高中物理人教版本冊總復習總復習 公開課

2023學年安徽省黃山市屯溪一中高二（上）開學物理試卷一、選擇題（共12小題，1-8題為單選題，每小題3分，9-12題為多選題，每小題3分，滿分40分）1．下列說法中，正確的是（）A．物體在一條直線上運動，如果在相等的時間里變化的位移相等，則物體的運動就是勻變速直線運動B．加速度大小不變的運動就是勻變速直線運動C．勻變速直線運動是加速度不變的運動D．加速度方向不變的運動一定是勻變速直線運動2．如圖所示，兩個完全相同的勻質光滑小球，靜止在內(nèi)壁光滑的半球形碗底，兩球之間相互作用力的大小為F1，每個小球對碗的壓力大小均為F2，若兩小球質量不變，而半徑均減小為原來的一半，則（）A．F1和F2均變大 B．F1和F2均變小C．F1變大，F(xiàn)2變小 D．F1變小，F(xiàn)2變大3．水平地面上有一直立的輕質彈簧，下端固定\上端與物體4相連接，整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，如圖1所示．現(xiàn)用一豎直向下的力F作用在物體4上，使4向下做一小段勻加速直線動（彈簧一直處在彈性限度內(nèi)）如圖2所示．在此過程中力F的大小與物體向下運動的距離x間的關系圖象正確的是（）A． B． C． D．4．如圖所示，質量為M的物體放在光滑水平地面上，受與水平方向成α角的恒定拉力F作用，從靜止開始沿水平地面運動，在時間t內(nèi)，拉力F對物體所做的功為W．若僅改變上述某一個量，物體還是從靜止開始沿水平地面運動，下列可使拉力做的功為2W的是（）A．物體質量減小為 B．拉力增大為2FC．做功時間增長為2t D．α角從60°變?yōu)?°5．在雜技表演中，猴子沿豎直桿向上做初速度為零、加速度為a的勻加速運動，同時人頂著直桿以速度v0水平勻速移動，經(jīng)過時間t，猴子沿桿向上移動的高度為h，人頂桿沿水平地面移動的距離為x，如圖所示．關于猴子的運動情況，下列說法中正確的是（）A．相對地面做勻速直線運動B．相對地面做勻加速直線運動C．t時刻猴子對地速度的大小為v0+atD．t時間內(nèi)猴子對地的位移大小為6．質量為m的物體以v0的速度水平拋出，經(jīng)過一段時間速度大小變?yōu)関0，不計空氣阻力，重力加速度為g，以下說法正確的是（）A．該過程平均速度大小為v0B．速度大小變?yōu)関0時，重力的瞬時功率為mgv0C．運動時間為D．運動位移的大小為7．設地球質量為月球質量的81倍，地球半徑是月球半徑的4倍，若探測器甲繞地球和探測器乙繞月球做勻速圓周運動的半徑相同，則（）A．甲與乙線速度之比為9：2B．甲與乙線速度之比為1：9C．甲與乙向心加速度之比為81：1D．甲與乙的運動周期之比為1：18．如圖所示，A、B是兩只相同的齒輪，A被固定不能轉動．若B齒輪繞A齒合運動半周，到達圖中的C位置，則B齒輪上所標出的豎直向上的箭頭所指的方向是（）A．豎直向上 B．豎直向下 C．水平向左 D．水平向右9．如圖，在光滑水平面上，放著兩塊長度相同，質量分別為M1和M2的木板，在兩木板的左端各放一個大小、形狀、質量完全相同的物塊．開始時，各物均靜止，今在兩物體上各作用一水平恒力F1、F2，當物塊和木板分離時，兩木板的速度分別為v1和v2，物體和木板間的動摩擦因數(shù)相同，下列說法正確的是（）A．若F1=F2，M1＞M2，則v1＞v2 B．若F1=F2，M1＜M2，則v1＞v2C．若F1＞F2，M1=M2，則v1＞v2 D．若F1＜F2，M1=M2，則v1＞v210．如圖所示，水平拋出的物體，抵達斜面上端P處時速度恰好沿著斜面方向，緊貼斜面PQ無摩擦滑下；如下四圖圖為物體沿x方向和y方向運動的位移﹣時間圖象及速度﹣時間圖象，其中可能正確的是（）A． B． C． D．11．有密度相同的兩顆行星A和B，已知A星的表面重力加速度是B星表面重力加速度的2倍（忽略行星自轉的影響），則下列說法正確的是（）A．兩行星A、B的質量之比為8：1B．兩行星A、B的半徑之比為2：1C．兩行星A、B的第一宇宙速度之比為1：2D．兩行星A、B的第一宇宙速度之比為2：112．一根輕彈簧，上端固定，下端栓一個重物P，處于靜止狀態(tài)，如圖所示．現(xiàn)有外力把它向下拉一段距離，則以下說法正確的是（）A．向下拉的某段過程中，重力勢能的減少量可能大于彈性勢能的增加量B．向下拉的任一段過程中，重力勢能的減少量一定小于彈性勢能的增加量C．撤去拉力，P在任一段運動過程中，重力勢能的增加量一定等于彈性勢能的減少量D．撤去拉力，P在某段運動過程中，重力勢能的增加量可能等于彈性勢能的減少量二、實驗題（共三小題，13、14題各4分，15題12分，共20分）13．在研究勻變速直線運動規(guī)律的實驗中，通過紙帶算出小車經(jīng)過各計數(shù)點的瞬時速度后，為了計算加速度，以下四種說法中最合理的是（）A．根據(jù)任意兩計數(shù)點的速度用公式算出加速度B．根據(jù)實驗數(shù)據(jù)畫出v﹣t圖象，量出其傾角θ，由公式a=tanθ，求出加速度C．根據(jù)實驗數(shù)據(jù)畫出v﹣t圖象，由圖線上相距較遠的兩點所對應的速度．時間用公式算出加速度D．依次算出通過連續(xù)兩計數(shù)點的加速度，算出平均值作為小車的加速度14．在驗證力的平行四邊形定則時，先將橡皮條的一端固定在水平木板上，另一端系上帶有繩套的兩根細繩．實驗時，需要兩次拉伸橡皮條，第一次是通過兩細繩用兩個彈簧測力計互成角度地拉橡皮條，第二次是用一個彈簧測力計通過一細繩拉橡皮條下列對本實驗的要求及減小實驗誤差的說法正確的有（）A．兩次拉伸橡皮條只要將橡皮條拉伸相同長度即可B．第二次拉橡皮條時要使細繩沿第一次實驗所作平行四邊形對角線方向C．標記拉力方向時，鉛筆要緊靠細繩，沿繩移動畫出拉力方向D．拉橡皮條的細繩要長些，標記同一細繩方向的兩點要遠些E．彈簧測力計使用前要先調(diào)到零點，拉橡皮條時彈簧的伸長方向和所測拉力方向要一致15．用如圖1所示的實驗裝置驗證機械能守恒定律．實驗所用的電源為學生電源，輸出電壓為6V的交流電和直流電兩種．重錘從高處由靜止開始下落，重錘上拖著的紙帶打出一系列的點，對紙帶的點痕進行測量，即可驗證機械能守恒定律．（1）下面列舉了該實驗的幾個操作步驟：A．按照圖示的裝置安裝器件；B．將打點計時器接到電源的“直流輸出”上；C．用天平測出重錘的質量；D．釋放懸掛紙帶的夾子，同時接通電源開關打出一條紙帶；E．測量紙帶上某些點間的距離；F．根據(jù)測量的結果計算重錘下落過程中減少的重力勢能是否等于增加的動能．其中沒有必要進行的或者操作不當?shù)牟襟E，將其選項對應的字母填在下面的空行內(nèi)，并說明其原因．答：（2）利用這個裝置也可以測量重錘下落的加速度a的數(shù)值．如圖所示，根據(jù)打出的紙帶，選取紙帶上的連續(xù)的五個點A、B、C、D、E，測出A距起始點O的距離為s0，點AC間的距離為s1，點CE間的距離為s2，使用交流電的頻率為f，根據(jù)這些條件計算重錘下落的加速度．（3）在驗證機械能守恒定律的實驗中發(fā)現(xiàn)，重錘減小的重力勢能總是大于重錘動能的增加，其原因主要是因為在重錘下落的過程中存在阻力作用，可以通過該實驗裝置測阻力的大?。粢阎?shù)刂亓铀俣裙J的較準確的值為g，還需要測量的物理量是．試用這些物理量和紙帶上的數(shù)據(jù)表示出重錘在下落的過程中受到的平均阻力大小F=．三、解答題（共4小題，16、17每小題各8分，18小題10分，19小題14分，滿分40分）16．一輛汽車沿平直公路從甲站開往乙站，起動加速度為2m/s2，加速行駛5秒，后勻速行駛2分鐘，然后剎車，滑行50m，正好到達乙站．求汽車從甲站到乙站的平均速度？17．一個質量m=2kg的滑塊在傾角為θ=37°的固定斜面上，受到一個大小為40N的水平推力F作用，以v0=10m/s的速度沿斜面勻速上滑．（sin37°=，取g=10m/s2）（1）求滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)；（2）若滑塊運動到A點時立即撤去推力F，求這以后滑塊再返回A點經(jīng)過的時間．18．如圖所示，質量為m的小球，在外力作用下，由靜止開始從水平軌道的A點出發(fā)做勻加速直線運動，到達B點時撤消外力．小球沖上豎直平面內(nèi)半徑為R的光滑半圓環(huán)，恰能維持在圓環(huán)上做圓周運動，到達最高點C后拋出，最后落回到原來的出發(fā)點A處，試求小球在AB段運動的加速度．19．固定在水平地面上光滑斜面傾角為θ，斜面底端固定一個與斜面垂直的擋板，一木板A被在斜面上，其下端離地面高為H，上端放著一個小物塊B，如圖所示．木板和物塊的質量均為m，相互間最大靜摩擦力等于滑動摩擦力kmgsinθ（k＜1），把它們由靜止釋放，木板與擋板發(fā)生碰撞時，時間極短，無動能損失，而物塊不會與擋板發(fā)生碰撞．求：（1）木板第一次與擋板碰撞彈回沿斜面上升過程中，物塊B的加速度；（2）從釋放木板到木板與擋板第二次碰撞的瞬間，木板運動的路程s（3）從釋放木板到木板和物塊都靜止，木板和物塊系統(tǒng)損失的機械能．

2023學年安徽省黃山市屯溪一中高二（上）開學物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題（共12小題，1-8題為單選題，每小題3分，9-12題為多選題，每小題3分，滿分40分）1．下列說法中，正確的是（）A．物體在一條直線上運動，如果在相等的時間里變化的位移相等，則物體的運動就是勻變速直線運動B．加速度大小不變的運動就是勻變速直線運動C．勻變速直線運動是加速度不變的運動D．加速度方向不變的運動一定是勻變速直線運動【考點】加速度．【分析】勻變速直線運動的特點是加速度不變，即加速度大小和方向均不變，速度均勻變化，即相等時間內(nèi)速度變化量相同．【解答】解：A、物體在一條直線上運動，如果在相等的時間里變化的速度相等，則物體的運動就是勻變速直線運動，而不是位移變化相等．故B錯誤．B、加速度不變的運動就是勻變速直線運動，不僅僅是加速度大小不變，方向也要不變．比如勻速圓周運動，加速度大小不變，加速度方向變化是變加速運動．故B錯誤．C、勻變速直線運動速度均勻變化，加速度不變．故C正確．D、加速度方向不變的運動不一定是勻變速直線運動，還有加速度大小不變．故D錯誤．故選C2．如圖所示，兩個完全相同的勻質光滑小球，靜止在內(nèi)壁光滑的半球形碗底，兩球之間相互作用力的大小為F1，每個小球對碗的壓力大小均為F2，若兩小球質量不變，而半徑均減小為原來的一半，則（）A．F1和F2均變大 B．F1和F2均變小C．F1變大，F(xiàn)2變小 D．F1變小，F(xiàn)2變大【考點】共點力平衡的條件及其應用；物體的彈性和彈力．【分析】設碗對球的支持力與豎直方向的夾角為α．以其中某一個球為研究對象，分析受力，作出力圖，根據(jù)平衡條件求出碗對球的支持力和另一球對它的彈力與α的關系式，根據(jù)數(shù)學分析當碗的半徑逐漸減小時，α如何變化．再分析F1和F2如何變化．【解答】解：以左邊的球為研究對象，作出力圖，如圖．設碗對球的支持力F2與豎直方向的夾角為α．根據(jù)平衡條件得F2=F1=mgtanα若兩小球質量不變，而半徑均減小為原來的一半，則α減小，cosα變大，tanα變小；則F1變小，F(xiàn)2變?。蔬x：B．3．水平地面上有一直立的輕質彈簧，下端固定\上端與物體4相連接，整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，如圖1所示．現(xiàn)用一豎直向下的力F作用在物體4上，使4向下做一小段勻加速直線動（彈簧一直處在彈性限度內(nèi)）如圖2所示．在此過程中力F的大小與物體向下運動的距離x間的關系圖象正確的是（）A． B． C． D．【考點】牛頓第二定律；胡克定律．【分析】根據(jù)牛頓第二定律列出加速度的表達式，從而得出F與形變量的關系．【解答】解：初始狀態(tài)，重力和彈力的合力為零，施加F后，根據(jù)牛頓第二定律有：a=，因為mAg=kx0，所以a=，則F=ma+kx，ma是定值，知D正確，A、B、C錯誤．故選D．4．如圖所示，質量為M的物體放在光滑水平地面上，受與水平方向成α角的恒定拉力F作用，從靜止開始沿水平地面運動，在時間t內(nèi)，拉力F對物體所做的功為W．若僅改變上述某一個量，物體還是從靜止開始沿水平地面運動，下列可使拉力做的功為2W的是（）A．物體質量減小為 B．拉力增大為2FC．做功時間增長為2t D．α角從60°變?yōu)?°【考點】功的計算．【分析】根據(jù)牛頓第二定律分析加速度的變化，由位移公式分析位移，再確定功的變化．【解答】解：A、物體質量減小為，則物體的加速度變?yōu)樵瓉淼?倍，由x=知，在相同時間內(nèi)物體通過的位移為原來的2倍，由W=Fxcosα，可知，拉力做功為2W．故A正確．B、拉力增大為2F時，加速度物體的加速度變?yōu)樵瓉淼?倍，由x=知，在相同時間內(nèi)物體通過的位移為原來的2倍，由W=Fxcosα，可知，拉力做功為4W．故B錯誤．C、做功時間增長為2t，由x=知，物體通過的位移為原來的4倍，由W=Fxcosα，可知，拉力做功為4W．故C錯誤．D、由W=Fxcosα=Fcosα=，α角從60°變?yōu)?°，則得，拉力做功為4W．故D錯誤．故選A5．在雜技表演中，猴子沿豎直桿向上做初速度為零、加速度為a的勻加速運動，同時人頂著直桿以速度v0水平勻速移動，經(jīng)過時間t，猴子沿桿向上移動的高度為h，人頂桿沿水平地面移動的距離為x，如圖所示．關于猴子的運動情況，下列說法中正確的是（）A．相對地面做勻速直線運動B．相對地面做勻加速直線運動C．t時刻猴子對地速度的大小為v0+atD．t時間內(nèi)猴子對地的位移大小為【考點】運動的合成和分解．【分析】A、猴子參與了水平方向上的勻速直線運動和豎直方向上的勻加速直線運動，通過運動的合成，判斷猴子相對于地面的運動軌跡以及運動情況．C、求出t時刻猴子在水平方向和豎直方向上的分速度，根據(jù)平行四邊形定則，求出猴子相對于地面的速度，即合速度．D、分別求出猴子在t時間內(nèi)水平方向和豎直方向上的位移，根據(jù)平行四邊形定則，求出猴子的合位移．【解答】解：A、猴子在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做初速度為0的勻加速直線運動，根據(jù)運動的合成，知合速度與合加速度不在同一條直線上，所以猴子運動的軌跡為曲線．故A錯誤．B、猴子在水平方向上的加速度為0，在豎直方向上有恒定的加速度，根據(jù)運動的合成，知猴子做曲線運動的加速度不變，做勻變速曲線運動．故B錯誤．C、t時刻猴子在水平方向上的速度為v0，和豎直方向上的分速度為at，所以合速度v=．故C錯誤．D、在t時間內(nèi)猴子在水平方向和豎直方向上的位移分別為x和h，根據(jù)運動的合成，知合位移s=．故D正確．故選：D．6．質量為m的物體以v0的速度水平拋出，經(jīng)過一段時間速度大小變?yōu)関0，不計空氣阻力，重力加速度為g，以下說法正確的是（）A．該過程平均速度大小為v0B．速度大小變?yōu)関0時，重力的瞬時功率為mgv0C．運動時間為D．運動位移的大小為【考點】功率、平均功率和瞬時功率；平均速度．【分析】平拋運動是加速度為g的勻變速運動，根據(jù)平拋運動的基本規(guī)律即可求解【解答】解：ACD、豎直方向速度為：，所以運動時間，位移為：，所以平均速度為，故A錯誤，C錯誤，D正確；B、速度大小變?yōu)闀r，重力的瞬時功率為：，故B錯誤；故選：D7．設地球質量為月球質量的81倍，地球半徑是月球半徑的4倍，若探測器甲繞地球和探測器乙繞月球做勻速圓周運動的半徑相同，則（）A．甲與乙線速度之比為9：2B．甲與乙線速度之比為1：9C．甲與乙向心加速度之比為81：1D．甲與乙的運動周期之比為1：1【考點】萬有引力定律及其應用．【分析】探測器甲繞地球做圓周運動，由地球的萬有引力提供向心力；探測器乙繞月球做勻速圓周運動，由月球的萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律列方程求解比例．【解答】解：設探測器運動的半徑為r．A、B對甲：由=，得到v甲=，同理v乙=，則v甲：v乙=9：1．故A、B錯誤．C、甲的向心加速度a甲==，同理a乙=，則a甲：a乙=81：1．故C正確．D、甲的周期T甲=，乙的周期T乙=，則T甲：T乙=v乙：v甲=1：9．故D錯誤．故選C8．如圖所示，A、B是兩只相同的齒輪，A被固定不能轉動．若B齒輪繞A齒合運動半周，到達圖中的C位置，則B齒輪上所標出的豎直向上的箭頭所指的方向是（）A．豎直向上 B．豎直向下 C．水平向左 D．水平向右【考點】常見的傳動裝置；線速度、角速度和周期、轉速．【分析】當A被固定時只有B轉動，顯然B以A的圓心做旋轉運動，如果假設齒輪齒徑為r，那么B轉動的半徑為2r，算出B運動的弧長，再求出圓心角即可求解．【解答】解：當A被固定時只有B轉動，顯然B以A的圓心做旋轉運動，如果假設齒輪齒徑為r，那么B轉動的半徑為2r，那么從B位置到C位置的路程為π?2r，因此齒輪B的圓心角為即齒輪B轉了一圈，所以箭頭指向為豎直向上，所以BCD錯誤，A正確；故選A．9．如圖，在光滑水平面上，放著兩塊長度相同，質量分別為M1和M2的木板，在兩木板的左端各放一個大小、形狀、質量完全相同的物塊．開始時，各物均靜止，今在兩物體上各作用一水平恒力F1、F2，當物塊和木板分離時，兩木板的速度分別為v1和v2，物體和木板間的動摩擦因數(shù)相同，下列說法正確的是（）A．若F1=F2，M1＞M2，則v1＞v2 B．若F1=F2，M1＜M2，則v1＞v2C．若F1＞F2，M1=M2，則v1＞v2 D．若F1＜F2，M1=M2，則v1＞v2【考點】牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關系；滑動摩擦力．【分析】本題中涉及到兩個物體，所以就要考慮用整體法還是隔離法，但題中研究的是兩物體的相對滑動，所以應該用隔離法．板和物體都做勻變速運動，牛頓定律加運動學公式和動能定理都能用，但題中“當物體與板分離時”隱含著在相等時間內(nèi)物體的位移比板的位移多一個板長，也就是隱含著時間因素，所以不方便用動能定理解了，就要用牛頓定律加運動公式解．【解答】解：A、B：首先看F1=F2時情況：由題很容易得到兩物塊所受的摩擦力大小是相等的，因此兩物塊的加速度相同，我們設兩物塊的加速度大小為a，對于M1、M2，滑動摩擦力即為它們的合力，設M1的加速度大小為a1，M2的加速度大小為a2，根據(jù)牛頓第二定律得：因為a1=，a2=，其中m為物塊的質量．設板的長度為L，它們向右都做勻加速直線運動，當物塊與木板分離時：物塊與M1的相對位移L=at12﹣a1t12物塊與M2的相對位移L=at22﹣a2t22若M1＞M2，a1＜a2所以得：t1＜t2M1的速度為v1=a1t1，M2的速度為v2=a2t2則v1＜v2，故A錯誤．若M1＜M2，a1＞a2所以得：t1＞t2M1的速度為v1=a1t1，M2的速度為v2=a2t2則v1＞v2，故B正確．C、D：若F1＞F2、M1=M2，根據(jù)受力分析和牛頓第二定律的：則M1上的物塊的加速度大于M2上的物塊的加速度，即aa＞ab由于M1=M2，所以M1、M2加速度相同，設M1、M2加速度為a．它們向右都做勻加速直線運動，當物塊與木板分離時：物塊與M1的相對位移L=aat12﹣at12物塊與M2的相對位移L=abt22﹣at22由于aa＞ab所以得：t1＜t2則v1＜v2，故C錯誤．若F1＜F2、M1=M2，aa＜ab則v1＞v2，故D正確．故選BD．10．如圖所示，水平拋出的物體，抵達斜面上端P處時速度恰好沿著斜面方向，緊貼斜面PQ無摩擦滑下；如下四圖圖為物體沿x方向和y方向運動的位移﹣時間圖象及速度﹣時間圖象，其中可能正確的是（）A． B． C． D．【考點】勻變速直線運動的圖像．【分析】物體在抵達斜面之前做平拋運動，故在水平方向做勻速直線運動，在豎直方向做自由落體運動，而到達斜面后做勻加速直線運動，在水平方向和豎直方向分別做勻加速直線運動，寫出在水平方向的速度表達式和位移表達式，豎直方向的速度表達式和位移表達式即可．【解答】解：設斜面的傾角為α，則水平拋出的物體在抵達斜面之前其水平向做勻速直線運動，故其水平速度vx=v0，而抵達斜面后物體的加速度a=gsinθ，故水平向速度vx=v0+（gsinθcosθ）t，即在水平方向做勻加速運動．故B錯誤．在抵達斜面之前物體在水平方向的位移x0=v0t0，而抵達斜面后物體在水平方向的位移x=x0+v0△t+gsinθcosθ△t2，故A正確．在物體抵達斜面之前，物體在豎直方向做自由落體運動，故豎直方向的速度vy=gt，抵達斜面后物體在豎直方向的加速度ay=gsinθsinθ=g（sinθ）2，故vy=gt0+g（sinθ）2t，故D正確．在抵達斜面前物體在豎直方向的位移y=，抵達斜面后y=+gt0△tg（sinθ）2（△t）2，故C錯誤．故選A、D．11．有密度相同的兩顆行星A和B，已知A星的表面重力加速度是B星表面重力加速度的2倍（忽略行星自轉的影響），則下列說法正確的是（）A．兩行星A、B的質量之比為8：1B．兩行星A、B的半徑之比為2：1C．兩行星A、B的第一宇宙速度之比為1：2D．兩行星A、B的第一宇宙速度之比為2：1【考點】萬有引力定律及其應用．【分析】球體的體積公式為V=πR3，任何星球表面都近似有mg=，衛(wèi)星繞行星運動的第一宇宙速度的表達式可寫為：v=或v=【解答】解：根據(jù)兩星密度相同有，根據(jù)兩星重力加速度的關系有，得，，AB正確，由第一宇宙速度得，D項正確故選ABD12．一根輕彈簧，上端固定，下端栓一個重物P，處于靜止狀態(tài)，如圖所示．現(xiàn)有外力把它向下拉一段距離，則以下說法正確的是（）A．向下拉的某段過程中，重力勢能的減少量可能大于彈性勢能的增加量B．向下拉的任一段過程中，重力勢能的減少量一定小于彈性勢能的增加量C．撤去拉力，P在任一段運動過程中，重力勢能的增加量一定等于彈性勢能的減少量D．撤去拉力，P在某段運動過程中，重力勢能的增加量可能等于彈性勢能的減少量【考點】功能關系；彈性勢能．【分析】重物P靜止時受到的重力和彈簧的拉力大小相等，外力把它向下拉一段距離的過程中，彈簧的拉力等于重力和外力之和．【解答】解：AB、向下拉的某段過程中，彈簧拉力做的功等于系統(tǒng)機械能的增加，重力勢能的減小量與拉力做功之和等于彈性勢能的增加量，所以重力勢能的減少量一定小于彈性勢能的增加量，故A錯誤，B正確；C、撤去拉力，P在運動過程中，重力和彈簧的彈力做功，彈性勢能的減小量等于重力勢能的增加量和重物動能的增加量的和，故C錯誤；D、重力和彈簧的彈力做功，彈性勢能的減小量等于重力勢能的增加量和重物動能的增加量的和，只有在最高點或最低點的時候，重力勢能的增加量可能等于彈性勢能的減小量，故D正確．故選：BD二、實驗題（共三小題，13、14題各4分，15題12分，共20分）13．在研究勻變速直線運動規(guī)律的實驗中，通過紙帶算出小車經(jīng)過各計數(shù)點的瞬時速度后，為了計算加速度，以下四種說法中最合理的是（）A．根據(jù)任意兩計數(shù)點的速度用公式算出加速度B．根據(jù)實驗數(shù)據(jù)畫出v﹣t圖象，量出其傾角θ，由公式a=tanθ，求出加速度C．根據(jù)實驗數(shù)據(jù)畫出v﹣t圖象，由圖線上相距較遠的兩點所對應的速度．時間用公式算出加速度D．依次算出通過連續(xù)兩計數(shù)點的加速度，算出平均值作為小車的加速度【考點】測定勻變速直線運動的加速度．【分析】根據(jù)各計數(shù)點的瞬時速度作出速度﹣時間圖象，解出其斜率即是小車的加速度．圖象法能有效地舍棄誤差較大的數(shù)據(jù)，減小偶然誤差．【解答】解：AC、在處理實驗數(shù)據(jù)時，如果只使用其中兩個數(shù)據(jù)，由于偶然誤差的存在可能會造成最后誤差較大；所以我們可以根據(jù)實驗數(shù)據(jù)畫出v﹣t圖象，考慮到誤差，不可能是所有點都整齊的排成一條直線，連線時，應該盡量使那些不能畫在線上的點均勻地分布在線的兩側，這樣圖線上會舍棄誤差較大的點，由圖線上任意兩點所對應的速度及時間，用公式算出加速度，所以誤差?。还蔄錯誤，C正確．B、根據(jù)實驗數(shù)據(jù)畫出v﹣t圖象，當縱坐標取不同的標度時，圖象的傾角就會不同，所以量出其傾角，用公式a=tanα算出的數(shù)值并不是加速度，故B錯誤．D、這種方法是不對的，因為根本就不知道加速度是一個什么函數(shù)，如果是一個變化值這種方法完全是錯誤的，除非你能確定加速度是什么函數(shù)，故D錯誤．故選：C．14．在驗證力的平行四邊形定則時，先將橡皮條的一端固定在水平木板上，另一端系上帶有繩套的兩根細繩．實驗時，需要兩次拉伸橡皮條，第一次是通過兩細繩用兩個彈簧測力計互成角度地拉橡皮條，第二次是用一個彈簧測力計通過一細繩拉橡皮條下列對本實驗的要求及減小實驗誤差的說法正確的有（）A．兩次拉伸橡皮條只要將橡皮條拉伸相同長度即可B．第二次拉橡皮條時要使細繩沿第一次實驗所作平行四邊形對角線方向C．標記拉力方向時，鉛筆要緊靠細繩，沿繩移動畫出拉力方向D．拉橡皮條的細繩要長些，標記同一細繩方向的兩點要遠些E．彈簧測力計使用前要先調(diào)到零點，拉橡皮條時彈簧的伸長方向和所測拉力方向要一致【考點】驗證力的平行四邊形定則．【分析】為了使兩根彈簧秤拉力的作用效果與一根彈簧秤拉力的作用效果相同，兩次橡皮條伸長的長度相同，且拉到同一個結點，為了減小實驗誤差，拉橡皮條的細繩要長些，標記方向的兩點要遠些．【解答】解：A、兩次拉伸橡皮條要將橡皮條拉伸到同一結點．故A錯誤．B、第二次拉橡皮條仍然要將橡皮條拉到與第一次相同的結點，且與橡皮條的方向共線．故B錯誤．C、標記方向上時在細繩的方向上標兩個點，兩點確定一條直線，不能沿繩子畫方向．故C錯誤．D、為了減小實驗誤差，拉橡皮條的細繩要長些，標記方向的兩點要遠些．故D正確．E、彈簧測力計使用前要先調(diào)到零點，拉橡皮條時彈簧的伸長方向和所測拉力方向要一致．故E正確．故選DE．15．用如圖1所示的實驗裝置驗證機械能守恒定律．實驗所用的電源為學生電源，輸出電壓為6V的交流電和直流電兩種．重錘從高處由靜止開始下落，重錘上拖著的紙帶打出一系列的點，對紙帶的點痕進行測量，即可驗證機械能守恒定律．（1）下面列舉了該實驗的幾個操作步驟：A．按照圖示的裝置安裝器件；B．將打點計時器接到電源的“直流輸出”上；C．用天平測出重錘的質量；D．釋放懸掛紙帶的夾子，同時接通電源開關打出一條紙帶；E．測量紙帶上某些點間的距離；F．根據(jù)測量的結果計算重錘下落過程中減少的重力勢能是否等于增加的動能．其中沒有必要進行的或者操作不當?shù)牟襟E，將其選項對應的字母填在下面的空行內(nèi)，并說明其原因．答：B．應將打點計時器接到電源的交流輸出上；C．不需測出重錘的質量；D．先接通電源后釋放懸掛紙帶的夾子；（2）利用這個裝置也可以測量重錘下落的加速度a的數(shù)值．如圖所示，根據(jù)打出的紙帶，選取紙帶上的連續(xù)的五個點A、B、C、D、E，測出A距起始點O的距離為s0，點AC間的距離為s1，點CE間的距離為s2，使用交流電的頻率為f，根據(jù)這些條件計算重錘下落的加速度a=．（3）在驗證機械能守恒定律的實驗中發(fā)現(xiàn)，重錘減小的重力勢能總是大于重錘動能的增加，其原因主要是因為在重錘下落的過程中存在阻力作用，可以通過該實驗裝置測阻力的大?。粢阎?shù)刂亓铀俣裙J的較準確的值為g，還需要測量的物理量是m．試用這些物理量和紙帶上的數(shù)據(jù)表示出重錘在下落的過程中受到的平均阻力大小F=m（g﹣）．【考點】驗證機械能守恒定律．【分析】解決實驗問題首先要掌握該實驗原理，了解實驗的儀器、操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項．紙帶實驗中，若紙帶勻變速直線運動，測得紙帶上的點間距，利用勻變速直線運動的推論，可計算出打出某點時紙帶運動的加速度．重物下落過程中受重力和阻力，根據(jù)牛頓第二定律求出平均阻力大小．【解答】解：（1）沒有必要進行的步驟是：因為我們是比較mgh、mv2的大小關系，故m可約去比較，不需要用天平．故C沒有必要．操作不恰當?shù)牟襟E是：應將打點計時器接到電源的交流輸出端上，故B錯誤．開始記錄時，應先給打點計時器通電打點，然后再釋放重錘，讓它帶著紙帶一同落下，如果先放開紙帶讓重物下落，再接通打點計時時器的電源，由于重物運動較快，不利于數(shù)據(jù)的采集和處理，會對實驗產(chǎn)生較大的誤差，故D錯誤．（2）利用勻變速直線運動的推論△x=at2a===（s2﹣s1）f2（3）還需要測量的物理量是重錘的質量m．重物下落過程中受重力mg和阻力F，根據(jù)牛頓第二定律得：F合=mg﹣FF=mg﹣ma=m（g﹣）；故答案為：（1）B．應將打點計時器接到電源的交流輸出上；C．不需測出重錘的質量；D．先接通電源后釋放懸掛紙帶的夾子；（2）a=；（3）m，m（g﹣）．三、解答題（共4小題，16、17每小題各8分，18小題10分，19小題14分，滿分40分）16．一輛汽車沿平直公路從甲站開往乙站，起動加速度為2m/s2，加速行駛5秒，后勻速行駛2分鐘，然后剎車，滑行50m，正好到達乙站．求汽車從甲站到乙站的平均速度？【考點】平均速度；勻變速直線運動的位移與時間的關系．【分析】根據(jù)運動學基本公式分別求出各階段的位移，平均速度等于總位移除以總時間．【解答】解：起動階段行駛位移為：S1=勻速行駛的速度為：V=at1勻速行駛的位移為：S2=Vt2剎車段的位移為：S3=汽車從甲站到乙站的平均速度為：V=答：汽車從甲站到乙站的平均速度為s．17．一個質量m=2kg的滑塊在傾角為θ=37°的固定斜面上，受到一個大小為40N的水平推力F作用，以v0=10m/s的速度沿斜面勻速上滑．（sin37°=，取g=10m/s2）（1）求滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)；（2）若滑塊運動到A點時立即撤去推力F，求這以后滑塊再返回A點經(jīng)過的時間．【考點】共點力平衡的條件及其應用；勻變速直線運動的位移與時間的關系；力的合成與分解的運用；牛頓第二定律．【分析】（1）滑塊在水平推力作用下沿斜面向上勻速運動，合力為零，根據(jù)正交分解法列方程，求解動摩擦因數(shù)；（2）若滑塊運動到A點時立即撤去推力F，滑塊先向上做勻減速運動，后向下做勻加速運動．根據(jù)牛頓第二定律和運動學公式結合求解時間．【解答】解：（1）滑塊在水平推力作用下沿斜面向上勻速運動時，合力為零，則有Fcos37°=mgsin37°+μ（mgcos37°+Fsin37°）代入解得，μ=（2）撤去F后，滑塊上滑過程：根據(jù)牛頓第二定律得：mgsin37°+μmgcos37°=ma1，得，a1=g（sin37°+μcos37°）上滑的時間為t1==1s上滑的位移為x==5m滑塊下滑過程：mgsin37°﹣μmgcos37°=ma2，得，a2=g（sin37°﹣μcos37°）由于下滑與上滑的位移大小相等，則有x=解得，=s故t=t1+t2=（1+）s答：（1）滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)是；（2）若滑塊運動到A點時立即撤去推力F，這以后滑塊再返回A點經(jīng)過的時間是（1+）s．18．如圖所示，質量為m的