wèi)星的角速度大小，就可以判斷出“軌道康復(fù)者”相對于地球的運(yùn)行方向；D、在圓軌道加速會做離心運(yùn)動，減速會做向心運(yùn)動，據(jù)此分析變軌問題．【解答】解：A、根據(jù)得：，因?yàn)椤败壍揽祻?fù)者”的軌道離地面的高度為同步衛(wèi)星軌道離地面高度的五分之一，故“軌道康復(fù)者”繞地球做勻速圓周運(yùn)動時的軌道半徑不等于地球同步衛(wèi)星軌道半徑的五分之一，則“軌道康復(fù)者”的速度不是地球同步衛(wèi)星速度的倍；故A錯誤；B、根據(jù)，“因?yàn)椤败壍揽祻?fù)者”的軌道離地面的高度為同步衛(wèi)星軌道離地面高度的五分之一，無法確定軌道半徑的關(guān)系，故也就無法確定“軌道康復(fù)者”的加速度與地球同步衛(wèi)星加速度的關(guān)系；故B錯誤；C、軌道半徑越大，角速度越小，同步衛(wèi)星和地球自轉(zhuǎn)的角速度相同，所以軌道康復(fù)者的角速度大于地球自轉(zhuǎn)的角速度，所以站在地球赤道上的人觀察到“軌道康復(fù)者”向東運(yùn)動．故C正確；D、“軌道康復(fù)者”要加速將會做離心運(yùn)動，到更高的軌道上，故D錯誤；故選：C【點(diǎn)評】解決本題的關(guān)鍵掌握萬有引力等于重力和萬有引力提供向心力．以及“軌道康復(fù)者”處于完全失重狀態(tài)，靠地球的萬有引力提供向心力，做圓周運(yùn)動．4．某區(qū)域的電場線分布如圖所示，其中間一根電場線是直線，一帶正電的粒子從直線上的O點(diǎn)由靜止開始在電場力作用下運(yùn)動到A點(diǎn)．取O點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，沿直線向右為x軸正方向，粒子的重力忽略不計．在O到A運(yùn)動過程中，下列關(guān)于粒子運(yùn)動加速度a和速度v隨時間t的變化、運(yùn)動徑跡上電勢φ和粒子的動能Ek隨位移x的變化圖線可能正確的是（）A． B． C． D．【考點(diǎn)】電勢；電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系．【專題】電場力與電勢的性質(zhì)專題．【分析】根據(jù)電場線的分布，可確定電場強(qiáng)度的方向與大小，根據(jù)電荷在電場中受到的電場力可知加速度大小的變化．由電場線的來確定電勢的變化，再由電荷的電性與電勢高低來確定電勢能的變化，即可分析動能的變化．【解答】解：A、由圖可知，從O到A點(diǎn)，電場線由疏到密，電場強(qiáng)度先減小后增大，方向不變，因此電荷受到的電場力先減小后增大，則加速度先減小后增大，故A正確；B、v﹣t圖象的斜率表示加速度，加速度先減小后增大，v﹣t圖象的斜率先減小后增大，此圖不符合實(shí)際，故B錯誤．C、沿著電場線方向電勢降低，而電勢與位移的圖象的斜率表示電場強(qiáng)度，因此該圖象切線的斜率應(yīng)先減小后增大，故C錯誤；D、Ek與x的圖象斜率與a有關(guān)，而a與電場強(qiáng)度E有關(guān)，即為Ek=m?2ax=max，因加速度a先減小后增大，則斜率也先減小后增大，故D錯誤；故選：A．【點(diǎn)評】考查電場線的分布體現(xiàn)電場強(qiáng)度的大小與方向，并根據(jù)電場線來確定加速度，速度，電勢及電勢能如何變化．注意圖象含義的應(yīng)用．5．如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源連接，下極板接地，靜電計所帶電荷量很少，可被忽略．一帶負(fù)電油滴被固定于電容器中的P點(diǎn)．現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離，則（）A．平行板電容器的電容將變小B．靜電計指針張角變小C．帶電油滴的電勢能增加D．若先將上極板與電源正極的導(dǎo)線斷開，再將下極板向下移動一小段距離，則帶電油滴所受電場力不變【考點(diǎn)】電容器的動態(tài)分析．【專題】電容器專題．【分析】電容器始終與電源相連，電容器兩端間的電勢差保持不變，根據(jù)電容器d的變化判斷電容的變化，由公式E=分析電場強(qiáng)度的變化，從而判斷電荷電勢能和電場力的變化．【解答】解：A、根據(jù)電容的決定式C=知，下極板豎直向下移動時，d增大，則電容減小．故A正確．B、靜電計測量的是電容器兩端的電勢差，因?yàn)殡娙萜魇冀K與電源相連，則電勢差不變，所以靜電計指針張角不變．故B錯誤．C、電勢差不變，d增大，則由公式E=分析得知板間電場強(qiáng)度減小，P點(diǎn)與上極板間的電勢差減小，而P點(diǎn)的電勢比上極板低，上極板的電勢不變，則P點(diǎn)的電勢增大，因?yàn)橛偷螏ж?fù)電荷，則油滴的電勢能減?。蔆錯誤．D、電容器與電源斷開，則電荷量不變，d改變，根據(jù)E=，C=和C=得E=，則知電場強(qiáng)度不變，則油滴所受電場力不變．故D正確．故選：AD．【點(diǎn)評】本題是電容器的動態(tài)分析問題，關(guān)鍵抓住不變量，當(dāng)電容器與電源始終相連，則電勢差不變，當(dāng)電容器與電源斷開，則電荷量不變．板間場強(qiáng)表達(dá)式E=，要會推導(dǎo)，并在理解的基礎(chǔ)上記住結(jié)論．6．如圖所示，真空中A、B兩個點(diǎn)電荷的電荷量分別為+Q和+q，放在光滑絕緣水平面上，A、B之間用絕緣的輕彈簧連接．當(dāng)系統(tǒng)平衡時，彈簧的伸長量為x0．若彈簧發(fā)生的均是彈性形變，則（）A．保持Q不變，將q變?yōu)?q，平衡時彈簧的伸長量等于2x0B．保持q不變，將Q變?yōu)?Q，平衡時彈簧的伸長量小于2x0C．保持Q不變，將q變?yōu)椹乹，平衡時彈簧的縮短量等于x0D．保持q不變，將Q變?yōu)椹丵，平衡時彈簧的縮短量小于x0【考點(diǎn)】庫侖定律．【專題】電場力與電勢的性質(zhì)專題．【分析】根據(jù)庫侖定律及胡克定律列式分析，電荷量變化，庫侖力變化，兩球的距離變化，彈力變化，根據(jù)平衡條件列方程計算即可．【解答】解：設(shè)彈簧的勁度系數(shù)為K，原長為x．當(dāng)系統(tǒng)平衡時，彈簧的伸長量為x0，則有：Kx0=k…①A、保持Q不變，將q變?yōu)?q時，平衡時有：Kx1=k…②由①②解得：x1＜2x0，故A錯誤；B、同理可以得到保持q不變，將Q變?yōu)?Q，平衡時彈簧的伸長量小于2x0，故B正確；C、保持q不變，將Q變?yōu)椹丵，如果縮短量等于x0，則靜電力大于彈力，故會進(jìn)一步吸引，故平衡時彈簧的縮短量大于x0，故C錯誤；D、保持Q不變，將q變?yōu)椹乹，如果縮短量等于x0，則靜電力大于彈力，故會進(jìn)一步吸引，故平衡時彈簧的縮短量大于x0，故D錯誤．故選：B【點(diǎn)評】本題主要考查了庫侖定律及胡克定律的直接應(yīng)用，要知道，電荷量變化后庫侖力要變化，距離變化后彈簧彈力會變化．二、多項(xiàng)選擇題7．用比值法定義物理量是物理學(xué)中一種很重要的思想方法，下列表達(dá)式中屬于用比值法定義物理量的是（）A．平均速度= B．電阻R=C．電勢差UAB= D．勻強(qiáng)電場E=【考點(diǎn)】物理學(xué)史．【分析】所謂比值定義法，就是用兩個基本的物理量的“比”來定義一個新的物理量的方法．比值法定義的基本特點(diǎn)是被定義的物理量往往是反映物質(zhì)的最本質(zhì)的屬性，它不隨定義所用的物理量的大小取舍而改變．【解答】解：A、平均速度定義為位移與時間的比值，故平均速度=是比值定義法．故A正確．B、電阻等于導(dǎo)體兩端的電壓與通過導(dǎo)體電流的比值，R=屬于比值定義法，故B正確．C、電勢差與放入電場中的電荷無關(guān)，所以UAB=屬于比值定義法，故C正確．D、電場強(qiáng)度的定義為電荷所受電場力和電荷量的比值，則E=不是比值定義法，故D錯誤．故選：ABC．【點(diǎn)評】用比值法定義物理量是物理上常用的思想方法，可以根據(jù)定義出的物理量與兩個物理量有無關(guān)系，判斷是否是比值法定義．8．如圖所示，水平地面上不同位置的三個小球斜上拋，沿三條不同的路徑運(yùn)動最終落在同一點(diǎn)，三條路徑的最高點(diǎn)是等高的，若忽略空氣阻力的影響，下列說法正確的是（）A．沿路徑1拋出時的小球落地的速率最大B．沿路徑3拋出的小球在空中運(yùn)動時間最長C．三個小球拋出的初速度豎直分量相等D．三個小球拋出的初速度水平分量相等【考點(diǎn)】拋體運(yùn)動．【分析】三個小球都做斜拋運(yùn)動，運(yùn)用運(yùn)動的分解法，將其運(yùn)動分解為豎直和水平兩個方向研究，水平方向做勻速直線運(yùn)動，豎直方向做豎直上拋運(yùn)動，根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式列式，再進(jìn)行分析．【解答】解：設(shè)任一小球初速度大小為v0，初速度的豎直分量為vy，水平分量為vx，初速度與水平方向的夾角為α，上升的最大高度為h，運(yùn)動時間為t，落地速度大小為v．A、C、D、取豎直向上方向?yàn)檎较颍∏蜇Q直方向上做勻減速直線運(yùn)動，加速度為a=﹣g，由0﹣=﹣2gh，得：vy=，h相同，vy相同，則三個小球初速度的豎直分量相同．由速度的分解知：vy=v0sinα，由于α不同，所以v0不同，沿路徑1拋出時的小球的初速度最大．根據(jù)機(jī)械能守恒定律得知，小球落地時與拋出時速率相等，所以可知三個小球落地時的速率不等，也是沿路徑1拋出時的小球的初速度最大．又有vy=vxtanα，vy相同，α不同，則vx不同，初速度水平分量不等，故A正確，C正確，D錯誤．B、由運(yùn)動學(xué)公式有：h=g（）2，則得：t=2，則知三個球運(yùn)動的時間相等；故B錯誤．故選：AC．【點(diǎn)評】對于斜拋運(yùn)動，要能熟練運(yùn)用運(yùn)動的分解法進(jìn)行分析，掌握相關(guān)的運(yùn)動學(xué)公式是解題的基礎(chǔ)．9．如圖所示的電路中，電源的電動勢恒定．要想使燈泡L變暗，可以（）A．增大R1的阻值 B．減小R1的阻值C．增大R2的阻值 D．減小R2的阻值【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律．【專題】定性思想；推理法；恒定電流專題．【分析】由圖可知，燈泡與R2并聯(lián)后與R1串聯(lián)；要使燈泡變暗，應(yīng)使流過燈泡的電流減??；則可分別由閉合電路歐姆定律分析各項(xiàng)，可得出正確答案．【解答】解：A、R1增大，總電阻增大，總電流減小，燈泡和R2并聯(lián)的電壓就減小，所以燈泡的電流減小，燈泡變暗，故A正確，B錯誤；C、R2減小，總電阻減小，總電流增大，r和R1的電壓增大，所以燈泡和R2并聯(lián)的電壓就減小，所以燈泡的電流減小，燈泡變暗，故D正確，C錯誤；故選：AD．【點(diǎn)評】在電路中，若部分電阻發(fā)生了變化，則對該部分的處理不能直接根據(jù)歐姆定律求解，應(yīng)靈活應(yīng)用串并聯(lián)電路的性質(zhì)進(jìn)行分析判斷．10．如圖所示，光滑半球的半徑為R，球心為O，固定在水平面上，其上方有一個光滑曲面軌道AB，高度為．軌道底端水平并與半球頂端相切，質(zhì)量為m的小球由A點(diǎn)靜止滑下，最后落在水平面上的C點(diǎn)．重力加速度為g，則（）A．小球?qū)⒀匕肭虮砻孀鲆欢螆A周運(yùn)動后拋至C點(diǎn)B．小球?qū)腂點(diǎn)開始做平拋運(yùn)動到達(dá)C點(diǎn)C．OC之間的距離為2RD．小球運(yùn)動到C點(diǎn)時的速率為【考點(diǎn)】向心力；平拋運(yùn)動．【專題】勻速圓周運(yùn)動專題．【分析】從A到B的過程中，根據(jù)機(jī)械能守恒可以求得到達(dá)B點(diǎn)時的速度，根據(jù)圓周運(yùn)動的向心力公式可以判斷離開B點(diǎn)后的運(yùn)動情況．【解答】解：AB、從A到B的過程中，根據(jù)機(jī)械能守恒可得：mgR=mV2，解得：V=，在B點(diǎn)，當(dāng)重力恰好作為向心力時，由mg=m，解得：VB=，所以當(dāng)小球到達(dá)B點(diǎn)時，重力恰好作為向心力，所以小球?qū)腂點(diǎn)開始做平拋運(yùn)動到達(dá)C，所以A錯誤，B正確．C、根據(jù)平拋運(yùn)動的規(guī)律，水平方向上：x=VBt豎直方向上：R=gt2解得：x=R，所以C錯誤．D、對整個過程機(jī)械能守恒，mg=解得：vc=，故D正確；故選：BD．【點(diǎn)評】本題的關(guān)鍵地方是判斷小球在離開B點(diǎn)后的運(yùn)動情況，根據(jù)小球在B點(diǎn)時速度的大小，小球的重力恰好作為圓周運(yùn)動的向心力，所以離開B后將做平拋運(yùn)動．11．如圖所示，光滑絕緣直角斜面ABC固定在水平面上，并處在方向與AB面平行的勻強(qiáng)電場中，一帶正電的物體在電場力的作用下從斜面的底端運(yùn)動到頂端，它的動能增加△Ek，重力勢能增加△Ep，則下列說法正確的是（）A．電場力所做的功等于△EkB．物體克服重力做功等于△EpC．合外力對物體做的功等于△EkD．電場力所做的功等于△Ek+△Ep【考點(diǎn)】動能定理的應(yīng)用；電勢能．【專題】動能定理的應(yīng)用專題．【分析】功是能量轉(zhuǎn)化的量度：總功是動能變化的量度；重力做功等于重力勢能的減小量；電場力做功等于電勢能的減小量．【解答】解：A、D、物體在電場力的作用下從斜面的底端運(yùn)動到頂端，電場力做正功，重力做負(fù)功，支持力不做功；根據(jù)動能定理，有：W電+W重=△Ek；重力做功等于重力勢能的減小量，故：﹣W重=△Ep；故W電=△Ek+△Ep；故A錯誤，D正確；B、物體克服重力做的功等于重力勢能的增加量，故為△Ep，故B正確；C、根據(jù)動能定理，合外力對物體做的功等于動能增加量，為△Ek，故C正確；故選：BCD．【點(diǎn)評】本題關(guān)鍵明確物體的運(yùn)動規(guī)律和能量轉(zhuǎn)化情況，知道功和能量的幾種關(guān)系，不難．三、實(shí)驗(yàn)題12．（2013?惠州模擬）（1）某同學(xué)用如圖1所示的裝置測定重力加速度，①電火花計時器的工作電壓為交流220V，頻率50Hz．②打出的紙帶如圖2所示，實(shí)驗(yàn)時紙帶的乙端應(yīng)和重物相連接．（選填“甲”或“乙”）③紙帶上1至9各點(diǎn)為計時點(diǎn)，由紙帶所示數(shù)據(jù)可算出實(shí)驗(yàn)時的加速度為9.4m/s2．④當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葦?shù)值為9.8m/s2，請列出測量值與當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊闹涤胁町惖囊粋€原因空氣阻力、摩擦阻力等．【考點(diǎn)】驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律．【專題】實(shí)驗(yàn)題；機(jī)械能守恒定律應(yīng)用專題．【分析】電火花打點(diǎn)計時器使用220V的交流電源，根據(jù)連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之差是一恒量求出重力加速度的大小．【解答】解：①電火花打點(diǎn)計時器使用的工作電壓為交流220V，頻率為50Hz．②重物拖著紙帶運(yùn)動，速度越來越大，在相等時間間隔內(nèi)的位移越來越大，知實(shí)驗(yàn)時紙帶的乙端應(yīng)和重物相連接．③根據(jù)△x=gT2得，，解得g==9.4m/s2．④測量出的重力加速度小于當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣鹊脑蚴强諝庾枇?、摩擦阻力等影響．故答案為：①交?20V，50Hz；②乙；③9.4；④空氣阻力、摩擦阻力；【點(diǎn)評】解決本題的關(guān)鍵掌握紙帶處理的方法，會通過紙帶求解瞬時速度和加速度．13．（2015秋?淮安校級月考）如圖甲為一段粗細(xì)均勻的新型導(dǎo)電材料棒，現(xiàn)測量該材料的電阻率．（1）首先用多用電表的歐姆擋（倍率為“×10”）粗測其電阻，指針位置如圖乙所示，其讀數(shù)R=200Ω．（2）用螺旋測微器測量此金屬導(dǎo)線的直徑d，測量結(jié)果如圖丙所示，則d=3.208mm；用游標(biāo)卡尺測量此新型導(dǎo)電材料的長度L，測量結(jié)果如丁所示，則L=50.15mm；（3）采用以下器材用伏安法盡可能精確地測量其電阻：A．電流表：量程為0.6A，內(nèi)阻約為0.2ΩB．電壓表：量程為3V，內(nèi)阻約為3kΩC．滑動變阻器：最大值為20Ω，額定電流1AD．電源E電動勢6VF．電鍵K，導(dǎo)線若干在方框圖1中畫出實(shí)驗(yàn)電路圖．（4）某同學(xué)設(shè)計了如圖2的實(shí)驗(yàn)電路，但是在實(shí)驗(yàn)過程中卻發(fā)現(xiàn)導(dǎo)電材料棒電阻率的測量值明顯偏小，經(jīng)檢查發(fā)現(xiàn)實(shí)物圖中有一根導(dǎo)線連接錯誤，該導(dǎo)線是：⑤（用導(dǎo)線的序號表示）（5）如果（3）問實(shí)驗(yàn)電路中電流表示數(shù)為I，電壓表示數(shù)為u，并測出該棒的長度為上、直徑為d，則該材料的電阻率ρ=（I、U、L、d表示）【考點(diǎn)】測定金屬的電阻率．【專題】實(shí)驗(yàn)題；定量思想；圖析法；恒定電流專題．【分析】（1）歐姆表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表的示數(shù)．（2）螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)，游標(biāo)卡尺主尺與游標(biāo)尺示數(shù)之和的游標(biāo)卡尺示數(shù)．（3）根據(jù)題意確定滑動變阻器與電流表的接法，然后作出電路圖．（4）根據(jù)題意分析圖示電路圖然后分析得出結(jié)論．（5）應(yīng)用歐姆定律與電阻定律可以求出電阻率的表達(dá)式．【解答】解：（1）用多用電表的歐姆擋（倍率為“×10”）粗測其電阻，由圖乙所示可知，其讀數(shù)：R=20×10=200Ω．（2）由圖丙所示螺旋測微器可知，其示數(shù)：d=3mm+20.8×0.01mm=3.208mm；由圖丁所示游標(biāo)卡尺可知，其示數(shù)：L=50mm+3×0.05mm=50.15mm；（3）待測電阻阻值約為200Ω，電流表內(nèi)阻約為0.2Ω，電壓表內(nèi)阻約為3kΩ，待測電阻阻值遠(yuǎn)大于電流表內(nèi)阻，電流表應(yīng)采用內(nèi)接法，滑動變阻器最大阻值為20Ω，待測電阻阻值遠(yuǎn)大于滑動變阻器最大阻值，為測多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法，實(shí)驗(yàn)電路圖如圖所示：（4）導(dǎo)電材料棒電阻率的測量值明顯偏小，導(dǎo)電材料棒電阻的測量值偏小，說明電流表采用外接法，由圖示電路圖可知，導(dǎo)線⑤連接錯誤．（5）導(dǎo)電材料的電阻：R==ρ=ρ，電阻率：ρ=；故答案為：（1）200Ω；（2）3.208；50.15；（3）電路圖如圖所示；（4）⑤；（5）．【點(diǎn)評】本題考查了多用電表、螺旋測微器與游標(biāo)卡尺讀數(shù)、設(shè)計實(shí)驗(yàn)電路圖、電路分析、求電阻率的表達(dá)式，要掌握常用器材的使用及讀數(shù)方法，根據(jù)題意確定滑動變阻器與電流表的接法是正確設(shè)計電路圖的關(guān)鍵．四、計算題14．（2013?浦東新區(qū)二模）足夠長光滑斜面BC的傾角α=53°，小物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為0.5，水平面與斜面之間B點(diǎn)有一小段弧形連接，一質(zhì)量m=2kg的小物塊靜止于A點(diǎn)．現(xiàn)在AB段對小物塊施加與水平方向成α=53°的恒力F作用，如圖（a）所示，小物塊在AB段運(yùn)動的速度﹣時間圖象如圖（b）所示，到達(dá)B點(diǎn)迅速撤去恒力F．（已知sin53°=0.8，cos53°=0.6）．求：（1）小物塊所受到的恒力F；（2）小物塊從B點(diǎn)沿斜面向上運(yùn)動，到返回B點(diǎn)所用的時間；（3）小物塊能否返回到A點(diǎn)？若能，計算小物塊通過A點(diǎn)時的速度；若不能，計算小物塊停止運(yùn)動時離B點(diǎn)的距離．【考點(diǎn)】牛頓第二定律；加速度；勻變速直線運(yùn)動的速度與位移的關(guān)系．【專題】牛頓運(yùn)動定律綜合專題．【分析】（1）根據(jù)v﹣t圖象得到運(yùn)動情況，結(jié)合速度時間關(guān)系公式求解加速度；然后對物體受力分析，并根據(jù)牛頓第二定律列式求解拉力F；（2）先受力分析并根據(jù)牛頓第二定律求解加速度，然后根據(jù)速度時間關(guān)系公式求解；（3）對小物塊從B向A運(yùn)動過程中，求解出最大位移后比較，即可得到結(jié)論．【解答】解：（1）由圖（b）可知，AB段加速度根據(jù)牛頓第二定律，有Fcosα﹣μ（mg﹣Fsinα）=ma得（2）在BC段mgsinα=ma2解得小物塊從B到C所用時間與從C到B所用時間相等，有（3）小物塊從B向A運(yùn)動過程中，有μmg=ma3解得滑行的位移所以小物塊不能返回到A點(diǎn)，停止運(yùn)動時，離B點(diǎn)的距離為0.4m．答：（1）小物塊所受到的恒力F為11N；（2）小物塊從B點(diǎn)沿斜面向上運(yùn)動，到返回B點(diǎn)所用的時間為0.5s；（3）小物塊不能返回到A點(diǎn)，停止運(yùn)動時，離B點(diǎn)的距離為0.4m．【點(diǎn)評】本題是已知運(yùn)動情況確定受力情況和一直受力情況確定運(yùn)動情況的問題，關(guān)鍵求解出加速度，然后根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式列式求解．15．（2015秋?河南期中）如圖所示，物體在有動物毛皮的斜面上運(yùn)動，由于毛皮的特殊性，引起物體的運(yùn)動有如下特點(diǎn)：①順著毛的生長方向運(yùn)動時，毛皮產(chǎn)生的阻力可以忽略，②逆著毛的生長方向運(yùn)動時，會受到來自毛皮的滑動摩擦力，且動摩擦因數(shù)μ恒定．斜面頂端距水平面高度為h=0.8m，質(zhì)量為m=2kg的小物塊M從斜面頂端A由靜止滑下，從O點(diǎn)進(jìn)入光滑水平滑道時無機(jī)械能損失，為使M制動，將輕彈簧的一端固定在水平滑道延長線B處的墻上，另一端恰位于水平軌道的中點(diǎn)C．已知斜面的傾角θ=53°，動摩擦因數(shù)均為μ=0.5，其余各處的摩擦不計，重力加速度g=10m/s2，下滑時逆著毛的生長方向．求：（1）彈簧壓縮到最短時的彈性勢能（設(shè)彈簧處于原長時彈性勢能為零）．（2）若物塊M能夠被彈回到斜面上，則它能夠上升的最大高度是多少？（3）物塊M在斜面上下滑過程中的總路程．【考點(diǎn)】機(jī)械能守恒定律．【專題】機(jī)械能守恒定律應(yīng)用專題．【分析】（1）物塊M從斜面頂端A運(yùn)動到彈簧壓縮到最短，由動能定理求解彈簧壓縮到最短時的彈性勢能（2）由動能定理研究上升的最大高度位置求解．（3）物塊M最終停止在水平面上，對于運(yùn)動的全過程，由動能定理求解．【解答】解：（1）物塊M從斜面頂端A運(yùn)動到彈簧壓縮到最短，由動能定理得mgh﹣μmgcosθ?﹣Ep=0則得Ep=mgh﹣μmghcotθ=10J（2）設(shè)物塊M第一次彈回，上升的最大高度為H，由動能定理得：mg（h﹣H）﹣μmgcosθ=0可得H=h﹣μhcotθ=0.5m（3）物塊M最終停止在水平面上，對于運(yùn)動的全過程，由動能定理得mgh﹣μmgcosθ?l=0物塊M在斜面上下滑過程中的總路程S==2.67m答：（1）彈簧壓縮到最短時的彈性勢能是10J（2）若物塊M能夠被彈回到斜面上，則它能夠上升的最大高度是0.5m（3）物塊M在斜面上下滑過程中的總路程是2.67m．【點(diǎn)評】了解研究對象的運(yùn)動過程是解決問題的前提，根據(jù)題目已知條件和求解的物理量選擇物理規(guī)律解決問題．一個題目可能需要選擇不同的過程多次運(yùn)用動能定理研究．16．（2013秋?廬江縣期末）如圖所示，在兩條平行的虛線內(nèi)存在著寬度為L、場強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場，在與右側(cè)虛線相距也為L處有一與電場平行的屏．現(xiàn)有一電荷量為+q、質(zhì)量為m的帶電粒子（重力不計），以垂直于電場線方向的初速度v0射入電場中，v0方向的延長線與屏的交點(diǎn)為O．試求：（1）粒子從射入到打到屏上所用的時間；（2）粒子剛射出電場時的速度方向與初速度方向間夾角的正切值tanα；（3）粒子打到屏上的點(diǎn)P到O點(diǎn)的距離s．【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動．【專題】帶電粒子在電場中的運(yùn)動專題．【分析】（1）帶電粒子垂直射入電場，只受電場力作用而做類平拋運(yùn)動，水平方向做勻速直線運(yùn)動，豎直方向做初速度為零的勻加速運(yùn)動，由L=v0t求解時間t．（2）根據(jù)牛頓第二定律求出加速度．研究豎直方向的運(yùn)動情況，由速度公式vy=at求出粒子剛射出電場時豎直分速度