【解析】2023年高考物理全國(guó)乙卷真題變式·分層精準(zhǔn)練：第7題

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2023年高考物理全國(guó)乙卷真題變式·分層精準(zhǔn)練：第7題

一、原題

1．（2023·全國(guó)乙卷）黑箱外有編號(hào)為1、2、3、4的四個(gè)接線柱，接線柱1和2、2和3、3和4之間各接有一個(gè)電阻，在接線柱間還接有另外一個(gè)電阻R和一個(gè)直流電源。測(cè)得接線柱之間的電壓U12=3.0V，U23=2.5V，U34=－1.5V。符合上述測(cè)量結(jié)果的可能接法是（）

A．電源接在1、4之間，R接在1、3之間

B．電源接在1、4之間，R接在2、4之間

C．電源接在1、3之間，R接在1、4之間

D．電源接在1、3之間，R接在2、4之間

【答案】C,D

【知識(shí)點(diǎn)】串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點(diǎn)及應(yīng)用；黑箱問(wèn)題

【解析】【解答】A、根據(jù)題意畫(huà)出電路圖如圖所示，

由已知條件得出：電壓為正值，不符合題意，A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)題意畫(huà)出電路圖如圖所示，

由已知條件得出：電壓為正值，不符合題意，B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)題意畫(huà)出電路圖如圖所示，

由已知條件得出符合題目測(cè)量結(jié)果，C正確；

D、根據(jù)題意畫(huà)出電路圖如圖所示，

由已知條件得出符合題目測(cè)量結(jié)果，D正確；

故答案為：CD

【分析】電學(xué)黑箱題，由串并聯(lián)電路的特點(diǎn)，根據(jù)題目選項(xiàng)逐一畫(huà)出可能的電路圖進(jìn)行分析，得出結(jié)論。

二、基礎(chǔ)

2．（2023高一下·宿遷期末）如圖，電源的電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻，定值電阻，M是電動(dòng)機(jī)，其線圈電阻，電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，理想電壓表示數(shù)為6V，則（）

A．通過(guò)電源的電流為1.5AB．定值電阻R兩端的電壓為8V

C．電動(dòng)機(jī)的輸出功率為5WD．電源的效率約為93.3%

【答案】B,C,D

【知識(shí)點(diǎn)】歐姆定律

【解析】【解答】A、設(shè)理想電壓表示數(shù)為U，電路中電流為I，由閉合電路歐姆定律得：，

可得：則通過(guò)電源和電動(dòng)機(jī)的電流為1A，A不符合題意；

B、根據(jù)歐姆定律可知定值電阻R兩端的電壓為，B符合題意；

C、電動(dòng)機(jī)消耗的電功率為：

電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率為：

故電動(dòng)機(jī)的輸出功率為：，C符合題意；

D、電源的效率，D符合題意。

故答案為：BCD

【分析】利用串并聯(lián)電流、電壓規(guī)律求解電阻R兩端的電壓，對(duì)電阻R利用歐姆定律求解電路中的電流，結(jié)合選項(xiàng)分析求解即可。

3．（2023高二上·揚(yáng)州月考）在如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為12V，電源內(nèi)阻為1.0Ω，電路中的電阻R0為1.5Ω，小型直流電動(dòng)機(jī)M的內(nèi)阻為0.5Ω，閉合開(kāi)關(guān)S后，電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)動(dòng)，電流表的示數(shù)為2.0A（內(nèi)阻不計(jì)），則以下判斷中正確的是（）

A．電動(dòng)機(jī)的輸出的功率為12WB．電動(dòng)機(jī)兩端的電壓為7.0V

C．電動(dòng)機(jī)產(chǎn)生的熱功率4.0WD．電源輸出的電功率為24W

【答案】A,B

【知識(shí)點(diǎn)】電功率和電功；歐姆定律

【解析】【解答】解：B、電路中電流表的示數(shù)為2.0A，所以電動(dòng)機(jī)的電壓為：U=E﹣U內(nèi)﹣UR0=12﹣Ir﹣IR0=12﹣2×1﹣2×1.5=7V，所以B符合題意；

A、C，電動(dòng)機(jī)的總功率為P總=UI=7×2=14W，電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率為：P熱=I2R=22×0.5=2W，所以電動(dòng)機(jī)的輸出功率為14W﹣2W=12W，所以A符合題意，C不符合題意；

D、電源的輸出的功率為：P輸出=EI﹣I2R=12×2﹣22×1=20W，所以D不符合題意

故答案為：AB

【分析】先以定值電阻作為研究對(duì)象求出電阻兩端的電壓和電動(dòng)機(jī)兩端的電壓，再利用公式P=UI求解電功率。

4．（2023高二上·惠州期末）如圖為握力器原理示意圖，握力器把手上的連桿與彈簧一起上下移動(dòng)，握力的大小可通過(guò)﹣定的換算關(guān)系由電流表的示數(shù)獲得．當(dāng)人緊握握力器時(shí)，如果握力越大，下列判斷正確的有（）

A．電路中電阻越大B．電路中電阻越小

C．電路中電流越小D．電路中電流越大

【答案】B,D

【知識(shí)點(diǎn)】歐姆定律

【解析】【解答】解：由圖看出，握力越大，變阻器接入電路的電阻越小，外電路的總電阻越小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電路中電流越大．故BD正確．AC錯(cuò)誤．

故選：BD

【分析】由圖看出，握力越大，變阻器接入電路的電阻越小，外電路的總電阻越小，根據(jù)歐姆定律分析電路中電流的變化．

5．在圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)電阻為r.在滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸片P從圖示位置向上滑動(dòng)的過(guò)程中()

A．電路中的總電流變大B．路端電壓變大

C．通過(guò)電阻R2的電流變大D．通過(guò)滑動(dòng)變阻器R1的電流變小

【答案】B,C,D

【解析】【解答】滑片P上滑，R1增大，所以總電阻R總增大，由閉合電路歐姆定律得，所以總電流I總變小，由可知路端電壓U增大，通過(guò)R2電流增大，由可知變小。綜合分析可知BCD正確。

故選BCD

【分析】本題考查利用閉合電路歐姆定律分析動(dòng)態(tài)電路，是常見(jiàn)題。

三、鞏固

6．（2023高二上·河源期末）在如圖所示的電路中，E為電源，其內(nèi)阻為r，L為小燈泡（其燈絲電阻可視為不變），、為定值電阻（），為光敏電阻，其阻值大小隨所受照射光強(qiáng)度的增大而減小，V為理想電壓表。若將照射的光的強(qiáng)度減弱，則（）

A．電壓表的示數(shù)變大B．小燈泡變亮

C．通過(guò)的電流變大D．電源輸出功率變小

【答案】C,D

【知識(shí)點(diǎn)】電功率和電功；串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點(diǎn)及應(yīng)用

【解析】【解答】ABC．將照射的光的強(qiáng)度減弱，則阻值增大，根據(jù)串反并同可知，與它串聯(lián)的電壓表示數(shù)減小，與它并聯(lián)的的電流變大，與它串聯(lián)的小燈泡變暗，AB不符合題意，C符合題意；

D．因?yàn)椋柚翟龃?，電路中總電阻增大，根?jù)電源輸出功率特點(diǎn)

可知，電源輸出功率減小，D符合題意。

故答案為：CD。

【分析】根據(jù)電阻阻值的變化情況以及串并聯(lián)電路的特點(diǎn)得出小燈泡亮度的變化情況，結(jié)合電源輸出功率的特點(diǎn)得出輸出功率的變化情況。

7．如圖所示，甲、乙兩個(gè)電表的內(nèi)部電路都是由一個(gè)靈敏電流表G和一個(gè)電阻箱R組成。下列說(shuō)法中正確的是（）

A．甲表是電壓表，R增大時(shí)量程增大

B．甲表是電流表，R增大時(shí)量程減小

C．乙表是電壓表，R增大時(shí)量程增大

D．乙表是電流表，R增大時(shí)量程減小

【答案】B,C

【知識(shí)點(diǎn)】表頭的改裝；歐姆定律的內(nèi)容、表達(dá)式及簡(jiǎn)單應(yīng)用

【解析】【解答】AB．電流表改裝由靈敏電流計(jì)并聯(lián)電阻組成，所以甲表是電流表，R增大時(shí)，甲表中變阻器分流減小，量程減小，A不符合題意，B符合題意；

CD．電壓表改裝由靈敏電流計(jì)串聯(lián)電阻組成，所以乙表是電壓表，R增大時(shí)，乙表中變阻器分壓變大，量程增大，C符合題意，D不符合題意。

故答案為：BC。

【分析】根據(jù)電表的改裝以及歐姆定律得出R量程的變化情況。

8．（2023高二上·青島期末）如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R2滑片向右滑動(dòng)后，理想電流表A1、A2的示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為ΔI1、ΔI2，理想電壓表示數(shù)變化量的絕對(duì)值為ΔU。下列說(shuō)法中正確的是（）

A．電壓表V的示數(shù)減小

B．電流表A2的示數(shù)變小

C．ΔU與ΔI1比值一定小于電源內(nèi)阻r

D．ΔI1<ΔI2

【答案】B,C

【知識(shí)點(diǎn)】串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點(diǎn)及應(yīng)用；閉合電路的歐姆定律

【解析】【解答】B．當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片向右滑動(dòng)后，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，則總電流減小，所以電流表A2的示數(shù)減小，B項(xiàng)正確；

A．總電流減小，路端電壓增大，即電壓表V的示數(shù)增大，A項(xiàng)錯(cuò)誤；

D．根據(jù)并聯(lián)電路的電流規(guī)律有I2＝I1＋I(xiàn)，A2的示數(shù)I2變小，通過(guò)定值電阻R1的電流I增大，則A1的示數(shù)I1變小，所以ΔI1一定大于ΔI2，D項(xiàng)錯(cuò)誤；

C．電壓表測(cè)量路端電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律U＝E－I2r，可知＝r，而ΔI1大于ΔI2，所以<r，C項(xiàng)正確；

故答案為：BC。

【分析】滑動(dòng)變阻器滑片向右滑動(dòng)后，接入電路的電阻變大，結(jié)合閉合電路歐姆定律得出電流表2示數(shù)的變化情況，利用歐姆定律得出電壓表示數(shù)的變化情況，通過(guò)閉合電路歐姆定律以及串并聯(lián)電路進(jìn)行分析判斷。

9．（2023高二上·菏澤期末）如圖所示的電路中，E為電源電動(dòng)勢(shì)，r為電源內(nèi)阻，和均為定值電阻，且阻值與電源內(nèi)阻相等。為滑動(dòng)變阻器，當(dāng)?shù)幕瑒?dòng)觸點(diǎn)在a端時(shí)合上開(kāi)關(guān)S，此時(shí)三個(gè)電表、和V的示數(shù)分別為、和U，電表、和V的示數(shù)變化量絕對(duì)值為、和，將的滑動(dòng)觸點(diǎn)向b端移動(dòng)的過(guò)程中，下列判斷正確的是（）

A．電源的輸出功率一定增加

B．電源的效率一定增加

C．變化量小于變化量

D．比值一定不變

【答案】A,C

【知識(shí)點(diǎn)】電功率和電功；串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點(diǎn)及應(yīng)用；閉合電路的歐姆定律

【解析】【解答】A．當(dāng)外電路電阻等于電源內(nèi)阻時(shí)，電源的輸出功率最大，滑片滑動(dòng)過(guò)程中外電路電阻變小，當(dāng)滑動(dòng)觸點(diǎn)滑倒b端時(shí)外電路只有定值電阻，根據(jù)題意可知與電源內(nèi)阻的大小相等，所以此時(shí)電源輸出功率最大，在滑動(dòng)過(guò)程中一直在變大，A符合題意；

B．根據(jù)串反并同，滑動(dòng)觸頭滑動(dòng)過(guò)程中，電壓表的示數(shù)逐漸變小，即路端電壓逐漸變小，電源的效率變小，B不符合題意；

C．根據(jù)串并聯(lián)特點(diǎn)，可知，根據(jù)串反并同，可知電路的總電流變大，I1減小，I2增大，故變化量小于變化量，C符合題意；

D．根據(jù)閉合電路歐姆定律有，所以，D不符合題意。

故答案為：AC。

【分析】滑片滑動(dòng)的過(guò)程根據(jù)閉合電路歐姆定律和電功率的表達(dá)式得出電源輸出功率的變化情況，利用串并聯(lián)電路的特點(diǎn)得出電源效率的變化情況，結(jié)合閉合電路歐姆定律進(jìn)行分析判斷。

10．（2022高三上·月考）在如圖所示電路中，電源的電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，是定值電阻，是滑動(dòng)變阻器，閉合開(kāi)關(guān)S，不同規(guī)格的燈泡和均正常發(fā)光，現(xiàn)將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片P向上移動(dòng)一定的距離，理想電流表、電壓表的示數(shù)均會(huì)發(fā)生一定變化，其變化量分別用和表示，則下列分析判斷可能正確的是（）

A．電壓表V示數(shù)變大，電流表示數(shù)變小

B．電流表示數(shù)可能變?yōu)榱?/p>

C．燈泡變暗，燈泡變亮

D．電源的內(nèi)阻

【答案】A,B,C

【知識(shí)點(diǎn)】電功率和電功；串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點(diǎn)及應(yīng)用；閉合電路的歐姆定律

【解析】【解答】A．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片P向上移動(dòng)時(shí)，電阻接入電路中的電阻變大，外電路由于局部電阻增大導(dǎo)致整個(gè)外電路電阻增大，電壓表示數(shù)U變大，與并聯(lián)部分電壓增多，則其他部分電壓減小，則與并聯(lián)部分電壓也減小，故電流表示數(shù)變小，A符合題意；

B．根據(jù)橋式電路特征，當(dāng)，則電路中M、N兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為零，電流表示數(shù)變?yōu)榱?，B符合題意；

C．根據(jù)當(dāng)可知，燈泡的功率減小，燈泡變暗，燈泡與并聯(lián)，故燈泡兩端的電壓和流過(guò)燈泡的電流均變大，所以燈泡變亮，C符合題意；

D．對(duì)兩燈泡中間結(jié)點(diǎn)，有，則，而電源內(nèi)阻應(yīng)為（為干路電流變化量），而不一定等于干路上的電流變化，故內(nèi)阻r不一定等于，D不符合題意。

故答案為：ABC。

【分析】滑動(dòng)變阻器的滑片移動(dòng)的過(guò)程根據(jù)電阻的變化情況和不閉合電路歐姆定律以及串并聯(lián)電路的特點(diǎn)得出電流表示數(shù)的變化情況，結(jié)合橋式電路特征得出電流表2的示數(shù)，通過(guò)電功率的表達(dá)式和串并聯(lián)電路得出燈泡2的亮度變化情況，對(duì)兩燈泡中間節(jié)點(diǎn)根據(jù)電流關(guān)系得出電源的內(nèi)阻。

四、提升

11．（2023·長(zhǎng)沙模擬）一額定功率為9W、額定電壓為9V的小燈泡L和一直流電動(dòng)機(jī)并聯(lián)，與定值電阻R=4Ω串聯(lián)后接在電路中的AB兩點(diǎn)間，電流表A為理想電表，電路如圖所示，燈泡的電阻不變．當(dāng)AB間接電壓0.49V時(shí)，電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)、燈泡不亮，電流表示數(shù)為0.1A；當(dāng)AB間接電壓15V時(shí)，電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)動(dòng)起來(lái)、燈泡正常發(fā)光．則下列說(shuō)法正確的是（）

A．電動(dòng)機(jī)線圈電阻為1Ω

B．燈泡正常發(fā)光時(shí)電流表示數(shù)0.5A

C．燈泡正常發(fā)光時(shí)電流表示數(shù)1A

D．電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率4.25W

【答案】A,D

【知識(shí)點(diǎn)】全電路的功和能；歐姆定律；串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點(diǎn)及應(yīng)用

【解析】【解答】解：A、根據(jù)P=可知燈泡電阻RL=Ω，

當(dāng)AB間接電壓0.49V時(shí)，電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)、為純電阻電路，根據(jù)歐姆定律可知R兩端電壓：UR=IR=0.1×4V=0.4V，

燈泡兩端電壓U1=U﹣UR=0.49V﹣0.4V=0.09V，

通過(guò)燈泡的電流I1==0.01A，

通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流：I2=0.1A﹣0.01A=0.09A，

根據(jù)并聯(lián)電路特點(diǎn)可知電動(dòng)機(jī)線圈電阻r==1Ω；A符合題意；

B、當(dāng)AB間接電壓15V時(shí)，燈泡正常發(fā)光，燈泡兩端電壓為UL=9V、

通過(guò)燈泡的電流為IL=1A，

則電動(dòng)機(jī)兩端電壓為UM=9V，

R兩端電壓為UR=6V，

干路電流I=A=1.5A，

電流表示數(shù)為1.5A，

通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流為IM=I﹣IL=0.5A，

則此時(shí)電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率：P=ULIL﹣IM2r=4.25W．BC不符合題意，D符合題意．

故答案為：AD

【分析】本題主要的考察點(diǎn)在于電動(dòng)機(jī)為非純電阻電路，歐姆定律不適用，燈泡為純電阻電路，適用歐姆定律，電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)的時(shí)候?yàn)榧冸娮桦娐?，再結(jié)合歐姆定律以及串并聯(lián)關(guān)系進(jìn)行求解。

12．（2023高二上·南昌期中）如圖所示電路中，R2、R3為定值電阻，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻不計(jì)，電路中的O點(diǎn)接地，當(dāng)變阻器R1的滑動(dòng)觸頭P由右向左移動(dòng)時(shí)，電壓表V1和V2的示數(shù)的變化量為△U1和△U2，則應(yīng)有（）

A．|△U1|＞|△U2|B．M點(diǎn)電勢(shì)降低

C．N點(diǎn)電勢(shì)升高D．F點(diǎn)電勢(shì)不變

【答案】A,B

【知識(shí)點(diǎn)】電勢(shì)差、電勢(shì)、電勢(shì)能；歐姆定律；串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點(diǎn)及應(yīng)用

【解析】【解答】解：A、滑片向左移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻增大，則電路中電流減因電流減小，R2與R3總電壓減小，R1兩端的電壓增大；故R1的增大量的絕對(duì)值一定大于R2兩端電壓減小值的絕對(duì)值；故|△U1|＞|△U2|；A符合題意；

B、因R1兩端的電壓增大，即增大，降低，B符合題意；

C、因電流減小，R2兩端的分壓減小，=φN﹣φO減小，φO=0，則N點(diǎn)電勢(shì)降低；C不符合題意；

D、因R2與R3總電壓減小，即減小，所以F點(diǎn)電勢(shì)降低；D不符合題意；

故答案為：AB．

【分析】不考慮電勢(shì)差的正負(fù)就是電壓。

13．（2023高二上·菏澤期中）一學(xué)生去實(shí)驗(yàn)室取定值電阻兩只，R1=10Ω，R2=30Ω，電壓表一個(gè)，練習(xí)使用電壓表測(cè)電壓．電路連接如圖，電源輸出電壓U=12.0V不變．該生先用電壓表與R1并聯(lián)，電壓表示數(shù)為U1，再用電壓表與R2并聯(lián)，電壓表示數(shù)為U2，則下列說(shuō)法正確的是（）

A．U2一定小于9.0vB．U1一定大于3.0V

C．U1與U2之和小于12VD．U1與U2之比一定不等于1：3

【答案】A,C

【知識(shí)點(diǎn)】歐姆定律；串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點(diǎn)及應(yīng)用；表頭的改裝

【解析】【解答】解：A、不接電壓表時(shí)，R1、R2串聯(lián)，電壓之比為：==，

而U′1+U′2=12V

解得：U′1=3.0V，U′2=9.0V

當(dāng)電壓表并聯(lián)在R1兩端時(shí)，有：=，

解得：U1＜3V，

同理，當(dāng)電壓表并聯(lián)在R2兩端時(shí)，有：U2＜9V，

得：U1+U2＜12V．AC符合題意，B不符合題意；

D、設(shè)電壓表內(nèi)阻為RV，則電壓表與R1并聯(lián)時(shí)，其示數(shù)U1==；

電壓表與R2并聯(lián)時(shí)，其示數(shù)U2==

則可知，兩電壓表之比一定等于1：3．

D不符合題意．

故答案為：AC．

【分析】不接電壓表時(shí)，R1、R2串聯(lián)，可求電壓之比及電壓值，當(dāng)電壓表并聯(lián)在R1兩端時(shí)，U1＜3V，當(dāng)電壓表并聯(lián)在R2兩端時(shí)，有：U2＜9V，電壓表與R1并聯(lián)時(shí)，電壓表與R2并聯(lián)時(shí)，其示數(shù)之比可求。

14．（2022高二上·保定期中）在如圖甲所示的電路中，R1為定值電阻，R2為滑動(dòng)變阻器。閉合開(kāi)關(guān)S，將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P從最右端滑到最左端，兩個(gè)理想電壓表的示數(shù)隨電路中電流變化的完整過(guò)程圖線如圖乙所示。則（）

A．電源內(nèi)阻為

B．定值電阻R1的最大功率為1.8W

C．電源的最大輸出功率為1.8W

D．滑動(dòng)變阻器R2的最大功率為0.9W

【答案】B,C,D

【知識(shí)點(diǎn)】電功率和電功；閉合電路的歐姆定律；歐姆定律的內(nèi)容、表達(dá)式及簡(jiǎn)單應(yīng)用

【解析】【解答】A．將滑動(dòng)變阻器的滑片P從最右端移到最左端，接入電路的電阻減小，電路中的電流增大，的電壓和電源的內(nèi)電壓增大，則的電壓減小，所以電壓表的示數(shù)增大，電壓表的示數(shù)減小，可知圖線b反映的是電壓表的示數(shù)隨電流的變化，圖線a反映的是電壓表的示數(shù)隨電流的變化，根據(jù)閉合電路歐姆定律得，電壓表的示數(shù)，由圖線a的斜率大小等于，由圖知，圖線b的斜率等于，則，，A不符合題意；

B．當(dāng)滑動(dòng)變阻器阻值為零時(shí)，的功率最大，此時(shí)電流，，B符合題意；

C．當(dāng)內(nèi)阻等于外阻時(shí)，電源的輸出功率最大，故當(dāng)外阻等于時(shí)，此時(shí)滑動(dòng)變阻器滑到最左端，電源的輸出功率最大，此時(shí)電流，故電源的最大輸出功率，C符合題意；

D．由C的分析可知，的阻值為，電阻為；當(dāng)?shù)刃殡娫磧?nèi)阻，則當(dāng)滑動(dòng)變阻器的阻值等于時(shí)，滑動(dòng)變阻器消耗的功率最大，故當(dāng)滑動(dòng)變阻器阻值為時(shí)，滑動(dòng)變阻器消耗的功率最大，此時(shí)兩端電壓是兩端電壓的兩倍，由圖可得，電路中的電流，則滑動(dòng)變阻器消耗的最大功率，D符合題意。

故答案為：BCD。

【分析】滑動(dòng)變阻器的滑片移動(dòng)的過(guò)程根據(jù)閉合電路歐姆定律和歐姆定律得出電壓表示數(shù)的變化情況，結(jié)合圖乙中的U-I圖像得出電源的內(nèi)阻和和R1的阻值，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的阻值為零時(shí)利用熱功率的表達(dá)式得出定值電阻R1的最大功率，當(dāng)內(nèi)阻等于外阻時(shí)，電源的輸出功率達(dá)到最大值，結(jié)合電功率的表達(dá)式得出電源的最大輸出功率和滑動(dòng)變阻器消耗的最大功率。

15．（2023高二上·普寧期末）在如圖所示的電路中，R1、R3、R4均為定值電阻，R2是滑動(dòng)變阻器，電流表內(nèi)阻不計(jì)，電壓表阻值很大，閉合開(kāi)關(guān)S后，當(dāng)R2的滑片向右滑動(dòng)時(shí)，電流表和電壓表示數(shù)變化量的大小分別為△I、△U，下列結(jié)論正確的是（）

A．電流表示數(shù)變大B．電壓表示數(shù)變大

C．＜rD．＞r

【答案】A,C

【知識(shí)點(diǎn)】歐姆定律；串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點(diǎn)及應(yīng)用；電源電動(dòng)勢(shì)及內(nèi)阻；電路動(dòng)態(tài)分析

【解析】【解答】解：AB、當(dāng)R2的滑片向右滑動(dòng)時(shí)，R2減小，外電路總電阻減小，總電流增大，路端電壓減小，則電壓表的示數(shù)變小，通過(guò)R3的電流減小，可知通過(guò)R4的電流增大．

根據(jù)串聯(lián)電路的分壓規(guī)律知，R1的電壓減小，R1的電流減小，則通過(guò)電流表的示數(shù)變大．故A正確，B錯(cuò)誤．

CD、設(shè)總電流為I總，根據(jù)閉合電路歐姆定律知，U=E﹣I總r，得=r

根據(jù)I4=I1+I，I1減小，I增大，I4增大，則△I＞△I4；I總=I4+I3，I3減小，I4增大，I總增大，則△I4＞△I總，故△I＞△I總，可得＜r，故C正確，D錯(cuò)誤．

故選：AC．

【分析】先根據(jù)變阻器電阻的變化，分析外電路總電阻的變化，再根據(jù)閉合電路歐姆定律判斷電路中的總電流如何變化，由歐姆定律判斷路端電壓的變化，根據(jù)并聯(lián)電路的變化，判斷R1的電流變化，得到電流表讀數(shù)的變化．根據(jù)閉合電路歐姆定律分析的變化．

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2023年高考物理全國(guó)乙卷真題變式·分層精準(zhǔn)練：第7題

一、原題

1．（2023·全國(guó)乙卷）黑箱外有編號(hào)為1、2、3、4的四個(gè)接線柱，接線柱1和2、2和3、3和4之間各接有一個(gè)電阻，在接線柱間還接有另外一個(gè)電阻R和一個(gè)直流電源。測(cè)得接線柱之間的電壓U12=3.0V，U23=2.5V，U34=－1.5V。符合上述測(cè)量結(jié)果的可能接法是（）

A．電源接在1、4之間，R接在1、3之間

B．電源接在1、4之間，R接在2、4之間

C．電源接在1、3之間，R接在1、4之間

D．電源接在1、3之間，R接在2、4之間

二、基礎(chǔ)

2．（2023高一下·宿遷期末）如圖，電源的電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻，定值電阻，M是電動(dòng)機(jī)，其線圈電阻，電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，理想電壓表示數(shù)為6V，則（）

A．通過(guò)電源的電流為1.5AB．定值電阻R兩端的電壓為8V

C．電動(dòng)機(jī)的輸出功率為5WD．電源的效率約為93.3%

3．（2023高二上·揚(yáng)州月考）在如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為12V，電源內(nèi)阻為1.0Ω，電路中的電阻R0為1.5Ω，小型直流電動(dòng)機(jī)M的內(nèi)阻為0.5Ω，閉合開(kāi)關(guān)S后，電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)動(dòng)，電流表的示數(shù)為2.0A（內(nèi)阻不計(jì)），則以下判斷中正確的是（）

A．電動(dòng)機(jī)的輸出的功率為12WB．電動(dòng)機(jī)兩端的電壓為7.0V

C．電動(dòng)機(jī)產(chǎn)生的熱功率4.0WD．電源輸出的電功率為24W

4．（2023高二上·惠州期末）如圖為握力器原理示意圖，握力器把手上的連桿與彈簧一起上下移動(dòng)，握力的大小可通過(guò)﹣定的換算關(guān)系由電流表的示數(shù)獲得．當(dāng)人緊握握力器時(shí)，如果握力越大，下列判斷正確的有（）

A．電路中電阻越大B．電路中電阻越小

C．電路中電流越小D．電路中電流越大

5．在圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)電阻為r.在滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸片P從圖示位置向上滑動(dòng)的過(guò)程中()

A．電路中的總電流變大B．路端電壓變大

C．通過(guò)電阻R2的電流變大D．通過(guò)滑動(dòng)變阻器R1的電流變小

三、鞏固

6．（2023高二上·河源期末）在如圖所示的電路中，E為電源，其內(nèi)阻為r，L為小燈泡（其燈絲電阻可視為不變），、為定值電阻（），為光敏電阻，其阻值大小隨所受照射光強(qiáng)度的增大而減小，V為理想電壓表。若將照射的光的強(qiáng)度減弱，則（）

A．電壓表的示數(shù)變大B．小燈泡變亮

C．通過(guò)的電流變大D．電源輸出功率變小

7．如圖所示，甲、乙兩個(gè)電表的內(nèi)部電路都是由一個(gè)靈敏電流表G和一個(gè)電阻箱R組成。下列說(shuō)法中正確的是（）

A．甲表是電壓表，R增大時(shí)量程增大

B．甲表是電流表，R增大時(shí)量程減小

C．乙表是電壓表，R增大時(shí)量程增大

D．乙表是電流表，R增大時(shí)量程減小

8．（2023高二上·青島期末）如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R2滑片向右滑動(dòng)后，理想電流表A1、A2的示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為ΔI1、ΔI2，理想電壓表示數(shù)變化量的絕對(duì)值為ΔU。下列說(shuō)法中正確的是（）

A．電壓表V的示數(shù)減小

B．電流表A2的示數(shù)變小

C．ΔU與ΔI1比值一定小于電源內(nèi)阻r

D．ΔI1<ΔI2

9．（2023高二上·菏澤期末）如圖所示的電路中，E為電源電動(dòng)勢(shì)，r為電源內(nèi)阻，和均為定值電阻，且阻值與電源內(nèi)阻相等。為滑動(dòng)變阻器，當(dāng)?shù)幕瑒?dòng)觸點(diǎn)在a端時(shí)合上開(kāi)關(guān)S，此時(shí)三個(gè)電表、和V的示數(shù)分別為、和U，電表、和V的示數(shù)變化量絕對(duì)值為、和，將的滑動(dòng)觸點(diǎn)向b端移動(dòng)的過(guò)程中，下列判斷正確的是（）

A．電源的輸出功率一定增加

B．電源的效率一定增加

C．變化量小于變化量

D．比值一定不變

10．（2022高三上·月考）在如圖所示電路中，電源的電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，是定值電阻，是滑動(dòng)變阻器，閉合開(kāi)關(guān)S，不同規(guī)格的燈泡和均正常發(fā)光，現(xiàn)將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片P向上移動(dòng)一定的距離，理想電流表、電壓表的示數(shù)均會(huì)發(fā)生一定變化，其變化量分別用和表示，則下列分析判斷可能正確的是（）

A．電壓表V示數(shù)變大，電流表示數(shù)變小

B．電流表示數(shù)可能變?yōu)榱?/p>

C．燈泡變暗，燈泡變亮

D．電源的內(nèi)阻

四、提升

11．（2023·長(zhǎng)沙模擬）一額定功率為9W、額定電壓為9V的小燈泡L和一直流電動(dòng)機(jī)并聯(lián)，與定值電阻R=4Ω串聯(lián)后接在電路中的AB兩點(diǎn)間，電流表A為理想電表，電路如圖所示，燈泡的電阻不變．當(dāng)AB間接電壓0.49V時(shí)，電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)、燈泡不亮，電流表示數(shù)為0.1A；當(dāng)AB間接電壓15V時(shí)，電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)動(dòng)起來(lái)、燈泡正常發(fā)光．則下列說(shuō)法正確的是（）

A．電動(dòng)機(jī)線圈電阻為1Ω

B．燈泡正常發(fā)光時(shí)電流表示數(shù)0.5A

C．燈泡正常發(fā)光時(shí)電流表示數(shù)1A

D．電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率4.25W

12．（2023高二上·南昌期中）如圖所示電路中，R2、R3為定值電阻，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻不計(jì)，電路中的O點(diǎn)接地，當(dāng)變阻器R1的滑動(dòng)觸頭P由右向左移動(dòng)時(shí)，電壓表V1和V2的示數(shù)的變化量為△U1和△U2，則應(yīng)有（）

A．|△U1|＞|△U2|B．M點(diǎn)電勢(shì)降低

C．N點(diǎn)電勢(shì)升高D．F點(diǎn)電勢(shì)不變

13．（2023高二上·菏澤期中）一學(xué)生去實(shí)驗(yàn)室取定值電阻兩只，R1=10Ω，R2=30Ω，電壓表一個(gè)，練習(xí)使用電壓表測(cè)電壓．電路連接如圖，電源輸出電壓U=12.0V不變．該生先用電壓表與R1并聯(lián)，電壓表示數(shù)為U1，再用電壓表與R2并聯(lián)，電壓表示數(shù)為U2，則下列說(shuō)法正確的是（）

A．U2一定小于9.0vB．U1一定大于3.0V

C．U1與U2之和小于12VD．U1與U2之比一定不等于1：3

14．（2022高二上·保定期中）在如圖甲所示的電路中，R1為定值電阻，R2為滑動(dòng)變阻器。閉合開(kāi)關(guān)S，將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P從最右端滑到最左端，兩個(gè)理想電壓表的示數(shù)隨電路中電流變化的完整過(guò)程圖線如圖乙所示。則（）

A．電源內(nèi)阻為

B．定值電阻R1的最大功率為1.8W

C．電源的最大輸出功率為1.8W

D．滑動(dòng)變阻器R2的最大功率為0.9W

15．（2023高二上·普寧期末）在如圖所示的電路中，R1、R3、R4均為定值電阻，R2是滑動(dòng)變阻器，電流表內(nèi)阻不計(jì)，電壓表阻值很大，閉合開(kāi)關(guān)S后，當(dāng)R2的滑片向右滑動(dòng)時(shí)，電流表和電壓表示數(shù)變化量的大小分別為△I、△U，下列結(jié)論正確的是（）

A．電流表示數(shù)變大B．電壓表示數(shù)變大

C．＜rD．＞r

答案解析部分

1．【答案】C,D

【知識(shí)點(diǎn)】串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點(diǎn)及應(yīng)用；黑箱問(wèn)題

【解析】【解答】A、根據(jù)題意畫(huà)出電路圖如圖所示，

由已知條件得出：電壓為正值，不符合題意，A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)題意畫(huà)出電路圖如圖所示，

由已知條件得出：電壓為正值，不符合題意，B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)題意畫(huà)出電路圖如圖所示，

由已知條件得出符合題目測(cè)量結(jié)果，C正確；

D、根據(jù)題意畫(huà)出電路圖如圖所示，

由已知條件得出符合題目測(cè)量結(jié)果，D正確；

故答案為：CD

【分析】電學(xué)黑箱題，由串并聯(lián)電路的特點(diǎn)，根據(jù)題目選項(xiàng)逐一畫(huà)出可能的電路圖進(jìn)行分析，得出結(jié)論。

2．【答案】B,C,D

【知識(shí)點(diǎn)】歐姆定律

【解析】【解答】A、設(shè)理想電壓表示數(shù)為U，電路中電流為I，由閉合電路歐姆定律得：，

可得：則通過(guò)電源和電動(dòng)機(jī)的電流為1A，A不符合題意；

B、根據(jù)歐姆定律可知定值電阻R兩端的電壓為，B符合題意；

C、電動(dòng)機(jī)消耗的電功率為：

電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率為：

故電動(dòng)機(jī)的輸出功率為：，C符合題意；

D、電源的效率，D符合題意。

故答案為：BCD

【分析】利用串并聯(lián)電流、電壓規(guī)律求解電阻R兩端的電壓，對(duì)電阻R利用歐姆定律求解電路中的電流，結(jié)合選項(xiàng)分析求解即可。

3．【答案】A,B

【知識(shí)點(diǎn)】電功率和電功；歐姆定律

【解析】【解答】解：B、電路中電流表的示數(shù)為2.0A，所以電動(dòng)機(jī)的電壓為：U=E﹣U內(nèi)﹣UR0=12﹣Ir﹣IR0=12﹣2×1﹣2×1.5=7V，所以B符合題意；

A、C，電動(dòng)機(jī)的總功率為P總=UI=7×2=14W，電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率為：P熱=I2R=22×0.5=2W，所以電動(dòng)機(jī)的輸出功率為14W﹣2W=12W，所以A符合題意，C不符合題意；

D、電源的輸出的功率為：P輸出=EI﹣I2R=12×2﹣22×1=20W，所以D不符合題意

故答案為：AB

【分析】先以定值電阻作為研究對(duì)象求出電阻兩端的電壓和電動(dòng)機(jī)兩端的電壓，再利用公式P=UI求解電功率。

4．【答案】B,D

【知識(shí)點(diǎn)】歐姆定律

【解析】【解答】解：由圖看出，握力越大，變阻器接入電路的電阻越小，外電路的總電阻越小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電路中電流越大．故BD正確．AC錯(cuò)誤．

故選：BD

【分析】由圖看出，握力越大，變阻器接入電路的電阻越小，外電路的總電阻越小，根據(jù)歐姆定律分析電路中電流的變化．

5．【答案】B,C,D

【解析】【解答】滑片P上滑，R1增大，所以總電阻R總增大，由閉合電路歐姆定律得，所以總電流I總變小，由可知路端電壓U增大，通過(guò)R2電流增大，由可知變小。綜合分析可知BCD正確。

故選BCD

【分析】本題考查利用閉合電路歐姆定律分析動(dòng)態(tài)電路，是常見(jiàn)題。

6．【答案】C,D

【知識(shí)點(diǎn)】電功率和電功；串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點(diǎn)及應(yīng)用

【解析】【解答】ABC．將照射的光的強(qiáng)度減弱，則阻值增大，根據(jù)串反并同可知，與它串聯(lián)的電壓表示數(shù)減小，與它并聯(lián)的的電流變大，與它串聯(lián)的小燈泡變暗，AB不符合題意，C符合題意；

D．因?yàn)椋柚翟龃?，電路中總電阻增大，根?jù)電源輸出功率特點(diǎn)

可知，電源輸出功率減小，D符合題意。

故答案為：CD。

【分析】根據(jù)電阻阻值的變化情況以及串并聯(lián)電路的特點(diǎn)得出小燈泡亮度的變化情況，結(jié)合電源輸出功率的特點(diǎn)得出輸出功率的變化情況。

7．【答案】B,C

【知識(shí)點(diǎn)】表頭的改裝；歐姆定律的內(nèi)容、表達(dá)式及簡(jiǎn)單應(yīng)用

【解析】【解答】AB．電流表改裝由靈敏電流計(jì)并聯(lián)電阻組成，所以甲表是電流表，R增大時(shí)，甲表中變阻器分流減小，量程減小，A不符合題意，B符合題意；

CD．電壓表改裝由靈敏電流計(jì)串聯(lián)電阻組成，所以乙表是電壓表，R增大時(shí)，乙表中變阻器分壓變大，量程增大，C符合題意，D不符合題意。

故答案為：BC。

【分析】根據(jù)電表的改裝以及歐姆定律得出R量程的變化情況。

8．【答案】B,C

【知識(shí)點(diǎn)】串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點(diǎn)及應(yīng)用；閉合電路的歐姆定律

【解析】【解答】B．當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑片向右滑動(dòng)后，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，則總電流減小，所以電流表A2的示數(shù)減小，B項(xiàng)正確；

A．總電流減小，路端電壓增大，即電壓表V的示數(shù)增大，A項(xiàng)錯(cuò)誤；

D．根據(jù)并聯(lián)電路的電流規(guī)律有I2＝I1＋I(xiàn)，A2的示數(shù)I2變小，通過(guò)定值電阻R1的電流I增大，則A1的示數(shù)I1變小，所以ΔI1一定大于ΔI2，D項(xiàng)錯(cuò)誤；

C．電壓表測(cè)量路端電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律U＝E－I2r，可知＝r，而ΔI1大于ΔI2，所以<r，C項(xiàng)正確；

故答案為：BC。

【分析】滑動(dòng)變阻器滑片向右滑動(dòng)后，接入電路的電阻變大，結(jié)合閉合電路歐姆定律得出電流表2示數(shù)的變化情況，利用歐姆定律得出電壓表示數(shù)的變化情況，通過(guò)閉合電路歐姆定律以及串并聯(lián)電路進(jìn)行分析判斷。

9．【答案】A,C

【知識(shí)點(diǎn)】電功率和電功；串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點(diǎn)及應(yīng)用；閉合電路的歐姆定律

【解析】【解答】A．當(dāng)外電路電阻等于電源內(nèi)阻時(shí)，電源的輸出功率最大，滑片滑動(dòng)過(guò)程中外電路電阻變小，當(dāng)滑動(dòng)觸點(diǎn)滑倒b端時(shí)外電路只有定值電阻，根據(jù)題意可知與電源內(nèi)阻的大小相等，所以此時(shí)電源輸出功率最大，在滑動(dòng)過(guò)程中一直在變大，A符合題意；

B．根據(jù)串反并同，滑動(dòng)觸頭滑動(dòng)過(guò)程中，電壓表的示數(shù)逐漸變小，即路端電壓逐漸變小，電源的效率變小，B不符合題意；

C．根據(jù)串并聯(lián)特點(diǎn)，可知，根據(jù)串反并同，可知電路的總電流變大，I1減小，I2增大，故變化量小于變化量，C符合題意；

D．根據(jù)閉合電路歐姆定律有，所以，D不符合題意。

故答案為：AC。

【分析】滑片滑動(dòng)的過(guò)程根據(jù)閉合電路歐姆定律和電功率的表達(dá)式得出電源輸出功率的變化情況，利用串并聯(lián)電路的特點(diǎn)得出電源效率的變化情況，結(jié)合閉合電路歐姆定律進(jìn)行分析判斷。

10．【答案】A,B,C

【知識(shí)點(diǎn)】電功率和電功；串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點(diǎn)及應(yīng)用；閉合電路的歐姆定律

【解析】【解答】A．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片P向上移動(dòng)時(shí)，電阻接入電路中的電阻變大，外電路由于局部電阻增大導(dǎo)致整個(gè)外電路電阻增大，電壓表示數(shù)U變大，與并聯(lián)部分電壓增多，則其他部分電壓減小，則與并聯(lián)部分電壓也減小，故電流表示數(shù)變小，A符合題意；

B．根據(jù)橋式電路特征，當(dāng)，則電路中M、N兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為零，電流表示數(shù)變?yōu)榱?，B符合題意；

C．根據(jù)當(dāng)可知，燈泡的功率減小，燈泡變暗，燈泡與并聯(lián)，故燈泡兩端的電壓和流過(guò)燈泡的電流均變大，所以燈泡變亮，C符合題意；

D．對(duì)兩燈泡中間結(jié)點(diǎn)，有，則，而電源內(nèi)阻應(yīng)為（為干路電流變化量），而不一定等于干路上的電流變化，故內(nèi)阻r不一定等于，D不符合題意。

故答案為：ABC。

【分析】滑動(dòng)變阻器的滑片移動(dòng)的過(guò)程根據(jù)電阻的變化情況和不閉合電路歐姆定律以及串并聯(lián)電路的特點(diǎn)得出電流表示數(shù)的變化情況，結(jié)合橋式電路特征得出電流表2的示數(shù)，通過(guò)電功率的表達(dá)式和串并聯(lián)電路得出燈泡2的亮度變化情況，對(duì)兩燈泡中間節(jié)點(diǎn)根據(jù)電流關(guān)系得出電源的內(nèi)阻。

11．【答案】A,D

【知識(shí)點(diǎn)】全電路的功和能；歐姆定律；串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點(diǎn)及應(yīng)用

【解析】【解答】解：A、根據(jù)P=可知燈泡電阻RL=Ω，

當(dāng)AB間接電壓0.49V時(shí)，電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)、為純電阻電路，根據(jù)歐姆定律可知R兩端電壓：UR=IR=0.1×4V=0.4V，

燈泡兩端電壓U1=U﹣UR=0.49V﹣0.4V=0.09V，

通過(guò)燈泡的電流I1==0.01A，

通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流：I2=0.1A﹣0.01A=0.09A，

根據(jù)并聯(lián)電路特點(diǎn)可知電動(dòng)機(jī)線圈電阻r==1Ω；A符合題意；

B、當(dāng)AB間接電壓15V時(shí)，燈泡正常發(fā)光，燈泡兩端電壓為UL=9V、

通過(guò)燈泡的電流為IL=1A，

則電動(dòng)機(jī)兩端電壓為UM=9V，

R兩端電壓為UR=6V，

干路電流I=A=1.5A，

電流表示數(shù)為1.5A，

通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流為IM=I﹣IL=0.5A，

則此時(shí)電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率：P=ULIL﹣IM2r=4.25W．BC不符合題意，D符合題意．

故答案為：AD

【分析】本題主要的考察點(diǎn)在于電動(dòng)機(jī)為非純電阻電路，歐姆定律不適用，燈泡為純電阻電路，適用歐姆定律，電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)的時(shí)候?yàn)榧冸娮桦娐?，再結(jié)合歐姆定律以及串并聯(lián)關(guān)系進(jìn)行求解。

12．【答案】A,B

【知識(shí)點(diǎn)】電勢(shì)差、電勢(shì)、電勢(shì)能；歐姆定律；串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點(diǎn)及應(yīng)用

【解析】【解答】解：A、滑片向左移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻增大，則電路中電流減因電流減小，R2與R3總電壓減小，R1兩端的電壓增大；故R1的增大量的絕對(duì)值一定大于R2兩端電壓減小值的絕對(duì)值；故|△U1|＞|△U2|；A符合題意；

B、因R1兩端的電壓增大，即增大，降低，B符合題意；

C、因電流減小，R2兩端的分壓減小，=φN﹣φO減小，φO=0，則N點(diǎn)電勢(shì)降低；C不符合題意；

D、因R2與R3總電壓減小，即減小，所以F點(diǎn)電勢(shì)降低；D不符合題意；

故答案