2021屆湖北省黃岡市高考物理模擬試卷(四)(含答案解析)

2021屆湖北省黃岡市高考物理模擬試卷（四）

一、單選題（本大題共4小題，共24.0分）

1.如圖為氫原子的能級(jí)圖，用動(dòng)能為13.07eV的電子撞擊一群處于基態(tài)的氫原子，可能觀測到氫

原子發(fā)射的不同波長的光有

71

＜：：＜＞

2

-13f

A.15種B.10種C.4種D.1種

2.如圖所示的直線是真空中某電場的一條電場線，4B是這條直線上坂VB

―?4—

的兩點(diǎn)，一質(zhì)量為小，帶電荷量為+q的粒子僅在電場力作用下以速—7--------------------Z-

度以經(jīng)過4點(diǎn)沿電場線向B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過一段時(shí)間后，粒子以速度為經(jīng)過8點(diǎn)，且為與以方向相

反，不計(jì)粒子重力.下列說法正確的是（）

A.粒子在4、B兩點(diǎn)的速度大小關(guān)系是：力大于如

B.A、B兩點(diǎn)的場強(qiáng)關(guān)系是：大小為以大于W，方向都向左

C.A、B兩點(diǎn)的電勢關(guān)系：3A高于＜PB

D.粒子在4、B兩點(diǎn)的電勢能大小關(guān)系：以大于年

3.如圖所示,在一個(gè)方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場中，用細(xì)線懸掛一條水平導(dǎo)線.若IT廠?

磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,導(dǎo)線質(zhì)量為m,導(dǎo)線在磁場中的長度為L.當(dāng)水平導(dǎo)線內(nèi)通|||||

有電流/時(shí)，細(xì)線的拉力大小為（）I'B1rlJ

A.mg-BILB.mg+BIL

C.J（mg）2+（B/L）2D.J（mg）2-（B/L,

4,下列關(guān)于磁和磁現(xiàn)象的敘述正確的是（）

A.通電導(dǎo)線在磁感應(yīng)強(qiáng)度越大的地方受到的安培力一定越大

B.小磁針在磁場中靜止時(shí)N極所指的方向即為該處的磁場方向

C.地磁場在地球表面任意位置的方向都與地面平行

D.運(yùn)動(dòng)電荷在地磁場中一定受到洛倫茲力的作用

二、多選題（本大題共6小題，共33.0分）

5.如圖所示，彈簧的一端固定在豎直墻上，質(zhì)量為6的光滑弧形槽靜

止在光滑水平面上，底部與水平面平滑連接，一個(gè)質(zhì)量也為m的小\'、嬴

球從槽上高八處由靜止開始下滑（）

A.在下滑過程中，小球和槽之間的相互作用力始終不做功

B.在下滑過程中，小球和槽組成的系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒

C.被彈簧反彈后，小球和槽都做速率不變的直線運(yùn)動(dòng)

D.被彈簧反彈后，小球和槽的機(jī)械能守恒，小球能回到槽上高九處

6.如圖所示，質(zhì)量為3m的豎直光滑圓環(huán)4的半徑為R,固定在質(zhì)量為2m/一\

的木板B上，木板B的左右兩側(cè)各有一豎直擋板固定在地面上，B不

能左右運(yùn)動(dòng).在環(huán)的最低點(diǎn)靜止放有一質(zhì)量為m的小球C.現(xiàn)給小球一°R冒

水平向右的瞬時(shí)速度孫，小球會(huì)在圓環(huán)內(nèi)側(cè)做圓周運(yùn)動(dòng)，為保證小球能通過環(huán)的最高點(diǎn)，且不

會(huì)使環(huán)在豎直方向上跳起，初速度必必須滿足（）

A.最小值為J謙B.最大值為3項(xiàng)

c.最小值為JsgRD.最大值為:0或

7.某同學(xué)利用橡皮條將模型飛機(jī)彈出，在彈出過程中，下列說法正確的是（）

A.橡皮條收縮，彈力對飛機(jī)做功

B.飛機(jī)的動(dòng)能增加

C.橡皮條的彈性勢能減小

D.飛機(jī)的重力勢能減小，轉(zhuǎn)化為飛機(jī)的動(dòng)能

8.在如圖所示的電路中，E為電源電動(dòng)勢，r為電源內(nèi)阻，％和/?3均為定值匚空卜氣［^

電阻，/?2為滑動(dòng)變阻器.當(dāng)/?2的滑動(dòng)觸點(diǎn)在a端時(shí)合上開關(guān)S,現(xiàn)將/?2的

滑動(dòng)觸點(diǎn)向b端移動(dòng)，則下列說法正確的是（）F'

A.A增大，/2不變B.4減小，，2增大

C.U減小，色兩端電壓增大D.U不變，色兩端電壓變小

下列說法正確的是（

A.物體內(nèi)部所有分子動(dòng)能的總和叫作物體的內(nèi)能

B.橡皮筋被拉伸時(shí)，分子間勢能增加

C.液體的飽和汽壓與溫度和體積有關(guān)

D.液體的表面張力與浸潤現(xiàn)象都是分子力作用的表現(xiàn)

E.一定質(zhì)量的理想氣體放出熱量，它的內(nèi)能可能增加

10.下列說法正確的是（）

A.電磁波在真空中以光速c傳播

B.偏振是縱波所特有的現(xiàn)象

C.觀察者聽到靠近的列車發(fā)出的汽笛聲，音調(diào)（頻率）會(huì)變高

D.受迫振動(dòng)穩(wěn)定后，其振動(dòng)的周期總等于系統(tǒng)的固有周期

E.雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，若入射光由黃光改為紅光，干涉條紋的間距將會(huì)增大

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共15.0分）

11.一學(xué)生用如圖甲所示的裝置測量木塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)。在桌面上放置一塊水平長木板，

木板一端帶滑輪，另一端固定一打點(diǎn)計(jì)時(shí)器。木塊一端拖著穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶，另一端連

接跨過定滑輪的繩子，在繩子上懸掛一定質(zhì)量的鉤碼后可使木塊在木板上勻加速滑動(dòng)。實(shí)驗(yàn)中

測得木塊質(zhì)量M=150g,鉤碼質(zhì)量m=50g。

木塊打點(diǎn)計(jì)時(shí)器

1[]接交流叫飛17工嬴」單位;

甲乙

（1）實(shí)驗(yàn)開始時(shí)，應(yīng)調(diào)整滑輪的高度，讓細(xì)線與木板；

（2）實(shí)驗(yàn)中得到如圖乙所示的紙帶，紙帶上4、B、C、。、E是計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間

隔是0.10s,所測數(shù)據(jù)在圖中已標(biāo)出，根據(jù)圖中數(shù)據(jù)可求得木塊運(yùn)動(dòng)的加速度a=m/s2（結(jié)

果保留兩位有效數(shù)字）：

（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可導(dǎo)出計(jì)算動(dòng)摩擦因數(shù)的表達(dá)式〃=（用M、m、g、a表示）；取g=10m/s2,

代入相關(guān)數(shù)據(jù)可求得〃=（計(jì)算結(jié)果保留一位有效數(shù)字）。

12.某同學(xué)想測量一個(gè)滑動(dòng)變阻器的最大阻值％（介于5k。到10k。之間），他進(jìn)行了如下操作：

（1）他首先利用多用電表對其進(jìn)行了粗測。將選擇開關(guān)旋到“xM”的擋位，進(jìn)行歐姆調(diào)零后，請將

圖a中器材連接起來，觀察到指針偏轉(zhuǎn)位置如圖b所示，則該滑動(dòng)變阻器的最大阻值約為

0。

(2)為了更精確的測量，該同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖c所示的電路圖；

①已知所用直流電源電動(dòng)勢為10匕電壓表量程為0?15V,內(nèi)阻約為2Ok0；電流表量程為3nM,內(nèi)

阻約為1000,則電壓表“+”接線柱應(yīng)接在______處(填"a”或"b”

②為保證實(shí)驗(yàn)的準(zhǔn)確性及操作方便，下列給出的滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇。

4滑動(dòng)變阻器4(0?20000,0.12)

8.滑動(dòng)變阻器B(0?200,14)

③本實(shí)驗(yàn)存在的系統(tǒng)誤差主要是由______導(dǎo)致的，它會(huì)使測量結(jié)果(填''偏大”“偏小”或

“無影響”)。

四、計(jì)算題(本大題共4小題，共52.0分)

13.如圖所示，在直角坐標(biāo)系xoy第一象限內(nèi)有豎直向下的勻強(qiáng)電場Ei，第四象限內(nèi)有水平向左的勻

強(qiáng)電場E2,第三象限內(nèi)某一位置固定電量為Q的負(fù)點(diǎn)電荷，而且只對第三象限內(nèi)的電荷產(chǎn)生作

用力。現(xiàn)有帶正電的點(diǎn)電荷q自第一象限內(nèi)4(4zn,4m)靜止釋放，經(jīng)y軸上0)點(diǎn)進(jìn)入第三

象限，在負(fù)點(diǎn)電荷Q的作用下恰做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，經(jīng)x軸上C點(diǎn)與“軸正向成。=53。射入第二象

限。求：

(1塔等于多少;

(2)電荷在第三象限做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R。

14.圖中的瓦qd］和a2b2c2d2為在同一豎直平面內(nèi)的金屬導(dǎo)軌，處在垂直于導(dǎo)軌所在平面(紙面)的勻

強(qiáng)磁場中(圖中未畫出).導(dǎo)軌的由瓦、a2b2、jd］、c2d2段均豎直.MN、PQ分別為兩根粗細(xì)均勻

的金屬細(xì)桿，它們都垂直于導(dǎo)軌并與導(dǎo)軌保持光滑接觸，MN通過一細(xì)線懸掛在力傳感器下，t=

0時(shí)PQ在豎直向上的外力T作用下從圖(a)中所示位置由靜止開始沿導(dǎo)軌向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng),

力傳感器記錄的拉力隨時(shí)間變化的圖象如圖(b)所示.已知?jiǎng)驈?qiáng)磁場的磁感強(qiáng)度為B=17,%瓦

與a2b2間距離與兩細(xì)桿的長度均為人=0.5m,MN、PQ的電阻均為R=50,回路中其它部分的

電阻不計(jì)，重力加速度g取10m/s2,求：

(1)金屬桿PQ運(yùn)動(dòng)的加速度a；

(2)qdi與c2d2間的距離七；

(3)0?1.0s內(nèi)通過"N的電量q.

15.(6分)氣缸長為L=1m,固定在水平面上，氣缸中有橫截面積為S=100czn2的光滑活塞，活塞

封閉了一定質(zhì)量的理想氣體，當(dāng)溫度為t=27。3大氣壓為po=1x105pa時(shí)，氣柱長度為，=

0.9m,氣缸和活塞的厚度均可忽略不計(jì).求：

①如果溫度保持不變，將活塞緩慢拉至氣缸右端口，此時(shí)水平拉力廠的大小?

②如果氣缸內(nèi)氣體溫度緩慢升高，使活塞移至氣缸右端口時(shí)，氣體溫度為多少攝氏度?

16.如圖所示，半圓玻璃磚的半徑R=lOgcm,折射率n=g，直徑AB與屏幕MN垂直并接觸于4

點(diǎn).一束激光a以入射角i=60。射向玻璃磚圓心0,因反射和折射，結(jié)果在屏幕MN上出現(xiàn)了兩

個(gè)光斑，求兩光斑之間的距離L.

參考答案及解析

1.答案：B

解析：試題分析：由于13.6—0.54=,則用動(dòng)能為13.07el/的電子撞擊一群處于基態(tài)的氫原子，氫

原子最高可躍遷到能量為-0.54eU的高激發(fā)態(tài)，即躍遷到量子數(shù)為n=5的激發(fā)態(tài)。而n=5的氫原

子向低能級(jí)躍遷發(fā)光是完全隨機(jī)的，發(fā)射的可能波長的個(gè)數(shù)為嚅=3蟒，選項(xiàng)8正確。

考點(diǎn)：本題考查考查氫原子的玻爾理論。

2.答案：A

解析：解：4、由題意可知+q所受電場力方向向左，故電場方向向左，所以從4到B運(yùn)動(dòng)的過程中電

場力做負(fù)功，動(dòng)能減小，以大于外,故4正確.

8、由于不知道4B兩點(diǎn)電場線的疏密，也不知道電荷在兩點(diǎn)的加速度的大小關(guān)系，故無法判斷兩點(diǎn)

場強(qiáng)的大小關(guān)系.故B錯(cuò)誤.

C、+q所受電場力方向向左，故電場方向向左，而沿電場線方向電勢降低，故A點(diǎn)的電勢小于B點(diǎn)

的電勢.故C錯(cuò)誤.

D、由于從A到B運(yùn)動(dòng)的過程中電場力做負(fù)功，所以物體的電勢能增大，故以小于如，故。錯(cuò)誤.

故選A.

根據(jù)正電荷速度的變化情況可以確定電荷的受力情況，這樣就確定了電場力的做功的正負(fù)，也就知

道物體動(dòng)能是增加還是減少，同時(shí)知道了物體的電勢能的是否增加，從而確定48兩點(diǎn)電勢的高低.

速度方向的變化是本題的突破口，所以學(xué)會(huì)尋找突破口是我們學(xué)習(xí)物理時(shí)必須具有的一種能力.

3.答案：C

解析：解：導(dǎo)體棒所受的安培力F=8/3方向垂直紙面向里，根據(jù)共點(diǎn)力平衡得，細(xì)線的拉力為:

T=4(mg/+(81)2.故C正確,力、口、。錯(cuò)誤。

故選：Co

對導(dǎo)體棒受力分析，通過共點(diǎn)力平衡求出細(xì)線的拉力.

解決本題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析，運(yùn)用共點(diǎn)力平衡進(jìn)行求解.

4.答案：B

解析：解：

4平行于磁場方向放置的通電導(dǎo)線是不受到安培力的作用的，故A錯(cuò)誤；

3.物理學(xué)中規(guī)定：小磁針在磁場中靜止時(shí)N極所指方向?yàn)樵擖c(diǎn)的磁場方向，故8正確；

C.地球北半球的磁場有向下的分量，不是地球表面任意位置的地磁場方向都與地面平行，故C錯(cuò)誤；

。.若運(yùn)動(dòng)電荷的速度方向與磁場方向平行時(shí)，運(yùn)動(dòng)電荷是不受到洛倫茲力的作用的，故。錯(cuò)誤。

故選：Bo

物理學(xué)中規(guī)定：小磁針在磁場中靜止時(shí)N極所指方向?yàn)樵擖c(diǎn)的磁場方向，平行于磁場方向放置的通

電導(dǎo)線是不受到安培力的作用的，若運(yùn)動(dòng)電荷的速度方向與磁場方向平行時(shí)，運(yùn)動(dòng)電荷是不受到洛

倫茲力的作用的，地球磁場在南北半球的分布是不同的。

本題考查磁場中磁場方向的規(guī)定，安培力和洛倫茲力公式中各物理量方向關(guān)系，以及地球磁場分布

等知識(shí)點(diǎn)。

5.答案：BC

解析：解：力、由于光滑弧形槽未固定且水平面光滑，小球下滑過程中，小球?qū)Σ鄣膹椓Υ怪庇诓巯?/p>

左下方，由于槽向左運(yùn)動(dòng)，槽受到的作用力方向與槽的運(yùn)動(dòng)方向不垂直，槽受到的作用力對槽做功；

而小球受槽的作用力與小球?qū)Σ鄣淖饔昧Ψ较蛳喾?，故小球受到的作用力斜向右上，小球的位移?/p>

右，作用力方向和位移方向不垂直，小球受到的作用力對小球做功，故A錯(cuò)誤；

8、由于水平面光滑，小球下滑過程中，小球和槽組成的系統(tǒng)在水平方向不受力，它們在水平方向動(dòng)

量守恒，故8正確；

CD.設(shè)小球離開槽時(shí)小球和槽的速度大小分別為巧和女。在下滑過程中，小球和槽組成的系統(tǒng)在水

平方向不受外力，系統(tǒng)在水平方向的動(dòng)量守恒，取水平向右為正方向，由水平方向動(dòng)量守恒得：0=

mV1-mv2,則得％=%，小球被彈簧反彈離開彈簧后，小球追不上槽，所以小球和槽都做速率不

變的直線運(yùn)動(dòng)，小球和槽的機(jī)械能守恒，小球不能回到槽上高八處，故C正確，。錯(cuò)誤。

故選：BC。

在下滑過程中，小球和槽組成的系統(tǒng)在水平方向不受外力，系統(tǒng)在水平方向的動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守

恒定律分析小球離開槽后小球與槽的速度大小關(guān)系，判斷被彈簧反彈離開彈簧后，小球和槽的運(yùn)動(dòng)

情況。在下滑過程中，根據(jù)力和位移的夾角，判斷小球和槽之間的相互作用力對槽是否做功；根據(jù)

小球與槽的速度關(guān)系判斷小球能否回到槽上高八處。

本題考查動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，解答本題要明確動(dòng)量守恒的條件：合外力為零，要知道系統(tǒng)在某一

方向不受外力或合外力為零，則系統(tǒng)在該方向上動(dòng)量守恒。

6.答案：CD

解析：考查牛頓第二定律、機(jī)械能守恒定律、豎直面內(nèi)的圓周運(yùn)動(dòng)模型。

在最高點(diǎn)，速度最小時(shí)有：mg=m二，解得：vi=亞至

R

從最高點(diǎn)到最低點(diǎn)的過程中，機(jī)械能守恒，設(shè)最低點(diǎn)的速度為%根據(jù)機(jī)械能守恒定律，有：

2mgR+^mv-|mv-|z2,解得：=15gR.

要使不會(huì)使環(huán)在豎直方向上跳起，環(huán)對球的壓力最大為：F=2mg4-3mg=Smg

從最高點(diǎn)到最低點(diǎn)的過程中，機(jī)械能守恒，設(shè)此時(shí)最低點(diǎn)的速度為玫'，

在最高點(diǎn)，速度最大時(shí)有：mg+5mg=m二一解得：v2=j6gR.

R

根據(jù)機(jī)械能守恒定律有：2mgR+gmv22=3mv2‘？，解得：22'1OgR.

所以保證小球能通過環(huán)的最高點(diǎn)，且不會(huì)使環(huán)在豎直方向上跳起，在最低點(diǎn)的速度范圍為：^5gR

4VzeJ10gK，故C。正確，AB錯(cuò)誤。

故選CD。

小球在環(huán)內(nèi)側(cè)做圓周運(yùn)動(dòng)，通過最高點(diǎn)速度最小時(shí)，軌道對球的最小彈力為零，根據(jù)牛頓第二定律

求出小球在最高點(diǎn)的最小速度；為了不會(huì)使環(huán)在豎直方向上跳起，小球在最高點(diǎn)對軌道的彈力不能

大于2mg,根據(jù)牛頓第二定律求出最高點(diǎn)的最大速度，再根據(jù)機(jī)械能守恒定律求出小球在最低點(diǎn)的

速度范圍。

7.答案：ABC

解析：解：AB,模型飛機(jī)在被彈出的過程中，橡皮條收縮，彈力對飛機(jī)做功，橡皮條的彈性勢能轉(zhuǎn)

化為飛機(jī)的動(dòng)能，動(dòng)能增加，故AB正確.

C、彈力對飛機(jī)做功，橡皮條的彈性勢能減少，故C正確；

。、飛機(jī)的高度上升，重力勢能增加，橡皮條的彈性勢能轉(zhuǎn)化為飛機(jī)的動(dòng)能和重力勢能，故。錯(cuò)誤.

故選:ABC

弄清在彈出過程中能量的轉(zhuǎn)化情況即可判斷.根據(jù)速度的變化分析動(dòng)能的變化.重力勢能的變化由

高度的變化分析.

此題的關(guān)鍵要弄清涉及幾種形式的能，什么能轉(zhuǎn)化為什么能，根據(jù)能量轉(zhuǎn)化和守恒定律分析.

8.答案:BC

解析：解：將R2的滑動(dòng)觸點(diǎn)向b端移動(dòng)時(shí)，/?2減小，整個(gè)電路的總電阻減小，總電流力增大，電源的

內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，即電壓表示數(shù)U減小。

/?3電壓增大，R1、并聯(lián)電壓減小，通過8的電流減小，而總電流/增大，則流過的電流/2增大。

故錯(cuò)誤，BC正確。

故選：BC。

本題要理清電路，確定電壓表測得什么電壓，電流表測得什么電流，抓住電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻不變，

利用閉合電路歐姆定律和串、并聯(lián)電路的特點(diǎn)進(jìn)行分析.

解決本題的關(guān)鍵抓住電動(dòng)勢和內(nèi)電阻不變，結(jié)合閉合電路歐姆定律求解.注意做題前一定要理清電

路，看電壓表測的是什么電壓，電流表測的是什么電流.

9.答案：BDE

解析：A、物體內(nèi)能包括所有分子動(dòng)能和分子勢能之和，故A錯(cuò)誤；

B、拉伸橡皮筋，橡皮筋做負(fù)功，橡皮筋溫度不變，內(nèi)能增加，勢能增加，故8正確；

C、同一種液體的飽和汽僅僅與溫度有關(guān)，與體積無關(guān)，故C錯(cuò)誤；

。、液體表面張力與浸潤現(xiàn)象都是分子力作用的表現(xiàn)，故。項(xiàng)正確；

E、一定質(zhì)量的理想氣體放出熱量，如果同時(shí)有外界對它做功，且做功的量大于它放出的熱量，它的

內(nèi)能就會(huì)增加，故E正確。

故選：BDE.

物體內(nèi)能包括分子動(dòng)能和分子勢能；根據(jù)橡皮筋做負(fù)功判斷；飽和汽壓與溫度有關(guān)與體積無關(guān)；氣

體溫度升高時(shí)分子熱運(yùn)動(dòng)劇烈可以導(dǎo)致壓強(qiáng)增大，浸潤現(xiàn)象和不浸潤現(xiàn)象都與表面層與表面張力有

關(guān)，都是分子力作用的表現(xiàn)；根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析。

本題考查了內(nèi)能、分子力做功、飽和氣壓、表面張力、浸潤現(xiàn)象、熱力學(xué)定律等，知識(shí)點(diǎn)多，關(guān)鍵

要記住相關(guān)規(guī)律。

10.答案：ACE

解析：解：4、電磁波在真空中的傳播速度與光在真空中的傳播速度相同，都是光速c,故A正確;

8、只有橫波才能發(fā)生偏振現(xiàn)象，故B錯(cuò)誤；

C、由多普勒效應(yīng)可知，觀察者聽到靠近的列車發(fā)出的汽笛聲，接收到的頻率會(huì)變大，音調(diào)會(huì)變高,

故C正確；

。、物體做受迫振動(dòng)時(shí)，其頻率等于驅(qū)動(dòng)力的頻率，其振動(dòng)的周期也等于驅(qū)動(dòng)力的固有周期，故。

錯(cuò)誤；

國在光的雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，若僅將入射光由黃光改為紅光，波長變長，根據(jù)公式可知干

a

涉條紋的間距將會(huì)增大，故E正確。

故選：ACE.

電磁波在真空中的傳播速度與光在真空中的傳播速度相同；只有橫波才能發(fā)生偏振現(xiàn)象；明確多普

勒效應(yīng)的內(nèi)容，知道生活中哪些現(xiàn)象與多普勒效應(yīng)有關(guān)；物體做受迫振動(dòng)時(shí)，其頻率等于驅(qū)動(dòng)力的

頻率，周期等于驅(qū)動(dòng)力的周期；根據(jù)=判斷條紋間距的變化。

a

本題考查了電磁波的傳播速度、光的偏振現(xiàn)象、多普勒效應(yīng)、受迫振動(dòng)及雙縫干涉等知識(shí)，難度不

大,加強(qiáng)記憶。

11.答案：平行025三一嚕蛆0.3

MMg

解析：解：(1)應(yīng)調(diào)整滑輪的高度，讓細(xì)線與木板平行;

(2)根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得：Ax=at2,

Ax0.1618-0.1517八cl/2

a=—=---------；------=0.25m/s￡o

t2o.22/

(3)根據(jù)牛頓第二定律，則有：mg-nMg=(M+m)a；

解得i弋(M+m)a

Mg

代入數(shù)據(jù)，則有：尸券-峭x0.25=0.3；

故答案為：⑴平行，(2)0.25,(3)=*一組署；03。

解決實(shí)驗(yàn)問題首先要掌握該實(shí)驗(yàn)原理，了解實(shí)驗(yàn)的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項(xiàng)。

紙帶實(shí)驗(yàn)中，若紙帶勻變速直線運(yùn)動(dòng)，測得紙帶上的點(diǎn)間距，利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論，可計(jì)算

出加速度；

根據(jù)牛頓第二定律，結(jié)合滑動(dòng)摩擦力公式，即可求解。

對于實(shí)驗(yàn)問題我們要了解實(shí)驗(yàn)的裝置和工作原理，同時(shí)掌握牛頓第二定律的應(yīng)用，并要注意單位的

換算。

12.答案：6kbB電流表分壓偏大

解析：解：(1)選擇開關(guān)旋到“xM”的擋位，由圖b所示可知，滑動(dòng)變阻器的最大阻值為6x1k。=

6fc/2o

(2)①電壓表內(nèi)阻約為20k。，電流表內(nèi)阻約為1000,待測滑動(dòng)變阻器阻值為6k0,待測滑動(dòng)變阻器

阻值遠(yuǎn)大于電流表內(nèi)阻，電流表應(yīng)采用內(nèi)接法，電壓表“+”接線柱應(yīng)接在b處。

②滑動(dòng)變阻器采用分壓，為保護(hù)電路方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇B。

③由圖示電路圖可知，電流表采用內(nèi)接法，由于電流表的分壓作用，使電壓測量值大于真實(shí)值，電

流表分壓是造成實(shí)驗(yàn)誤差的原因，由于電源測量值偏大，由歐姆定律可知，電阻測量值偏大，滑動(dòng)

變阻器的測量值大于真實(shí)值。

故答案為：(l)6k；(2)①b；②B；③電流表分壓；偏大。

(1)歐姆表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表示數(shù)。

(2)①根據(jù)待測電阻阻值與電表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表接法，然后確定電壓表接線柱的接法。

②滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，為方便實(shí)驗(yàn)操作，應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器。

③根據(jù)圖示電路圖分析實(shí)驗(yàn)誤差來源并分析實(shí)驗(yàn)誤差。

本題考查了應(yīng)用伏安法測滑動(dòng)變阻器最大阻值實(shí)驗(yàn)，理解實(shí)驗(yàn)原理是解題的前提與關(guān)鍵；要掌握常

用器材的使用方法與讀數(shù)方法；要掌握實(shí)驗(yàn)器材的選擇原則。

13.答案：解：(1)設(shè)電荷在第一象限的加速度為由,在第四象限

的加速度為。2。

電荷進(jìn)行第四象限的速度為：詔=2%%

得：％=72aiyi

電荷在第四象限做類平拋運(yùn)動(dòng)，則有

豎直方向有丫2=匕J

水平方向有Xi=歲

據(jù)題丫2=6m,/=4m,=4m

整理可得：言=等=當(dāng)

根據(jù)牛頓第二定律得qE=ma,得a-詈

所以竺=&=竺

(2)設(shè)電荷進(jìn)入第三象限時(shí)的速度與y軸負(fù)向的夾角為夕.則

解得tan.=；

得：B=53°

設(shè)電荷在第三象限做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R,則

y2-Rsin0+Reos夕=6m

代入數(shù)據(jù)可得：R=4：m

答：

(嘴等于容

(2)電荷在第三象限做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R是4M巾。

解析：(1)點(diǎn)電荷q在第一象限內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由速度位移公式列式，求得電荷進(jìn)入第四象限

時(shí)的速度。電荷在第四象限做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)兩個(gè)分位移公式列式，從而求得電荷在第一和第四

象限內(nèi)加速度之比，由牛頓第二定律求解場強(qiáng)之比。

(2)電荷進(jìn)入第三象限后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)幾何關(guān)系求電荷在第三象限做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R。

帶電粒子在復(fù)合場中運(yùn)動(dòng)類型，分析粒子的受力是解題的基礎(chǔ)，本題的關(guān)鍵是畫出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，

運(yùn)用幾何知識(shí)得到做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑。

14.答案：解：(1)0?1.0s內(nèi)MN始終靜止，力傳感器的示數(shù)為F=mi?！?，

其中以1為MN受到的安培力，也即PQ受到的安培力大??；

0?0.5s內(nèi)，F(xiàn)AI=BIL]=比祟t，

其中皿即為圖象的斜率，

2R

由圖(b)可知啜=0.2N/S,

代入數(shù)據(jù)解得：a=8m/s2；

(2)0.5?1.0s內(nèi)自2=Bl%

LiLjCl八cl

由圖(b)可知R+旦殳=0Q5N/S,

代入數(shù)據(jù)可得：L0.0714m；

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