上海市北中學(xué)2022年度高二物理月考試卷含解析

上海市北中學(xué)2022年度高二物理月考試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖，磁場垂直于紙面，磁感應(yīng)強度在豎直方向均勻分布，水平方向非均勻分布。一銅制圓環(huán)用絲線懸掛于O點，將圓環(huán)拉至位置后無初速釋放，在圓環(huán)從a擺向b的過程中(

)A．感應(yīng)電流方向先逆時針后順時針再逆時針B．感應(yīng)電流方向一直是逆時針C．安培力方向始終與速度方向相反D．安培力方向始終沿水平方向參考答案：AD2.（單選）關(guān)于“電荷在電路中定向移動形成電流”有如下說法，其中正確的是()A．電流的速度就是自由電荷在電路中定向移動的速度B．電流的速度就是電場在電路中傳播的速度，等于光速C．電流的方向就是自由電荷定向移動的方向D．在普通電路中，自由電荷定向移動的速度和普通子彈的速度數(shù)量級相當(dāng)參考答案：B3.關(guān)于作用力與反作用力的說法下列正確的是A.作用力和反作用力作用在同一物體上B.地球?qū)χ匚锏淖饔昧Υ笥谥匚飳Φ厍虻淖饔昧.作用力和反作用力有時相等有時不相等D.作用力和反作用力同時產(chǎn)生、同時消失參考答案：D【分析】由牛頓第三定律可知，作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個物體上，力的性質(zhì)相同，它們同時產(chǎn)生，同時變化，同時消失?！驹斀狻坑膳ｎD第三定律可知，作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，但不在同一物體上，故AC錯誤；作用力與反作用力總是同時產(chǎn)生、同時變化、同時消失，故D正確；地球?qū)χ匚镒饔昧Υ笥谥匚飳Φ厍虻淖饔昧κ且粚ψ饔昧头醋饔昧﹃P(guān)系，故大小相等，故B錯誤。所以D正確，ABC錯誤。【點睛】考查牛頓第三定律及其理解．理解牛頓第三定律與平衡力的區(qū)。4.如圖所示，一個質(zhì)量為m、帶電荷量為q的粒子，從兩平行板左側(cè)中點沿垂直場強方向射入，當(dāng)入射速度為v時，恰好穿過電場而不碰金屬板．要使粒子的入射速度變?yōu)椋阅芮『么┻^電場，則必須再使A．粒子的電荷量變?yōu)樵瓉淼?/p>

B．兩板間電壓減為原來的C．兩板間距離增為原來的4倍

D．兩板間距離增為原來的2倍參考答案：AD5.（多選題）在如圖所示的實驗裝置中，一帶電平板電容器的極板A與一靈敏靜電計相接，極板B接地．若極板A稍向右移動一點，則下列說法中正確的是（）A.靈敏靜電計指針張角變小B.靈敏靜電計指針張角變大C.極板上的電荷量幾乎不變，兩極板間的電壓變大D.極板上的電荷量幾乎不變，兩極板間的電壓變小參考答案：BC考點：電容器的動態(tài)分析．專題：電容器專題．分析：由平行板電容器的決定式可求得電容的變化；由電容器的定義式可求得電容器兩端的電壓變化，則可得出靜電計的指針偏角的變化．解答：解：極板A稍向右移動一點，電容器間的距離增大，則由C=可知，電容器的電容減??；因電容器和電源斷開，故電容器極板上的電荷量不變，則由Q=UC可知，電容器兩端的電壓增大，則靜電計的偏角增大，AD錯誤BC正確；故選：BC．點評：本題考查電容器的動態(tài)分析，要注意明確靜電計的張角反映電容器兩端的電壓大?。⑻羁疹}：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖所示，正方形ABCD處在一個勻強電場中，電場線與正方形所在平面平行。已知A、B、C三點的電勢依次為φA=6.0V，φB=4.0V，φC=－2.0V。則：

（1）D點的電勢φD=________。（2）在圖中畫出過A點的電場線（要把作圖過程畫在圖上。）參考答案：（1）φD=0，（2）如圖所示。

7.如圖所示，有一方向水平向右的勻強電場，一個質(zhì)量為m，帶電量為＋q的小球以初速度v0從a點豎直向上射入電場中.小球通過電場中b點時速度大小為

2v0.方向與電場方向一致，則勻強電場的場強大小為

參考答案：8.甲、乙兩個作簡諧振動的單擺擺長之比為9︰4，則它們的振動周期之比T甲︰T乙＝

：

，在甲擺完成10次全振動的時間內(nèi)，乙完成

次全振動。參考答案：3:2；159.電.量q=2.0×10-3C、質(zhì)量m=1.0×10-4kg的帶正電粒子從電場中的A點沿直線運動到B點的速度圖象如圖27所示，該粒子運動的加速度為______m/s2，A、B連線上各點的場強______(填“相等”或“不相等”)，A點的場強為______N／C[U13]

參考答案：2.0×105；相等；1.0×10410.電磁波譜有無線電波、

、可見光、紫外線、X射線、γ射線。參考答案：11.鋁的逸出功為W0=6.72×10-19

J，用波長λ=200nm的光照射不帶電的鋁箔，發(fā)生光電效應(yīng)，此時鋁箔表面帶-------＿＿＿＿＿（選填“正”或“負(fù)”）電．若用鋁箔制作光電管，普朗克常量h=6.63×10-34

J?s，則它的遏止電壓為＿＿＿＿＿V

（結(jié)果保留二位有效數(shù)字）．參考答案：正

2.012..在電磁感應(yīng)現(xiàn)象實驗中，研究磁通量變化與感應(yīng)電流方向的關(guān)系時，所需的實驗器材如圖所示．現(xiàn)已用導(dǎo)線連接了部分實驗電路．（1）請畫實線作為導(dǎo)線從箭頭１和２處連接其余部分電路；（2）實驗時，將L1插入線圈L2中，合上開關(guān)瞬間，觀察到電流計的指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，這個現(xiàn)象揭示的規(guī)律是__________________________；（3）（多選）某同學(xué)設(shè)想使一線圈中電流逆時針流動，另一線圈中感應(yīng)電流順時針流動，可行的實驗操作是（A）抽出線圈L1

（B）插入軟鐵棒（C）使變阻器滑片P左移

（D）斷開開關(guān)

參考答案：（1）（2）、電磁感應(yīng)現(xiàn)象

（3）B

C

13.物體從光滑斜面頂端由靜止開始沿直線勻加速滑下，經(jīng)過1s到達(dá)斜面中心，那么物體滑下斜面的的總時間為____________s.參考答案：三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（6分）（1）開普勒第三定律告訴我們：行星繞太陽一周所需時間的平方跟橢圓軌道半長徑的立方之比是一個常量。如果我們將行星繞太陽的運動簡化為勻速圓周運動，請你運用萬有引力定律，推出這一規(guī)律。

（2）太陽系只是銀河系中一個非常渺小的角落，銀河系中至少還有3000多億顆恒星，銀河系中心的質(zhì)量相當(dāng)于400萬顆太陽的質(zhì)量。通過觀察發(fā)現(xiàn)，恒星繞銀河系中心運動的規(guī)律與開普勒第三定律存在明顯的差異，且周期的平方跟圓軌道半徑的立方之比隨半徑的增大而減小。請你對上述現(xiàn)象發(fā)表看法。

參考答案：（1）

（4分）

（2）由關(guān)系式可知：周期的平方跟圓軌道半徑的立方之比的大小與圓心處的等效質(zhì)量有關(guān)，因此半徑越大，等效質(zhì)量越大。

（1分）

觀點一：銀河系中心的等效質(zhì)量，應(yīng)該把圓形軌道以內(nèi)的所有恒星的質(zhì)量均計算在內(nèi)，因此半徑越大，等效質(zhì)量越大。

觀點二：銀河系中心的等效質(zhì)量，應(yīng)該把圓形軌道以內(nèi)的所有質(zhì)量均計算在內(nèi)，在圓軌道以內(nèi)，可能存在一些看不見的、質(zhì)量很大的暗物質(zhì)，因此半徑越大，等效質(zhì)量越大。

說出任一觀點，均給分。

（1分）

15.如圖9所示是雙縫干涉實驗裝置，使用波長為6.0×10－7m的橙色光源照射單縫S，在光屏中央P處(到雙縫的距離相等)觀察到亮條紋，在位于P點上方的P1點出現(xiàn)第一條亮條紋中心(即P1到S1、S2的路程差為一個波長)，現(xiàn)換用波長為4.0×10－7m的紫色光照射單縫時，問：(1)屏上P處將出現(xiàn)什么條紋？(2)屏上P1處將出現(xiàn)什么條紋？參考答案：(1)亮條紋(2)暗條紋四、計算題：本題共3小題，共計47分16.一質(zhì)點從A點靜止開始運動，沿直線運動到B點停止，在運動過程中，質(zhì)點能以a1=6.4m/s2的加速度加速，也能以a2=1.6m/s2的加速度減速，也可做勻速運動，若A、B間的距離為1.6km，質(zhì)點應(yīng)如何運動，才能使時間最短，最短時間為多少?參考答案：解：質(zhì)點運動不受最大速度限制，所以質(zhì)點先勻加速，后勻減速運動，完成全程的時間最短。設(shè)勻加速、勻減速運動的時間分別為t1、t2，勻加速的位移為S1，勻減速運動的位移S2，則17.如圖，在傾角為θ=37°的足夠長的固定斜面底端，一小物塊以某一初速度沿斜面上滑，一段時間后返回到出發(fā)點．若物塊上滑所用時間t1和下滑所用時間t2的大小關(guān)系滿足t1：t2=1：，取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，試求：（1）上滑加速度a1與下滑加速度a2的大小之比；（2）物塊和斜面之間的動摩擦因數(shù)；（3）若斜面傾角變?yōu)?0°，并改變斜面粗糙程度，小物塊上滑的同時用水平向右的推力F作用在物塊上，發(fā)現(xiàn)物塊勻減速上滑過程中加速度與推力大小無關(guān)，求此時加速度大?。畢⒖即鸢福航猓海?）上滑過程和下滑過程位移大小相等：a1t12=a2t22得==2（2）上滑時：mgsin37°+μmgcos37°=ma1下滑時：mgsin37°﹣μmgcos37°=ma2得μ=0.25

（3）mgsin60°+μN﹣Fcos60°=ma，N=Fsin60°+mgcos60°得：mgsin60°+μFsin60°+μmgcos60°﹣Fcos60°=ma

因為a與F無關(guān)，所以μFsin60°﹣Fcos60°=0

此時μ=cot60°=則，a=gsin60°+μgcos60°=m/s2≈11.55m/s2答：（1）上滑加速度a1與下滑加速度a2的大小之比為2；（2）物塊和斜面之間的動摩擦因數(shù)為0.25；（3）若斜面傾角變?yōu)?0°，并改變斜面粗糙程度，小物塊上滑的同時用水平向右的推力F作用在物塊上，發(fā)現(xiàn)物塊勻減速上滑過程中加速度與推力大小無關(guān)，此時加速度大小為11.55m/s2．【考點】牛頓運動定律的綜合應(yīng)用；勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系．【分析】（1）根據(jù)上滑過程和下滑過程位移大小相等列方程求解．（2、3）分別對上滑和下滑過程根據(jù)牛頓第二定律求出加速度表達(dá)式，利用加速度之比求解μ．18.如圖所示，長度均為L的兩平行金屬板相距為d，O、O′為兩金屬板中心處正對的兩個小孔，兩平行金屬板接有電壓恒為U的電源．緊靠右金