2024學年重慶市九校聯(lián)盟物理高三第一學期期中統(tǒng)考試題含解析

2024學年重慶市九校聯(lián)盟物理高三第一學期期中統(tǒng)考試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、有一豎直放置的T型架，表面光滑，兩質量均為m的滑塊A、B分別套在水平桿與豎直桿上，A、B間用一不可伸長的輕細繩相連，A、B可看作質點，如圖所示，開始時細繩水平伸直，A、B靜止。現(xiàn)由靜止釋放B，下列關于兩滑塊以后運動中的說法正確的是A．在滑塊B從釋放到最低點的過程中，B物體減少的重力勢能等于A物體增加的動能B．在滑塊B從釋放到最低點的過程中，繩中張力始終小于mgC．設細繩與豎直方向的夾角為60°時，滑塊B的速度為v，則連接A下降的高度為D．當細繩與豎直方向的夾角為60°時，A、B兩物體的速度比為2、2019年1月3日，嫦娥四號成功著陸在月球背面開始了對月球背面區(qū)域的科學考察之旅。由于月球在繞地球的運行過程中永遠以同一面朝向地球，導致地球上的任何基站信號都無法直接穿透月球與嫦娥四號建立聯(lián)系，為此，我國特意于2018年5月21日成功發(fā)射了嫦娥四號中繼星“鵲橋”，如下圖所示，若忽略除地球和月球外其他天體的影響，運行在地月第二拉格朗日點（L2點）的“鵲橋”的運動可簡化為同時參與了以L2點為中心的自轉和與月球一起繞地球的公轉兩個運動，以確保嫦娥四號和地球之間始終能夠正常的進行通訊聯(lián)系。以下關于月球和中繼星“鵲橋”運動的認識中正確的是：A．月球的自轉周期與其繞地球的公轉周期一定是相同的B．“鵲橋”的公轉周期一定大于月球的公轉周期C．“鵲橋”的自轉的周期一定等于其繞地球公轉的周期D．“鵲橋”繞L2點自轉的向心力一定是地球和月球對其萬有引力的合力3、在如圖（a）所示的電路中，L1、L2為規(guī)格相同的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖（b）所示，C是電容為的電容器，R是阻值為8Ω的定值電阻，電源E的內阻為。電路穩(wěn)定后，通過L1的電流為0.15A，下列結果正確的是()A．L1的電功率為0.32WB．L2的電阻約為5C．電源的效率約為60%D．電容器的帶電量為1.2×104C4、如圖所示，“天舟一號”貨運飛船與“天宮二號”空間實驗室對接后，組合體在時間t內沿圓周軌道繞地球轉過的角度為θ，組合體軌道半徑為r，引力常量為G，不考慮地球自轉．則（）A．組合體做圓周運動的線速度為B．可求出組合體受到地球的萬有引力C．地球的質量為D．可求出地球的平均密度5、在一斜面頂端，將甲、乙兩個小球分別以v和的速度沿同一方向水平拋出，兩球都落在該斜面上．甲球落至斜面時的速率是乙球落至斜面時速率的A．2倍 B．3倍 C．4倍 D．6倍6、如圖所示，兩平行金屬板中有相互垂直的勻強電場和勻強磁場，一個α粒子從兩板正中央垂直電場、磁場入射，它在金屬板間運動軌跡如圖中曲線所示，則在α粒子飛躍金屬板間區(qū)域過程中（）A．α粒子的動能增大B．α粒子的電勢能增大C．電場力對α粒子做負功D．磁場力對α粒子做負功二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一足夠長的木板B靜置于光滑水平面上，如圖甲所示，其上放置小滑塊A，木板B受到隨時間t變化的水平拉力F作用，現(xiàn)用傳感器測出木板B的加速度a，從而得到如圖乙所示的圖象，g取。下面判斷錯誤的是（）A．滑塊A與木板B之間的動摩擦因數(shù)為0.2 B．滑塊A的質量為4kgC．當時滑塊A的加速度為 D．當時木板B加度為8、如圖，C為中間插有電介質的電容器，b極板與靜電計金屬球連接，a極板與靜電計金屬外殼都接地．開始時靜電計指針張角為零，在b板帶電后，靜電計指針張開了一定角度．以下操作能使靜電計指針張角變大的是（）A．將b板也接地B．b板不動、將a板向右平移C．將a板向上移動一小段距離D．取出a、b兩極板間的電介質9、如圖所示，傾角為的斜面體C置于水平地面上，一條細線一端與斜面上的物體B相連，另一端繞過質量不計的定滑輪與物體A相連，定滑輪用另一條細線懸掛在天花板上的O點，細線與豎直方向成角，A、B、C始終處于靜止狀態(tài)，下列說法正確的是A．若僅增大A的質量，B對C的摩擦力一定減小B．若僅增大A的質量，地面對C的摩擦力一定增大C．若僅增大B的質量，懸掛定滑輪的細線的拉力可能等于A的重力D．若僅將C向左緩慢移動一點，角將增大10、如圖所示，物塊a、b和c的質量相同，a和b、b和c之間用完全相同的輕彈簧S1和S2相連，通過系在a上的細線懸掛于固定點O；整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)；現(xiàn)將細繩剪斷，將物塊a的加速度記為a1，S1和S2相對原長的伸長分別為△l1和△l2，重力加速度大小為g，在剪斷瞬間A．a1=3g B．a1=0 C．△l1=2△l2 D．△l1=△l2三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖裝置用于驗證從軌道上滑下的球與靜止在軌道末端的小球碰撞過程中的動量守恒（軌道末端水平），圖中三條曲線分別是球（未放球）的飛行軌跡，以及兩球碰后的飛行軌跡．如果碰撞過程中動量守恒，（1）下列各式中正確的是（______）A．B．C．D．（2）在該實驗中，安裝斜槽軌道時，應該讓槽斜的末端點的切線保持水平，這樣做的目的是為了使（______）A．入射球得到較大的速度B．入射球與被碰球對心碰撞后速度均沿水平方向C．入射球和被碰球均能從同一高度飛出D．兩球碰撞時動能無損失12．（12分）某興趣小組的同學利用如圖所示的實驗裝置，測量木塊與長木板之間的動摩擦因數(shù)，圖中長木板水平固定：①實驗過程中，打點計時器應接在____________（填“直流”或“交流）電源上，調整定滑輪的高度，使____________；②已知重力加速度為g，測得木塊的質量為M，砝碼盤和砝碼的總質量為m，砝碼盤、砝碼和木塊的加速度大小為a，則木塊與長木板之間的動摩擦因數(shù)____________；③實驗時，某同學得到一條紙帶，如圖所示，每隔四個計時點取一個計數(shù)點，即為圖中0、1、2、3、4、5、6點。測得每兩個計數(shù)點間的距離為cm，cm，cm，cm，cm，cm，打點計時器的電源頻率為50Hz。計算此紙帶的加速度大小a=______m/s2，打第4個計數(shù)點時紙帶的速度大小v=________m/s。（保留兩位有效數(shù)字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖甲所示，質量為m＝1kg的物體置于傾角為θ＝37°固定斜面上（斜面足夠長），對物體施加平行于斜面向上的恒力F，作用時間t1＝1s時撤去拉力，物體運動的部分v—t圖像如圖乙所示，取g=10m/s2，試求：（1）在0到1s內，拉力F的平均功率；（2）t＝4s時物體的速度v．14．（16分）北京將在2022年舉辦冬季奧運會，滑雪運動將速度與技巧完美地結合在一起，一直深受廣大觀眾的歡迎。一質量為60kg的運動員在高度為，傾角為的斜坡頂端，從靜止開始沿直線滑到斜面底端。下滑過程運動員可以看作質點，收起滑雪杖，忽略摩擦阻力和空氣阻力，取，問：（1）運動員到達斜坡底端時的速率；（2）運動員剛到斜面底端時，重力的瞬時功率；（3）從坡頂滑到坡底的過程中，運動員受到的重力的沖量。15．（12分）如圖所示，長度為l的輕繩上端固定在O點，下端系一質量為m的小球（小球的大小可以忽略）．、（1）在水平拉力F的作用下，輕繩與豎直方向的夾角為，小球保持靜止，畫出此時小球的受力圖，并求力F的大?。?）由圖示位置無初速度釋放小球，求當小球通過最低點時的速度大小及輕繩對小球的拉力．不計空氣阻力．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解題分析】當B滑到最低點時，B的速度為零，根據機械能守恒定律可知，在此過程中，B物體減少的重力勢能等于A物體增加的動能，選項A正確；物塊B先加速后減速，在減速過程中，可知T>mg，則選項B錯誤；當細繩與豎直方向的夾角為60°時，將A、B的速度分解為沿繩的方向和垂直于繩子的方向，兩物體沿繩子方向的速度相等，有：vBcos60°=vAcos30°，所以；AB組成的系統(tǒng)機械能守恒，有：mgh=mvA2+mvB2，因滑塊B的速度為v，所以：h=，繩長l=2h=．選項CD錯誤；故選A.2、A【解題分析】

A.月球一面始終朝著地球，說明月球也有自轉，其自轉周期等于其公轉周期，故A正確；B.地月系統(tǒng)的拉格朗日點就是小星體在該位置時，可以與地球和月球基本保持相對靜止，故中繼星“鵲橋”隨拉格朗日點L2繞地球運動的周期等于月球繞地球的周期，故B錯誤；C.為確保嫦娥四號和地球之間始終能夠正常的進行通訊聯(lián)系，所以“鵲橋”的自轉的周期要小其繞地球公轉的周期，故C錯誤；D.中繼星“鵲橋”繞拉格朗日點L2運動過程，只受到地球和月球萬有引力作用，合力不能提供向心力，因此還受到自身的動力作用，故D錯誤。3、B【解題分析】

A．電路穩(wěn)定后，通過L1的電流為I1=0.15A，由圖讀出其電壓U1=0.6V，則燈泡L1的電功率P1=U1I1=0.15×0.6=0.09W故A錯誤；B．并聯(lián)部分的電壓U2=U1+I1R=0.6+0.15×8=1.8V由圖讀出其電流為I2=0.36A，根據歐姆定律得故B正確；C．電源電動勢E=U2+（I1+I2）r=1.8+0.51×1=2.31V電源的效率為故C錯誤；D．電容器的電壓U=I1R=1.2V則電容器的帶電量為Q=UC=1.2×100×10-6=1.2×10-4C故D錯誤。4、C【解題分析】A、組合體在時間t內沿圓周軌道繞地球轉過的角度為,則角速度:

所以，故A錯誤；B、因為不知道組合體的質量,所以不能求出組合體受到的萬有引力，故B錯誤；C、萬有引力提供組合體的向心力,則:

所以:故C正確；D、根據，，但不知道星球自身的半徑，所以無法求地球的平均密度，故D錯誤；綜上所述本題答案是：C5、B【解題分析】

本題考查平拋運動的規(guī)律?！绢}目詳解】ABCD.小球做平拋運動，落在斜面上時，有：（是斜面的傾角）解得：則小球落在斜面上的的豎直分速度為：根據平行四邊形定則知小球落至斜面時的速率：兩球的初速度之比為3：1,則兩球在斜面上的速率之比為3：1，故B正確ACD錯誤。故選B。6、A【解題分析】

對α粒子在電場、磁場中進行受力分析，受到豎直向上的洛倫茲力和豎直向下的電場力．運動過程中，洛倫茲力不做功，由圖中給出的α粒子的運動軌跡可知電場力對其做正功，因此α粒子的電勢能減?。儆蓜幽芏ɡ砜芍?，α粒子的動能增大．因此A正確、BCD錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解題分析】

令A、B的質量分別為m和M，當F=8N時，m和M整體的加速度為a=2m/s2，對整體分析，由牛頓第二定律有F=（M+m）a代入數(shù)據解得M+m=4kg當F＞8N時，對M，根據牛頓第二定律得知圖線的斜率解得M=1kg則滑塊的質量m=3kg根據F＞8N的圖線知，F(xiàn)=6N時，a=0，即代入數(shù)據解得μ=0.2當F=12N時，對滑塊，根據牛頓第二定律得μmg=ma′解得a′=μg=2m/s2故AC正確，不符合題意；BD錯誤，符合題意。故選BD。8、CD【解題分析】

靜電計測定電容器極板間的電勢差，電勢差越大，指針的偏角越大；由，分析電容的變化，根據C=Q/U分析電壓U的變化．【題目詳解】將b板也接地，電容器帶電量不變，兩板間的電勢差不變，則靜電計指針張角不變，選項A錯誤；b板不動、將a板向右平移，根據可知d變小時，C變大，Q不變時，根據C=Q/U，可知U減小，即靜電計指針張角變小，選項B錯誤；將a板向上移動一小段距離，根據可知S變小時，C變小，Q不變時，根據C=Q/U，可知U變大，即靜電計指針張角變大，選項C正確；取出a、b兩極板間的電介質，根據可知C變小，Q不變時，根據C=Q/U，可知U變大，即靜電計指針張角變大，選項D正確；故選CD.【題目點撥】本題是電容動態(tài)變化分析問題，關鍵抓住兩點：一是電容器的電量不變；二是關于電容的兩個公式和C=Q/U．9、BD【解題分析】

A、若B具有上滑的趨勢，增大A的質量，則B對C的摩擦力增大，若B具有下滑的趨勢，增大A的質量，則B對C的摩擦力減小，所以不一定增大，故A錯誤；B、將BC看作一個整體，具有向左的運動趨勢，僅增大A的質量，地面對C的摩擦力一定增大，故B正確；C、若B具有上滑的趨勢，增大B的質量，則B受到的摩擦力減小，若B具有下滑的趨勢，增大B的質量，則B受到的摩擦力增大，所以不一定增大，故C錯誤；D、連接AB的細線的夾角一半即α角的大小，若僅將C向左緩慢移動一點，增大連接AB的細線的夾角，則α角將增大，故D正確；故選BD．10、AC【解題分析】

設物體的質量為m，剪斷細繩的瞬間，繩子的拉力消失，彈簧還沒有來得及改變，所以剪斷細繩的瞬間a受到重力和彈簧的拉力，剪斷前對bc和彈簧組成的整體分析可知，故a受到的合力，故加速度，A正確，B錯誤；設彈簧的拉力為，則，根據胡克定律可得，C正確，D錯誤．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、DB【解題分析】（1）依據動量守恒，由于下落高度相等，根據豎直方向做自由落體運動，，下落時間相等，則，故D對，ABC錯．（2）根據實驗原理，三次下落時間相等，時間消去。所以必須保證入射球與被碰球對心碰撞后速度均沿水平方向，做平拋運動，故B正確，ACD錯誤．12、交流細線與長木板平行1.90.77【解題分析】

①[1][2]．打點計時器使用交流電源，為零使繩子的拉力水平，需調整定滑輪的高度，細線與長木板平行．②[3]．對整體分析，根據牛頓第二定律有mg-μMg=（M+m）a解得③[4][5]．連續(xù)相等時間內位移之差為1.92cm，根據△x=aT2得，第4個計數(shù)點的瞬時速度等于3、5間的平均速度，則四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）P＝300W（2）v＝2m/s，方向沿斜面向下【解題分析】（1）設力F作用時物體的加速度為a1，對物體進行受力分析，由牛頓第二定律可知F－mgsinθ－μmgcosθ＝ma1（2分）撤去力后，由牛頓第二定律有mgsinθ＋μmgcosθ＝ma2（2分）根據圖像可知：a1＝20m/s2，a2＝10m/s2（1分）解得：μ＝0.5（1分）拉力F＝30N（1分）（2）設撤去力后物體運動到最高點時間為t2，v1＝a2t2，解得t2＝2s（1分）則物體沿著斜面下滑的時間為t3＝t－t1－t2＝1s設下滑加速度為a3，由牛頓第二定律可得：mgsinθ－μmgcosθ＝ma3a3=2m/s2（2分）t＝4s時速