高考物理章末總結(jié)考點知識總復習教案43

章末總結(jié)對應(yīng)學生用書P161對應(yīng)學生用書P162對“Φ、Φ、Φ”的意義理解錯t誤圖1【例1】半徑為r、電阻為R的n匝圓形線圈在邊長為l的正方形abcd以外，勻強磁場充滿并垂直穿過該正方形地區(qū)，如圖1甲所示．當磁場隨時間的變化規(guī)律如圖1乙所示時，則穿過圓形線圈磁通量的變化率為________，t0時刻線圈產(chǎn)生的感覺電流為________．ΦBB2易錯剖析錯解1以為磁通量的變化率與線圈的匝數(shù)相關(guān)，得出＝nS＝n0ttl.t0Φ02錯解2將線圈的面積代入上式得出t＝ntS＝nt0.錯解3以為t0時刻磁感覺強度為零，因此感覺電動勢和感覺電流均為零．正確分析磁通量的變化率為ΦBB02＝S＝lttt0依據(jù)法拉第電磁感覺定律得線圈中的感覺電動勢E＝nΦB0l2t＝nt0ΦB0l2再依據(jù)閉合電路歐姆定律得感覺電流I＝ntR＝nt0R.答案Bl22n00t0t0R對雙桿切割磁感線問題中的電動勢和安培力計算錯誤【例2】t＝0時，磁場在xOy平面內(nèi)的散布如圖2所示，其磁感覺強度的大小均為0，B方向垂直于xOy平面，相鄰磁場地區(qū)的磁場方向相反，每個同向磁場地區(qū)的寬度均為0，整L個磁場以速度v沿x軸正方向勻速運動．若在磁場所在區(qū)間內(nèi)擱置一由n匝線圈構(gòu)成的矩形線框abcd，線框的bc邊平行于x軸．bc＝LB、ab＝L，LB略大于L0，總電阻為R，線框一直保持靜止．求：圖2線框中產(chǎn)生的總電動勢大小和導線中的電流大?。痪€框所受安培力的大小和方向．易錯剖析

沒有考慮線框的

ab、cd兩條邊在方向相反的磁場中均產(chǎn)生電動勢，只按一條邊切割磁感線來計算電動勢，得出

E＝

nB0Lv

的錯誤結(jié)果．求線框所受安培力時，一是不注意總安培力為n匝線圈受力之和；二是沒有考慮線框的22nB0Lv、cd兩條邊均遇到安培力，得出＝BIL＝的錯誤結(jié)論．a(chǎn)bFR正確分析(1)線框相關(guān)于磁場向左做切割磁感線的勻速運動，切割磁感線的速度大小為v，隨意時刻線框中總的感覺電動勢大小E＝2nB0Lv2nBLv導線中的電流大小I＝0.R222(2)線框所受安培力的大?。?0＝04nBLvFnBLIR由左手定章判斷，線框所受安培力的方向一直沿x軸正方向．222答案(1)202nB0Lv(2)4nB0Lv方向沿x軸正方向nBLvRR對電磁感覺現(xiàn)象中的功能關(guān)系剖析不透辟而犯錯圖3【例3】如圖3所示，一矩形金屬框架與水平面成角θ＝37°，寬L＝0.4m，上、下兩頭各有一個電阻R0＝2Ω，框架的其余部分電阻不計，框架足夠長，垂直于金屬框架平面的方向有一直上的勻強磁場，磁感覺強度

B＝1.0T

．a(chǎn)b

為金屬桿，與框架優(yōu)秀接觸，其質(zhì)量m＝0.1kg

，電阻

r＝1.0

Ω，桿與框架的動摩擦因數(shù)

μ＝0.5.

桿由靜止開始下滑，在速度達到最大的過程中，上端電阻

R0產(chǎn)生的熱量

Q0＝0.5J(

取g＝10m/s

2，sin37

°＝

0.6，cos37°＝

0.8)

．求：流過R0的最大電流；從開始到速度最大的過程中ab桿沿斜面下滑的距離；在時間1s內(nèi)經(jīng)過ab桿某橫截面的最大電荷量．錯因剖析錯誤的主要原由是：一是對串、并聯(lián)電路中焦耳熱的分派不清楚，誤以為焦1Φ耳熱都和電阻成正比，錯誤地以為ab桿的焦耳熱是R0的2為0.25J；二是對公式q＝R＝BRS認識不清，S應(yīng)為金屬桿掃過的面積．有些同學誤以為金屬桿與上下兩部分軌道所圍的面積均發(fā)生變化，S為上下兩部分變化面積的和，這是錯誤的．正確分析(1)當知足BIL＋μmgcosθ＝mgsinθ時ab中有最大電流Im，則Im＝sinθ－μcosθmg0.6－0.5×0.8×0.1×10A＝0.5ABL＝1.0×0.4流過R0的最大電流為I0＝Im＝0.25A.2(2)Q＝4Q＝2J，E＝IR總＝0.5×2V＝1.0V總0mmEm1.0此時桿的速度為vm＝BL＝1.0×0.4m/s＝2.5m/s12由動能定理得mgssinθ－μmgscosθ－Q總＝2mvm－0求得桿下滑的距離20.1×2.52＋2×2s＝2m總＝2×0.1×10×m＝11.56m.mgsinθ－μcosθ0.6－0.5×0.8ΦBSBLvt1.0×0.4×2.5×1(3)1s內(nèi)經(jīng)過ab桿的最大電荷量q＝＝＝m＝2C＝0.5總總總RRRC.答案(1)0.25A(2)11.5