四川省內(nèi)江市高考物理三模試卷解析版

高考物理三模試卷題號(hào)一二三四總分得分一、單項(xiàng)選擇題（本大題共4小題，共24.0分）1.以下說法中正確的選項(xiàng)是（）A.物體在拉力的作用下向上運(yùn)動(dòng)，拉力做的功是1J，但物體的重力勢(shì)能的增加量必定小于1JB.物體受拉力作用向上勻速運(yùn)動(dòng)，拉力做的功是1J，但物體重力勢(shì)能的增加量大于1JC.在物體運(yùn)動(dòng)過程中，重力做的功是-1J，但物體的重力勢(shì)能的增加量大于1JD.在沒有摩擦?xí)r物體由A點(diǎn)沿直線運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，戰(zhàn)勝重力做的功為1J，有摩擦?xí)r物體由A點(diǎn)沿曲線運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，戰(zhàn)勝重力做的功仍等于1J2.質(zhì)量為1kg的某物體在水平面內(nèi)做直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，位移為x。物體的-t圖象以以下列圖，以下說法中正確的選項(xiàng)是（）A.物體在t=0→5s內(nèi)的平均速度為5m/sB.物體的加速度為-2m/s2C.在t=0→2.5s的這段時(shí)間內(nèi)，物體碰到合外力的沖量為-5N?sD.在t=0→2.5s的這段時(shí)間內(nèi)，物體動(dòng)能的變化量為-50J依照玻爾原子理論，氫原子中的電子繞原子核做圓周運(yùn)動(dòng)與人造衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)比較，以下說法中正確的選項(xiàng)是（）電子能夠在大于基態(tài)軌道半徑的任意軌道上運(yùn)動(dòng)，人造衛(wèi)星只幸虧大于地球半徑的某些特定軌道上運(yùn)動(dòng)軌道半徑越大，線速度都越小，線速度與軌道半徑的平方根成反比軌道半徑越大，周期都越大，周期都與軌道半徑成正比軌道半徑越大，動(dòng)能都越小，動(dòng)能都與軌道半徑的平方成反比以以下列圖，傾角為30°的斜面體固定在地面上，質(zhì)量為10kg的物體A放在動(dòng)摩擦因數(shù)μ=的斜面體上，并經(jīng)過繩子繞過定滑輪和動(dòng)滑輪，動(dòng)滑輪與物體B連接，物體B的質(zhì)量為2kg，A、B均處于靜止?fàn)顟B(tài)，不計(jì)繩子和滑輪之間的摩擦以及動(dòng)滑輪的質(zhì)量，g=10m/s2．下列說法中正確的選項(xiàng)是（）A.物體A此時(shí)碰到的摩擦力為50NB.不斷增加B的質(zhì)量，A碰到的摩擦力不斷增加C.要使物體A向上滑動(dòng)，物體B的質(zhì)量最少為20kgD.當(dāng)B向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，A、B兩物體的加速度相同二、多項(xiàng)選擇題（本大題共6小題，共33.0分）5.在傾角為30°2v和v的速度沿同一方向水平的斜面頂端，將甲、乙兩個(gè)小球分別以拋出，兩球都落在該斜面上。以下說法中正確的選項(xiàng)是（）甲、乙兩球落在斜面上時(shí)速度方向相同甲、乙兩球在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為2：1甲、乙兩球落地址到頂端的水平位移之比為2：1甲、乙兩球落地址到極點(diǎn)的距離之比為2：16.以以下列圖，是某街頭變壓器經(jīng)過降壓給用戶供電的表示圖，變壓器的輸入電壓是市區(qū)電網(wǎng)的電壓，負(fù)載變化時(shí)輸入電壓U不會(huì)有較大的顛簸。變壓器的輸出電壓U2第1頁(yè)，共13頁(yè)7.以以下列圖，導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)、傾角為電阻，導(dǎo)軌的寬度為L(zhǎng)，質(zhì)量為軌上，并與導(dǎo)軌垂直且接觸優(yōu)異，經(jīng)過輸電線輸送給用戶，兩條輸電線的總電阻用R0表示，變阻器R代表用戶用電器的總電阻，當(dāng)用電器增加時(shí)，以下說法中正確的選項(xiàng)是（）A.B.C.D.

理想電流表理想電流表理想電流表理想電流表

A1與A1與A1與A1與

A2的示數(shù)比值不變，理想電壓表V1和V2的示數(shù)比值不變A2的示數(shù)比值變大，理想電壓表V1和V3的示數(shù)比值不變A2的示數(shù)比值不變，理想電壓表V2和V3的示數(shù)比值變大A2的示數(shù)比值變小，理想電壓表V2和V3的示數(shù)比值變小θ的導(dǎo)軌上端連接一個(gè)阻值為R的m、電阻為r的導(dǎo)體棒ab靜止在導(dǎo)導(dǎo)體棒ab與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)=tan．θ在導(dǎo)軌平面內(nèi)的虛線正方形地域內(nèi)存在著垂直導(dǎo)軌平面向上、磁感覺強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。當(dāng)磁場(chǎng)所區(qū)沿導(dǎo)軌平面以必定的速度勻速向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，導(dǎo)體棒ab就開始向上運(yùn)動(dòng)，最后以v0的速度勻速運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體棒ab在運(yùn)動(dòng)過程中向來處于磁場(chǎng)所區(qū)內(nèi)，導(dǎo)軌的電阻不計(jì)。以下說法中正確的選項(xiàng)是（）A.當(dāng)導(dǎo)體棒ab以速度v0勻速向上運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體棒ab兩端的電勢(shì)差為BLv0B.磁場(chǎng)所區(qū)沿導(dǎo)軌平面勻速向上運(yùn)動(dòng)的速度為v0+C.當(dāng)導(dǎo)體棒ab以速度v0勻速向上時(shí)，電路耗資的總功率為（R+r）D.導(dǎo)體棒ab在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的過程中，經(jīng)過電阻R的電荷量為8.以以下列圖，在一圓滑絕緣水平面上有一個(gè)半徑為R的圓，其中O為圓心，AB為直徑，整個(gè)圓處于電場(chǎng)強(qiáng)度為E、方向與水平面平行的勻強(qiáng)電場(chǎng)中。在圓周上的A點(diǎn)有一個(gè)發(fā)射器，在水平面內(nèi)沿不一樣樣的方向發(fā)射帶電量為﹣q的小球，小球均會(huì)經(jīng)過圓周上不一樣樣的點(diǎn)，在這些點(diǎn)中，經(jīng)過C點(diǎn)的動(dòng)能最大。小球之間的相互作用不計(jì)，且∠CAO＝30°，以下說法中正確的選項(xiàng)是（）A.電場(chǎng)的方向沿CO方向且由C→OB.，B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差＝AUABERC.若是某小球從A點(diǎn)沿垂直于電場(chǎng)方向發(fā)射，恰好落到C點(diǎn)，那么，該小球的初動(dòng)能為D.若是某小球從A點(diǎn)沿垂直于電場(chǎng)方向發(fā)射，恰好落到B點(diǎn)，那么，該小球的初動(dòng)能為9.關(guān)于熱力學(xué)第必定律和熱力學(xué)第二定律，以下說法中正確的選項(xiàng)是（）必定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷一緩慢的絕熱膨脹過程，氣體的內(nèi)能減少氣體向真空的自由膨脹是不能夠逆的第2頁(yè)，共13頁(yè)熱力學(xué)第必定律也可表述為第一類永動(dòng)機(jī)不能夠能制成熱力學(xué)第二定律可描述為“不能夠能使熱量由低溫物體傳達(dá)到高溫物體”0℃的水和0℃的冰的內(nèi)能是相等的10.以以下列圖，為一列簡(jiǎn)諧橫波在某時(shí)辰的波形圖，PQ兩點(diǎn)為介質(zhì)中、的兩個(gè)不一樣樣的質(zhì)點(diǎn)，那么以下說法中正確的選項(xiàng)是（）A.若波沿x軸正方向流傳，那么，質(zhì)點(diǎn)P此時(shí)辰的速度沿x軸正方向B.若波沿x軸負(fù)方向流傳，那么，質(zhì)點(diǎn)Q此時(shí)辰的加速度沿y軸正方向C.再經(jīng)過半個(gè)周期時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P位移為負(fù)值D.經(jīng)過一個(gè)周期后，質(zhì)點(diǎn)P經(jīng)過的行程為4aE.質(zhì)點(diǎn)P的振幅大于質(zhì)點(diǎn)Q的振幅三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共15.0分）以以下列圖，在“考據(jù)動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，將打點(diǎn)計(jì)時(shí)器固定在長(zhǎng)導(dǎo)軌的左端，把紙帶穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，連在質(zhì)量為0.6kg的小車A的后邊，讓小車A讓某一速度向右運(yùn)動(dòng)，與靜止的質(zhì)量相同的小車B碰撞。由于在兩小車碰撞端分別裝上撞針和橡皮泥，碰撞時(shí)撞針將插入橡皮泥中，把兩個(gè)小車A、B連接在一起共同向右運(yùn)動(dòng)，電源的頻率為50Hz，則：（1）為了盡可能滿足實(shí)驗(yàn)需要的條件，以下所舉措施中可行的是______。A．兩小車A、B的質(zhì)量必定相等B．兩小車A、B與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)盡可能相同C．兩小車A、B相距的距離盡可能近一些D．將長(zhǎng)導(dǎo)軌的左端用楔形木板墊起合適高度，以用小車重力的下滑分力來平衡小車運(yùn)動(dòng)時(shí)碰到的摩擦力（2）如右圖所示，是實(shí)驗(yàn)中碰撞前、后打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下的一條紙帶，從圖中能夠知道在碰撞前小車A的動(dòng)量為______kgm/s______kgm/s?，碰撞后的總動(dòng)量為?，由此可知，在誤差范圍內(nèi)系統(tǒng)的總動(dòng)量守恒（保留兩位有效數(shù)字）。12.某同學(xué)在“測(cè)定電阻絲資料的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中，所用電阻絲的電阻約為10Ω左右。1）以以下列圖，是該同學(xué)用螺旋測(cè)微器測(cè)得金屬絲的直徑表示圖，由圖可讀出該金屬絲的直徑為______mm。2）為了測(cè)量金屬絲Rx的電阻值，實(shí)驗(yàn)室備有以下實(shí)驗(yàn)器材：A．電池E（E=1.5V，內(nèi)阻為0.5Ω）；B．電流表A1（量程0～100mA，內(nèi)阻為5Ω）；C．電流表A2（量程0～0.6A，內(nèi)阻為0.2Ω）；D．電阻箱R0（阻值0～999.9Ω）；E．待測(cè)金屬絲Rx；F．開關(guān)一個(gè)，導(dǎo)線若干，則：①為了提高實(shí)驗(yàn)的精確程度，在實(shí)驗(yàn)中電流表應(yīng)選______（選填器材編號(hào)）。②某同學(xué)把金屬絲Rx拉直后，將其兩端固定在刻度尺兩端的接線柱a和b上，在金屬絲上夾一個(gè)金屬夾P，搬動(dòng)金屬夾P的地址，即可改變接入電路中金屬絲的長(zhǎng)第3頁(yè)，共13頁(yè)度，閉合開頭s后，將電阻箱的阻值R0調(diào)到合適的地址后不動(dòng)，今后多次改變金屬夾P的地址，獲取多組I、L的數(shù)據(jù)，用這多組數(shù)據(jù)繪制的圖象以以下列圖，圖中的縱坐標(biāo)表示的物理量是______（國(guó)際單位），此時(shí)，電阻箱R0阻值為______Ω，該金屬絲的電阻率為______Ω?m（保留兩位有效數(shù)字）。3）若是在該實(shí)驗(yàn)中，操作、讀數(shù)、作圖及計(jì)算等均正確的情況下，那么，由于電流表和電源內(nèi)阻的存在，會(huì)使測(cè)量結(jié)果______（選填“偏大”、“偏小”或“不變”）。四、計(jì)算題（本大題共4小題，共52.0分）以以下列圖，一個(gè)半徑為R的固定半圓形圓滑凹槽，放置在一個(gè)垂直紙面向里、磁感覺強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，現(xiàn)有一個(gè)質(zhì)量為m，帶電量為+q的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），從凹槽的A點(diǎn)，由靜止開始釋放，小球?qū)⒀刂雸A形凹槽的內(nèi)壁運(yùn)動(dòng)，重力加速度為g，則：1）小球運(yùn)動(dòng)到凹槽的底部的速度是最大？2）小球運(yùn)動(dòng)到凹槽的底部時(shí)，對(duì)凹槽的最大壓力是多大？14.以以下列圖，一根平均圓形直輕桿AC由粗細(xì)不一樣樣兩段AB=10m和BC=2m組成，其中，AB段粗糙、BC段圓滑，直輕桿AC垂直地固定在一塊傾角為37°的楔形彈性斜面體上，彈性斜面體放在粗糙的水平面上，現(xiàn)有一質(zhì)量為m=2kg、孔徑略大于直桿直徑的圓環(huán)P，在沿桿向上的恒力F的作用下，從直輕桿AC的底端由靜止開始沿桿向上運(yùn)動(dòng)，圓環(huán)P與桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1，當(dāng)圓環(huán)P剛運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)恒力F突然撤去，圓環(huán)恰好能到達(dá)頂端C，今后，再沿直輕桿下滑，環(huán)在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，彈性斜面體向來靜止不動(dòng)。重力加速度為g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：1）在圓環(huán)P沿桿AB向上運(yùn)動(dòng)的過程中，地面對(duì)彈性斜面體的摩擦力；2）恒力F的最大功率；3）環(huán)從開始運(yùn)動(dòng)到第二次碰撞彈性斜面體的過程中，系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量。內(nèi)壁圓滑的導(dǎo)熱氣缸，豎直浸入在盛有冰、水混雜物的水缸中，用輕質(zhì)活塞封閉了壓強(qiáng)為1.0×105Pa、體積為2.0×10-3m3的理想氣體、現(xiàn)在活塞的上方緩慢加入細(xì)沙第4頁(yè)，共13頁(yè)子，使封閉氣體的體積變成原來的，則：①氣缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)是多少？②若是封閉氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，在上述過程中外界對(duì)氣體做功為120J，那么，封閉氣體與外界交換的熱量是多少？以以下列圖，一單色細(xì)光束AB從真空中以入射角i=45°，入射到折射率n=的某透明球體的表面上B點(diǎn)，經(jīng)研究發(fā)現(xiàn)光束在過球心O的平面內(nèi)，從B點(diǎn)折射進(jìn)入球內(nèi)后，又經(jīng)球的內(nèi)表面只反射一次，再經(jīng)球表面上的C點(diǎn)折射后，以光輝CD射出球外，光在真空中的光速為3×108m/s。則：①光束在球內(nèi)的流傳速度是多少？②出射光輝CD與入射光輝AB方向改變的角度是多少？第5頁(yè)，共13頁(yè)答案和剖析1.【答案】D【剖析】解：A、物體受拉力作用向上運(yùn)動(dòng)，拉力做的功是1J，不能夠確定物體戰(zhàn)勝重力做功多少，也就不能夠確定重力勢(shì)能的增加量，故A錯(cuò)誤；B、物體受拉力作用向上勻速運(yùn)動(dòng)，拉力做的功是1J，則物體戰(zhàn)勝重力做功為1J，物體重力勢(shì)能的增加量等于1J．故B錯(cuò)誤；C、物體運(yùn)動(dòng)時(shí)，重力做的功是-1J，但物體重力勢(shì)能的增加量必定是1J．故C錯(cuò)誤；D、物體由A沿直線運(yùn)動(dòng)到B，戰(zhàn)勝重力做的功是1J，與可否存在摩擦力沒關(guān)，因此，有摩擦?xí)r物體由A點(diǎn)沿曲線運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，戰(zhàn)勝重力做的功仍等于1J．故D正確。應(yīng)選：D。物體的重力勢(shì)能的增加量等于物體戰(zhàn)勝重力做的功，與其他力做功沒關(guān)；依照功能關(guān)系剖析。此題觀察重力做功與重力勢(shì)能改變的關(guān)系，牢記二者的關(guān)系，要知道物體戰(zhàn)勝重力做的功多少，物體的重力勢(shì)能就增加多少，與其他力做功沒關(guān)。2.【答案】D【剖析】解：AB、依照勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移時(shí)間公式x=v0t+at2得：=v0+at．由圖可得：a=-=-2，因此物體的加速度為2，初速度為va=-4m/s0=10m/s由圖知，t=5s時(shí)，=0，則物體在t=0→5s內(nèi)的平均速度為：==0，故AB錯(cuò)誤。C、物體的合外力為：F=ma=-4N，在t=0→2.5s的這段時(shí)間內(nèi)，物體碰到合外力的沖量為：I=Ft=-10N?s，故C錯(cuò)誤。D、t=2.5s時(shí)物體的速度為？：v=v0+at=10-4×2.5=0，在t=0→2.5s的這段時(shí)間內(nèi)，物體動(dòng)能的變化量為：△Ek==（02-102）=-50J，故D正確。應(yīng)選：D。依照勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移時(shí)間公式x=v0t+at2獲取與t的表達(dá)式，結(jié)合圖象的信息求加速度、初速度，由牛頓第二定律求出合外力，進(jìn)而求得合外力的沖量，由速度公式求出2.5s末的速度，進(jìn)而獲取動(dòng)能的變化量。解決此題的要點(diǎn)是依照數(shù)學(xué)知識(shí)寫出與t的關(guān)系式，采用比對(duì)的方法獲取物體的初速度、加速度。3.【答案】B【剖析】【剖析】人造地球衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)需要的向心力由萬有引力供應(yīng)，玻爾氫原子模型中電子繞原子核做圓周運(yùn)動(dòng)需要的向心力由庫(kù)侖力供應(yīng)F=，萬有引力和庫(kù)侖力都與距離的二次方成反比。氫原子的核外電子由離原子核較近的軌道躍遷到離原子核較遠(yuǎn)的軌道上時(shí)，能量增加。同一衛(wèi)星從低軌道上升到高軌道上，要加速做離心運(yùn)動(dòng)，故其機(jī)械能增加。第6頁(yè)，共13頁(yè)此題要掌握萬有引力和庫(kù)侖力的表達(dá)式，要知道人造地球衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)需要的向心力由萬有引力供應(yīng)，玻爾氫原子模型中電子繞原子核做圓周運(yùn)動(dòng)需要的向心力由庫(kù)侖力供應(yīng)F=?！窘獯稹拷猓篈、人造衛(wèi)星的軌道能夠是連續(xù)的，電子的軌道是不連續(xù)的，故A錯(cuò)誤；B、人造地球衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)需要的向心力由萬有引力供應(yīng)，==①可得：v=玻爾氫原子模型中電子繞原子核做圓周運(yùn)動(dòng)需要的向心力由庫(kù)侖力供應(yīng)，F(xiàn)===②可得：v=可知都是軌道半徑越大，線速度都越小，線速度與軌道半徑的平方根成反比。故B正確；C、由①可得：T=；由②可得：可知，都是軌道半徑越大，周期都越大，周期都與軌道半徑的次方成正比。故C錯(cuò)誤；D、由①可得：衛(wèi)星的動(dòng)能：E=；由②可得電子的動(dòng)能：E=kk可知都是軌道半徑越大，動(dòng)能都越小，動(dòng)能都與軌道半徑成反比。故D錯(cuò)誤應(yīng)選：B。4.【答案】C【剖析】解：A、設(shè)繩子的拉力為T，依照平衡條件可得：2T=mBg，解得：T=10N；A的重力沿斜面向下的分力為：Gx=mAgsin30=50N°，對(duì)A依照平衡條件可得：f=Gx-T=40N，方向沿斜面向上，故A錯(cuò)誤；B、不斷增加B的質(zhì)量，繩子的拉力不斷增大，A碰到的摩擦力先減小；當(dāng)T＞50N時(shí)，隨著拉力增大、摩擦力反向增大，故B錯(cuò)誤；C、物體A與斜面間的最大靜摩擦力為：f=μmgcos30=°N=50NmA要使物體A向上滑動(dòng)，繩子拉力最少為：T′=Gx+fm=100N，物體B的質(zhì)量最少為：m′B==20kg，故C正確；D、當(dāng)B向下運(yùn)動(dòng)距離為h時(shí)，繩子自由端向下運(yùn)動(dòng)2h，則A上升的距離為2h，故B的加速度為A的加速度的一半，故D錯(cuò)誤。應(yīng)選：C。依照平衡條件求解繩子拉力，對(duì)A依照平衡條件求解摩擦力；不斷增加B的質(zhì)量，摩擦力先減小后增大；依照平衡條件求解B的質(zhì)量；依照牛頓第二定律剖析加速度大小。此題主若是觀察了共點(diǎn)力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對(duì)象、進(jìn)行受力剖析、利用平行四邊形法規(guī)進(jìn)行力的合成也許是正交分解法進(jìn)行力的分解，今后在坐標(biāo)軸上建立平衡方程進(jìn)行解答。5.【答案】AB第7頁(yè)，共13頁(yè)【剖析】解：A、設(shè)小球落在斜面上時(shí)，速度與水平方向的夾角為αtanα=2tanθ=，則，由于小球落在斜面上時(shí)，位移與水平方向的夾角為定值，可知，兩球接觸斜面的瞬時(shí)，速度方向相同，末速度v=，故A正確；B、設(shè)小球落在斜面上時(shí)，位移與水平方向的夾角為θ，tanθ=，只要落到斜面上，角度不變，t與初速度成正比，甲、乙兩小球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為2：1，故B正確；C、甲、乙兩球游覽過程中水平方向的位移：x=v0t，由于初速度之比為2：1，游覽的時(shí)間之比為2：1，因此水平方向的位移之比為4：1，故C錯(cuò)誤；D、甲、乙兩球游覽過程中水平方向的位移之比為4：1，由于斜面得夾角是相同的，所以甲、乙兩球落地址到極點(diǎn)的距離之比為4：1．故D錯(cuò)誤應(yīng)選：AB。依照平拋運(yùn)動(dòng)的瞬時(shí)速度與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的兩倍，比較甲乙兩球落在斜眼前瞬時(shí)的速度方向。依照下落的高度比較運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比，進(jìn)而結(jié)合水平位移得出初速度之比。速度變化率為加速度，只若是平拋運(yùn)動(dòng)，加速度都相等，速率為速度的大小，其變化率不等。解決此題的要點(diǎn)知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和推論靈便求解，記?。何灰婆c水平方向的夾角為θ，速度與水平方向的夾角為α，則tanα=2tan。θ6.【答案】AC【剖析】解：AB、理想變壓器輸出電壓是由輸入電壓和匝數(shù)比決定的，輸入電壓不變，因此輸出的電壓也不會(huì)變，理想電壓表V1和V2的示數(shù)比值不變；當(dāng)當(dāng)用電器增加時(shí)，電路的電阻減小，電流增大，但理想電流表A1與A2的示數(shù)比值不變，故A正確，B錯(cuò)誤；CD、當(dāng)用電器增加時(shí)，相當(dāng)于R減小，理想變壓器輸出電壓是由輸入電壓和匝數(shù)比決定的，輸入電壓不變，因此輸出的電壓也不會(huì)變，依照閉合電路的歐姆定律可知電路中的電流增大，輸電線上耗資的電壓增大，因此電壓表V3的讀數(shù)：U3=U2-IR0將減小，理想電壓表V2示數(shù)不變，理想電壓表32和3V變小，因此理想電壓表VV的示數(shù)比值變大。故C正確，D錯(cuò)誤應(yīng)選：AC。和閉合電路中的動(dòng)向剖析近似，能夠依照R的變化，確定出總電路的電阻的變化，進(jìn)而能夠確定總電路的電流的變化的情況，再依照電壓不變，來剖析其他的原件的電流和電壓的變化的情況。電路的動(dòng)向變化的剖析，總的原則就是由部分電路的變化確定總電路的變化的情況，再確定其他的電路的變化的情況，即先部分后整體再部分的方法。7.【答案】BC【剖析】解：A、設(shè)磁場(chǎng)所區(qū)沿導(dǎo)軌平面勻速向上運(yùn)動(dòng)的速度為v，則產(chǎn)生的感覺電動(dòng)勢(shì)為：E=BL（v-v0）產(chǎn)生的感覺電流為：I=則導(dǎo)體棒ab兩端的電勢(shì)差為：U=IR=BL（v-v0），故A錯(cuò)誤；B、依照平衡條件可得：BIL=mgsinθ+mgcosμθ，代入μ=tan以θ及I=，解得磁場(chǎng)區(qū)第8頁(yè)，共13頁(yè)域沿導(dǎo)軌平面勻速向上運(yùn)動(dòng)的速度為：v=v0+，故B正確；C、當(dāng)導(dǎo)體棒ab以速度v0勻速向上時(shí)，電路耗資的總功率為：P=EI=（R+r），故C正確；D、導(dǎo)體棒ab在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的過程中，經(jīng)過電阻R的電荷量為：q===，故D錯(cuò)誤。應(yīng)選：BC。設(shè)磁場(chǎng)所區(qū)沿導(dǎo)軌平面勻速向上運(yùn)動(dòng)的速度為v，則產(chǎn)生的感覺電動(dòng)勢(shì)E=BL（v-v0），依照閉合電路的歐姆定律求解路端電壓；依照平衡條件求解磁場(chǎng)所區(qū)沿導(dǎo)軌平面勻速向上運(yùn)動(dòng)的速度；依照P=EI求解電路耗資的總功率；依照電荷量的經(jīng)驗(yàn)公式求解經(jīng)過電阻R的電荷量。關(guān)于電磁感覺問題研究思路常常有兩條：一條從力的角度，依照牛頓第二定律或平衡條件列出方程；另一條是能量，剖析涉及電磁感覺現(xiàn)象中的能量轉(zhuǎn)變問題，依照動(dòng)能定理、功能關(guān)系等列方程求解；解答此題要注意：E=BLv中的v是導(dǎo)體棒有關(guān)于磁場(chǎng)的速度。8.【答案】AD【剖析】解：A、小球在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，依照動(dòng)能定理qUAC=△Ek，由于到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的小球的動(dòng)能最大，因此UAC最大，則在圓周上找不到與C電勢(shì)相等的點(diǎn)。且由A到C電場(chǎng)力對(duì)小球做正功。過C點(diǎn)作切線，則CF為等勢(shì)線。過C點(diǎn)作CF的垂線，則該線為電場(chǎng)線，場(chǎng)強(qiáng)方向如圖示．故電場(chǎng)線沿CO方向，故A正確；B、由圖可知，A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UAB=-E2Rcos60=°-ER，故B錯(cuò)誤；C、若是某小球從A點(diǎn)沿垂直于電場(chǎng)方向發(fā)射，恰好落到C點(diǎn)，小球只受電場(chǎng)力，做類平拋運(yùn)動(dòng)。垂直電場(chǎng)方向上：x=Rsin60°=v0t，沿電場(chǎng)方向上：y=Rcos60°=，由以上兩式得：Ek002=qER；故C錯(cuò)誤；=mvD、若是某小球從A點(diǎn)沿垂直于電場(chǎng)方向發(fā)射，恰好落到B點(diǎn)，小球只受電場(chǎng)力，做類平拋運(yùn)動(dòng)。垂直電場(chǎng)方向上：x=2Rsin60°=v0t，沿電場(chǎng)方向上：y=2Rcos60°=，由以上兩式得：Ek02=mv0=qER；故D正確；應(yīng)選：AD。小球在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，依照動(dòng)能定理qUAC=Ek，由于到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的小球的動(dòng)能最大，因此UAC最大，即在圓周上找不到與C電勢(shì)相等的點(diǎn)。因此與C點(diǎn)電勢(shì)相等的點(diǎn)在過C點(diǎn)的切線上。再依照電場(chǎng)線與等勢(shì)線垂直，能夠畫出電場(chǎng)線，即可確定電場(chǎng)的方向。小球做類平拋運(yùn)動(dòng)，依照平拋運(yùn)動(dòng)的知識(shí)剖析小球的運(yùn)動(dòng)情況，分別在水平方向和豎直方向上列式求解初動(dòng)能。此題要點(diǎn)觀察對(duì)電場(chǎng)力做功公式W=qEd的理解和應(yīng)用，d是沿電場(chǎng)方向兩點(diǎn)間的距離。此題還要求熟練掌握功能關(guān)系和類平拋運(yùn)動(dòng)的研究方法。第9頁(yè)，共13頁(yè)9.【答案】ABC【剖析】解：A、必定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷一緩慢的絕熱膨脹過程，則Q=0．W＜0，根據(jù)△U=W+Q可知，氣體的內(nèi)能減小，故A正確；B、熱力學(xué)第二定律表示：自然界中進(jìn)行的涉及熱現(xiàn)象的宏觀過程都擁有方向性，是不可逆的，故氣體向真空的自由膨脹是不能夠逆的，故B正確；C、熱力學(xué)第必定律也可表述為第一類永動(dòng)機(jī)不能夠能制或，故C正確；、熱力學(xué)第二定律可描述為“不能夠能使熱量由低溫物體傳達(dá)到高溫物體，而不引起其他變化”，故D錯(cuò)誤：E、內(nèi)能取決于物質(zhì)的量、溫度和體積，只有溫度無法確定內(nèi)能的大小，故E錯(cuò)誤。應(yīng)選：ABC。依照熱力學(xué)第必定律可判間隔熱膨脹過程的內(nèi)能變化；熱力學(xué)定律的兩種表述：（1）按傳熱的方向性表述：熱量不能夠自覺地從低溫物體傳到高溫物體，（2）按機(jī)械能與內(nèi)能轉(zhuǎn)變的方向性表述：不能夠能從單一熱源吸取熱量，使之圓滿變成功，而不產(chǎn)生其他影響。據(jù)此剖析各個(gè)選項(xiàng)即可。此題觀察熱力學(xué)第必定律與熱力學(xué)第二定律，要點(diǎn)熟悉熱力學(xué)第二定律的各種表述，能夠明確熱力學(xué)第二定律的實(shí)質(zhì)，掌握內(nèi)能的決定因素。10.【答案】BCD【剖析】解：由圖知振幅A=aA、若波沿x軸正方向流傳，質(zhì)點(diǎn)P此時(shí)辰的速度沿y軸正方向，故A錯(cuò)誤；B、質(zhì)點(diǎn)Q的位移為y＜0，因此加速度方向沿y軸正方向，故B正確；C、P點(diǎn)目前的位移為正當(dāng)，再經(jīng)過半個(gè)周期時(shí)位移必定變成負(fù)值，故C正確；D、質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)一個(gè)周期運(yùn)動(dòng)行程為振幅的4倍即4a，故D正確；E、波上任意質(zhì)點(diǎn)的振幅都相同，故E錯(cuò)誤；應(yīng)選：BCD。若波沿x軸正方向流傳，質(zhì)點(diǎn)P此時(shí)辰的速度沿y軸正方向，故A錯(cuò)誤；質(zhì)點(diǎn)Q的位移為y＜0，因此加速度方向沿y軸正方向，故B正確；P點(diǎn)目前的位移為正當(dāng)，再經(jīng)過半個(gè)周期時(shí)位移必定變成負(fù)值，故C正確；質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)一個(gè)周期運(yùn)動(dòng)行程為振幅的4倍即4a，故D正確；波上任意質(zhì)點(diǎn)的振幅都相同，故E錯(cuò)誤。要學(xué)會(huì)迅速依照質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)方向判斷波的流傳方向，注意質(zhì)點(diǎn)的加速度方向只與其目前有關(guān)于平衡地址的關(guān)系有關(guān)，波上的每一個(gè)質(zhì)點(diǎn)都擁有相同的振幅，質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)一個(gè)周期運(yùn)動(dòng)行程為振幅的4倍。11.【答案】BD0.300.30【剖析】解：（1）A、考據(jù)動(dòng)量守恒定律，不需要控制兩小車A、B的質(zhì)量相等，故A錯(cuò)誤；B、為使系統(tǒng)所受合外力為零，減小摩擦力對(duì)實(shí)驗(yàn)的影響，兩小車A、B與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)盡可能相同，故B正確；C、為減小實(shí)驗(yàn)誤差，兩小車A、B相距的距離應(yīng)合適大一些，故C錯(cuò)誤；、當(dāng)系統(tǒng)所受合外力為零時(shí)系統(tǒng)動(dòng)量守恒，實(shí)驗(yàn)前要平衡摩擦力，將長(zhǎng)導(dǎo)軌的左端用楔形木板墊起合適高度，以用小車重力的下滑分力來平衡小車運(yùn)動(dòng)時(shí)碰到的摩擦力，故正確；應(yīng)選：BD；（2）碰撞前A的速度：vA==0.5m/s，碰撞前A的動(dòng)量：PA=mAvA=0.6×0.5=0.30kg?m/s；第10頁(yè)，共13頁(yè)碰撞后的速度：v==0.25m/s，碰撞后的總動(dòng)量：P=2mv=2×0.6×0.25=0.30kg?m/s；故答案為：（1）BD；（2）0.30；0.30。1）系統(tǒng)所受合外力為零系統(tǒng)動(dòng)量守恒，依照實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)與實(shí)驗(yàn)原理剖析答題。2）依照?qǐng)D示紙帶求出小車的速度，今后應(yīng)用動(dòng)量的計(jì)算公式求出動(dòng)量。此題觀察動(dòng)量守恒定律實(shí)驗(yàn)考據(jù)；解決此題的要點(diǎn)知道A與B碰后，速度減小，會(huì)經(jīng)過紙帶求解速度的大小，同時(shí)掌握動(dòng)量守恒實(shí)驗(yàn)中存在誤差，只要要在誤差同意的范圍內(nèi)初末動(dòng)量守恒即可。12.-79.51.2×10不變1【剖析】解：（1）螺旋測(cè)微器的示數(shù)由固定與可動(dòng)刻度的示數(shù)之和，因此金屬絲的直徑d=0.5mm+22.5×0.01mm=0.725mm。（2）不計(jì)算滑動(dòng)變阻器的影響，電路中的最大電流I==0.15A=150mA，因此為了提高實(shí)驗(yàn)的精確程度，電流表選最量程為100mA的電流表A1（或序號(hào)B）；考慮圖象是與Rx的長(zhǎng)度是線性關(guān)系，因此考慮到Rx兩端的電壓，依照電阻定律和歐姆定律有：（IRx+R0）=E（未計(jì)算電源和電流表內(nèi)阻）而Rx=，聯(lián)立兩式有：=，顯然圖象是線性關(guān)系，故填：；再由圖象的截距求出源E==0.95V，再由圖象的斜率k==，進(jìn)而求得電阻率ρ==1.2×10-7Ωm。（3）若考慮電流表和電源的內(nèi)阻，則可把這兩個(gè)電阻均等效到定值電阻R0中去，但并不影響到圖象的斜率，因此測(cè)得的電阻率未發(fā)生變化。故答案為：（1）0.725（2）A1（B）9.51.210-7×（3）不變（1）螺旋測(cè)微器固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是螺旋測(cè)微器的示數(shù)；（2）①依照電路最大電流選擇電流表。②由實(shí)驗(yàn)步驟可知，電源電動(dòng)勢(shì)不變，電路電流向來等于電流表的滿偏電流，電路電流不變，由此可知，電路總電阻不變，由圖象及串連電路特點(diǎn)能夠求出電路總電阻，③由電阻定律及實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)能夠求出電阻率的表達(dá)式；（3）應(yīng)用圖象法求電阻率，電流表內(nèi)阻對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果沒有影響。做此題要注意：螺旋測(cè)微器示數(shù)等于固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和，對(duì)螺旋測(cè)微器讀數(shù)時(shí)要注意估讀；為減小讀數(shù)誤差，電表量程選綱領(lǐng)合適，在保證安全的前提下，量程不能過大；知道外電路電阻不變，熟練應(yīng)用電阻定律即可正確解題。13.【答案】解：（1）洛倫茲力不做功，機(jī)械能守恒，因此有：mgR（1-cos60）°=解得：v=2）小球在凹槽內(nèi)做來往運(yùn)動(dòng)，依照左手定則，當(dāng)小球向左運(yùn)動(dòng)到達(dá)凹槽底部時(shí)，對(duì)凹槽底部壓力最大第11頁(yè)，共13頁(yè)在最低點(diǎn)時(shí)有：Fm-qvB-mg=m由以上公式知Fm=2mg+qB由牛頓第三定律得，小球?qū)Π疾鄣牡撞康淖畲髩毫椋篎m=2mg+qB。答：（1）小球運(yùn)動(dòng)到凹槽的底部的速度是最大為；（2）小球運(yùn)動(dòng)到凹槽的底部時(shí)，對(duì)凹槽的最大壓力是2mg+qB?！酒饰觥浚?）洛倫茲力不做功，依照機(jī)械能守恒定律列式求解最低點(diǎn)速度；2）依照合力充當(dāng)向心力列式求解支持力，依照牛頓第三定律知壓力。此題注意洛倫茲力不做功，因此機(jī)械能守恒，依照機(jī)械能守恒簡(jiǎn)單求解最低點(diǎn)速度，進(jìn)而依照牛頓運(yùn)動(dòng)定律求解壓力。14.【答案】解：（1）環(huán)與直輕桿之間的滑動(dòng)摩擦力大小為fAB=μmgcos53°環(huán)對(duì)桿的壓力NAB=mgcos53°以彈性斜面體為研究對(duì)象，在水平方向上有f0=fABcos53°+NABcos37°由以上兩式解得地面對(duì)彈性斜面體的摩擦力f0=10.32N，方向水平向左。（2）在圓環(huán)從A→C的過程中，由動(dòng)能定理得Fx1-mg（x+x）sin53-°μ