2023屆浙江省金華市十校聯(lián)考高三上學(xué)期一模物理試題（解析版）

高中物理名校試卷PAGEPAGE12023年浙江省金華市十校聯(lián)考高考物理一模試卷一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.下列關(guān)于單位的說(shuō)法正確的是（）A.長(zhǎng)度的單位m、cm、mm都是國(guó)際單位制中的基本單位B.“千克米每二次方秒”被定義為“牛頓”，“牛頓”是國(guó)際單位制中的基本單位C.根據(jù)單位制運(yùn)算，ωv（ω指角速度、v指線速度）的單位是rad/s2D.若各物理量都采用國(guó)際制單位，則通過(guò)物理公式得出的最后結(jié)果一定也是國(guó)際制單位〖答案〗D〖解析〗A．國(guó)際單位制中長(zhǎng)度的基本單位為m，A錯(cuò)誤；B．“千克米每二次方秒”被定義為“牛頓”，“牛頓”是導(dǎo)出單位，B錯(cuò)誤；C．角速度的單位為rad/s，ωv的單位為rad·m/s2，C錯(cuò)誤；D．采用國(guó)際制單位進(jìn)行計(jì)算得結(jié)果一定時(shí)國(guó)際單位，D正確。故選D。2.關(guān)于下列四幅圖，說(shuō)法正確的是（）A.圖甲中肥皂膜上的條紋是衍射現(xiàn)象，說(shuō)明了光的波動(dòng)性B.圖乙是光經(jīng)過(guò)大頭針尖時(shí)的照片，說(shuō)明了光的粒子性C.圖丙是富蘭克林使用X射線拍攝的DNA晶體，是利用X射線具有波動(dòng)性D.圖丁是觀眾戴著眼鏡觀看3D電影，是利用光的粒子性〖答案〗C〖解析〗A．圖甲中肥皂膜上的條紋是光的干涉現(xiàn)象造成的，A錯(cuò)誤；B．圖乙是光經(jīng)過(guò)大頭針尖時(shí)的照片，這是光的衍射說(shuō)明了光的波動(dòng)性，B錯(cuò)誤；C．圖丙是富蘭克林使用X射線拍攝的DNA晶體，是利用X射線具有波動(dòng)性的性質(zhì)，C正確；D．圖丁是觀眾戴著眼鏡觀看3D電影，光的偏振現(xiàn)象利用光的波動(dòng)性，D錯(cuò)誤。故選C。3.天宮空間站天和核心艙的機(jī)械臂，長(zhǎng)度約10米，是我國(guó)自主研發(fā)的七自由度系統(tǒng)，與同樣屬于七自由度系統(tǒng)的人的手臂一樣靈活和機(jī)動(dòng)。如圖A、B、C是三個(gè)主要關(guān)節(jié)支點(diǎn)，P為BC臂上的一點(diǎn)，機(jī)械臂整體以A支點(diǎn)為軸抬起，則下列說(shuō)法正確的是（）A.作業(yè)過(guò)程中P與B線速度大小一定相等B.作業(yè)過(guò)程中P與B線速度方向一定相同C.作業(yè)過(guò)程中P與B角速度大小一定相等D.作業(yè)過(guò)程中P與B加速度大小一定相等〖答案〗C〖解析〗A．由于P、B兩點(diǎn)為同軸傳動(dòng)，所以兩點(diǎn)的角速度相同，P、B兩點(diǎn)的半徑不確定是否相同，故A錯(cuò)誤；B．線速度的方向?yàn)樵擖c(diǎn)與原圓心連線的垂直方向上，由于P、B兩點(diǎn)與圓心連線不重合，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)A選項(xiàng)的分析，故C正確；D．根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)加速度公式a＝ω2r，P、B的r不確定是否相同，故D錯(cuò)誤。故選C。4.圖為一輛某建設(shè)工地上運(yùn)送沙石的廂式自卸車，到達(dá)目的地后準(zhǔn)備卸下車廂內(nèi)的沙子，此時(shí)車頭朝前，車廂在液壓頂作用下緩慢抬高，車廂與水平面的夾角逐漸增大，整個(gè)卸沙過(guò)程汽車車輪相對(duì)地面始終靜止。對(duì)此下列說(shuō)法正確的是（??）A.車廂內(nèi)的沙子沒(méi)有滑動(dòng)時(shí)，隨著夾角逐浙增大，汽車受到沙子的作用力越來(lái)越大B.車廂內(nèi)的沙子沒(méi)有滑動(dòng)時(shí)，隨著夾角逐漸增大，汽車受到地面的支持力越來(lái)越大C.當(dāng)夾角為某一值時(shí)，沙子恰好勻速下滑，汽車受到地面的摩擦力為零D.當(dāng)夾角為某一值時(shí)，沙子恰好勻速下滑，汽車受到地面的靜摩擦力方向向前〖答案〗C〖解析〗A．當(dāng)車廂內(nèi)的沙子沒(méi)有滑動(dòng)時(shí)，沙子受到重力和汽車給的作用力，沙子受到汽車的作用力和重力是平衡力，則沙子受到的作用力不變，由牛頓第三定律可知隨著夾角逐浙增大，汽車受到沙子的作用力不變，A錯(cuò)誤；B．當(dāng)車廂內(nèi)的沙子沒(méi)有滑動(dòng)時(shí)，汽車和沙子整體受到重力和地面的支持力，是一對(duì)平衡力，重力不變，則支持力不變，所以隨著夾角逐漸增大，汽車受到地面的支持力不變，B錯(cuò)誤；CD．當(dāng)夾角為某一值時(shí)，沙子恰好勻速下滑，汽車和沙子整體受到重力和地面的支持力，處于平衡狀態(tài)，此時(shí)汽車受到地面的摩擦力為零，C正確，D錯(cuò)誤；故選C。5.一孤立均勻帶電金屬球帶電量為q，半徑為R，球外兩點(diǎn)A、B始終處于球同一半徑的延長(zhǎng)線上LOA，LOB（LOB＞LOA＞R），如圖所示，則以下說(shuō)法正確的是（）A.若僅增大金屬球的帶電量q，A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度均保持不變B.若僅增大金屬球的帶電量q，A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差保持不變C.若保持LOA、LOB不變，僅增大金屬球的半徑R，則球外A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度之差增大D.若保持LOA、LOB不變，僅增大金屬球的半徑R，則球外A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差不變〖答案〗D〖解析〗A．若僅增大金屬球的帶電量q，根據(jù)A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度均增大，A錯(cuò)誤；B．根據(jù)A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差增大，B錯(cuò)誤；CD．若保持LOA、LOB不變，僅增大金屬球的半徑R，均勻帶電球體在其周圍產(chǎn)生的電場(chǎng)相當(dāng)于把電荷集中在球心產(chǎn)生的電場(chǎng)，則球外電場(chǎng)不變，則球外A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差不變，D正確。故選D6.不少車主常在私家車內(nèi)備有電動(dòng)充氣泵，如圖所示。某次充氣前測(cè)得某輪胎胎內(nèi)氣體壓強(qiáng)只有，為使汽車正常行駛。若已知該輪胎的內(nèi)胎體積為V0，車主用電動(dòng)充氣泵給輪胎充氣，每秒鐘充入，壓強(qiáng)為，胎內(nèi)氣體可視為理想氣體，充氣過(guò)程中內(nèi)胎體積和胎內(nèi)氣體溫度保持不變。則下列說(shuō)法正確的是（）A.充氣過(guò)程中胎內(nèi)氣體內(nèi)能保持不變B.充氣過(guò)程中胎內(nèi)氣體一定向外吸熱C.為使汽車正常行駛，需要電動(dòng)充氣泵給該輪胎充氣時(shí)間約100sD.為使汽車正常行駛，需要電動(dòng)充氣泵給該輪胎充氣時(shí)間約110s〖答案〗D〖解析〗A．充氣過(guò)程中胎內(nèi)氣體溫度保持不變，分子的平均動(dòng)能不變，充氣過(guò)程中胎內(nèi)氣體分子總數(shù)增加，故內(nèi)能增大；A錯(cuò)誤；B．充氣過(guò)程是將外界氣體壓縮到胎內(nèi)，若絕熱壓縮氣體，氣體的溫度將升高，說(shuō)明在壓縮氣體的同時(shí)和外界沒(méi)有熱傳遞，故B錯(cuò)誤；CD．設(shè)充氣時(shí)間為t，該時(shí)間內(nèi)充入的氣體體積根據(jù)玻意耳定律代入數(shù)據(jù)解得t≈110s故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。7.如圖所示，用一原長(zhǎng)為L(zhǎng)的彈性細(xì)繩一端固定，另一端連接一質(zhì)量為m的小球，使彈性細(xì)繩與豎直方向成一個(gè)小角度后，從A點(diǎn)靜止釋放，此后小球做來(lái)回?cái)[動(dòng)，B點(diǎn)（圖中未畫出），小球可視為質(zhì)點(diǎn)，彈性細(xì)繩始終處于彈性限度范圍內(nèi)，則下列說(shuō)法正確的是（）A.靜止釋放瞬間，小球的加速度方向水平向左B.小球擺動(dòng)過(guò)程機(jī)械能守恒，B點(diǎn)與A點(diǎn)等高C.若僅改用長(zhǎng)為L(zhǎng)的不可伸長(zhǎng)的細(xì)繩，該擺動(dòng)裝置的周期將變化D.若僅改用長(zhǎng)為L(zhǎng)的不可伸長(zhǎng)的細(xì)繩，小球擺至左側(cè)最高點(diǎn)時(shí)細(xì)繩拉力為零〖答案〗C〖解析〗A．靜止釋放瞬間，小球的合力為重力，故A錯(cuò)誤；B．在小球擺動(dòng)過(guò)程中，小球擺至左側(cè)最高點(diǎn)B時(shí)，有彈性勢(shì)能，B點(diǎn)比A點(diǎn)低，故B錯(cuò)誤；C．彈性細(xì)繩的原長(zhǎng)為L(zhǎng)，彈性細(xì)繩的長(zhǎng)度是變化的，該擺動(dòng)裝置的周期將變化，故C正確；D．若僅改用長(zhǎng)為L(zhǎng)的不可伸長(zhǎng)的細(xì)繩，向心力為零，故D錯(cuò)誤。故選：C。8.如圖所示是一個(gè)趣味實(shí)驗(yàn)中的“電磁小火車”，“小火車”是一節(jié)兩端都吸有強(qiáng)磁鐵的干電池，發(fā)現(xiàn)兩端的強(qiáng)磁鐵無(wú)論是同名相對(duì)還是異名相對(duì)，螺線管的口徑較“小火車”大。將“小火車”放入螺線管內(nèi)，在電池的正負(fù)極之間的一段螺線管上形成電流，則（）A.“小火車”因?yàn)殡姵貎啥舜盆F之間的排斥力而運(yùn)動(dòng)B.“小火車”通過(guò)電池兩端磁鐵與通電螺線管之間的相互作用而運(yùn)動(dòng)C.干電池正負(fù)極對(duì)調(diào)后，“小火車”運(yùn)動(dòng)方向?qū)⒉蛔僁.“小火車”放入表面無(wú)絕緣層的裸露銅管內(nèi)也會(huì)沿銅管運(yùn)動(dòng)〖答案〗B〖解析〗AB．將干電池與強(qiáng)磁鐵組成的“小火車”放入裸銅線繞成的螺線管內(nèi)，干電池的正負(fù)極與接觸的銅線繞成的螺線管中形成電流，該部分螺線管產(chǎn)生磁場(chǎng)，由于干電池兩端都吸有強(qiáng)磁鐵，進(jìn)而驅(qū)使其運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤，B正確；C．只將干電池的正負(fù)極對(duì)調(diào)，則螺線管產(chǎn)生的磁場(chǎng)的方向也改變，小火車兩側(cè)磁鐵所受磁場(chǎng)力方向也會(huì)改變，“小火車”運(yùn)動(dòng)方向?qū)l(fā)生變化，C錯(cuò)誤；D．若將“小火車”放入表面無(wú)絕緣層的裸露銅管后，若“小火車”沿銅管運(yùn)動(dòng)，則電池的正負(fù)極之外的裸露銅管中會(huì)形成感應(yīng)電流，根據(jù)楞次定律，該感應(yīng)電流會(huì)阻礙磁鐵的運(yùn)動(dòng)，因此“小火車”放入表面無(wú)絕緣層的裸露銅管內(nèi)，“小火車”不會(huì)沿銅管運(yùn)動(dòng)，D錯(cuò)誤。故選B。9.2022年2月27日，我國(guó)長(zhǎng)征八號(hào)運(yùn)載火箭一次發(fā)射了22顆衛(wèi)星，并全部成功送入預(yù)定軌道，圓的半徑與橢圓的半長(zhǎng)軸相等，兩軌道面在同一平面內(nèi)且兩軌道相交于A、B兩點(diǎn)，如圖所示。下列說(shuō)法正確的是（）A.兩衛(wèi)星在圖示位置的速度v1＞v2B.兩衛(wèi)星在圖示位置時(shí)，衛(wèi)星1受到的地球引力較大C.衛(wèi)星1在A處的加速度比衛(wèi)星2在A處的加速度大D.若不及時(shí)調(diào)整軌道，兩衛(wèi)星可能發(fā)生相撞〖答案〗A〖解析〗A．以地球球心為圓心，如圖所示根據(jù)變軌原理可知衛(wèi)星2在軌道3上的線速度v3大于v2，由萬(wàn)有引力提供向心力有＝m可得所以衛(wèi)星1的線速度v1＞v3，故v1＞v2，故A正確；B．根據(jù)萬(wàn)有引力定律F＝，由于兩質(zhì)量關(guān)系未知，無(wú)法判斷萬(wàn)有引力的大??；故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)牛頓第二定律可得解得a＝所以衛(wèi)星1在A處的加速度與衛(wèi)星2在A處的加速度相等；C錯(cuò)誤；D．根據(jù)開普勒第三定律可得由于圓的半徑與橢圓的半長(zhǎng)軸相等，兩顆星運(yùn)行周期相等，所以不可能相撞。故D錯(cuò)誤。故選A。10.動(dòng)車組進(jìn)站時(shí)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)直至減速到零，?？恳欢螘r(shí)間后，動(dòng)車組做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，用位移隨速度變化的關(guān)系圖像進(jìn)行描述，其中正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗動(dòng)車組進(jìn)站時(shí)的運(yùn)動(dòng)為末速度為零的勻減速直線運(yùn)動(dòng)，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移—速度公式整理得且a為負(fù)值，故x﹣v圖像應(yīng)為開口向下的二次函數(shù)圖像；動(dòng)車組出站時(shí)，做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)整理得a′為正值，故圖像為開口向上的二次函數(shù)圖像。故選C。11.如圖（a），在水平面內(nèi)以O(shè)點(diǎn)為原點(diǎn)建立x坐標(biāo)軸，兩個(gè)上下做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的點(diǎn)波源S1和S2分別位于x1＝0和x2＝10m處，水平面內(nèi)以O(shè)點(diǎn)為圓心有①至④四個(gè)同心圓，半徑分別為4m、8m、12m和16m。S1、S2兩波源的振動(dòng)圖像分別如圖（b）和圖（c）所示，兩列波的波速均為2.0m/s（）A.兩列波的起振方向相同，且波長(zhǎng)均為4mB.③④兩個(gè)同心圓圓周上振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)的個(gè)數(shù)相同C.半徑越大的同心圓圓周上振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)的個(gè)數(shù)越多D.除x1＝0和x2＝10m兩點(diǎn)外，x坐標(biāo)軸上還有4個(gè)加強(qiáng)點(diǎn)〖答案〗B〖解析〗A．根據(jù)圖（b）、（c）可知兩列波的起振方向相反；兩列波的周期相同，波速相同，因此兩列波的波長(zhǎng)λ=vT=2.0×2m=4m故A錯(cuò)誤；

BC．振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)滿足波程差Δr＝(2n+1)?λ，其中n=0，1，2，??因此Δr=2m，6m，10m??；無(wú)論在③還是④的圓上，最小波程差Δrmin=0，最大波程差Δrm=10m；所以在這兩個(gè)圓周上振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)的個(gè)數(shù)相同，故B正確，C錯(cuò)誤；

D．在x軸上的0～10m之間，設(shè)波源S1與加強(qiáng)點(diǎn)的距離為x,則與波源S2的距離為（10-x）；加強(qiáng)點(diǎn)滿足Δx＝(10?2x)＝(2n+1)?λ或Δx＝(2x?10)?λ代入數(shù)據(jù)解得x=0，2m，4m，6m，8m，10m，即除x1=0和x2=10m兩點(diǎn)外，x坐標(biāo)軸上還有4個(gè)加強(qiáng)點(diǎn)；在x軸上的大于10m之外還有無(wú)數(shù)個(gè)加強(qiáng)點(diǎn)，故D錯(cuò)誤。故選B。12.學(xué)了發(fā)電機(jī)的原理后，小明所在的研究小組設(shè)計(jì)了如下的方案，繞有n匝、邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形金屬線圈以的角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，某時(shí)刻線圈剛好轉(zhuǎn)至OO，與水平線MN所決定的平面，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，如圖2所示。線圈（電阻不計(jì)）外部連有阻值為R的電阻，則（）A.電阻R上通過(guò)的電流不是交流電B.線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值為C.線圈轉(zhuǎn)動(dòng)一周電阻R上通過(guò)的電量為零D.線圈轉(zhuǎn)動(dòng)一周電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱是〖答案〗A〖解析〗AC．存在換向器，使得通過(guò)電阻R電流方向不變，則電阻R上通過(guò)的電量不為零，A正確，C錯(cuò)誤；B．線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值B錯(cuò)誤；D．線圈轉(zhuǎn)動(dòng)一周電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為D錯(cuò)誤。故選A。13.長(zhǎng)春某特警支隊(duì)的2019年反恐演練出現(xiàn)了一款多旋翼查打一體無(wú)人機(jī)，總質(zhì)量為M，該無(wú)人機(jī)是中國(guó)最先進(jìn)的警用12旋翼無(wú)人機(jī)，裝備有攻擊性武器，旋翼啟動(dòng)后恰能懸停在離水平地面高為H的空中，升力大小不變，向前方以水平速度v發(fā)射一枚質(zhì)量為m的微型導(dǎo)彈，始終保持水平，不計(jì)空氣阻力（）A.發(fā)射微型導(dǎo)彈后，無(wú)人機(jī)將做勻變速直線運(yùn)動(dòng)B.發(fā)射出微型導(dǎo)彈瞬間，無(wú)人機(jī)后退速度大小為C.微型導(dǎo)彈落地時(shí)，無(wú)人機(jī)離地高度為D.微型導(dǎo)彈落地時(shí)，無(wú)人機(jī)與導(dǎo)彈落地點(diǎn)的水平距離為〖答案〗D〖解析〗A．發(fā)射微型導(dǎo)彈后，其重力減小，豎直方向做勻加速運(yùn)動(dòng)，水平方向因?yàn)閯?dòng)量守恒具有向后的速度，將做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；B．根據(jù)動(dòng)量守恒得B錯(cuò)誤；C．由于微型導(dǎo)彈落地過(guò)程中做平拋運(yùn)動(dòng)，則有無(wú)人機(jī)上升的加速度為高度為聯(lián)立得無(wú)人機(jī)離地高度為C錯(cuò)誤；D．微型導(dǎo)彈落地時(shí)經(jīng)過(guò)的時(shí)間為微型導(dǎo)彈落地時(shí)，無(wú)人機(jī)與導(dǎo)彈落地點(diǎn)的水平距離為D正確。故選D。二、選擇題Ⅱ（本題共3小題，每小題2分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的，全部選對(duì)的得2分，選對(duì)但不全的得1分，有錯(cuò)選的得0分）14.2020年12月4日，新一代“人造太陽(yáng)”裝置—中國(guó)環(huán)流器二號(hào)M裝置（HL﹣2M）在成都建成并實(shí)現(xiàn)首次放電?！叭嗽焯?yáng)”主要是將氘核與氚核聚變反應(yīng)釋放的能量用來(lái)發(fā)電，氘核的質(zhì)量為m1，氚核的質(zhì)量為m2，中子的質(zhì)量為m3反應(yīng)中釋放的核能為ΔE，光速為c，下列說(shuō)法正確的是（）A核反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)守恒、電荷數(shù)守恒B.反應(yīng)產(chǎn)物X核是氦核C.反應(yīng)產(chǎn)物X核的結(jié)合能比的結(jié)合能大D.反應(yīng)產(chǎn)物X的質(zhì)量為〖答案〗AB〖解析〗A．發(fā)生核反應(yīng)的過(guò)程中質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，A正確；B．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，反應(yīng)產(chǎn)物X的電荷數(shù)為2，是氦核，B正確；C．氦核為輕核，結(jié)合能小于，故C錯(cuò)誤；D．設(shè)X的質(zhì)量為m4，根據(jù)質(zhì)能方程得得D錯(cuò)誤；故選AB。15.如圖所示是某吊扇的相關(guān)參數(shù)，測(cè)得吊扇正常勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)排風(fēng)量為Q＝720m3/h，扇葉附近的風(fēng)速為v＝14.1m/s，電機(jī)內(nèi)阻R＝496Ω，g＝10m/s2，不計(jì)空氣阻力，以下說(shuō)法正確的是（）A.啟動(dòng)過(guò)程消耗的電能等于扇葉和空氣的動(dòng)能增加量B.正常工作時(shí)吊扇電機(jī)的發(fā)熱功率為24WC.正常工作時(shí)電機(jī)的輸出功率為24WD.正常工作時(shí)天花板對(duì)吊桿的拉力約為46.6N〖答案〗CD〖解析〗A．吊扇啟動(dòng)過(guò)程消耗的電能等于扇葉和空氣的動(dòng)能增加量與產(chǎn)生的熱量之和，A錯(cuò)誤；B．正常工作時(shí)B錯(cuò)誤；C．正常工作時(shí)電機(jī)的輸出功率為C正確；D．對(duì)空氣，由動(dòng)量定理其中m＝ρQt，代入數(shù)據(jù)解得F≈3.5N由牛頓第三定律可知，空氣對(duì)吊扇向上的作用力為F'＝F＝3.4N所以正常工作時(shí)天花板對(duì)吊桿的拉力約為F拉＝m'g﹣F'＝2.0×10N﹣3.5N＝46.6N故D正確。故選CD。16.如圖所示，兩塊半徑為R的半圓形玻璃磚正對(duì)放置，折射率均為，一束單色光正對(duì)圓心O從A點(diǎn)射入左側(cè)半圓形玻璃磚，，下列說(shuō)法正確的是（）A.減小，光線可能在BC面O點(diǎn)發(fā)生全反射B.增大，光線在BC面O點(diǎn)的反射光可能消失C.增大BC、間距，光線可能在右半圓形玻璃磚右側(cè)面發(fā)生全反射D.如果BC、間距等于，光線穿過(guò)兩個(gè)半圓形玻璃磚的總偏折角為30°〖答案〗AC〖解析〗A．光路圖如圖所示玻璃磚的臨界角為解得所以減小，光線可能在BC面O點(diǎn)發(fā)生全反射，A正確；B．無(wú)論入射角多大，光線在BC面O點(diǎn)的反射光都不會(huì)消失，B錯(cuò)誤；C．間距越大，光線從右半圓形玻璃磚右側(cè)面可能超過(guò)臨界角，可能發(fā)生全反射，故C正確；D．由折射定律可得則，在△O′DE中，由正弦定理可得又代入數(shù)據(jù)可得由折射定律可得所以光線EF相對(duì)于光線AO偏折了15°，故D錯(cuò)誤。故選AC。三、非選擇題（本題共6小題，共55分）17.（1）在利用圖甲裝置做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)中，下列說(shuō)法正確的是_______。A．重錘質(zhì)量的測(cè)量誤差可能會(huì)造成較大的實(shí)驗(yàn)誤差B.選擇密度大些的重錘，有利于減小實(shí)驗(yàn)誤差C.實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)先接通電源，再釋放紙帶D.某同學(xué)通過(guò)描繪v2﹣h圖像研究機(jī)械能是否守恒，合理的圖像應(yīng)該是一條過(guò)原點(diǎn)的直線，并且該直線的斜率為9.8（2）小明同學(xué)經(jīng)過(guò)上述實(shí)驗(yàn)后，設(shè)計(jì)了一個(gè)實(shí)驗(yàn)測(cè)定本地的重力加速度，裝置如圖乙所示，得到分被圖片，利用圖片中小球的位置來(lái)測(cè)量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?。下列主要操作步驟的正確順序是________。（填寫各步驟前的序號(hào)）①把刻度尺豎直固定在墻上，手機(jī)固定在三角架上，調(diào)整好手機(jī)鏡頭的位置②捏住小球，從刻度尺旁靜止釋放③打開手機(jī)攝像功能，開始攝像（3）停止攝像，從視頻中截取三鎖圖片，圖片中小球和刻度如圖丙所示。已知所截取的圖片相鄰兩幀之間的時(shí)間間隔為s，由此測(cè)得重力加速度為_________m/s2。（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）（4）在某次實(shí)驗(yàn)中，小明釋放小球時(shí)手稍有晃動(dòng)，視頻顯示小球下落時(shí)略偏離了豎直方向。從該視頻中截取圖片，_____（選填“能”或“不能”）用（3）問(wèn)中的方法測(cè)出重力加速度。〖答案〗（1）BC（2）①③②（3）9.65（4）能〖解析〗（1）[1]A．驗(yàn)證實(shí)驗(yàn)中是根據(jù)進(jìn)行驗(yàn)證，與重錘質(zhì)量無(wú)關(guān)，故A錯(cuò)誤；B．選擇密度大些的重錘，可以減小空氣阻力對(duì)實(shí)驗(yàn)的影響，故B正確；C．實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)先接通電源，再釋放紙帶，故C正確；D．某同學(xué)通過(guò)描繪v2﹣h圖像研究機(jī)械能是否守恒，因?yàn)榭諝庾枇ψ龉Γ芍撝本€的斜率小于19.6。故選BC。（2）[2]實(shí)驗(yàn)中先固定手機(jī)，再打開手機(jī)攝像功能，則正確的順序?yàn)椋孩佗邰?；?）[3]刻度尺的最小分度值為1mm，三幅圖中小球的位置分別為：2.50cm，26.50cm，77.30cm根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得（4）[4]小球下落時(shí)略偏離了豎直方向，將位移向豎直方向分解，能用（3）問(wèn)中的方法測(cè)出重力加速度。18.如圖所示為無(wú)線話筒中常用的一種電池，某同學(xué)測(cè)量該電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻（內(nèi)阻約為25Ω），供選擇的器材有：電流表A（量程為200μA，內(nèi)阻為500Ω），電阻箱R1（最大阻值為9999.9Ω），電阻箱R2（最大阻值為99999.9Ω），開關(guān)S和若干導(dǎo)線。（1）由于電流表的量程太小，需將電流表改裝成量程為9V的電壓表，則電流表應(yīng)與電阻箱______（選填“R1并聯(lián)”、“R1串聯(lián)”、“R2并聯(lián)”、“R2串聯(lián)”），并將該電阻箱的阻值調(diào)為______Ω。產(chǎn)品名稱南孚9V堿性電池電壓9V保質(zhì)期7年型號(hào)6LR611粒裝含汞量無(wú)汞執(zhí)行標(biāo)準(zhǔn)號(hào)GB/T8897.2客服電話4008873599（2）請(qǐng)?jiān)诜娇騼?nèi)畫出測(cè)量電池電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的電路圖______（需將R1、R2標(biāo)注區(qū)分）。（3）為了測(cè)量電池的電動(dòng)勢(shì)，調(diào)節(jié)其中某一電阻箱的阻值R，讀出相應(yīng)的電流表示數(shù)I，分別計(jì)算出和的值，并將其描在坐標(biāo)中（如圖所示）______。若不考慮電表對(duì)電路的影響，則根據(jù)坐標(biāo)圖中可得該電池的電動(dòng)勢(shì)E=________V。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）?！即鸢浮剑?）R2串聯(lián)4.45×104（2）（3）8.7（8.5~8.8）〖解析〗（1）[1][2]由于電流表的量程太小，需將電流表改裝成量程為9V的電壓表，根據(jù)歐姆定律可知串聯(lián)電阻的阻值為可知，電流表應(yīng)與電阻箱R2串聯(lián)，并將該電阻箱阻值調(diào)為4.45×104Ω。（2）[3]將電流表改裝成電壓表后測(cè)量路端電壓，故電流表和電阻箱R2串聯(lián)再和電阻箱R2并聯(lián)，電路如圖所示（3）[4]將坐標(biāo)系中各點(diǎn)用直線連接，使點(diǎn)跡均勻分布在直線兩側(cè)，如圖所示[5]由于不考慮電表對(duì)電路的影響，則根據(jù)閉合電路歐姆定律有整理得由于圖中描出的是一條傾斜的直線，可知調(diào)節(jié)的是電阻箱，則上述函數(shù)為結(jié)合圖像的截距有解得E=8.7V19.小端同學(xué)在研究豎直向上拋出的物體運(yùn)動(dòng)時(shí)，分別有幾種不同的模型。已知該同學(xué)拋出小球的質(zhì)量m＝0.1kg，初速度v0＝10m/s，且方向豎直向上，重力加速度為g＝10m/s2。（1）若不計(jì)空氣阻力，則小球從拋出直至回到拋出點(diǎn)經(jīng)過(guò)多長(zhǎng)時(shí)間？（2）若空氣阻力大小恒為0.2N，則小球上升到最高點(diǎn)時(shí)，離拋出點(diǎn)的高度為多少？（3）若空氣阻力大小與速度大小滿足F＝kv的關(guān)系，其中k為定值。若已知小球落回拋出點(diǎn)前速度恒定且大小為5m/s，則關(guān)系式中的k值為多少？〖答案〗（1）8s；（2）；（3）〖解析〗（1）若不計(jì)空氣阻力，小球做豎直上拋運(yùn)動(dòng)從拋出直至回到拋出點(diǎn)的時(shí)間解得（2）設(shè)上升過(guò)程中的加速度為a，根據(jù)牛頓第二定律有又空氣阻力大小解得小球向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)速度—位移公式有解得（3）小球落回拋出點(diǎn)前速度恒定，說(shuō)明所受合力為020.如圖是一種彈射游戲裝置示意圖，該裝置配有小車，彈射器將小車彈出后依次沿兩個(gè)半徑不同、平滑連接但不重疊的光滑圓軌道1、2運(yùn)動(dòng)，接著沖上兩段平滑連接的光滑圓軌道CD、DE，直至從E點(diǎn)平拋落回與C點(diǎn)等高的水平面上。軌道1、2的圓心分別為O1、O2，半徑分別為R1＝20cm、R2＝10cm，OA為水平光滑軌道，AC為長(zhǎng)度L＝60cm的水平粗糙軌道，動(dòng)摩擦因數(shù)，圓弧軌道CD、DE的半徑均為R3＝20cm，對(duì)應(yīng)圓心角θ均為37°，水平軌道與圓弧軌道CD相切于C點(diǎn)?？梢暈橘|(zhì)點(diǎn)的小車質(zhì)量m＝0.1kg，游戲時(shí)彈射器將小車自O(shè)點(diǎn)以一定初速度彈出，軌道各部分平滑連接，g取10m/s2。（1）求小車通過(guò)軌道1最高點(diǎn)B的最小速度；（2）改變彈射器對(duì)小車的沖量，但小車均能通過(guò)軌道1、2，寫出小車通過(guò)軌道2最低點(diǎn)A時(shí)，受到軌道的支持力大小與彈射器對(duì)小車的沖量大小的關(guān)系式；（3）若小車能夠通過(guò)軌道1，且小車整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程均不脫離軌道，求小車從E點(diǎn)水平拋出后，其落到水平面上的點(diǎn)與E點(diǎn)水平距離x的范圍?！即鸢浮剑?）；（2）（）；（3）〖解析〗（1）若能通過(guò)軌道1最高點(diǎn)，必然能夠通過(guò)其他軌道，則有解得小車通過(guò)軌道1最高點(diǎn)B的最小速度為（2）彈射器彈開過(guò)程中由動(dòng)量定理得根據(jù)機(jī)械能守恒定律可知小車運(yùn)動(dòng)至圓軌道2最低點(diǎn)A時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律有聯(lián)立可得由（1）可得為確保小車通過(guò)圓軌道，需滿足根據(jù)動(dòng)能定理有解得，故軌道對(duì)小車作用力與彈射器對(duì)小車沖量的關(guān)系為（）（3）小車沖上兩段平滑連接的圓弧軌道CDE時(shí)，最容易脫離軌道的位置為D點(diǎn)，為保證D點(diǎn)不脫離軌道，則應(yīng)滿足解得由（1）可得小車通過(guò)圓軌道1，則有，當(dāng)時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理有解得因此小車不會(huì)脫離軌道。①時(shí)，小車恰好能通過(guò)圓弧軌道1到達(dá)E點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理有平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為解得落點(diǎn)離E點(diǎn)水平距離點(diǎn)最小值②時(shí)，小車恰好能通過(guò)圓弧軌道CDE到達(dá)E點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理有平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為解得落點(diǎn)離E點(diǎn)水平距離點(diǎn)最大值故水平距離x的范圍為21.如圖（俯視）所示，在間距L=0.2m的兩光滑平行水平導(dǎo)軌間，磁感應(yīng)強(qiáng)度分布沿y方向不變，沿x方向如下：，x≥0區(qū)域內(nèi)的導(dǎo)軌為絕緣材料，導(dǎo)軌間通過(guò)單刀雙擲開關(guān)S連接穩(wěn)壓電源U=1V和電容C=1F的未充電的電容器，有一質(zhì)量m=0.16kg、R1=1Ω的金屬棒a垂直導(dǎo)軌靜止放置于x<0區(qū)域某處，且離開x=0處足夠遠(yuǎn)，未閉合多匝矩形線框b靜止在x>0區(qū)域，線框沿y方向長(zhǎng)度L1=0.2m，沿x方向?qū)挾萀2=0.1m，匝數(shù)n=80，阻值R2=9Ω，質(zhì)量M=0.64kg。當(dāng)開關(guān)S擲向1時(shí)給電容器充電，電容器充電結(jié)束后開關(guān)S擲向2，已知金屬棒a在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終與導(dǎo)軌垂直。求：（1）開關(guān)S接通2瞬間，金屬棒a的加速度a1；（2）金屬棒a剛運(yùn)動(dòng)到x=0處時(shí)的速度v1；（3）金屬棒a越過(guò)x=0處后與線框b碰撞，剛好合為一個(gè)閉合的多匝線框，則該線框最終停止運(yùn)動(dòng)時(shí)，離開x=0處的距離。〖答案〗（1）1.25m/s2，方向沿x軸正方向；（2）1m/s；（3）〖解析〗（1）開關(guān)S接通2瞬間，金屬棒a兩端電壓為U，則有由牛頓第二定律有解得a1=1.25m/s2方向沿x軸正方向。（2）金屬棒a開始時(shí)離開x=0處足夠遠(yuǎn)，所以金屬棒a運(yùn)動(dòng)到x=0處時(shí)速度已穩(wěn)定，此時(shí)，電容器兩端電壓假設(shè)速度從零增大到v1過(guò)程流過(guò)金屬棒的電荷量為q，則有取向右為正方向，對(duì)金屬棒a有又由于解得v1=1m/s（3）設(shè)金屬棒a與線框b碰撞后速度為v2，取向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得mv1=（M+m）v2解得：v2=0.2m/s由于線框沿x方向?qū)挾萀2=0.1m，根據(jù)題意，可知閉合的多匝線框左右兩邊的磁感應(yīng)強(qiáng)度差值保持不變?chǔ)=0.1T假設(shè)線框某時(shí)刻速度為v，則線框感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=nΔBL1v感應(yīng)電流線框所受的安培力根據(jù)動(dòng)量定理得|IF安|=（M+m）v2即有則有解得22.如圖所示，真空中有一長(zhǎng)為H的直細(xì)金屬導(dǎo)線，置于一半徑為、高為的金屬圓柱網(wǎng)面的軸線上，導(dǎo)線與金屬圓柱網(wǎng)面之間電壓恒為，導(dǎo)線為負(fù)極。金屬圓柱網(wǎng)面與半徑的同軸等高圓柱面之間，磁感應(yīng)強(qiáng)度為，其大小可調(diào)。假設(shè)導(dǎo)線每秒逸出的電子數(shù)為，同一高度逸出的電子均沿水平徑向由靜止開始加速，且沿各徑向方向也均勻分布。已知電子質(zhì)量為，不考慮出射電子間的相互作用。（1）求電子到達(dá)金屬圓柱網(wǎng)面速度大??；（2）要求沒(méi)有電子能飛出半徑的圓柱側(cè)面，求磁感應(yīng)強(qiáng)度的最小值；（3）若磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小保持上題（2）得到的最小值，并在金屬圓柱網(wǎng)面與半徑為的圓柱面之間，加豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為（），接收板圓心與點(diǎn)重合，半徑為，厚度忽略不計(jì)，在該金屬板上接地的線路中檢測(cè)到電流的電流強(qiáng)度為。〖答案〗（1）；（2）；（3）見〖解析〗〖解析〗（1）根據(jù)題意，由動(dòng)能定理有解得電子到達(dá)金屬圓柱網(wǎng)面速度大?。?）根據(jù)題意，沒(méi)有電子能飛出半徑的圓柱側(cè)面，臨界情況就是讓電子軌道與半徑為的圓柱側(cè)面相切，這樣求解的是磁感應(yīng)強(qiáng)度的最小值，畫出柱面以及軌跡俯視圖如下圖所示根據(jù)幾何關(guān)系有根據(jù)洛倫茲力提供向心力解得磁感應(yīng)強(qiáng)度的最小值（3）根據(jù)題意可知，電子運(yùn)動(dòng)可以理解為兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)，一是水平方向的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，周期為一是整豎直方向上勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為俯視圖如圖所示電子勻速圓周運(yùn)動(dòng)分別通過(guò)①②③④⑤位置，其中①⑤位置分別為剛出和回到金屬圓柱網(wǎng)面，②④位置為軌跡與接收板邊緣的交點(diǎn)，根據(jù)題意以及幾何關(guān)系可以證明則①至②過(guò)程圓弧對(duì)應(yīng)圓心角，④至⑤過(guò)程圓弧對(duì)應(yīng)圓心角均為，由于，則最下端的電子達(dá)到接收板的時(shí)間小于。若最下端電子在時(shí)刻到達(dá)接收板，則解得若最下端電子在時(shí)刻到達(dá)接收板，則解得第一種情況，若最下端電子在到達(dá)接收板，即所有電子均能在①至②過(guò)程到達(dá)接收板，則有第二種情況，若最下端電子在內(nèi)到達(dá)接收板，即那么能在時(shí)刻到達(dá)接收板的電子離開接收板的距離為離開接收板的距離小于的電子能在軌跡①至②過(guò)程達(dá)到接收板，所以第三種情況，若最下端電子在內(nèi)到達(dá)接收板，即那么能在時(shí)刻到達(dá)接收板的電子離開接收板的距離為則離開接收板的距離大于的電子能在軌跡④至⑤過(guò)程達(dá)到接收板，離開接收板的距離小于的電子能在軌跡①至②過(guò)程達(dá)到接收板，則有2023年浙江省金華市十校聯(lián)考高考物理一模試卷一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.下列關(guān)于單位的說(shuō)法正確的是（）A.長(zhǎng)度的單位m、cm、mm都是國(guó)際單位制中的基本單位B.“千克米每二次方秒”被定義為“牛頓”，“牛頓”是國(guó)際單位制中的基本單位C.根據(jù)單位制運(yùn)算，ωv（ω指角速度、v指線速度）的單位是rad/s2D.若各物理量都采用國(guó)際制單位，則通過(guò)物理公式得出的最后結(jié)果一定也是國(guó)際制單位〖答案〗D〖解析〗A．國(guó)際單位制中長(zhǎng)度的基本單位為m，A錯(cuò)誤；B．“千克米每二次方秒”被定義為“牛頓”，“牛頓”是導(dǎo)出單位，B錯(cuò)誤；C．角速度的單位為rad/s，ωv的單位為rad·m/s2，C錯(cuò)誤；D．采用國(guó)際制單位進(jìn)行計(jì)算得結(jié)果一定時(shí)國(guó)際單位，D正確。故選D。2.關(guān)于下列四幅圖，說(shuō)法正確的是（）A.圖甲中肥皂膜上的條紋是衍射現(xiàn)象，說(shuō)明了光的波動(dòng)性B.圖乙是光經(jīng)過(guò)大頭針尖時(shí)的照片，說(shuō)明了光的粒子性C.圖丙是富蘭克林使用X射線拍攝的DNA晶體，是利用X射線具有波動(dòng)性D.圖丁是觀眾戴著眼鏡觀看3D電影，是利用光的粒子性〖答案〗C〖解析〗A．圖甲中肥皂膜上的條紋是光的干涉現(xiàn)象造成的，A錯(cuò)誤；B．圖乙是光經(jīng)過(guò)大頭針尖時(shí)的照片，這是光的衍射說(shuō)明了光的波動(dòng)性，B錯(cuò)誤；C．圖丙是富蘭克林使用X射線拍攝的DNA晶體，是利用X射線具有波動(dòng)性的性質(zhì)，C正確；D．圖丁是觀眾戴著眼鏡觀看3D電影，光的偏振現(xiàn)象利用光的波動(dòng)性，D錯(cuò)誤。故選C。3.天宮空間站天和核心艙的機(jī)械臂，長(zhǎng)度約10米，是我國(guó)自主研發(fā)的七自由度系統(tǒng)，與同樣屬于七自由度系統(tǒng)的人的手臂一樣靈活和機(jī)動(dòng)。如圖A、B、C是三個(gè)主要關(guān)節(jié)支點(diǎn)，P為BC臂上的一點(diǎn)，機(jī)械臂整體以A支點(diǎn)為軸抬起，則下列說(shuō)法正確的是（）A.作業(yè)過(guò)程中P與B線速度大小一定相等B.作業(yè)過(guò)程中P與B線速度方向一定相同C.作業(yè)過(guò)程中P與B角速度大小一定相等D.作業(yè)過(guò)程中P與B加速度大小一定相等〖答案〗C〖解析〗A．由于P、B兩點(diǎn)為同軸傳動(dòng)，所以兩點(diǎn)的角速度相同，P、B兩點(diǎn)的半徑不確定是否相同，故A錯(cuò)誤；B．線速度的方向?yàn)樵擖c(diǎn)與原圓心連線的垂直方向上，由于P、B兩點(diǎn)與圓心連線不重合，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)A選項(xiàng)的分析，故C正確；D．根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)加速度公式a＝ω2r，P、B的r不確定是否相同，故D錯(cuò)誤。故選C。4.圖為一輛某建設(shè)工地上運(yùn)送沙石的廂式自卸車，到達(dá)目的地后準(zhǔn)備卸下車廂內(nèi)的沙子，此時(shí)車頭朝前，車廂在液壓頂作用下緩慢抬高，車廂與水平面的夾角逐漸增大，整個(gè)卸沙過(guò)程汽車車輪相對(duì)地面始終靜止。對(duì)此下列說(shuō)法正確的是（??）A.車廂內(nèi)的沙子沒(méi)有滑動(dòng)時(shí)，隨著夾角逐浙增大，汽車受到沙子的作用力越來(lái)越大B.車廂內(nèi)的沙子沒(méi)有滑動(dòng)時(shí)，隨著夾角逐漸增大，汽車受到地面的支持力越來(lái)越大C.當(dāng)夾角為某一值時(shí)，沙子恰好勻速下滑，汽車受到地面的摩擦力為零D.當(dāng)夾角為某一值時(shí)，沙子恰好勻速下滑，汽車受到地面的靜摩擦力方向向前〖答案〗C〖解析〗A．當(dāng)車廂內(nèi)的沙子沒(méi)有滑動(dòng)時(shí)，沙子受到重力和汽車給的作用力，沙子受到汽車的作用力和重力是平衡力，則沙子受到的作用力不變，由牛頓第三定律可知隨著夾角逐浙增大，汽車受到沙子的作用力不變，A錯(cuò)誤；B．當(dāng)車廂內(nèi)的沙子沒(méi)有滑動(dòng)時(shí)，汽車和沙子整體受到重力和地面的支持力，是一對(duì)平衡力，重力不變，則支持力不變，所以隨著夾角逐漸增大，汽車受到地面的支持力不變，B錯(cuò)誤；CD．當(dāng)夾角為某一值時(shí)，沙子恰好勻速下滑，汽車和沙子整體受到重力和地面的支持力，處于平衡狀態(tài)，此時(shí)汽車受到地面的摩擦力為零，C正確，D錯(cuò)誤；故選C。5.一孤立均勻帶電金屬球帶電量為q，半徑為R，球外兩點(diǎn)A、B始終處于球同一半徑的延長(zhǎng)線上LOA，LOB（LOB＞LOA＞R），如圖所示，則以下說(shuō)法正確的是（）A.若僅增大金屬球的帶電量q，A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度均保持不變B.若僅增大金屬球的帶電量q，A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差保持不變C.若保持LOA、LOB不變，僅增大金屬球的半徑R，則球外A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度之差增大D.若保持LOA、LOB不變，僅增大金屬球的半徑R，則球外A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差不變〖答案〗D〖解析〗A．若僅增大金屬球的帶電量q，根據(jù)A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度均增大，A錯(cuò)誤；B．根據(jù)A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差增大，B錯(cuò)誤；CD．若保持LOA、LOB不變，僅增大金屬球的半徑R，均勻帶電球體在其周圍產(chǎn)生的電場(chǎng)相當(dāng)于把電荷集中在球心產(chǎn)生的電場(chǎng)，則球外電場(chǎng)不變，則球外A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差不變，D正確。故選D6.不少車主常在私家車內(nèi)備有電動(dòng)充氣泵，如圖所示。某次充氣前測(cè)得某輪胎胎內(nèi)氣體壓強(qiáng)只有，為使汽車正常行駛。若已知該輪胎的內(nèi)胎體積為V0，車主用電動(dòng)充氣泵給輪胎充氣，每秒鐘充入，壓強(qiáng)為，胎內(nèi)氣體可視為理想氣體，充氣過(guò)程中內(nèi)胎體積和胎內(nèi)氣體溫度保持不變。則下列說(shuō)法正確的是（）A.充氣過(guò)程中胎內(nèi)氣體內(nèi)能保持不變B.充氣過(guò)程中胎內(nèi)氣體一定向外吸熱C.為使汽車正常行駛，需要電動(dòng)充氣泵給該輪胎充氣時(shí)間約100sD.為使汽車正常行駛，需要電動(dòng)充氣泵給該輪胎充氣時(shí)間約110s〖答案〗D〖解析〗A．充氣過(guò)程中胎內(nèi)氣體溫度保持不變，分子的平均動(dòng)能不變，充氣過(guò)程中胎內(nèi)氣體分子總數(shù)增加，故內(nèi)能增大；A錯(cuò)誤；B．充氣過(guò)程是將外界氣體壓縮到胎內(nèi)，若絕熱壓縮氣體，氣體的溫度將升高，說(shuō)明在壓縮氣體的同時(shí)和外界沒(méi)有熱傳遞，故B錯(cuò)誤；CD．設(shè)充氣時(shí)間為t，該時(shí)間內(nèi)充入的氣體體積根據(jù)玻意耳定律代入數(shù)據(jù)解得t≈110s故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。7.如圖所示，用一原長(zhǎng)為L(zhǎng)的彈性細(xì)繩一端固定，另一端連接一質(zhì)量為m的小球，使彈性細(xì)繩與豎直方向成一個(gè)小角度后，從A點(diǎn)靜止釋放，此后小球做來(lái)回?cái)[動(dòng)，B點(diǎn)（圖中未畫出），小球可視為質(zhì)點(diǎn)，彈性細(xì)繩始終處于彈性限度范圍內(nèi)，則下列說(shuō)法正確的是（）A.靜止釋放瞬間，小球的加速度方向水平向左B.小球擺動(dòng)過(guò)程機(jī)械能守恒，B點(diǎn)與A點(diǎn)等高C.若僅改用長(zhǎng)為L(zhǎng)的不可伸長(zhǎng)的細(xì)繩，該擺動(dòng)裝置的周期將變化D.若僅改用長(zhǎng)為L(zhǎng)的不可伸長(zhǎng)的細(xì)繩，小球擺至左側(cè)最高點(diǎn)時(shí)細(xì)繩拉力為零〖答案〗C〖解析〗A．靜止釋放瞬間，小球的合力為重力，故A錯(cuò)誤；B．在小球擺動(dòng)過(guò)程中，小球擺至左側(cè)最高點(diǎn)B時(shí)，有彈性勢(shì)能，B點(diǎn)比A點(diǎn)低，故B錯(cuò)誤；C．彈性細(xì)繩的原長(zhǎng)為L(zhǎng)，彈性細(xì)繩的長(zhǎng)度是變化的，該擺動(dòng)裝置的周期將變化，故C正確；D．若僅改用長(zhǎng)為L(zhǎng)的不可伸長(zhǎng)的細(xì)繩，向心力為零，故D錯(cuò)誤。故選：C。8.如圖所示是一個(gè)趣味實(shí)驗(yàn)中的“電磁小火車”，“小火車”是一節(jié)兩端都吸有強(qiáng)磁鐵的干電池，發(fā)現(xiàn)兩端的強(qiáng)磁鐵無(wú)論是同名相對(duì)還是異名相對(duì)，螺線管的口徑較“小火車”大。將“小火車”放入螺線管內(nèi)，在電池的正負(fù)極之間的一段螺線管上形成電流，則（）A.“小火車”因?yàn)殡姵貎啥舜盆F之間的排斥力而運(yùn)動(dòng)B.“小火車”通過(guò)電池兩端磁鐵與通電螺線管之間的相互作用而運(yùn)動(dòng)C.干電池正負(fù)極對(duì)調(diào)后，“小火車”運(yùn)動(dòng)方向?qū)⒉蛔僁.“小火車”放入表面無(wú)絕緣層的裸露銅管內(nèi)也會(huì)沿銅管運(yùn)動(dòng)〖答案〗B〖解析〗AB．將干電池與強(qiáng)磁鐵組成的“小火車”放入裸銅線繞成的螺線管內(nèi)，干電池的正負(fù)極與接觸的銅線繞成的螺線管中形成電流，該部分螺線管產(chǎn)生磁場(chǎng)，由于干電池兩端都吸有強(qiáng)磁鐵，進(jìn)而驅(qū)使其運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤，B正確；C．只將干電池的正負(fù)極對(duì)調(diào)，則螺線管產(chǎn)生的磁場(chǎng)的方向也改變，小火車兩側(cè)磁鐵所受磁場(chǎng)力方向也會(huì)改變，“小火車”運(yùn)動(dòng)方向?qū)l(fā)生變化，C錯(cuò)誤；D．若將“小火車”放入表面無(wú)絕緣層的裸露銅管后，若“小火車”沿銅管運(yùn)動(dòng)，則電池的正負(fù)極之外的裸露銅管中會(huì)形成感應(yīng)電流，根據(jù)楞次定律，該感應(yīng)電流會(huì)阻礙磁鐵的運(yùn)動(dòng)，因此“小火車”放入表面無(wú)絕緣層的裸露銅管內(nèi)，“小火車”不會(huì)沿銅管運(yùn)動(dòng)，D錯(cuò)誤。故選B。9.2022年2月27日，我國(guó)長(zhǎng)征八號(hào)運(yùn)載火箭一次發(fā)射了22顆衛(wèi)星，并全部成功送入預(yù)定軌道，圓的半徑與橢圓的半長(zhǎng)軸相等，兩軌道面在同一平面內(nèi)且兩軌道相交于A、B兩點(diǎn)，如圖所示。下列說(shuō)法正確的是（）A.兩衛(wèi)星在圖示位置的速度v1＞v2B.兩衛(wèi)星在圖示位置時(shí)，衛(wèi)星1受到的地球引力較大C.衛(wèi)星1在A處的加速度比衛(wèi)星2在A處的加速度大D.若不及時(shí)調(diào)整軌道，兩衛(wèi)星可能發(fā)生相撞〖答案〗A〖解析〗A．以地球球心為圓心，如圖所示根據(jù)變軌原理可知衛(wèi)星2在軌道3上的線速度v3大于v2，由萬(wàn)有引力提供向心力有＝m可得所以衛(wèi)星1的線速度v1＞v3，故v1＞v2，故A正確；B．根據(jù)萬(wàn)有引力定律F＝，由于兩質(zhì)量關(guān)系未知，無(wú)法判斷萬(wàn)有引力的大?。还蔅錯(cuò)誤；C．根據(jù)牛頓第二定律可得解得a＝所以衛(wèi)星1在A處的加速度與衛(wèi)星2在A處的加速度相等；C錯(cuò)誤；D．根據(jù)開普勒第三定律可得由于圓的半徑與橢圓的半長(zhǎng)軸相等，兩顆星運(yùn)行周期相等，所以不可能相撞。故D錯(cuò)誤。故選A。10.動(dòng)車組進(jìn)站時(shí)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)直至減速到零，停靠一段時(shí)間后，動(dòng)車組做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，用位移隨速度變化的關(guān)系圖像進(jìn)行描述，其中正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗動(dòng)車組進(jìn)站時(shí)的運(yùn)動(dòng)為末速度為零的勻減速直線運(yùn)動(dòng)，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移—速度公式整理得且a為負(fù)值，故x﹣v圖像應(yīng)為開口向下的二次函數(shù)圖像；動(dòng)車組出站時(shí)，做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)整理得a′為正值，故圖像為開口向上的二次函數(shù)圖像。故選C。11.如圖（a），在水平面內(nèi)以O(shè)點(diǎn)為原點(diǎn)建立x坐標(biāo)軸，兩個(gè)上下做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的點(diǎn)波源S1和S2分別位于x1＝0和x2＝10m處，水平面內(nèi)以O(shè)點(diǎn)為圓心有①至④四個(gè)同心圓，半徑分別為4m、8m、12m和16m。S1、S2兩波源的振動(dòng)圖像分別如圖（b）和圖（c）所示，兩列波的波速均為2.0m/s（）A.兩列波的起振方向相同，且波長(zhǎng)均為4mB.③④兩個(gè)同心圓圓周上振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)的個(gè)數(shù)相同C.半徑越大的同心圓圓周上振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)的個(gè)數(shù)越多D.除x1＝0和x2＝10m兩點(diǎn)外，x坐標(biāo)軸上還有4個(gè)加強(qiáng)點(diǎn)〖答案〗B〖解析〗A．根據(jù)圖（b）、（c）可知兩列波的起振方向相反；兩列波的周期相同，波速相同，因此兩列波的波長(zhǎng)λ=vT=2.0×2m=4m故A錯(cuò)誤；

BC．振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)滿足波程差Δr＝(2n+1)?λ，其中n=0，1，2，??因此Δr=2m，6m，10m??；無(wú)論在③還是④的圓上，最小波程差Δrmin=0，最大波程差Δrm=10m；所以在這兩個(gè)圓周上振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)的個(gè)數(shù)相同，故B正確，C錯(cuò)誤；

D．在x軸上的0～10m之間，設(shè)波源S1與加強(qiáng)點(diǎn)的距離為x,則與波源S2的距離為（10-x）；加強(qiáng)點(diǎn)滿足Δx＝(10?2x)＝(2n+1)?λ或Δx＝(2x?10)?λ代入數(shù)據(jù)解得x=0，2m，4m，6m，8m，10m，即除x1=0和x2=10m兩點(diǎn)外，x坐標(biāo)軸上還有4個(gè)加強(qiáng)點(diǎn)；在x軸上的大于10m之外還有無(wú)數(shù)個(gè)加強(qiáng)點(diǎn)，故D錯(cuò)誤。故選B。12.學(xué)了發(fā)電機(jī)的原理后，小明所在的研究小組設(shè)計(jì)了如下的方案，繞有n匝、邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形金屬線圈以的角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，某時(shí)刻線圈剛好轉(zhuǎn)至OO，與水平線MN所決定的平面，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，如圖2所示。線圈（電阻不計(jì)）外部連有阻值為R的電阻，則（）A.電阻R上通過(guò)的電流不是交流電B.線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值為C.線圈轉(zhuǎn)動(dòng)一周電阻R上通過(guò)的電量為零D.線圈轉(zhuǎn)動(dòng)一周電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱是〖答案〗A〖解析〗AC．存在換向器，使得通過(guò)電阻R電流方向不變，則電阻R上通過(guò)的電量不為零，A正確，C錯(cuò)誤；B．線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值B錯(cuò)誤；D．線圈轉(zhuǎn)動(dòng)一周電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為D錯(cuò)誤。故選A。13.長(zhǎng)春某特警支隊(duì)的2019年反恐演練出現(xiàn)了一款多旋翼查打一體無(wú)人機(jī)，總質(zhì)量為M，該無(wú)人機(jī)是中國(guó)最先進(jìn)的警用12旋翼無(wú)人機(jī)，裝備有攻擊性武器，旋翼啟動(dòng)后恰能懸停在離水平地面高為H的空中，升力大小不變，向前方以水平速度v發(fā)射一枚質(zhì)量為m的微型導(dǎo)彈，始終保持水平，不計(jì)空氣阻力（）A.發(fā)射微型導(dǎo)彈后，無(wú)人機(jī)將做勻變速直線運(yùn)動(dòng)B.發(fā)射出微型導(dǎo)彈瞬間，無(wú)人機(jī)后退速度大小為C.微型導(dǎo)彈落地時(shí)，無(wú)人機(jī)離地高度為D.微型導(dǎo)彈落地時(shí)，無(wú)人機(jī)與導(dǎo)彈落地點(diǎn)的水平距離為〖答案〗D〖解析〗A．發(fā)射微型導(dǎo)彈后，其重力減小，豎直方向做勻加速運(yùn)動(dòng)，水平方向因?yàn)閯?dòng)量守恒具有向后的速度，將做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；B．根據(jù)動(dòng)量守恒得B錯(cuò)誤；C．由于微型導(dǎo)彈落地過(guò)程中做平拋運(yùn)動(dòng)，則有無(wú)人機(jī)上升的加速度為高度為聯(lián)立得無(wú)人機(jī)離地高度為C錯(cuò)誤；D．微型導(dǎo)彈落地時(shí)經(jīng)過(guò)的時(shí)間為微型導(dǎo)彈落地時(shí)，無(wú)人機(jī)與導(dǎo)彈落地點(diǎn)的水平距離為D正確。故選D。二、選擇題Ⅱ（本題共3小題，每小題2分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的，全部選對(duì)的得2分，選對(duì)但不全的得1分，有錯(cuò)選的得0分）14.2020年12月4日，新一代“人造太陽(yáng)”裝置—中國(guó)環(huán)流器二號(hào)M裝置（HL﹣2M）在成都建成并實(shí)現(xiàn)首次放電?！叭嗽焯?yáng)”主要是將氘核與氚核聚變反應(yīng)釋放的能量用來(lái)發(fā)電，氘核的質(zhì)量為m1，氚核的質(zhì)量為m2，中子的質(zhì)量為m3反應(yīng)中釋放的核能為ΔE，光速為c，下列說(shuō)法正確的是（）A核反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)守恒、電荷數(shù)守恒B.反應(yīng)產(chǎn)物X核是氦核C.反應(yīng)產(chǎn)物X核的結(jié)合能比的結(jié)合能大D.反應(yīng)產(chǎn)物X的質(zhì)量為〖答案〗AB〖解析〗A．發(fā)生核反應(yīng)的過(guò)程中質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，A正確；B．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，反應(yīng)產(chǎn)物X的電荷數(shù)為2，是氦核，B正確；C．氦核為輕核，結(jié)合能小于，故C錯(cuò)誤；D．設(shè)X的質(zhì)量為m4，根據(jù)質(zhì)能方程得得D錯(cuò)誤；故選AB。15.如圖所示是某吊扇的相關(guān)參數(shù)，測(cè)得吊扇正常勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)排風(fēng)量為Q＝720m3/h，扇葉附近的風(fēng)速為v＝14.1m/s，電機(jī)內(nèi)阻R＝496Ω，g＝10m/s2，不計(jì)空氣阻力，以下說(shuō)法正確的是（）A.啟動(dòng)過(guò)程消耗的電能等于扇葉和空氣的動(dòng)能增加量B.正常工作時(shí)吊扇電機(jī)的發(fā)熱功率為24WC.正常工作時(shí)電機(jī)的輸出功率為24WD.正常工作時(shí)天花板對(duì)吊桿的拉力約為46.6N〖答案〗CD〖解析〗A．吊扇啟動(dòng)過(guò)程消耗的電能等于扇葉和空氣的動(dòng)能增加量與產(chǎn)生的熱量之和，A錯(cuò)誤；B．正常工作時(shí)B錯(cuò)誤；C．正常工作時(shí)電機(jī)的輸出功率為C正確；D．對(duì)空氣，由動(dòng)量定理其中m＝ρQt，代入數(shù)據(jù)解得F≈3.5N由牛頓第三定律可知，空氣對(duì)吊扇向上的作用力為F'＝F＝3.4N所以正常工作時(shí)天花板對(duì)吊桿的拉力約為F拉＝m'g﹣F'＝2.0×10N﹣3.5N＝46.6N故D正確。故選CD。16.如圖所示，兩塊半徑為R的半圓形玻璃磚正對(duì)放置，折射率均為，一束單色光正對(duì)圓心O從A點(diǎn)射入左側(cè)半圓形玻璃磚，，下列說(shuō)法正確的是（）A.減小，光線可能在BC面O點(diǎn)發(fā)生全反射B.增大，光線在BC面O點(diǎn)的反射光可能消失C.增大BC、間距，光線可能在右半圓形玻璃磚右側(cè)面發(fā)生全反射D.如果BC、間距等于，光線穿過(guò)兩個(gè)半圓形玻璃磚的總偏折角為30°〖答案〗AC〖解析〗A．光路圖如圖所示玻璃磚的臨界角為解得所以減小，光線可能在BC面O點(diǎn)發(fā)生全反射，A正確；B．無(wú)論入射角多大，光線在BC面O點(diǎn)的反射光都不會(huì)消失，B錯(cuò)誤；C．間距越大，光線從右半圓形玻璃磚右側(cè)面可能超過(guò)臨界角，可能發(fā)生全反射，故C正確；D．由折射定律可得則，在△O′DE中，由正弦定理可得又代入數(shù)據(jù)可得由折射定律可得所以光線EF相對(duì)于光線AO偏折了15°，故D錯(cuò)誤。故選AC。三、非選擇題（本題共6小題，共55分）17.（1）在利用圖甲裝置做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)中，下列說(shuō)法正確的是_______。A．重錘質(zhì)量的測(cè)量誤差可能會(huì)造成較大的實(shí)驗(yàn)誤差B.選擇密度大些的重錘，有利于減小實(shí)驗(yàn)誤差C.實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)先接通電源，再釋放紙帶D.某同學(xué)通過(guò)描繪v2﹣h圖像研究機(jī)械能是否守恒，合理的圖像應(yīng)該是一條過(guò)原點(diǎn)的直線，并且該直線的斜率為9.8（2）小明同學(xué)經(jīng)過(guò)上述實(shí)驗(yàn)后，設(shè)計(jì)了一個(gè)實(shí)驗(yàn)測(cè)定本地的重力加速度，裝置如圖乙所示，得到分被圖片，利用圖片中小球的位置來(lái)測(cè)量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣取Ｏ铝兄饕僮鞑襟E的正確順序是________。（填寫各步驟前的序號(hào)）①把刻度尺豎直固定在墻上，手機(jī)固定在三角架上，調(diào)整好手機(jī)鏡頭的位置②捏住小球，從刻度尺旁靜止釋放③打開手機(jī)攝像功能，開始攝像（3）停止攝像，從視頻中截取三鎖圖片，圖片中小球和刻度如圖丙所示。已知所截取的圖片相鄰兩幀之間的時(shí)間間隔為s，由此測(cè)得重力加速度為_________m/s2。（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）（4）在某次實(shí)驗(yàn)中，小明釋放小球時(shí)手稍有晃動(dòng)，視頻顯示小球下落時(shí)略偏離了豎直方向。從該視頻中截取圖片，_____（選填“能”或“不能”）用（3）問(wèn)中的方法測(cè)出重力加速度?！即鸢浮剑?）BC（2）①③②（3）9.65（4）能〖解析〗（1）[1]A．驗(yàn)證實(shí)驗(yàn)中是根據(jù)進(jìn)行驗(yàn)證，與重錘質(zhì)量無(wú)關(guān)，故A錯(cuò)誤；B．選擇密度大些的重錘，可以減小空氣阻力對(duì)實(shí)驗(yàn)的影響，故B正確；C．實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)先接通電源，再釋放紙帶，故C正確；D．某同學(xué)通過(guò)描繪v2﹣h圖像研究機(jī)械能是否守恒，因?yàn)榭諝庾枇ψ龉Γ芍撝本€的斜率小于19.6。故選BC。（2）[2]實(shí)驗(yàn)中先固定手機(jī)，再打開手機(jī)攝像功能，則正確的順序?yàn)椋孩佗邰?；?）[3]刻度尺的最小分度值為1mm，三幅圖中小球的位置分別為：2.50cm，26.50cm，77.30cm根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得（4）[4]小球下落時(shí)略偏離了豎直方向，將位移向豎直方向分解，能用（3）問(wèn)中的方法測(cè)出重力加速度。18.如圖所示為無(wú)線話筒中常用的一種電池，某同學(xué)測(cè)量該電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻（內(nèi)阻約為25Ω），供選擇的器材有：電流表A（量程為200μA，內(nèi)阻為500Ω），電阻箱R1（最大阻值為9999.9Ω），電阻箱R2（最大阻值為99999.9Ω），開關(guān)S和若干導(dǎo)線。（1）由于電流表的量程太小，需將電流表改裝成量程為9V的電壓表，則電流表應(yīng)與電阻箱______（選填“R1并聯(lián)”、“R1串聯(lián)”、“R2并聯(lián)”、“R2串聯(lián)”），并將該電阻箱的阻值調(diào)為______Ω。產(chǎn)品名稱南孚9V堿性電池電壓9V保質(zhì)期7年型號(hào)6LR611粒裝含汞量無(wú)汞執(zhí)行標(biāo)準(zhǔn)號(hào)GB/T8897.2客服電話4008873599（2）請(qǐng)?jiān)诜娇騼?nèi)畫出測(cè)量電池電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的電路圖______（需將R1、R2標(biāo)注區(qū)分）。（3）為了測(cè)量電池的電動(dòng)勢(shì)，調(diào)節(jié)其中某一電阻箱的阻值R，讀出相應(yīng)的電流表示數(shù)I，分別計(jì)算出和的值，并將其描在坐標(biāo)中（如圖所示）______。若不考慮電表對(duì)電路的影響，則根據(jù)坐標(biāo)圖中可得該電池的電動(dòng)勢(shì)E=________V。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）?！即鸢浮剑?）R2串聯(lián)4.45×104（2）（3）8.7（8.5~8.8）〖解析〗（1）[1][2]由于電流表的量程太小，需將電流表改裝成量程為9V的電壓表，根據(jù)歐姆定律可知串聯(lián)電阻的阻值為可知，電流表應(yīng)與電阻箱R2串聯(lián)，并將該電阻箱阻值調(diào)為4.45×104Ω。（2）[3]將電流表改裝成電壓表后測(cè)量路端電壓，故電流表和電阻箱R2串聯(lián)再和電阻箱R2并聯(lián)，電路如圖所示（3）[4]將坐標(biāo)系中各點(diǎn)用直線連接，使點(diǎn)跡均勻分布在直線兩側(cè)，如圖所示[5]由于不考慮電表對(duì)電路的影響，則根據(jù)閉合電路歐姆定律有整理得由于圖中描出的是一條傾斜的直線，可知調(diào)節(jié)的是電阻箱，則上述函數(shù)為結(jié)合圖像的截距有解得E=8.7V19.小端同學(xué)在研究豎直向上拋出的物體運(yùn)動(dòng)時(shí)，分別有幾種不同的模型。已知該同學(xué)拋出小球的質(zhì)量m＝0.1kg，初速度v0＝10m/s，且方向豎直向上，重力加速度為g＝10m/s2。（1）若不計(jì)空氣阻力，則小球從拋出直至回到拋出點(diǎn)經(jīng)過(guò)多長(zhǎng)時(shí)間？（2）若空氣阻力大小恒為0.2N，則小球上升到最高點(diǎn)時(shí)，離拋出點(diǎn)的高度為多少？（3）若空氣阻力大小與速度大小滿足F＝kv的關(guān)系，其中k為定值。若已知小球落回拋出點(diǎn)前速度恒定且大小為5m/s，則關(guān)系式中的k值為多少？〖答案〗（1）8s；（2）；（3）〖解析〗（1）若不計(jì)空氣阻力，小球做豎直上拋運(yùn)動(dòng)從拋出直至回到拋出點(diǎn)的時(shí)間解得（2）設(shè)上升過(guò)程中的加速度為a，根據(jù)牛頓第二定律有又空氣阻力大小解得小球向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)速度—位移公式有解得（3）小球落回拋出點(diǎn)前速度恒定，說(shuō)明所受合力為020.如圖是一種彈射游戲裝置示意圖，該裝置配有小車，彈射器將小車彈出后依次沿兩個(gè)半徑不同、平滑連接但不重疊的光滑圓軌道1、2運(yùn)動(dòng)，接著沖上兩段平滑連接的光滑圓軌道CD、DE，直至從E點(diǎn)平拋落回與C點(diǎn)等高的水平面上。軌道1、2的圓心分別為O1、O2，半徑分別為R1＝20cm、R2＝10cm，OA為水平光滑軌道，AC為長(zhǎng)度L＝60cm的水平粗糙軌道，動(dòng)摩擦因數(shù)，圓弧軌道CD、DE的半徑均為R3＝20cm，對(duì)應(yīng)圓心角θ均為37°，水平軌道與圓弧軌道CD相切于C點(diǎn)?？梢暈橘|(zhì)點(diǎn)的小車質(zhì)量m＝0.1kg，游戲時(shí)彈射器將小車自O(shè)點(diǎn)以一定初速度彈出，軌道各部分平滑連接，g取10m/s2。（1）求小車通過(guò)軌道1最高點(diǎn)B的最小速度；（2）改變彈射器對(duì)小車的沖量，但小車均能通過(guò)軌道1、2，寫出小車通過(guò)