江西省贛州市曉龍中學高三物理摸底試卷含解析

江西省贛州市曉龍中學高三物理摸底試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.從地面豎直上拋一物體A，同時在離地面某一高度處有一物體B自由下落，兩物體在空中同時到達同一高度時速度大小均為v，則下列說法正確的是(

)A．A上拋的初速度與B落地時速度大小相等，都是2vB．兩物體在空中運動的時間相等C．A上升的最大高度與B開始下落時的高度相同D．兩物體在空中同時達到的同一高度處一定是B開始下落時高度的中點參考答案：AC設兩物體從下落到相遇的時間為t，豎直上拋物體的初速度為v0，則由題gt=v0-gt=v

解得v0=2v．故A正確．根據豎直上拋運動的對稱性可知，B自由落下到地面的速度為2v，在空中運動時間為tB=，A豎直上拋，在空中運動時間tA=2×=．故B錯誤．物體A能上升的最大高度hA=，B開始下落的高度hB=，顯然兩者相等．故C正確．兩物體在空中同時達到同一高度為h=gt2===hB．故D錯誤．故選AC。2.（多選）（2014秋?德城區(qū)校級月考）如圖所示，表面粗糙的固定斜面頂端安有滑輪，兩物塊P、Q用輕繩連接并跨過滑輪（不計滑輪的質量和摩擦），P懸于空中，Q放在斜面上，均處于靜止狀態(tài)．當用水平向左的恒力推Q時，P、Q仍靜止不動，則（）A． Q受到的摩擦力一定變小B． 地面對系統(tǒng)向上的支持力不變C． 輕繩上拉力一定變小D． 輕繩上拉力一定不變參考答案：BD解：對物體P受力分析，受重力和拉力，二力平衡，故繩子的拉力等于物體P的重力；當用水平向左的恒力推Q時，P、Q仍靜止不動，故繩子的拉力仍然等于物體P的重力，輕繩上拉力一定不變．故C錯誤D正確；再對物體Q受力分析，受重力、拉力、支持力，可能有靜摩擦力；當靜摩擦力沿斜面向上時，有T+f=mgsinθ，當用水平向左的恒力推Q時，靜摩擦力f會減小，也可能摩擦力大小不變，方向相反．當靜摩擦力沿著斜面向下時，有T=f+gsinθ，當用水平向左的恒力推Q時，靜摩擦力會增加；故A錯誤；以P、Q整體為研究對象，根據豎直方向受力平衡，地面對系統(tǒng)向上的支持力等于的重力不變，故B正確；故選：BD．3.（單選）細繩一端固定在天花板上，另一端拴一質量為m的小球，如圖所示．使小球在豎直平面內擺動，經過一段時間后，小球停止擺動．下列說法中正確的是（）

A．小球機械能守恒

B．小球能量正在消失

C．小球擺動過程中，只有動能和重力勢能在相互轉化

D．總能量守恒，但小球的機械能減少參考答案：考點：機械能守恒定律；功能關系．專題：機械能守恒定律應用專題．分析：小球長時間擺動過程中，重力勢能和動能相互轉化的同時，不斷地轉化為機械能，故擺動的幅度越來越小，最后停下．解答：解：A、小球在豎直平面內擺動，經過一段時間后，小球停止擺動，說明機械能通過克服阻力做功不斷地轉化為內能，即機械能不守恒，故A錯誤；B、小球的機械能轉化為內能，能量的種類變了，但能量不會消失，故B錯誤；C、D、小球長時間擺動過程中，重力勢能和動能相互轉化的同時，不斷地轉化為機械能，故擺動的幅度越來越小，故C錯誤，D正確；故選D．4.（單選）一顆人造地球衛(wèi)星在距地球表面高度為h的軌道上做勻速圓周運動，運動周期為T，若地球半徑為R，則（

）

A.該衛(wèi)星運行時的線速度為

B.該衛(wèi)星運行時的向心加速度為C.物體在地球表面自由下落的加速度為

D.地球的第一宇宙速度為參考答案：D5.（單選題）一個靜止的質點,在0～4s時間內受到力F的作用,力的方向始終在同一直線上,力F所產生的加速度a隨時間t的變化如圖所示,則質點在(

)A．第2s末速度改變方向

B．第2s末位移改變方向C．第4s末回到原出發(fā)點D．第4s末運動速度為零參考答案：D二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.圖為某同學設計了一個探究小車的加速度a與小車所受拉力F及質量m關系的實驗裝置簡圖．小車的質量為m1，砂和砂桶質量的為m2。（1）下列說法正確的是

A．每次改變小車質量時，應重新平衡摩擦力B．實驗時應先釋放小車后接通電源C．在探究加速度與質量關系時，應作a-圖象(2)實驗中要進行質量m1和m2的選取，以下最合理的一組是

A.

m1=200,m2=20、40、60、80、100、120B.

m1=400,m2=10、15、20、25、30、40C.

m1=200,m2=50、60、70、80、90、100D.

m1=20,

m2=100、150、200、250、300、400（3）實驗時，某同學由于疏忽，遺漏了平衡摩擦力這一步驟，他測量得到的a-F圖像，可能是圖中的圖線

（選填“甲”、“乙”、“丙”）參考答案：（1）C

（2）B

（3）丙（1）假設木板傾角為θ，則有：f=mgsinθ=μmgcosθ，m約掉了，故不需要重新平衡摩擦力，A錯誤．實驗時應先接通電源后釋放小車，故B錯誤．F=ma，所以：a=

F，當F一定時，a與成正比，故C正確。（2）沙和沙桶加速下滑，處于失重狀態(tài)，其對細線的拉力小于重力，設拉力為T，根據牛頓第二定律，有

對沙和沙桶，有mg-T=ma

對小車，有T=Ma

解得故當M＞＞m時，有T≈mg。

應該是，即本實驗要求小車的質量遠遠大于小桶（及砝碼）的質量。B最合理。（3）遺漏了平衡摩擦力這一步驟，就會出現當有拉力時，物體不動的情況．故圖線為丙．7.利用α粒子散射實驗最早提出原子核式結構模型的科學家是

；他還利用α粒子轟擊（氮核）生成和另一種粒子，寫出該核反應方程

．參考答案：盧瑟福，8.圖10—59中虛線表示某一勻強電場區(qū)域內的若干個等勢面。質子、氘核、粒子以相同的初速度，沿與等勢面平行的方向由A點進入該電場，從上端進入電場到下端離開電場的過程中，質子、氘核、粒子的動量改變量之比是______________，電勢能改變量之比是_____________。參考答案：1：1：2

2：1：29.請將下列兩個核反應方程補充完整。

He+NO+

U+nXe+Sr+

參考答案：10.在靜電場中，一個帶電量q=2.0×10-9C的負電荷從A點移動到B點，在這過程中，電場力做功8.0×10-5J，則A、B兩點間的電勢差UAB=

V參考答案：UAB=-4×104V11.豎直上拋運動，可看成是豎直向上的

和一個豎直向下

的運動的合運動參考答案：勻速直線運動，自由落體運動12.某人站在高樓的平臺邊緣，以20m/s的初速度豎直向上拋出一石子，不考慮空氣阻力，g取，則石子拋出后通過拋出點下方20m處所需的時間為________________s。參考答案：13.（單選）當具有5.0eV能量的光子照射到某金屬表面后，從金屬表面逸出的光電子的最大初動能是1.5eV．為了使該金屬產生光電效應，入射光子的最低能量為

▲

A．1.5eV

B．3.5eV

C．5.0eV

D．6.5eV參考答案：B三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（選修模塊3－4）如圖所示是一種折射率n=1.5的棱鏡用于某種光學儀器中?，F有一束光線沿MN的方向射到棱鏡的AB界面上，入射角的大小。求光在棱鏡中傳播的速率及此束光線射出棱鏡后的方向（不考慮返回到AB面上的光線）。

參考答案：解析：由得（1分）

由得，（1分）

由＜，可知C＜45°（1分）

而光線在BC面的入射角＞C，故光線在BC面上發(fā)生全反射后，垂直AC面射出棱鏡。（2分）

15.

（選修3-3）（4分）估算標準狀態(tài)下理想氣體分子間的距離（寫出必要的解題過程和說明,結果保留兩位有效數字）參考答案：解析：在標準狀態(tài)下，1mol氣體的體積為V=22.4L=2.24×10-2m3

一個分子平均占有的體積V0=V/NA

分子間的平均距離d=V01/3=3.3×10-9m四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，從A點以的水平速度拋出一質量的小物塊（可視為質點），當物塊運動至B點時，恰好沿切線方向進入光滑圓弧軌道BC，經圓孤軌道后滑上與C點等高、靜止在粗糙水平面的長木板上，圓弧軌道C端切線水平。已知長木板的質量M=4kg,A、B兩點距C點的高度分別為H=0.6m、h=0.15m，R=0.75m，物塊與長木板之間的動摩擦因數，長木板與地面間的動摩擦因數。求：（1）小物塊運動至B點時的速度大小和方向；（2）小物塊滑動至C點時，對圓弧軌道C點的壓力；（3）長木板至少為多長，才能保證小物塊不滑出長木板？參考答案：⑴物塊做平拋運動：H－h(huán)=gt2

（2分）設到達C點時豎直分速度為vy：vy＝gt（1分）=5m/s（1分）方向與水平面的夾角為θ：tanθ＝vy/v0＝3/4，即θ=37°

（1分）⑵從A至C點，由動能定理得mgH=（2分）設C點受到的支持力為FN，則有FN－mg=（1分）由上式可得v2=m/s

FN=47.3N

（1分）根據牛頓第三定律可知，物塊m對圓弧軌道C點的壓力大小為47.3N（1分）⑶由題意可知小物塊m對長木板的摩擦力f=μ1mg=5N（1分）長木板與地面間的最大靜摩擦力近似等于滑動摩擦力f′=μ2(M+m)g=10N（1分）因f<f′，所以小物塊在長木板上滑動時，長木板靜止不動（1分）小物塊在長木板上做勻減速運動，至長木板右端時速度剛好為0則長木板長度至少為l==2.8m

17.如圖甲，PNQ為豎直放置的半徑為0.1m的半圓形軌道，在軌道的最低點P和最高點Q各安裝了一個壓力傳感器，可測定小球在軌道內側，通過這兩點時對軌道的壓力FP和FQ．軌道的下端與一光滑水平軌道相切，水平軌道上有一質量為0.06kg的小球A，以不同的初速度與靜止在軌道最低點P處稍右側的另一質量為0.04kg的小球B發(fā)生碰撞，碰后形成一整體（記為小球C）以共同速度v沖入PNQ軌道．（A、B、C三小球均可視為質點，g取10m/s2）（1）若FP和FQ的關系圖線如圖乙所示，求：當FP=13N時所對應的入射小球A的初速度為多大？（2）當FP=13N時，AB所組成的系統(tǒng)從A球開始向左運動到整體達到軌道最高點Q全過程中所損失的總機械能為多少？（3）若軌道PNQ光滑，小球C均能通過Q點．試推導FP隨FQ變化的關系式，并在圖丙中畫出其圖線．參考答案：答案：；0.6J；；圖線見右圖:解：（1）設A球的質量為M，B球的質量為m.由牛頓第三定律可知，小球在P、Q兩點所受軌道的彈力大小，，-------------------------------------------------------------------1分在P點由牛頓第二定律得：②-----------------2分

解得

---------------------------------------------------------------------1分AB相碰，動量守恒得----------------------------------------------2分解得--------------------------------------------------------------------1分（2）AB相碰所損失的機械能

------1分球C在Q點由牛頓第二定律得：

-----------1分球C從P運動至Q的過程，由動能定理得：--------------------------------2分聯立并代入數據解得

故球C上升過程中所損失的機械能-----------------------------------1分故整個系統(tǒng)在全過程中所損失的機械能--------------1分（3）因軌道光滑，小球C由P至Q的過程中機械能守恒（4）

----------------------------------------2分)解得---------------------------------------------------------------------1分

即

圖線如圖所示-------------------------------------------------------------------------------2分18.（20分）直立輕彈簧的下端與水平地面上質量為M=0.20kg的甲木塊連接，輕彈簧上端靜止于A點（如圖1），再將質量也為M=0.20kg乙木塊與彈簧的上端連接，當甲、乙及彈簧均處于靜止狀態(tài)時，彈簧上端位于B點（如圖2）?，F向下用力壓乙，當彈簧上端下降到C點時將彈簧鎖定，C、A兩點間的距離為△l=0.06m。一個質量為m=0.10kg的小球丙從距離乙正上方h=0.45m處自由落下（如圖3），當丙與乙剛接觸時，彈簧立即被解除鎖定，丙與乙發(fā)生彈性碰撞（碰撞時間極短），碰撞后立即取走小球丙，乙將在豎直方向做簡諧振動。已知當甲第一次剛離開地面時乙的速度為v=2.0m/s。求

（1）丙與乙發(fā)生彈性碰撞后各自的速度v乙、v丙；（2）從彈簧被解除鎖定至甲第一次剛離開地面時，彈簧彈性勢能的改變量。（g=10m/s2）

參考答案：

解析：（1）設丙自由下落h時速度為，根據自由落體運動規(guī)律

m/s

①

解除鎖定后，乙與丙發(fā)生彈性碰撞，設碰后乙、丙的速度分別為，

根據動量守恒定律

②

根據動能守恒