2021-2022學(xué)年福建省莆田二中高二(上)期末物理試卷(附答案詳解)

2021-2022學(xué)年福建省莆田二中高二（上）期末物理試卷一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）如圖，兩根平行通電長直導(dǎo)線固定，左邊導(dǎo)線中通有垂直紙.：?/面向外、大小為h的恒定電流，兩導(dǎo)線連線（水平）的中點處，金\一可自由轉(zhuǎn)動的小磁針靜止時N極方向平行于紙面向下。忽略地磁場的影響。關(guān)于右邊導(dǎo)線中的電流，2,下列判斷正確的是（）/2V,方向垂直紙面向外B./2>/1,方向垂直紙面向外C./zV/】，方向垂直紙面向里D.方向垂直紙面向里一般來說現(xiàn)在的手機(jī)上都會有2個麥克風(fēng)，一個比較大的位于手機(jī)下方，另一個一般位于手機(jī)頂部。查閱手機(jī)說明后知道手機(jī)內(nèi)部上麥克風(fēng)為降噪麥克風(fēng)。進(jìn)一步翻閱技術(shù)資料得知：降噪麥克風(fēng)通過降噪系統(tǒng)產(chǎn)生與外界噪音相位相反的聲波，與噪音疊加從而實現(xiàn)降噪的效果。如圖是理想情況下的降噪過程，實線對應(yīng)環(huán)境噪聲,虛線對應(yīng)降噪系統(tǒng)產(chǎn)生的等幅反相聲波。下列說法正確的是（）上MIC環(huán)境噪聲降噪聲波Oo&下MIC環(huán)境噪聲降噪聲波降噪過程實際上是聲波發(fā)生了衍射降噪過程實際上是聲波發(fā)生了干涉降噪聲波與環(huán)境噪聲的傳播速度不相等P點經(jīng)過一個周期沿波的傳播方向傳播的距離為一個波長一質(zhì)量為2kg的物塊在合外力F的作用下從靜止開始沿直線運動。F隨時間t變化的圖線如圖所示，則以卜?結(jié)果錯誤的是（）本題考查對于勻強(qiáng)磁場中磁通量的求解能力.對于公式0=BScosa,Scosa為線圈在垂直于磁場方向投影的面積.【答案】C【解析】解：根據(jù)動量守恒定律得P]+「2=P/+P/解得Pi'=2kg-m/s碰撞過程系統(tǒng)的總動能不增加，則有P/2|P尸三P；|P項

2ml2m2—2m2解得斜蠟碰撞后甲的速度不大于乙的速度，則有&,Pi<nilm2解得令>!。m25從而斜的取值范圍：[蕓,5].故C正確，A、B、。錯誤。故選：C。碰撞過程遵守動量，總動能不增加，根據(jù)這兩個規(guī)律，得到刀、B兩球的質(zhì)量關(guān)系。對于碰撞過程，往往根據(jù)三大規(guī)律，分析兩個質(zhì)量的范圍：1、動量守恒；2、總動能不增加；3、碰撞后兩物體同向運動時，后面物體的速度不大于前面物體的速度?！敬鸢浮緿【解析】解：4滑塊與小球運動過程中，系統(tǒng)內(nèi)沒有除重力之外的力對系統(tǒng)做功，所以系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故人錯誤；3小球向下擺動過程中，滑塊受到擋板的作用力，滑塊與小球組成的系統(tǒng)合外力不為零,系統(tǒng)動量不守恒，故B錯誤；C.設(shè)小球第?次運動至最低點時的速度為〃，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有3mgL=^mv2在最低點根據(jù)牛頓第二定律有聯(lián)立解得小球第一次運動至最低點時細(xì)線拉力大小為T=9mg故C錯誤：D.當(dāng)小球通過最低點后，P不再受擋板的作用力，此時小球與滑塊組成的系統(tǒng)在水平方向動量守恒，設(shè)某時刻小球和滑塊的速度分別為％和叱，規(guī)定水平向左為正方向，根據(jù)動昂:守恒定律有3mv=3mi；i+mv2由上式可知，當(dāng)％與u反向且達(dá)到最大值時，％也將達(dá)到最大值，即小球第二次通過最低點時，滑塊速度達(dá)到最大，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有譜+扣諼聯(lián)立解得故￡＞正確。故選：Do小球卜擺的過程中機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律求出求出小球第一次到達(dá)最低點時的速度。在最低點，由牛頓第二定律求細(xì)線對小球的拉力大?。恍∏蛳蛴覕[動過程中，小球與圓環(huán)組成的系統(tǒng)在水平方向動量守恒，系統(tǒng)機(jī)械能守恒；當(dāng)小球再次擺回最低點時,滑塊獲得最大速度，由動量守恒定律與機(jī)械能守恒定律求解。本題主要考查了動量'守恒定律以及能量守恒定律的直接應(yīng)用，要求同學(xué)們能正確分析物體的受力情況，分析出系統(tǒng)水平動量守恒，要注意小球擺回最低點時，滑塊獲得最大速度，不是小球第?次到達(dá)最高點時滑塊速度最大?！敬鸢浮緽【解析】解：由電源的U-I圖線可知電源的電動勢為E=6V,電源內(nèi)阻為r=|岑|=—n=0.5。44、由串并聯(lián)關(guān)系可得R岸=?=：□=1。，則干路電流為/1=土=若壬4=44,與題不符，故人錯誤；B、由串并聯(lián)關(guān)系可得外電路總電阻為R分=怨=弩〃=2。，則干路電流為&=左=3壬71=24孔符合題意，故B正確；外由串并聯(lián)關(guān)系可得R外=3R=3x3Q=90則干路電流為，3=左=&A=0.6371,與題不符，故C錯誤；。、由串并聯(lián)關(guān)系可得R/=R+f$=(3+|^)〃=4.5D,則干路電流為*=志=-^-A=1.2A與題不符，故。錯誤。4.5+0.5故選：B。根據(jù)閉合電路歐姆定律分析電源的電動勢和內(nèi)電阻，再根據(jù)各項中給出的電路，由閉合電路歐姆定律求出干路電流，選擇符合題意的選項。本題考查閉合電路歐姆定律的應(yīng)用，根據(jù)圖象求出電源的電動勢和內(nèi)電阻是本題的關(guān)鍵,之后根據(jù)閉合電路歐姆定律來計算即可?！敬鸢浮緼CD【解析】解：4部隊要便步而不能齊步通過橋梁，是為了防止橋梁發(fā)生共振而坍塌，故A正確；〃.蝙蝠在黑暗中飛行時不會碰到障礙物，是利用了聲波的反射，故8錯誤；做受迫振動的物體穩(wěn)定后，其振動周期與驅(qū)動力周期相同，與物體的固有周期無關(guān)，故C正確；交警根據(jù)發(fā)射的超聲波與其反射波的頻率變化測車速，是利用了多普勒效應(yīng)，故。正確。故選：ACDO部隊過橋時要便步走是為了防止橋發(fā)生共振；蝙蝠在黑暗中飛行時不會碰到障礙物，是利用了聲波的反射；做受迫振動的物體穩(wěn)定后，其振動周期與物體的固有周期無關(guān)；交警利用超聲波的反射波測量汽車的速度，這種方法利用了多普勒效應(yīng)。該題考查波的衍射、多普勒效應(yīng)應(yīng)用、共振的防止與應(yīng)用，都是課本中的一些常見的聯(lián)系生活的記憶性的知識，在平時的學(xué)習(xí)中多加積累即可?做好這一類的題目.【答案】AC【解析】解：AB.粒子經(jīng)過b點前做加速運動，經(jīng)過b點后做減速運動，可見b點的加速度為0,則在b點受到兩點電荷的電場力平衡，受力為零，因此》點的場強(qiáng)-定為零：粒第12頁，共19頁子經(jīng)過b點前做加速運動，經(jīng)過b點后做減速運動，則ab之間電場強(qiáng)度的方向向右，b點右側(cè)的電場強(qiáng)度的方向向左，可知Qz帶負(fù)電，且有號腭=房器，所以Q2VQ1，故A正確，B錯誤；CD.該電荷從。點到b點，做加速運動，.目.該電荷為正電荷，電場力做正功，所以電勢能減小，電勢降低，。點的電勢比b點的電勢高，粒了在a點的電勢能比在b點的電勢能大，故C正確，。錯誤；故選：AC由v-x圖象可知粒子在b點粒子速度最大，則在力點加速度零，受到兩點電荷的電場力平衡，從而可得出Qi與。2的電性和大小關(guān)系，可通過電場力做功判斷電勢能的變化。解決本題的關(guān)鍵以b點的加速度為突破口，根據(jù)庫侖定律得到Q】和。2的電量關(guān)系。以及知道電場力做功和電勢能的關(guān)系。1().【答案】AD【解析】解：力、假設(shè)。無初速地輕輕放在4上，在釋放瞬間，彈簧彈力保持不變等于mg,則AC整體的加速度為四=竺寡竺=$"整體向下運動，根據(jù)對稱性可知，AC整體到達(dá)最低點時加速度大小也為%而實際C是從高處釋放的，則碰撞后AC所能達(dá)到的最低點比假設(shè)的情況要低，則在最低點時加速度一定大于*故人正確；B、根據(jù)自由落體運動規(guī)律可知ChjA碰撞前的速度大小為：%=設(shè)C^A碰撞后瞬間整體的速度大小為％，根據(jù)動量守恒定律得：mv0=2mv1此時C與A碰撞產(chǎn)生的內(nèi)能為：。=扣詭-卜2772譜聯(lián)立以上等式解得：Q=：mg/i,故B錯誤；C、設(shè)開始時彈簧的彈性勢能為"AC整體到達(dá)最低點時彈簧的彈性勢能最大，設(shè)為婦1。AC整體下降的高度為九°，根據(jù)機(jī)械能守恒得：婦1-勺0=：?2m譜+2mghQ解得：Epl=^mgh+2mgh0+EpQ>^mgh,故C錯誤；D、如果碰后物體8剛好能被拉離地面，此時彈簧處于拉伸狀態(tài)，且彈力大小為7/ig,對AC整體根據(jù)牛頓第二定律可得加速度大小為：a2=^p=lg,故。正確；故選：AD.利用對稱性分析出的加速度；根據(jù)動量守恒和功能關(guān)系求出碰撞產(chǎn)生的內(nèi)能；先分析出彈性勢能最大的位置，再根據(jù)機(jī)械能守恒定律計算出最大的彈性勢能；對整體受力分析，結(jié)合牛頓第二定律求出整體的加速度。本題主要考查了機(jī)械能守恒定律和動量守恒，先分析物體的運動狀態(tài)，分階段去分析其動量和動能的變化，難度中等偏I(xiàn)-.O【答案】正向2.5【解析】解：(1)該時刻質(zhì)點4豎直向下運動，根據(jù)同側(cè)法可知該列波沿x軸正向傳播。(2)發(fā)生穩(wěn)定干涉需要兩列波頻率相同，則所遇到的波的頻率為，弓=土Hz=2.SHz故答案為：(1)正向；(2)2.5根據(jù)同側(cè)法分析出波的傳播方向；根據(jù)圖像得出周期的大小，結(jié)合周期和頻率的關(guān)系計算出頻率的大小。本題主要考查了橫波圖像的相關(guān)應(yīng)用，根據(jù)同側(cè)法分析出傳播方向，理解周期和頻率的關(guān)系即可，屬于基礎(chǔ)題型?！敬鸢浮?65.5【解析】解：電源電動勢E=U+/(R+r)=12V,解得/=3A電源的總功率P=F/=12x3VK=361V通過小燈泡的電流為。=令=孑人=2人UlO通過電動機(jī)電流為=1-Il=3A-2A=1A電動機(jī)內(nèi)阻消耗功率為P耗=lg=I?x0.5"=0.5W故其輸出功率為P/g=一P耗=6x1W—0.5"=5.5"故答案為：36,5.5當(dāng)電動機(jī)內(nèi)阻為0.5〃時求得其內(nèi)阻消耗的功率，從而求得電動機(jī)輸出功率.本題中電動機(jī)正常工作時其電路是非電阻電路，不能直接根據(jù)閉合電路歐姆定律求出電流.

【答案】11.7。21。#【解析】解：(1)由圖示游標(biāo)卡尺可知，游標(biāo)尺是20分度的，游標(biāo)尺的精度是0.05mm,小球直徑d=11mm+14x0.05mm.=(2)在一個周期內(nèi)擺球經(jīng)過平衡位置2次，擺球經(jīng)過平衡位置時激光被球擋住，光敏電阻阻值變大，由圖0)所示圖象可知，單擺的周期T=2柘。(3)單擺擺長］=L+p由單擺的周期公式T=2食可知，重力加速度：g=的=蘭淳故答案為：(1)11.70；(2)2t0;(3)竺壹。￡0游標(biāo)卡尺主尺與游標(biāo)尺示數(shù)之和是游標(biāo)卡尺示數(shù)。(2)在?個周期內(nèi)擺球經(jīng)過平衡位置2次，根據(jù)圖(8)所示圖象求出單擺的周期。(3)擺線長度與擺球半徑之和是單擺擺長，根據(jù)單擺周期公式求出重力加速度的表達(dá)式。本題考查了用單擺測重力加速度實驗，知道實驗原理是解題的前提，應(yīng)用單擺周期公式即可解題。【答案】2.6042.28【解析】解：(1)電流表的示數(shù)從零開始逐漸增大，說明滑動變阻器應(yīng)該用分壓式接法,實物圖如圖1.右(2)電壓表分度值為0",示數(shù)為2.601/.右設(shè)有71個小電珠并聯(lián)，每個小電珠的電壓為"，電流為J,則汽小電珠的總功率(相當(dāng)于電源的輸出功率)最大時，外電阻和電源內(nèi)阻相等，所以U=1.5V,根據(jù)閉合電路歐姆定律有偵=m=芬=1&，即每個小電珠兩端的電壓為1.5V，如圖丙所示,當(dāng)U=1.5V時，/=0.38A,所以小電珠個數(shù)〃=囂=4,小電珠的總功率P=4UI=0.38

4x1.5x0.38=2.28".故答案為：(1)見解析圖；(2)2.60；(3)4,2.28(2)根據(jù)實驗原理與實驗要求連接實物圖，根據(jù)電壓表讀數(shù)方法讀出示數(shù)；(3)根據(jù)閉合電路歐姆定律結(jié)合圖像交點可解得。本題考查探究小燈泡的伏安特性曲線，解題關(guān)鍵掌握實驗原理，注意當(dāng)電源的輸出功率最大時，外電阻和電源內(nèi)阻相等?！敬鸢浮拷猓?1)小球在B點處于靜止?fàn)顟B(tài)，對小球進(jìn)行受力分析,根據(jù)平衡條件得:mgtanO=qE對小球，從■點運動到C點的過程中運用動能定理得:解得:(3)在。點，小球受重力和細(xì)線的合力提供向心力，根據(jù)向心力公式得:Ft一mg=thy解得：Ft=-2qE答：(1)勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小為誓皿;小球運動通過最低點C時的速度大小為櫥—半;小球通過最低點C時細(xì)線對小球的拉力大小為-2qE.【解析】(1)小球在8點處于靜止?fàn)顟B(tài)，對小球進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡條件即可求解;對小球，從4點運動到。點的過程中運用動能定理即可解題；在C點，小球受重力和細(xì)線的合力提供向心力，根據(jù)向心力公式即可求解.本題主要考查了平衡條件、動能定理及向心力公式的直接應(yīng)用，難度不大.【答案】解：(1)結(jié)合題圖可分析出，該機(jī)械波的傳播周期為：T=0.8s波長為：A=4771故該機(jī)械波的波速為u=*=土m/s=5m/s(2)由圖可知，此時波峰在x=lm處，當(dāng)波峰傳播到x=5m處的B點時，波向前傳播的距離為』x=4m所以質(zhì)點B第一次到達(dá)波峰位置，所需要的時間At=-=-s=0.8sv5由題意知，當(dāng)質(zhì)點B第一次到達(dá)波峰位置時，質(zhì)點4恰好振動了一個周期，所以質(zhì)點4通過的總路程s=4A=4x5cm=20cm(3)因為3=—=—rad/s=2.5nrad/sT0.8從圖示狀態(tài)開始計時質(zhì)點■做簡諧運動的表達(dá)式為yA=5sin(yt)cm質(zhì)點P做簡諧運動的表達(dá)式為yP=5sin(yt+要使P、A兩質(zhì)點的位移(y坐標(biāo))相同，至少要經(jīng)過時間t應(yīng)滿足普+寫+尊5解得：t=0.05s答：(1)該機(jī)械波的波速是5m/s；位于x=67/1處的質(zhì)點8第一次到達(dá)波峰位置時，位于X=2m處的質(zhì)點4通過的總路程為20cm；若從圖示狀態(tài)開始計時，至少要經(jīng)過0.05s的時間，P、4兩質(zhì)點的偏離平衡位置的位移相同?！窘馕觥?1)根據(jù)圖像分別得出波長和周期，由此計算出波速：根據(jù)水平方向的運動特點先計算出時間，再結(jié)合時間和周期的關(guān)系計算出質(zhì)點通過的總路程；分別求出兩質(zhì)點的位移一時間關(guān)系，利用數(shù)學(xué)知識完成求解。本題主要考查了橫波圖像的相關(guān)應(yīng)用，根據(jù)圖像得出波長和周期，結(jié)合公式計算出波速，同時利用簡諧運動中路程的計算公式計算出路程，結(jié)合數(shù)學(xué)知識計算出位移相同的時刻?！敬鸢浮拷猓?1)滑塊B在P點時重力剛好提供向心力，則有：mBg=mB^R代入數(shù)據(jù)解得：Vp=2m/s設(shè)A、B分開時的速度大小分別為3、％，對B從N到P的過程中，根據(jù)動能定理可得：-2mBgR=撲神-\rnBvl解得：v2=2\/Sm/s4和B分開過程中，取向右為正方向，根據(jù)動量守恒定律可得：mBv2=0代入數(shù)據(jù)解得：V1=Bx/Sm/s根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得彈簧的彈性勢能：EP=\mAvl+\mBvj代入數(shù)據(jù)解得：玨=200/；設(shè)滑塊A沿傳送帶上升的最大距離為x,根據(jù)動能定理可得：—mAgxsinO—p.mAgxcosO=0—|vf解得：x=16m設(shè)4沿傳送帶向下加速到與傳送帶速度相等時經(jīng)過的位移為xi，在此過程中，根據(jù)動能定理可得：mAgxrsin0+fim^x^osG=0-\mAv^.解得：Xj=Sm此后摩擦力方向反向，以后加速的位移為乂2=x-xr=16m-5m=11m從速度相等到達(dá)到傳送帶底端過程中，根據(jù)動能定理可得：mAgx2sin0—^mAgx2cosO=^rnAv2—^mA解得A達(dá)到傳送帶底部的速度大小為：v=12m/s豎直分速度大小為：vy=vsinO=12x0.6m/s=7.2m/s滑塊■第二次經(jīng)過傳送帶最低點M時重力的功率：P=mAgvy=lxl0x7.2W=721V；滑塊4沿傳送帶減速上滑過程中加速度大小為：a】=gsinO+ngcosG代入數(shù)據(jù)解得：=10m/s2經(jīng)過的時間為：s=a=桀s=^s1at105傳送帶的位移：乂帶、=v.-tj=10x芝771=8V5zn此過程中的相對位移為：仙1=x帶1+%=8x/5m+16m滑塊人加速到與傳送帶共速過程中經(jīng)過的時間為：位=地=翌s=IsG]10此后滑塊刀的加速度大小為：a2=gsinO-ngcosO代入數(shù)據(jù)解得：a2=2m/s2此后運動的時間馬=三三=號，=Is滑塊■下滑的全過程中，滑塊相對于傳送帶通過的距離為：^2=0必2-%1)+-U/3)代入數(shù)據(jù)解得：21x2=6m滑塊4與傳送帶接觸過程中因摩擦產(chǎn)生的熱量Q=“m.gcosesxi4-4x2)代入數(shù)據(jù)解得：Q=(88+32V5)/o答：(1)被壓縮的輕質(zhì)彈簧的彈性勢能為200；：滑塊4第二次經(jīng)過傳送帶最低點M時重力的功率為720：求滑塊4與傳送帶接觸過程中因摩擦產(chǎn)生的熱量為(88+32扼)八【解析】(1)根據(jù)向心力公式求解滑塊B在P點時的速度大小，根據(jù)動能定理求解滑塊B離開彈簧時的速度大小，再根據(jù)動量守恒定律求解分開時4的速度大小，根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得彈簧的彈性勢能；根據(jù)動能定理求解滑塊4沿傳送帶上升的最大距離，再根據(jù)動能定理求解滑塊A沿傳送帶向下加速到與傳送帶速度相等時經(jīng)過的位移、從速度相等到達(dá)到底端的速度大小，根據(jù)功率的計算公式求解功率；分別求出滑塊A上升過程中相對于傳送帶的距離、下滑過程中相對于傳送帶的距離，根據(jù)摩擦力乘以相對距離求解產(chǎn)生的熱。本題主要是考查動量守恒定律、牛頓第二定律的綜合應(yīng)用、動能定理、豎直方向的圓周運動等，綜合性強(qiáng)，關(guān)鍵是弄清楚滑塊4和滑塊8的運動情況和受力情況，根據(jù)運動過程進(jìn)行分析。B,01；=1：V2位置轉(zhuǎn)過45。的瞬間,C.B,01；=1：V2位置轉(zhuǎn)過45。的瞬間,C.02=(V2+1)：1D.0!:02=(V2—1)：1IIt=Is時物塊的速率為lm/st=2s時物塊的動量大小為2kgm/st=3s時物塊的動量大小為3kgm/st=4s時物塊的速度為Im/s4.4.4.如圖所示，一矩形線圈Qbcd有一半處在垂直平面磁感應(yīng)強(qiáng)度向下的勻強(qiáng)磁場中，虛4.線MN為磁場邊界且與cd邊平行，穿過線圈的磁通量為必。當(dāng)線圈以cd為軸從圖中02=V2：15.甲乙兩球在水平光滑軌道上同方向運動，已知它們的動量分別是Pl=5kg?m/s,Pi=7kg-m/s,甲從后面追上乙并發(fā)生碰撞，碰后乙球的動量變?yōu)?0kg?m/s,5.則兩球質(zhì)量％與叫間的關(guān)系可能是()2771!=2771!=m22771!=m22771!=m24mr=m26mi=m26.如圖所示，質(zhì)量為m滑塊4套在一水平固定的光滑細(xì)桿上，可自由滑動。在水平桿6.上固定一擋板P，滑塊靠在擋板P左側(cè)且處于靜止?fàn)顟B(tài)，其下端用長為乙的不可伸長的輕質(zhì)細(xì)線懸掛一個質(zhì)量為3m的小球B,已知重力加速度大小為g?，F(xiàn)將小球B拉至右端水平位置，使細(xì)線處于自然長度，由靜止釋放，貝U()―4=滑塊與小球組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒滑塊與小球組成的系統(tǒng)動量守恒小球第一次運動至最低點時，細(xì)線拉力大小為3mg滑塊運動過程中，所能獲得的最大速度為?何:

圖為測量某電源電動勢和內(nèi)阻時得到的V-/圖線。用此電源與三個阻值均為30的電阻連接成電路，測得干路電流2.41則該電路可能為（）二、多選題（本大題共3小題，共12.0分）物理學(xué)是一門注重實驗和應(yīng)用的科學(xué)，隨著科技的發(fā)展，物理知識己滲入到人類生產(chǎn)與生活的各個領(lǐng)域，下列說法正確的是（）部隊要便步通過橋梁，是為了防止橋梁發(fā)生共振而坍塌蝙蝠在黑暗中飛行時不會碰到障礙物，是利用了聲波的衍射做受迫振動的物體穩(wěn)定后，其振動周期與物體的固有周期無關(guān)交警根據(jù)發(fā)射的超聲波與其反射波的頻率變化測車速，是利用了多普勒效應(yīng)如圖甲所示，兩個點電荷Qi、Qz固定在％軸上，其中Qi位于原點。，。、b是它們連線延長線上的兩點?，F(xiàn)有一帶正電的粒子q以一定的初速度沿x軸從Q點開始經(jīng)b點向遠(yuǎn)處運動（粒子只受電場力作用），設(shè)粒子經(jīng)過a、b兩點時的速度分別為％、"其速度隨坐標(biāo)X變化的圖像如圖乙所示，則以下判斷正確的是（）b點的場強(qiáng)一定為零Q2電荷量大「Qi

q點的電勢比b點的電勢高粒子在。點的電勢能比在b點的電勢能小如圖所示，質(zhì)量均為m的4、B兩物體通過勁度系數(shù)為k的輕彈簧拴叵］在一起豎直放置在水平地面上，物體A處于靜止?fàn)顟B(tài).在4的正上方九高處有一質(zhì)最為m的物塊C.現(xiàn)將物塊C由靜止釋放，C與4發(fā)生碰撞后立刻粘在一起（碰撞時間極短），彈簧始終在彈性限度內(nèi)，忽略空氣阻力，重力加速度為g.下列說法正確的是（）C與4碰撞后，AC整體運動到最低點的加速度一定大于芝C與刀碰撞時產(chǎn)生的內(nèi)能為釁4C與■碰撞后彈簧的最大彈性勢能為啰如果碰后物體B恰能被拉離地面，則此時4C的加速度大小為jg三、填空題（本大題共2小題，共8.0分）一列簡諧橫波，某時刻的波形如圖甲所示，從該時刻開始計時，波上4質(zhì)點的振動圖像如圖乙所示。（1）該列波沿x軸（選填“正向”或“負(fù)向”）傳播。（2）若此波遇到另-列簡諧橫波并發(fā)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象，則所遇到的波的頻率為Hz.如圖，電源電動勢為12V,內(nèi)阻r為1。，電阻R為1D,小燈泡L標(biāo)有“6V121V”，電動機(jī)線圈電阻Rm為。?5。。開關(guān)閉合后，小燈泡和電動機(jī)均能正常工作，則電源的總功率為.的總功率為.的總功率為.

的總功率為.四、實驗題(本大題共2小題，共14.0分)如圖(a)所示，為用單擺測量重力加速度的實驗裝置，擺球在垂宜紙面的平面內(nèi)擺動，在擺球運動最低點的左、右兩側(cè)分別放置激光光源與光敏電阻。光敏電阻(光照增強(qiáng)時，其電阻變小)與自動記錄儀相連，記錄儀可以顯示光敏電阻的隨值R隨時間t的變化圖線。將擺球拉離平衡位置一個較小角度釋放，記錄儀顯示的R-C圖線如圖(幻所示。請I口I答下面問題：實驗前先用游標(biāo)卡尺測出小球直徑d,如圖(c),則小球的直徑d=mm-,該單擺的振動周期為；實驗中用米尺測得擺線長為則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=(用測得物理量的符號表示)。某學(xué)習(xí)小組探究一小電珠在不同電壓下的電功率大小，實驗器材如圖甲所示，現(xiàn)己完成部分導(dǎo)線的連接。完成部分導(dǎo)線的連接。完成部分導(dǎo)線的連接。丙完成部分導(dǎo)線的連接。丙實驗要求滑動變阻器的滑片從左到右移動過程中，電流表的示數(shù)從零開始逐漸增大，請按此要求用筆畫線代替導(dǎo)線在圖甲實物接線圖中完成余下導(dǎo)線的連接;某次測量，電壓表指針偏轉(zhuǎn)如圖乙所示，則電壓表的示數(shù)為V；該小組描繪出的伏安特性曲線如圖丙所示，根據(jù)圖線判斷，將只相同的小電珠并聯(lián)后，直接與電動勢為3V、內(nèi)阻為1。的電源組成閉合回路，可使小電珠的總功率最大，其總功率的值約為"(保留兩位小數(shù))。五、計算題(本大題共3小題，共38.0分)TOC\o"1-5"\h\z如圖所示，在沿水平方向的勻強(qiáng)電場中有一固定點。，軍5用一根長度為L的絕緣細(xì)線把質(zhì)量為m,—帶電量帶為拔\E■+q的金屬小球懸掛在0點，小球靜止在B點時細(xì)線與豎；_&——?c，直方向的夾角為。=37。.現(xiàn)將小球拉至位置廚吏細(xì)線水*平后由靜止釋放，重力加速度為g,sin37°=0.6,cos37。=0.8,求：電場強(qiáng)度大小；小球運動通過最低點。時的速度大?。恍∏蛲ㄟ^最低點C時細(xì)線對小球的拉力大小。如圖所示，在x=0處的質(zhì)點。在垂直于x軸方向上做簡諧運動，形成沿x軸正方向傳播的機(jī)械波。在t=0時刻，質(zhì)點。開始從平衡位置向上運動，經(jīng)0.4s第一次形成圖示波形，P是平衡位置為x=0.5m處的質(zhì)點，8是位于x=5m處的質(zhì)點。該機(jī)械波的波速是多少？位于x=6m處的質(zhì)點B第一次到達(dá)波峰位置時，求位于x=2m處的質(zhì)點A通過的總路程；若從圖示狀態(tài)開始計時，至少要經(jīng)過多少時間，P、A兩質(zhì)點的偏離平衡位置的位移相同？如圖所示，在光滑水平地面上，右端有一豎直光滑半圓軌道與地面平滑連接，半徑為R=0.4m；在水平地面左端有一傾角。=37。的傳送帶以10m/s的速率順時針勻速轉(zhuǎn)動，傳送帶與光滑水平地面通過半徑可忽略的光滑小圓弧平滑連接；可視為質(zhì)點的A、8滑塊的質(zhì)量分別為niA=lkg,mB=4kg,4、B兩滑塊間夾著壓縮的輕質(zhì)彈簧(彈簧與4、8不栓接)，用手按住A、B處于靜止?fàn)顟B(tài)。現(xiàn)同時松手釋放A、B,滑塊8恰好能通過半圓軌道最高點P，A能沿傳送帶向上運動，已知滑塊刀與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為“=0.5,傳送帶與水平面足夠長，重力加速度g取10m/s2,sin37°=0.6。求：被壓縮的輕質(zhì)彈簧的彈性勢能外；滑塊4第二次經(jīng)過傳送帶最低點M時重力的功率；求滑塊A與傳送帶接觸過程中因摩擦產(chǎn)生的熱量Q(結(jié)果可用根號表示)。答案和解析【答案】B【解析】【分析】考查安培定則的內(nèi)容，掌握磁感應(yīng)強(qiáng)度矢量的合成法則的應(yīng)用，基礎(chǔ)題目?！窘獯稹扛鶕?jù)安培