2023年黑龍江省雙鴨山市全國計算機等級考試網絡技術真題(含答案)

2023年黑龍江省雙鴨山市全國計算機等級考試網絡技術真題(含答案)學校:________班級:________姓名:________考號:________

一、單選題(10題)1.下列關于配置CiscoAironet1100接入點的描述中，錯誤的是（）。

A.在采用本地配置方式第一次配置Aironet1100接入點時，可將PC連接到接入點的以太網端口，也可將PC置于無線接入點的覆蓋范圍內實現無線的連接

B.在給無線接入點加電后，確認PC獲得了192．168．0．x網段的地址

C.在采用無線連接配置接入點時，不配置SSID或SSID配置為tsunami

D.在PC的瀏覽器中輸入接入點的IP地址和密碼后，出現接入點匯總狀態(tài)頁面

2.A類地址的網絡號長度為7bit，實際允許分配A類地址的網絡只能有()個。

A.64B.126C.256D.512

3.對于windowsServer2008的創(chuàng)新技術，以下錯誤的是()。

A.虛擬化技術B.增強平臺的可靠性C.無縫的UNIX/Windows互操作性D.廣泛適合的網絡解決方案

4.下列關于路由器技術的描述中，錯誤的是()

A.吞吐量是指路由器的包轉發(fā)能力

B.高性能路由器一般采用交換式結構

C.語音視頻業(yè)務對路由器延時抖動要求不高

D.路由器的冗余是為了保證設備的可靠性與可用性

5.按照ITU標準，傳輸速率為622．080Mbps的標準是（）。

A.OC-3B.OC一12C.OC一48D.OC一192

6.下面說法正確的是______。

A.RIP路由選擇協(xié)議最適合在小型的、單路徑的、靜態(tài)的IP互聯(lián)網環(huán)境下使用

B.RIP路由選擇協(xié)議通常在家庭辦公室中使用

C.OSPF路由選擇協(xié)議最適合較大型到特大型、多路徑的、動態(tài)的IP互聯(lián)網環(huán)境

D.靜態(tài)路由比較適合于小型到中型的、多路徑的、動態(tài)的IP互聯(lián)網環(huán)境

7.服務器的主機名為abe．com．cn、IP地址為123．127．134．230，別名為www．abc．corn．cn在該服務器建立網站時，網站創(chuàng)建向導中只輸入網站的TCP端口為8000。訪問該網站時在瀏覽器的地址欄中可輸入的是（）。

A.lattp：//abe．tom．cn

B.http：//123．127．134．230

C.http：//www．abc．com．cn

D.http：//123．127．134．230：8000

8.下列關于Windows2003系統(tǒng)下WWW服務器安裝和配置的描述中，錯誤的是()。

A.在一臺服務器上可構建多個網站

B.在Windows2003中添加操作系統(tǒng)組件IIS就可實現Web服務

C.在Web站點的主目錄選項卡中，可配置主目錄的讀取和寫入等權限

D.Web站點必須配置靜態(tài)的IP地址

9.VPN通常用于建立()之間的安全通道。A.總部與分支機構、與合作伙伴、與移動辦公用戶

B.客戶與客戶、與合作伙伴、與遠程用戶

C.總部與分支機構、與外部網站、與移動辦公用戶

10.《計算機病毒防治管理辦法》是在哪一年頒布的()。

A.1994B.1997C.2000D.1998

二、填空題(10題)11.

12.網絡計費管理的主要目的是控制和監(jiān)測網絡操作的

。

13.(2）流媒體具有嚴格的_________關系。

14.(7）以太網交換機的幀轉發(fā)方式有：直通交換方式、存儲轉發(fā)交換方式和____。

15.(3）OSI參考模型中，網絡層的主要功能有：________、擁塞控制和網絡互聯(lián)等。

16.常用的電子支付方式包括電子現金、【】和電子支票。

17.內存管理的目標是給每一個應用程序所必需的內存，而又不占用其他應用程序的內存。Windows和OS/2在系統(tǒng)不能提供足夠的實內存滿足應用程序的需要時，還可以從硬盤的空閑空間生成______以供使用。

18.為了保護自己的計算機免受非安全軟件的危害，IE通常將Internet劃分成______、本地Intranet區(qū)域、可信站點區(qū)域、受限站點區(qū)域。

19.交換機地址學習是通過讀取幀的______地址并記錄幀進入交換機的端口號進行的。

20.

三、2.填空題(8題)21.在WWW服務中，統(tǒng)一資源定位器URL可以由3部分組成，即協(xié)議類型、【】與文件名。

22.Web站點可以限制用戶訪問Web服務器提供的資源，訪問控制一般分為四個級別：硬盤分區(qū)權限、用戶驗證、Web權限和______限制。

23.縱觀近20年來網絡操作系統(tǒng)的發(fā)展，網絡操作系統(tǒng)經歷了______的過程。

24.JPEG是一種適合連續(xù)色調、多級灰度、彩色或單色、______圖像的壓縮標準。

25.能產生一個電視質量的視頻和音頻壓縮形式的國際標準是【】。

26.局域網交換機中，交換機只要接收并檢測到目的地址字段就立即將該幀轉發(fā)出去，幀出錯檢測任務由結點主機完成，這種交換方法叫做______。

27.在因特網的域名體系中，商業(yè)組織的頂級域名是【】。

28.如果要保證電子商務的安全，除了必要的技術手段外，加強企業(yè)內部的管理和制定相應的【】也非常重要。

四、C語言程序設計題(2題)29.已知數據文件in．dat中存有300個四位數，并已調用讀函數readDat把這些數存入數組a中，請編制一函數jsValue，其功能是：求出所有這些四位數是素數的個數cnt，再求出所有滿足此條件的四位數平均值pjzl，以及所有不滿足此條件的四位數平均值pjz2。最后main函數調用寫函數writeDat把結果cnt，pjzl，pjz2輸出到out．dat文件中。

例如：5591是素數，該數滿足條件，參加計算平均值pjzl，且個數cnt-=cnt+1。

9812是非素數，該數不滿足條件，參加計算平均值pjz2。

注意：部分源程序存在test．c文件中。

程序中已定義數組：a[300]，已定義變量：cnt，pjzl，pjz2

請勿改動數據文件in．dat中的任何數據、主函數main、讀函數readDat和寫函數writeDat的內容。

30.已知數據文件in．dat中存有200個四位數，并已調用讀函數readDat把這些數存入數組a中，請考生編制一函數jsVal，其功能是：依次從數組a中取出一個四位數，如果該四位數大于該四位數以后的連續(xù)五個數且該數是奇數(該四位數以后不滿五個數，則不統(tǒng)計)，則統(tǒng)計出滿足此條件的個數cnt并把這些四位數按從小到大的順序存入數組b中，最后調用寫函數writeDat把結果cnt以及數組b中符合條件的四位數輸出到out．dat文件中。

注意：部分源程序存在test．c文件中。

程序中已定義數組：a[200]，b[200]，已定義變量：cnt

請勿改動數據文件in．dat中的任何數據、主函數main、讀函數readDat和寫函數writeDat的內容。

五、1.選擇題(3題)31.收到數據報的結點如果是路由結點，相應的操作是()。

A.將數據報重新再分組B.重新對數據報進行封裝C.為每個分組做出路由選擇D.不作任何處理

32.下列()不是個人身份認證的種類之一。

A.個人知道的某種事物B.密碼C.個人特征D.令牌

33.全球多媒體網絡是______。

A.一個單一的統(tǒng)一網絡B.一個可互操作的網絡集合C.一個傳輸計算機數據的網絡D.一個傳輸數據、音頻、視頻的網絡

六、1.程序設計題(3題)34.讀函數readDat()的功能是從文件IN25.DAT中讀取20行數據存放到字符串數組xx中(每行字符串長度均小于80)。請編制函數jsSort()，該函數的功能是：以行為單位對字符串按下面給定的條件進行排序，排序后的結果仍按行重新存入字符串數組xx中，最后調用寫函數writeDat()把結果xx輸出到文件OUT25.DAT中。

條件：從字符串中間一分為二，左邊部分按字符的ASCII值升序排序，排序后，左邊部分與右邊部分按例子所示進行交換。如果原字符串長度為奇數，則最中間的字符不參加處理，字符仍放在原位置上。

例如：位置012345678

源字符串dcbahgfe

43219876

處理后字符串hgfeabcd

98761234

注意：部分源程序已給出。

請勿改動主函數main()、讀函數readDat()和寫函數writeDat()的內容。

試題程序：

#include〈stdio.h>

#include〈string.h>

#include〈conio.h>

charxx[20][80];

voidjsSort()

{

}

main()

{

readDat();

jsSort();

writeDat();

}

readDat()

{

FILE*in;

inti=0;

char*p;

in=fopen("IN25.DAT","r");

while(i〈20&&fgets(xx[i],80,in)!=NULL)

{

p=strchr(xx[i],'\n');

if(p)*p=0;

i++;

}

fclose(in);

}

writeDat()

{

FILE*out;

inti;

clrscr();

ut=fopen("OUT25.DAT","w");

for(i=0;i〈20;i++)

{

printf("%s\n",xx[i]);

fprintf(out,"%s\n",xx[i]);

}

fclose(out);

}

35.已知在文件IN20.DAT中存有若干個(個數〈200)4位數字的正整數，函數ReadDat()的功能是讀取這若干個正整數并存入數組xx中。請編制函數CalValue()，其功能要求：(1)求出這文件中共有多少個正整數totNum：(2)求㈩這些數中的各位數字之和是偶數的數的個數totCnt，以及滿足此條件的這些數的算術平均值totPjz，最后調用函數WriteDat()把所求的結果輸出到文件OUT20.DAT中。

注意：部分源程序已給出。

請勿改動主函數main()、讀函數ReadDat()和寫函數WriteDat()的內容。

試題程序：

#include〈stdio.h>

#inciude〈conio.h>

#defineMAXNUM200

intxx[MAXNUM];

inttotNum=O;/*文件IN20.DAT中共有多少個正整數*/

inttotCnt=0;/*符合條件的正整數的個數*/

doubletotPjz=0.0;/*平均值*/

intReadDat(void);

voidWritedat(void);

voidCalValue()

{

}

main()

{

inti;

clrscr();

for(i=0;i〈MAXNUM;i++)

xx[i]=0;

if(Readdat())

{

printf("數據文件IN20.DAT不能打開!\007\n");

return;

}

CalValue();

printf("文件IN20.DAT中共有正整數=%d個\n",totNum);

printf("符合條件的正整數的個數=%d個\n",totCnt);

printf("平均值=%.21f\n",totPjz);

Writedat();

}

intReaddat(void)

{

FILE*fp;

inti=0;

if((fp=fopen("IN20.DAT","r"))==NULL)

return1;

while(!feof(fp))

{

fscanf(fp,"%d,",&xx[i++]);

}

fclose(fp);

return0;

}

voidWritedat(void)

{

FILE*fp;

fp=fopen("OUT20.DAT","w");

fprintf(fp,"%d\n%d\n%.21f\n",totNum,totCnt,totPjz);

fclose(fp);

}

36.下列程序的功能是：把s字符串中的所有字母改成該字母的下一個字母，字母z改成字母a。要求大寫字母仍為大寫字母，小寫字母仍為小寫字母，其他字符不做改變。請編寫函數chg(char*s)實現程序要求，最后調用函數readwriteDAT()，讀取in36.dat中的字符串，并把結果輸出到文件out36.dat中。

例如：s字符串中原有的內容為Mn123Zxy，則調用該函數后，結果為No123Ayz。

注意：部分源程序已給出。

請勿改動主函數main()和輸入輸出函數readwriteDAT()的內容。

試題程序:

#include＜stdio.h＞

#include＜string.h＞

#include＜conio,h＞

#include＜ctype,h＞

#defineN81

voidreadwriteDAT();

voidchg(charas)

{

}

main()

{

chara[N];

clrscr();

printf("Enterastring:");

gets(a);

printf("Theoriginalstringis:");

puts(a);

chg(a);

printf("Thestringaftermodified:");

puts(a);

readwriteDAT();

}

voidreadwriteDAT()

{

inti;

chara[N];

FILE*rf,*wf;

rf=fopen("in36.dat","r");

wf=fopen("out36.dat","w");

for(i=0;i<10;i++)

{

fgets(a,81,rf);

chg(a);

fprintf(wf,"%s",a);

}

fclose(rf);

fclose(wf);

}

參考答案

1.B第一次配置無線接入點一般采用本地配置方式，此時因為沒有連接到DHCP服務器而無法獲得IP地址，它的默認IP地址是l0．0．0．1，并成為小型DHCP服務器可為覆蓋范圍內的PC以及連接到接入點的以太網端口的PC分配IP地址實現無線連接，此時不配置SSID或SSID配置為tsunami。在PC的瀏覽器中輸入接入點的IP地址和密碼后，出現接入點匯總狀態(tài)頁面。

2.B

3.C

4.C解析：路由器的關鍵技術指標包括：①吞吐量；②背板能力；③丟包率；④路由表容量；⑤突發(fā)處理能力；⑥延時與延時抖動；⑦服務質量；⑧可靠性與可用性；⑨網管能力等。其中，吞吐量是指路由器的包轉發(fā)能力，與其端口數量、端口速率、包長度、包類型有關，涉及端口吞吐量與整機吞吐量兩個方面的內容。端口吞吐量是指路由器某個具體端口的包轉發(fā)能力，而整機吞吐量是指路由器整機的包轉發(fā)能力。

5.B無源光纖網(PON)是：ITU(國際電信聯(lián)盟)的SG15研究組在G．983建議“基于無源光纖網的高速光纖接入系統(tǒng)”進行標準化的。該建議分為兩個部分：(1)OC一3，155．520Mbps的對稱業(yè)務。(2)上行OC一3，155．520Mbps；下行OC一12，622．080Mbps的不對稱業(yè)務。

6.C

7.D訪問使用不同的端口號創(chuàng)建網站時，需要在IP地址或別名后面加上端口號才能正取訪問網站。故選擇D選項。

8.D當WWW服務器擁有多張網卡且每張網卡均配置了IP地址，或者同一張網卡中配置了多個IP地址，且某個Web站點的【網站】選項卡中，【IP地址】下拉列表框保持為默認值″全部未分配″時，該Web站點將響應分配給服務器，但沒有分配給其他站點的所有IP地址。因此，選項D錯誤。

9.A

10.C

11.

12.費用和代價費用和代價解析：計費管理記錄網絡資源的使用，目的是控制和監(jiān)測網絡操作的費用和代價，它可以估算出用戶使用網絡資源可能需要的費用和代價。

13.(2)前后時序

【解析】流媒體具有3個特點：連續(xù)性、實時性、時序性。

14.(7)改進的直通交換方式

【解析】以太網交換機的幀轉發(fā)方式有：直通交換方式、存儲轉發(fā)交換方式和改進的直通交換方式。

15.(3)路由選擇【解析】OSI參考模型中，網絡層要實現路由選擇、擁塞控制和網絡互聯(lián)等功能。

16.電子信用卡電子信用卡解析：常用的電子支付方式包括電子現金、電子信用卡和電了支票。

17.虛擬內存虛擬內存解析：內存管理的目標是給每一個應用程序所必須的內存，而又不占用其他應用程序的內存。Windows和OS/2在系統(tǒng)不能提供足夠的實內存滿足應用稃序的需要時，還可以從硬盤的空間生成虛擬內存以供使用。

18.Internet區(qū)域Internet區(qū)域解析：為了保護自己的計算機免受非安全軟件的危害，IE通常將Internet劃分成Internet區(qū)域、本地Intranet區(qū)域、可信站點區(qū)域、受限站點區(qū)域。

19.源源解析：交換機地址學習足通過讀取幀的源地址并記錄幀進入交換機的端口號進行的。

20.

21.主機名主機名解析：每個Web頁面，包括Web站點的主頁，均具有惟一的存放地址，這就是“統(tǒng)一資源定位符”(Unitform.ResourceLocator，簡稱URL)，統(tǒng)一資源定位符是一種用于表示Internet上信息資源地址的統(tǒng)一格式。URL由三部分組成：協(xié)議類型、主機名和路徑及文件名，通過URL可以指定擴要協(xié)議類型主要有以下幾種：http、ftp、gopher、telnet、file。

22.IP地址IP地址解析：Web站點訪問控制一般分為4個級別，即IP地址限制、用戶驗證、Web權限和硬盤分區(qū)權限。其中，IP地址限制是指Web服務器審核所訪問的用戶計算機的IP地址，以決定該用戶能否訪問Web站點的資源。

23.從對等結構向非對等結構演變從對等結構向非對等結構演變解析：從網絡操作系統(tǒng)的發(fā)展來看，網絡操作系統(tǒng)經歷了從對等結構向非對等結構演變的過程。對等結構網絡操作系統(tǒng)中，所有的連網結點地位平等，安裝在每個連網結點的操作系統(tǒng)軟件相同，連網計算機的資源在原則上都是可以相互共享的。在非對等結構網絡操作系統(tǒng)設計中，連網結點分為：網絡服務器和網絡工作站兩類。網絡服務器采用高配置與高性能的計算機，以集中方式管理局域網的共享資源，并為網絡工作站提供各類服務；網絡工作站一般是低配置的微型機系統(tǒng)，主要為本地用戶訪問本地資源與訪問網絡資源提供服務。

24.靜止靜止解析：JPEG：是由國際標準化組織(ISO)和國際電報電話咨詢委員會(CCITT)聯(lián)合制定的。適合于連續(xù)色調、多級灰度、彩色或單色靜止圖像的國際標準。

25.MPEG標準MPEG標準

26.直接交換直接交換解析：在直接交換方式中，交換機只要接收并檢測到目的地址字段就立即將該幀發(fā)出去，而不管這一幀數據是否出錯。

27.COMCOM解析：DNS把整個因特網劃分成多個域，稱為頂級域，并為每個頂級域規(guī)定了國際通用的域名，com代表商業(yè)組織。

28.法律法規(guī)法律法規(guī)解析：據有關資料顯示，電子商務中相當大比例的安全事故是由于企業(yè)內部管理不善造成的。安全方面的技術手段即使再先進，但假如是開展電子商務的企業(yè)內部掌握核心機密的人泄密，那對電子商務安全的威脅也將是防不勝防的。

29.【審題關鍵句】求素數的個數及平均值，并計算非素數的平均值。

\n【解題思路】

\n①首先定義循環(huán)變量i，然后通過for循環(huán)對數組a[300]中的每個元素a[i]調用函數isP(a[i])判斷a[i]是否是素數(素數的算法已在isP函數中給出，此處直接調用即可)，如果是素數，則把其加到變量pjzl上，同時計數變量cnt加1，否則a[i]值加到變量pjz2上。直到判斷完數組a[300]中的所有數據后退出循環(huán)。

\n②求出pjzl、pjz2和cnt的值之后，再用變量pjzl的值除以cnt的值就得到素數的平均值，同時把這個值賦給變量pjzl，最后用變量pjz2的值除以300．cnt的值就得到非素數的平均值，并把這個值賦給變量pjz2。

\n【參考答案】

\n

30.【審題關鍵句】大于后連續(xù)5個數，奇數，從小到大排序。

\n【解題思路】本題類似第35套試題，通過審題可以發(fā)現主要有兩個不同點：①判斷數值為奇數，可通過a[i]％2進行判斷，參考答案的第4條語句；②要求進行比較的元素大于后連續(xù)5個數，因此在設置判斷條件時，作為比較的兩個數之間應該是大于關系，參考答案的第4條語句。

\n【參考答案】

\n

31.C解析：在數據報傳輸的過程中，如果到達路由結點，那么該路由器為該分組做路徑選擇，使其一步一步向目標網絡傳輸。

32.B解析：個人持證也稱為令牌。選項中，個人知道的某種事物、令牌和個人特征是身份認證的3個種類。

33.B解析：全球多媒體網絡這個術語會使人產生錯覺，以為它是一個單一的網絡。實際上，全球多媒體網絡是一個可互操作的網絡集合，它支持數據、音頻、圖形、視頻、圖像和動畫合并的多媒體應用。

34.voidjsSort(){intijkstrlhalf;charch;for(i=0；i〈20；i++){strl=strlen(xx[i]);/*求字符串的長度*/half=str1/2;/*確定各行中字符串的中間位置*/for(j=0;j〈half-1;j++)/*對中間位置以前的字符進行升序排序*/for(k=j+1;k〈half;k++)if(xx[i][j]>xx[i][k]){ch=xx[i][j];xx[i][j]=xx[i][k];xx[i][k]=ch;}for(j=half-1k=str1-1;j>=0;j--k--)/*將左邊部分與右邊部分對應的字符進行交換*/{ch=xx[i][j];xx[i][j]=xx[i][k];xx[i][k]=ch;}}}voidjsSort()\r\n{inti,j,k,strl,half;\r\ncharch;\r\nfor(i=0；i〈20；i++)\r\n{strl=strlen(xx[i]);/*求字符串的長度*/\r\nhalf=str1/2;/*確定各行中字符串的中間位置*/\r\nfor(j=0;j〈half-1;j++)/*對中間位置以前的字符進行升序排序*/\r\nfor(k=j+1;k〈half;k++)\r\nif(xx[i][j]>xx[i][k])\r\n{ch=xx[i][j];\r\nxx[i][j]=xx[i][k];\r\nxx[i][k]=ch;\r\n}\r\nfor(j=half-1,k=str1-1;j>=0;j--,k--)/*將左邊部分與右邊部分對應的字符進行交換*/\r\n{ch=xx[i][j];\r\nxx[i][j]=xx[i][k];\r\nxx[i][k]=ch;\r\n}\r\n}\r\n}解析：本題考查對二維字符數組的處理。由于對二維字符數組的操作是按照先行后列的順序，因此，需要首先求得各行字符串的長度(利用求字符串長度的strlen()函數)，然后借助循環(huán)結構逐個訪問各行中的每一個字符。在本題中，應先確定各行中字符串的中間位置(長度的一半就是中間位置)，然后先對中間位置以前的字符進行升序排序，排序過程如下：依次用每一個位置的字符與它后面的所有字符(到中間位置前一個字符結束)進行比較，如果發(fā)現某字符的ASCII碼值小于當前被比較的字符的ASCII碼值，則將發(fā)現的字符與當前字符進行交換，交換后繼續(xù)與其后面的字符進行比較。最終比較所得的結果是第一個位置總是存放著最小的字符，第二個位置總是存放著稍大的字符，以此類推就實現了從小到大的排序功能。接著要做的工作是把中間位置前的一個位置定為初始位置，字符串中的最后一個位置也視為初始位置，讓兩個位置所對應的字符進行交換，交換過后，這兩個位置值(也就是下標值)分別前移，再進行對應位置字符的交換。

35.voidCalValue(){intithouhuntendata;intab;longsum=0;for(i=0；i〈MAXNUM；i++){if(XX[i]>0){totNum++;/*統(tǒng)計正整數的個數*/thou=xx[i]/1000;/*求正整數的千位數*/hun=xx[i]%1000/100;/*求正整數的百位數*/ten=xx[i]%100/10;/*求正整數的十位數*/data=xx[i]%10;/*求正整數的個位數*/ab=thou+hun+ten+data;if(ab%2==0)/*如果各位數字之和是偶數*/{totCnt++；sum=sum+xx[i];}/*計算滿足條件的數的個數totCnt和這些數的總和sum*/}}totPjz=sum/totCnt；/*求這些數的算術平均值totPjz*/}voidCalValue()\r\n{inti,thou,hun,ten,data;\r\nintab;\r\nlongsum=0;\r\nfor(i=0；i〈MAXNUM；i++)\r\n{if(XX[i]>0)\r\n{\r\ntotNum++;/*統(tǒng)計正整數的個數*/\r\nthou=xx[i]/1000;/*求正整數的千位數*/\r\nhun=xx[i]%1000/100;/*求正整數的百位數*/\r\nten=xx[i]%100/10;/*求正整數的十位數*/\r\ndata=xx[i]%10;/*求正整數的個位數*/\r\nab=thou+hun+ten+data;\r\nif(ab%2==0)/*如果各位數字之和是偶數*/\r\n{totCnt++；sum=sum+xx[i];}/*計算滿足條件的數的個數totCnt和這些數的總和sum*/\r\n}\r\n}\r\ntotPjz=sum/totCnt；/*求這些數的算術平均值totPjz*/\r\n}解析：本題的解題思