2023年上海嘉定區(qū)高一物理第二學(xué)期期中聯(lián)考試題含解析

2023年上海嘉定區(qū)高一物理第二學(xué)期期中聯(lián)考試題考生請(qǐng)注意：1．答題前請(qǐng)將考場(chǎng)、試室號(hào)、座位號(hào)、考生號(hào)、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號(hào)內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯(cuò)選和不選得零分）1、在下列幾種情況中，甲、乙兩物體的動(dòng)能相等的是（）A．甲的速度是乙的2倍，甲的質(zhì)量是乙的B．甲的質(zhì)量是乙的2倍，甲的速度是乙的C．甲的質(zhì)量是乙的倍，甲的速度是乙的D．質(zhì)量相同，速度大小也相同，但甲向東運(yùn)動(dòng)，乙向西運(yùn)動(dòng)2、地球赤道上有一物體隨地球的自轉(zhuǎn)而做圓周運(yùn)動(dòng)，所受的向心力為F1，向心加速度為a1，線速度為v1，角速度為ω1，繞地球表面附近做圓周運(yùn)動(dòng)的人造衛(wèi)星（高度忽略）所受的向心力為F2，向心加速度為a2，線速度為v2，角速度為ω2；地球同步衛(wèi)星所受的向心力為F3，向心加速度為a3，線速度為v3，角速度為ω3；地球表面重力加速度為g，第一宇宙速度為v，假設(shè)三者質(zhì)量相等，則A．F2＞F1＞F3 B．a(chǎn)1＞a2=g＞a3 C．v1=v2=v＞v3 D．ω1=ω3＜ω23、關(guān)于下列對(duì)配圖的說法中正確的是（）A．圖1中“蛟龍?zhí)枴北坏踯嚨跸滤倪^程中它的機(jī)械能守恒B．圖2中火車在勻速轉(zhuǎn)彎時(shí)所受合外力為零，動(dòng)能不變C．圖3中握力器在手的壓力下彈性勢(shì)能增加了D．圖4中撐桿跳高運(yùn)動(dòng)員在上升過程中機(jī)械能守恒4、不可回收的航天器在使用后，將成為太空垃圾。如圖是漂浮在地球附近的太空垃圾示意圖，下列說法正確的是A．離地越低的太空垃圾運(yùn)行的向心加速度一定越大B．離地越低的太空垃圾受到地球的萬有引力一定越大C．由公式得v=grD．太空垃圾可能跟同一軌道上同向飛行的航天器相撞5、一衛(wèi)星繞某一行星表面附近做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其線速度大小為假設(shè)宇航員在該行星表面上用彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)量一質(zhì)量為m的物體重力，物體靜止時(shí)，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)為，已知引力常量為G,則這顆行星的質(zhì)量為A． B． C． D．6、通過觀測(cè)冥王星的衛(wèi)星，可以推算出冥王星的質(zhì)量.假設(shè)衛(wèi)星繞冥王星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，除了引力常量外，至少還需要兩個(gè)物理量才能計(jì)算出冥王星的質(zhì)量.這兩個(gè)物理量可以是A．衛(wèi)星的質(zhì)量和軌道半徑B．衛(wèi)星的運(yùn)行周期和角速度C．衛(wèi)星的質(zhì)量和角速度D．衛(wèi)星的速度和角速度7、直線AB是某電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線。若有一電子以某一初速度，僅在電場(chǎng)力的作用下，沿AB由A運(yùn)動(dòng)到B，其速度圖象如圖所示，下列關(guān)于A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度、和電勢(shì)的判斷正確的是（）A． B． C． D．8、甲乙兩臺(tái)起重機(jī)分別以v甲＝0.6m/s和v乙＝0.2m/s的速度勻速提升同重的物體，使兩物體都升高18m，則A．甲做的功多B．甲乙做的功一樣多C．甲的功率大D．乙的功率大9、根據(jù)歐姆定律，下列說法中正確的是()A．從關(guān)系式U＝IR可知，導(dǎo)體兩端的電壓U由通過它的電流I和它的電阻R共同決定B．從關(guān)系式R＝U/I可知，導(dǎo)體的電阻跟導(dǎo)體兩端的電壓成正比，跟導(dǎo)體中的電流成反比C．從關(guān)系式I＝U/R可知，導(dǎo)體中的電流跟導(dǎo)體兩端的電壓成正比，跟導(dǎo)體的電阻成反比D．從關(guān)系式R＝U/I可知，對(duì)一個(gè)確定的導(dǎo)體來說，所加的電壓跟通過導(dǎo)體的電流的比值是一定值10、有a、b兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)，它們的合運(yùn)動(dòng)為c，則下列說法正確的是A．若a、b的軌跡為直線，則c的軌跡必為直線B．若c的軌跡為直線，則a、b必為勻速運(yùn)動(dòng)C．若a為勻速直線運(yùn)動(dòng)，b為勻速直線運(yùn)動(dòng)，則c必為勻速直線運(yùn)動(dòng)D．若a、b均為初速度為零的勻變速直線運(yùn)動(dòng)，則c必為勻變速直線運(yùn)動(dòng)11、如圖所示，細(xì)桿的一端與小球相連，可繞過O點(diǎn)的水平軸自由轉(zhuǎn)動(dòng)，細(xì)桿長(zhǎng)0.5m，小球質(zhì)量為3.0kg，現(xiàn)給小球一初速度使它做圓周運(yùn)動(dòng)，若小球通過軌道最低點(diǎn)a處的速度為va＝4m/s，通過軌道最高點(diǎn)b處的速度為vb＝2m/s，取g＝10m/s2，則小球通過最低點(diǎn)和最高點(diǎn)時(shí)對(duì)細(xì)桿作用力的情況是A．a(chǎn)處為壓力，方向豎直向下，大小為126NB．a(chǎn)處為拉力，方向豎直向上，大小為126NC．b處為壓力，方向豎直向下，大小為6ND．b處為拉力，方向豎直向上，大小為6N12、一根長(zhǎng)為L(zhǎng)的輕桿，一端固定著一個(gè)質(zhì)量為m的小球．桿以另一端為固定軸，在豎直平面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)，當(dāng)小球轉(zhuǎn)到最高點(diǎn)時(shí)，速度大小為v，如圖4所示．下列論述中正確的是（）A．一定有B．當(dāng)時(shí)，小球?qū)U的作用力是拉力C．當(dāng)時(shí)，小球?qū)U的作用力是壓力D．無論速度v多大輕桿對(duì)小球的作用力均是拉力二、實(shí)驗(yàn)題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）某物理興趣小組在探究平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律實(shí)驗(yàn)時(shí)，將小球做平拋運(yùn)動(dòng)，用頻閃照相機(jī)對(duì)準(zhǔn)方格背景照相，拍攝到了如下圖所示的照片，已知每個(gè)小方格邊長(zhǎng)9.8cm，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間=9.8m/s2.(1)若以拍攝的第一點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，水平向右和豎直向下為正方向，則沒有被拍攝到的小球位置坐標(biāo)為_________.(2)小球平拋的初速度大小為__________m/s.14、（10分）某同學(xué)通過實(shí)驗(yàn)測(cè)定一個(gè)阻值約為50Ω的電阻Rx的阻值．（1）現(xiàn)有電源（4V，內(nèi)阻可不計(jì)）、滑動(dòng)變阻器（0～100Ω，額定電流1A），開關(guān)和導(dǎo)線若干，以及下列電表：A．電流表（0～100mA，內(nèi)阻約0.2Ω）B．電流表（0～0.6A，內(nèi)阻約0.125Ω）C．電壓表（0～3V，內(nèi)阻約3kΩ）D．電壓表（0～15V，內(nèi)阻約15kΩ）為減小測(cè)量誤差，在實(shí)驗(yàn)中，電流表應(yīng)選用_____，電壓表應(yīng)選用_____（選填器材前的字母）；實(shí)驗(yàn)電路應(yīng)采用圖1中的_____（選填“甲”或“乙”）．（2）圖2是測(cè)量Rx的實(shí)驗(yàn)器材實(shí)物圖，圖中已連接了部分導(dǎo)線．請(qǐng)根據(jù)在（1）問中所選的電路圖，補(bǔ)充完成圖2中實(shí)物間的連線______________．三、計(jì)算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）地球半徑為6400千米，地球表面重力加速度為10米每二次方秒，試估算地球的質(zhì)量．16、（12分）如圖所示，光滑水平面AB與一半圓開軌道在B點(diǎn)相連，軌道位于豎直面內(nèi)，其半徑為R，一個(gè)質(zhì)量為m的物塊靜止在水平面上，現(xiàn)向左推物塊使其壓緊輕質(zhì)彈簧，然后放手，物塊在彈力作用下獲得一速度，當(dāng)它經(jīng)B點(diǎn)進(jìn)入半圓軌道瞬間，對(duì)軌道的壓力為其重力的8倍，之后向上運(yùn)動(dòng)恰好能完成半圓周運(yùn)動(dòng)到達(dá)C點(diǎn)，重力加速度為g。求；(1)彈簧彈力對(duì)物塊做的功；(2)物塊從B到C摩擦阻力做的功；(3)物塊離開C點(diǎn)后，再落回到水平面上時(shí)相對(duì)于C點(diǎn)的水平距離。17、（12分）如圖所示為t=0時(shí)刻，一列簡(jiǎn)諧橫波的波形圖，波的傳播速度為2.4m/s，在該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)A的運(yùn)動(dòng)方向是向上的。(1)波向什么方向傳播？(2)質(zhì)點(diǎn)P從這一時(shí)刻起在0.625s內(nèi)通過的路程；(3)求波經(jīng)過0.625s傳播的距離；(4)在圖上畫出0~1.5m區(qū)間內(nèi)各質(zhì)點(diǎn)在t=0.625s時(shí)的波形圖。

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯(cuò)選和不選得零分）1、D【解析】

設(shè)乙的動(dòng)能為A．根據(jù)可知故A不相等，不符合題意；B．根據(jù)可知故B不相等，不符合題意；C．根據(jù)可知故C不相等，不符合題意；D．根據(jù)可知故D相等，符合題意。故選D。2、D【解析】

根據(jù)題意三者質(zhì)量相等，軌道半徑r1=r2＜r3；近地衛(wèi)星與同步衛(wèi)星相比較，衛(wèi)星所受萬有引力充當(dāng)向心力，則F3＜F2；同步衛(wèi)星與地球自轉(zhuǎn)同步，故ω1=ω3，根據(jù)F=mω2r可知F1<F3，選項(xiàng)A錯(cuò)誤．由選項(xiàng)A的分析知道向心力F1＜F3＜F2，故由牛頓第二定律，可知a1＜a3＜a2；對(duì)近地衛(wèi)星，，又，則；故B錯(cuò)誤．同步衛(wèi)星與地球自轉(zhuǎn)同步，故ω1=ω3，則v1＜v3，據(jù)知，v3＜v2，近地衛(wèi)星的運(yùn)行速度即第一宇宙速度；故C錯(cuò)誤．同步衛(wèi)星與地球自轉(zhuǎn)同步，故T1=T3，根據(jù)周期公式T=2π可知，衛(wèi)星軌道半徑越大，周期越大，故T3＞T2，再根據(jù)ω=，有ω1=ω3＜ω2，故D正確．3、C【解析】

機(jī)械能守恒的條件為在只有重力或系統(tǒng)內(nèi)的彈力做功的情況下，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒?！驹斀狻緼項(xiàng)：圖1中“蛟龍?zhí)枴北坏踯嚨跸滤倪^程中，鋼繩對(duì)它做負(fù)功，所以機(jī)械能不守恒，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：圖2中火車在勻速轉(zhuǎn)彎時(shí)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所受的合外力指向圓心且不為零，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：圖3中握力器在手的壓力下形變?cè)龃?，所以彈性?shì)能增大，故C正確；D項(xiàng)：圖4中撐桿跳高運(yùn)動(dòng)員在上升過程中撐桿的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為運(yùn)動(dòng)員的機(jī)械能，所以運(yùn)動(dòng)員的機(jī)械能不守恒，故D錯(cuò)誤。故應(yīng)選：C?！军c(diǎn)睛】機(jī)械能守恒的條件為在只有重力或系統(tǒng)內(nèi)的彈力做功的情況下，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒。4、A【解析】根據(jù)萬有引力提供向心力，有G得向心加速度a=GMr2，線速度v=GMr

A、可知離地越低的太空垃圾，r越小，向心加速度a越大；離地越高的太空垃圾，r越大，v越小，故A正確，C錯(cuò)誤；

B、根據(jù)萬有引力公式F=GMmr2，因?yàn)樘绽|(zhì)量未知，所以離地越低的太空垃圾受到的萬有引力不一定大，故B點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵知道萬有引力等于所需要的向心力，做圓周運(yùn)動(dòng)．當(dāng)萬有引力大于所需要的向心力，做近心運(yùn)動(dòng)。5、B【解析】根據(jù)G=mg，所以，根據(jù)萬有引力提供向心力得：解得：，故選B.點(diǎn)睛：本題是衛(wèi)星類型的問題，常常建立這樣的模型：環(huán)繞天體繞中心天體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由中心天體的萬有引力提供向心力．重力加速度g是聯(lián)系星球表面宏觀物體運(yùn)動(dòng)和天體運(yùn)動(dòng)的橋梁．6、D【解析】

A.根據(jù)G可知，衛(wèi)星的質(zhì)量可以約去，只知道半徑不能求出冥王星質(zhì)量，故A錯(cuò)誤；BC.衛(wèi)星的運(yùn)行周期和角速度關(guān)系是T=2πG可知，衛(wèi)星的質(zhì)量可以約去，只知道角速度或周期不能求出冥王星質(zhì)量，所以知道衛(wèi)星的運(yùn)行周期和角速度或衛(wèi)星的質(zhì)量和角速度，沒法計(jì)算出冥王星的質(zhì)量，故BC錯(cuò)誤；故C錯(cuò)誤；D.衛(wèi)星圍繞冥王星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬有引力提供向心力，已知衛(wèi)星的速度和角速度，則軌道半徑r=根據(jù)GMmr2=mωv，即可求解冥王星質(zhì)量7、AC【解析】

AB．由圖可知，電子在A點(diǎn)加速度較大，則可知A點(diǎn)所受電場(chǎng)力較大，由F=Eq可知，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)要大于B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)，即，故A正確、B錯(cuò)誤；

CD．電子從A到B的過程中，速度減小，動(dòng)能減小，則可知電場(chǎng)力做負(fù)功，故電勢(shì)能增加，故A點(diǎn)的電勢(shì)能小于B點(diǎn)的電勢(shì)能，電子帶負(fù)電，由可知，A點(diǎn)的電勢(shì)要大于B點(diǎn)電勢(shì)，φA＞φB，故C正確，D錯(cuò)誤；

故選AC。8、BC【解析】根據(jù)公式W＝F·S，因?yàn)槭峭晃矬w，所以F相同，而且都上升128m所以位移S相等，因此做功W一樣，根據(jù)公式P＝F·V，F(xiàn)相等，速度甲大，所以甲的功率大.故BC正確；故選BC點(diǎn)睛：判斷做功多少，必須看物體的重力和升高的距離，功率看物體的重力和上升的速度.此題考查學(xué)生對(duì)做功公式W＝F·S和功率公式P＝F·V的運(yùn)用.9、CD【解析】試題分析：導(dǎo)體電阻由導(dǎo)體材料、長(zhǎng)度、橫截面積決定，與導(dǎo)體兩端的電壓和通過導(dǎo)體的電流無關(guān)，應(yīng)用歐姆定律分析答題．解：A、由R=可知，U=IR，對(duì)于一個(gè)確定的導(dǎo)體來說，如果通過的電流越大，則導(dǎo)體兩端的電壓也越大，但是，不能說導(dǎo)體兩端的電壓U由通過它的電流I和它的電阻R共同決定．故A錯(cuò)誤；B、關(guān)系式R=是定義式，導(dǎo)體電阻由導(dǎo)體材料、長(zhǎng)度、橫截面積決定，與導(dǎo)體兩端的電壓和通過導(dǎo)體的電流無關(guān)，故B錯(cuò)誤；C、由I=可知，導(dǎo)體中的電流跟導(dǎo)體兩端的電壓成正比，跟導(dǎo)體的電阻成反比，故C正確；D、導(dǎo)體電阻由導(dǎo)體材料、長(zhǎng)度、橫截面積決定，與導(dǎo)體兩端的電壓和通過導(dǎo)體的電流無關(guān)，導(dǎo)體電阻在數(shù)值上等于它兩端的電壓與通過它的電流之比，由R=可知，對(duì)于一個(gè)確定的導(dǎo)體來說，所加的電壓跟通過的電流的比值是一確定值，故D正確；故選CD．點(diǎn)評(píng)：本題是一道基礎(chǔ)題，知道導(dǎo)體電阻的決定因素、應(yīng)用歐姆定律即可正確解題．10、CD【解析】試題分析：當(dāng)物體所受合力的方向與合初速度方向不在同一條直線上，物體做的是曲線運(yùn)動(dòng)，例如不在同一條直線上的勻速直線運(yùn)動(dòng)和勻加速直線運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)一定是曲線運(yùn)動(dòng)，AB錯(cuò)；CD對(duì)；故選CD考點(diǎn)：考查運(yùn)動(dòng)的合成點(diǎn)評(píng)：本題難度較小，當(dāng)物體所受合力的方向與合初速度方向不在同一條直線上，物體做的是曲線運(yùn)動(dòng)11、AC【解析】小球?qū)?xì)桿的作用力大小等于細(xì)桿對(duì)小球的作用力．在a點(diǎn)設(shè)細(xì)桿對(duì)球的作用力為，則有，所以，故小球?qū)?xì)桿的拉力為126N，方向豎直向下，A正確，B錯(cuò)誤．在b點(diǎn)設(shè)細(xì)桿對(duì)球的作用力向上，大小為，則有，所以，故小球?qū)?xì)桿為壓力，方向豎直向下，大小為6N，C錯(cuò)誤，D正確．故選AD12、BC【解析】（1）若小球在最高點(diǎn)，恰好只有重力提供向心力，即，則，A錯(cuò)誤；（2）若，則小球在最高點(diǎn)有離心運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，小球?qū)U的力應(yīng)屬于拉力，B正確；（3）若，則小球在最高點(diǎn)有近心運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，小球?qū)U的力應(yīng)屬于壓力，C正確，D錯(cuò)誤．故本題選BC．二、實(shí)驗(yàn)題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、(58.8cm,58.8cm)1.96【解析】

（1）根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，水平方向的坐標(biāo)為：3×2×9.8cm=58.8cm；豎直方向：y=（1+2+3）×9.8cm=58.8c