2022年江西省贛州市會昌中學寧師中學物理高二上期末教學質量檢測模擬試題含解析

2022-2023學年高二上物理期末模擬試卷注意事項考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回.答題前，請務必將自己的姓名，準考證號用0.5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置.請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符.作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案.作答非選擇題，必須用0S毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效.如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗.一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的,1、 有一內阻為5052,滿偏電流為10mA的電流計，現(xiàn)要將其改裝成ft程為0-3V的電壓表。下列做法正確的是并聯(lián)一個阻值為250Q的定值電阻串聯(lián)一個阻值為250H的定值電阻并聯(lián)一個阻值為300Q的定值電阻串聯(lián)一個阻值為300H的定值電阻2、 如圖所示，一長直導線旁邊同一平面內有一矩形線圏導線中通有&直向上的電流.下列操作瞬間，能在線圈中產(chǎn)生沿a/ZMa方向電流的是（）A.線圄向左平動A.線圄向左平動D.線圈向右平動C.線圈以MD.線圈向右平動3、線圈中心處掛上一個小磁針，且與線圈在同一平面內，則線圈中通以如圖所示方向的電流時小磁針N極向里轉小磁針N極向外轉小磁針在紙面內向左擺動小磁針在紙面內向右擺動4、在研宄微型電動機的性能時，應用如圖所示的實驗電路，當調節(jié)滑動變阻器使電動機ff止轉動時，電流表和電壓表的示數(shù)分別為0.5A和2.0V。重新調節(jié)R使電動機恢復正常運轉，此時電流表和電壓表的示數(shù)分別為2.0A和24.0V.則這臺電動機正常運轉時輸出功率為（〉47VV B.44WC.32VV D.18W5、如圖所示，質量為m的木塊從半徑為/?的半球形碗口下滑到碗的最低點的過程中，如果由于摩擦力的作用使木塊的速率不變，那么（）R0加速度為零加速度恒定加速度大小不變，方向時刻改變，但不一定指向圓心加速度大小不變，方向時刻指向圓心6、法拉第圓盤發(fā)電機的示意圖如圖所示.半徑為I?的銅圓盤安裝在豎直的銅軸上，兩銅片P、0分別與圓盤的邊緣和銅軸接觸，磁感強度為仏關于流過電阻的電流，下列說法正確的是（）若圓盤轉動的角速度為叭則發(fā)電機產(chǎn)生的電動勢為2若從上向下看，圓盤順時針轉動，則電流沿6到a的方向流動若圓盤轉動方向不變，角速度大小發(fā)生變化，則電流方向可能發(fā)生變化若圓盤轉動的角速度變?yōu)樵瓉淼?倍，則電流在R上的熱功率也變?yōu)樵瓉淼?倍二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分.7、如圖所示，輕質彈費左端固定，置于場強為￡水平向左的勻強電場中*一質量為電荷量為葉的絕緣物塊（可視為質點，從距彈簧右端/^處由靜止釋放，物塊與水平面間動摩擦因數(shù)為M，物塊向左運動經(jīng)4點（圖中未畫出）時速度最大為彈簧被壓縮到最短時物體離釋放點的距離為L，重力加速度為g整個過程中彈簧始終在彈性限度內.則從物塊釋放到彈簧壓縮至最短的過程中（ ）從物塊釋放到彈簧壓縮至最短的過程中（ ）卜LH物塊與彈簧組成的系統(tǒng)機械能的増加量為（破-戶識）A物塊電勢能的減少量等于彈簧彈性勢能的増加量與系統(tǒng)產(chǎn)生的內能之和物塊的速度最大時，彈簧的彈性勢能若物塊能彈回，則在向右運動的過程中速度最大的位置在4點左側8、速度相同的一束粒子由左端射入質譜儀后分成甲、乙兩束，其運動軌跡如圖所示，其中50A=|50C,則下列相關說法中正確的是（）甲束粒子帶正電，乙束粒子帶負電甲束粒子的比荷大于乙束粒子的比荷E能通過狹縫So的帶電粒子的速率等于y若甲、乙兩束粒子的電荷量相等，則甲、乙兩束粒子的質量比為2：39,兩個用相同材料制成的半徑相等的帶電金屬小球（可看成點電荷〉，其中一個球的帶電量的絕對值是另一個的5倍，當它們靜止于空間某兩點時，靜電力大小為F?，F(xiàn)將兩球接觸后再放回原處，則它們間靜電力的大小可能為（ ）尸F(xiàn)5-95-4尸F(xiàn)5-95-4??ACB10、如圖所示，一導線彎成閉合線圈，以速度I，向左勻速進入磁感應強度為fl的勻強磁場，磁場方向垂直平面向外.線團總電阻為從線圈進入磁場開始到完全進入磁場為止，下列結論正確的是（） 感應電流一直沿顧時針方向線圈受到的安培力先増大，后減小感應電動勢的最大值E=Brv穿過線圈某個橫截面的電荷量為

R三、實驗題：本題共2小題，共18分，把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程.11.<6分）如圖是一個多用表歐姆檔內部電略示意圖.電流表滿偏電流0.5niA、內阻10H；電池電動勢1.5V、內阻1込變阻器尺。阻值O-5000H（1）該歐姆表的刻度值是按電池電動勢為1.5V刻度的，當電池的電動勢下降到1.45V.內阻増大到時仍可調零.調零后A阻值 （選填“大”或“小”〉：若測得某電阻阻值為soon,則這個電阻的真實值是 n<2）該歐姆表換了一個電動勢為1.5V，內阻為1OJJ的電池，調零后測量某電阻的阻值，其測量結果 〈選填“偏大”或“偏小”或“準確”）（12分〉當汽車通過拱橋頂點的速度為6m/s時，車對橋頂?shù)膲毫檐囍氐娜绻蛊囋跇蛎嫘旭傊翗蝽敃r，4對橋頂?shù)膲毫榱?，則汽車通過橋頂?shù)乃俣葢獮?m/s.四、計算題：本題共3小題，共38分.把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟，（10分）電源電動勢為4.8V、外電阻為4.OQ時，路端電壓為4.0V。如果在外電路并聯(lián)一個6.0J2的電阻，路端電壓是多大？（16分）如圖所示，將邊長為L、總電阻為R的正方形閉合線圈，從磁感強度為B的勻強磁場中以速度v勻速拉出（磁場方向垂直線圈平面）

XXXXXXXXXXXXXXXXXXIXX⑴拉力F做的功Wr和拉力F的功率Pp(2＞線圈放出的熱量Q(12分)如圖所示，間距A=20cm的兩條平行光滑金屬導軌，下端與一電源和定值電阻相連，導軌平面銀水平面成30‘角，電源電動勢E=6.0V,內阻r=0.4H,定值電阻l?=0.8Q,電賂其他部分電阻不計.導軌上水平放罝一根金屬棒MV.若在導軌所在空間加一垂直導軌平面向上的勻強磁場，當磁感應強度B=1.0T時，金屬棒恰好能靜止在導軌上.釔取10m/s2.則：電路中電流強度/是多大？金屬捧受到的安培力F是多大?金屬棒質量〃I是多少？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的.I、B【解析】把電流表改裝成3V的電壓表需要串聯(lián)分壓電阻，串聯(lián)電阻阻值：R=—-R.—-50=250QR=—-R.—-50=250Q#并聯(lián)一個阻值為250a的定值電阻.與上述結論不符，故A錯誤；串聯(lián)一個阻值為250￡1的定值電阻。與上述結論相符，故B正確：并聯(lián)一個阻值為300H的定值電阻.與上述結論不符，故C錯誤；串聯(lián)一個阻值為300P的定值電阻.與上述結論不符，故D錯誤.故選：B。2、 A【解析】AD.導線在線框位置產(chǎn)生的磁場垂直紙面向里，當在線圈平面內向左拉動線圈，逐漸靠近導線，穿過線圈向里的磁場増大，即穿過線圈的磁通fi増大，根據(jù)楞次定律，產(chǎn)生感應電流為方向，同理可知線圈向右平動，產(chǎn)生a&Ja方向的電流，故A正確，D錯誤當線圈向下平動時，穿過線圈的磁通量不會發(fā)生變化，根據(jù)楞次定律可知，沒有感應電流產(chǎn)生.故B錯誤；當線圈以M邊為軸轉動，穿過線圈向里的磁場減小，即穿過線圈的磁通量減小，故產(chǎn)生感應電流為順時針，即感應電流的方向為心.故C錯誤；故選A.3、 A【解析】根據(jù)右手蠔旋定則判斷出環(huán)形電流內部和外部的磁場，根據(jù)小磁針靜止時極所指的方向為磁場的方向，判斷出小磁針iV極的偏轉【詳解】根據(jù)右手蟪旋定則知，環(huán)形電流內部的磁場方向向里，外部的磁場方向向外，則小磁針的N極向紙面里偏轉.故A正確，B、C、D錯誤【點睛】解決本題本題的關鍵知道小磁針靜止時、V極的指向表示磁場的方向，以及會運用右手蟫旋定則判斷電流周圍的磁場方向4、 C【解析】電動機內阻為電動機正常運轉時U2I2=I2r+P^解得/>(,=32W.c正確，ABD錯誤?故選C?5、D【解析】A.木塊做勻速圓周運動，速度方向時刻在變化，速度在改變，加速度一定不為零，A錯誤：BCD.木塊做勻速圓周運動，加速度方向始終指向圓心，大小不變，方向時刻改變，故BC錯誤，D正確故選D。6、 A【解析】A.若圓盤轉動的角速度為則發(fā)電機產(chǎn)生的電動勢E=BLv=BL-—=-BIjco22故A項正確若從上向下看，圓盤順時針轉動，據(jù)右手定則可得流過電阻況的電流沿a到A的方向流動.故B項錯誤若岡盤轉動方向不變，角速度大小發(fā)生變化，電流方向不變.故C項錯誤若圓盤轉動的角速度變?yōu)樵瓉淼?倍，則發(fā)電機產(chǎn)生的電動勢變?yōu)樵瓉淼?倍，電流在7?上的熱功率也變?yōu)樵瓉淼?倍.故D項錯誤故選A?點睛：導體棒轉動切割磁感線時，產(chǎn)生的感應電動勢E=BLvr其中7指棒上各點的平均速度即棒中點的速度二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分.在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的*全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分.7、 ABD【解析】滑塊在從釋放到彈簧壓縮至最短的過程中，有電場力、摩擦力和彈簧彈力做功，根據(jù)功能關系、動能定理、電場力做功與電勢能的關系等進行判斷：【詳解】A、物塊和彈簧組成的系統(tǒng)機械能的増量等于外力做的功，彈簧彈力是內力，不改變機械能，外力只有電場力和摩擦力，所以從物塊釋放到彈簧壓縮至最短的過程中機械能的増量為故A正確：B、 根據(jù)能量守恒，電勢能的減少量等于機械能的増加量加上系統(tǒng)產(chǎn)生的內能，動能沒有變，機械能的増加量等于彈性勢能的増加量，所以物塊電勢能的減小量等于彈簧彈性勢能的増加it與系統(tǒng)產(chǎn)生的內能之和，故B正確：C、 物塊速度最大時，加速度為0,則物塊距釋放點的距離大于L"設彈簧彈力為F,則qE-f=F^9釋放點到速度最大的位置距離ZA速度最大時的彈性勢能等于機械能的増加量減去動能的増加量，即（咗-//其中L〉L”故c錯誤：D、 向左經(jīng)過A點時速度最大，加速度為零，若物塊能彈回，向右運動經(jīng)過A點時摩擦力方向改變，所以反彈經(jīng)過A點加速度方向向左，不為0,速度最大位置在A點的左側，故D正確【點睛】解決本題的關鍵掌握功能關系，知道合力做功等于動能的變化量，除重力以外其它力做功等于機械能的増量，電場力做功等于電勢能的減小量，重力做功等于重力勢能的減小量等8、BD

【解析】甲粒子在磁場中向上偏轉，乙粒子在磁場中向下偏轉，根據(jù)左手定則知甲粒子帶負電，乙粒子帶正電，故A錯誤；根據(jù)洛倫茲力提供向心力，_必，解得：由、、轉相同’ 則甲的比荷大于乙的比荷，E故B正確：能通過狹縫^的帶電粒子，根據(jù)平衡條件：qE=qvBXt解得，粒子速率：?=-,故C錯誤；由圖示粒子運動軌跡可知，r^=^S0A,r,=^S0Ct由題意可知：S?4=|s0C,貝ij:/?甲：r乙=2:3,由B可知，粒子軌道半徑:mv _ wtiii2r=_f，由題意可知：V、＜/、B都相同，則：-=—=則甲、乙兩束粒子的質量比為2:3,故D正確：(lB r乙m乙3【解析】若兩電荷同性，設一個球的帶電量為2,則另一個球的帶電量為沌，此時接觸后再分開，帶電量各為=3(?則兩球庫侖力大小_kQQ._9kQ2122若兩電荷異性，接觸后再分開，兩球電量的絕對值為=^Q此時兩球的庫侖力所以此時兩球的庫侖力所以故選BD10、 AB【解析】由楞次定律可判斷感應電流的方向，由左手定則可得出安培力的方向；分析線圈有效切割長度的變化，由法拉第電磁感應定律可分析感應電動勢的變化，確定感應電流和安培力的變化.當有效的切割長度最大時，產(chǎn)生的感應電動勢最大，最大的有效切割長度等于2r.根據(jù)q=f求解電量【詳解】線圈進入磁場的過程，磁通量一直増大，根據(jù)楞次定律判斷可知感應電流一直沿顧時針方向，故A正確.設線圈有效的切割長度為L,由圖可知L先増大后減小，線圈受到的安培力尸則知安培力先増大，后減小，故B正確.最大的有效切割長度等于2r，則感應電動勢的最大值E=2Brv，故C錯誤.穿過線圈某個橫截面的電荷量為(f=^=B-(-r^r+-^)R=B(2r+7rr^故D錯誤.故選ABR2 2 2R【點睛】本題運用安培力與速度的關系式、電S與磁通量變化量的關系式是兩個關鍵，要理解有效切割長度的意義，運用楞次定律和法拉第電磁感應定律進行分析.三、實驗題：本題共2小題，共18分.把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 ①.?、?290③.準確【解析】⑴［1］由閉合電略歐姆定律!、=ES久+廠+尺0得因為式中E變小，/■變大，故札將減??；［2J因為該歐姆表的刻度是按電池電動勢為￡=1.5V刻度的.測得某電阻阻值為300fi時，電流表中的電流/=—^―其它當電池電動勢下降到E'=1.45V時，此時歐姆表的內阻為E由閉合電略歐姆定律得解得真實值zr=29oa（2）［3】該歐姆表換了一個電動勢為1.5V，內阻為10i2的電池，調零后測量某電阻的阻值的測霣結果準確，因為電源的內阻的變化，可以通過調零電阻的阻值的變化來抵消【考點定位】多用表的應用12>12【解析】n】根據(jù)牛頓第二定律得r即1 V2-ifig=m—4 r當支持力為零，有?，v_mg=m——r解得v'=2v=12mzs四、計算題：本題共3小題，共38分*把答案寫在答題卡中指定的答題處，要