2024屆北京市西城區(qū)第三中學(xué)物理高二上期中復(fù)習(xí)檢測試題含解析

2024屆北京市西城區(qū)第三中學(xué)物理高二上期中復(fù)習(xí)檢測試題注意事項1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、以下不能作為磁感應(yīng)強度的單位的一項是（）A．T B．N/(A?m) C．(N?s)/(C?m) D．V/m2、如圖所示,a、b為某電場線上的兩點,那么以下結(jié)論正確的是()A．把正電荷從a移到b,電場力做負功,電荷的電勢能減少B．把負電荷從a移到b,電場力做負功,電荷的電勢能增加C．把某負電荷從a移到b,克服電場力做4×10-8J功,電荷在b點具有4×10-8J的電勢能D．不論正電荷還是負電荷,靜電力做正功時電勢能一定增加3、關(guān)于電場線的說法，正確的是()A．電場線的切線的方向，就是電荷受力的方向B．正電荷只在靜電力作用下一定沿電場線運動C．同一電場中電場線越密的地方，同一電荷所受靜電力越大D．靜電場的電場線可能是閉合的4、如圖所示，在一個繞有線圈的可拆變壓器鐵芯上分別放一小鐵鍋水和一玻璃杯水．給線圈通入電流，一段時間后，一個容器中水溫升高，則通入的電流與水溫升高的是()A．恒定直流、小鐵鍋B．恒定直流、玻璃杯C．變化的電流、小鐵鍋D．變化的電流、玻璃杯5、如圖所示，虛線a、b、c是電場中的一簇等勢線（相鄰等勢面之間的電勢差相等），實線為一個帶正電粒子（重力不計）僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點，據(jù)此可知()A．a(chǎn)、b、c三個等勢面中，a的電勢最高B．電子在P點具有的電勢能比在Q點具有的電勢能小C．電子在P點的加速度比Q點的加速度大D．帶電質(zhì)點一定是從P點向Q點運動6、某戶居民樓頂平臺安裝的12塊太陽能電池板。據(jù)樓主介紹，利用這些電池收集太陽能發(fā)電，發(fā)電總功率可達到3kW，工作電壓為380V，平均每天發(fā)電6h；發(fā)電總功率的30﹪供自家使用，還有富余發(fā)電以0.2元/度價格并入國家電網(wǎng)。則下列說法正確的是A．該光伏項目年發(fā)電量約為6.75×104kWhB．該光伏項目的工作總電流約為0.3AC．該光伏項目富余發(fā)電的年收入約1400元D．該光伏項目平均每天的發(fā)電量可供一只60W的白熾燈的工作時間大約300小時二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、把質(zhì)量為m的正點電荷q在電場中由靜止釋放，如果不計重力，在它運動的過程中，下述說法正確的是（）A．該點電荷的受力方向，必與所在點的電場線的切線方向一致B．該點電荷的速度方向，必與所在點的電場線的切線方向一致C．該點電荷的加速度方向，必與所在點的電場線的切線方向一致D．該點電荷的運動軌跡必與電場線重合8、如圖所示，在一勻強磁場中有三個帶電粒子，其中1和2為質(zhì)子，3為α粒子（He）的徑跡．它們在同一平面內(nèi)沿逆時針方向做勻速圓周運動，三者軌道半徑r1＞r2＞r3并相切于P點，設(shè)T、v、a、t分別表示它們做圓周運動的周期、線速度、向心加速度以及各自從經(jīng)過P點算起到第一次通過圖中虛線MN所經(jīng)歷的時間，則（）A．T1＝T2＜T3 B．v1＞v2＞v3 C．a(chǎn)1＞a2＞a3 D．t1＞t2＞t39、假設(shè)某同學(xué)研究白熾燈得到某白熾燈的伏安特性曲線如圖所示.圖像上A點與原點的連線與橫軸成α角，A點的切線與橫軸成β角，則A．白熾燈的電阻隨電壓的增大而增大B．在A點，白熾燈的電阻可表示為tanαC．在A點，白熾燈的電功率可表示為U0I0D．在A點，白熾燈的電阻可表示為10、如圖所示，電源兩端的輸出電壓恒為，為熱敏電阻，其阻值隨溫度的升高而減小，為指標燈泡，為平行板電容器，為靈敏電流計．閉合開始在環(huán)境溫度明顯升高的過程中，下列說法正確的是（）A．變亮B．兩端電壓變小C．電容下極板帶電性質(zhì)變?yōu)橄喾碊．中電流方向由三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為測量“12V,5W”的小電珠的伏安特性曲線，給定了以下器材：電源：12V，內(nèi)阻不計；電流表：量程0～0.6A、0～3A，內(nèi)阻約為0.2Ω電壓表：量程0～3V、0～15V，內(nèi)阻約為15kΩ滑動變阻器：0～5Ω開關(guān)一個，導(dǎo)線若干(1)以上四個電路圖你認為最合適的是______(2)在本實驗中，電流表的量程應(yīng)選_________（選填0～0.6A或0～3A）(3)某位同學(xué)測得小電珠的伏安特性曲線如圖所示，當(dāng)電流表讀數(shù)為0.40A時小電珠的實際功率為_____W12．（12分）在“用伏安法測金屬絲電阻率”的實驗中(1)下列關(guān)于金屬絲的電阻率ρ、電阻Rx以及實驗操作的說法中，正確的是_________.A．將金屬絲等分成兩段，則每段的電阻Rx和電阻率ρ均變?yōu)樵瓉淼囊话隑．金屬絲的電阻Rx越大，其電阻率ρ也一定越大，導(dǎo)電性能越弱C．金屬絲的電阻與它的長度成正比，與通過它的電流的大小成反比D．測量過程中，通過金屬絲的電流不宜過大，通電時間也不宜過長，以避免溫度對電阻率的影響(2)用螺旋測微器測金屬絲直徑時的示數(shù)如圖甲所示，讀數(shù)應(yīng)：_________mm.(3)實驗器材有：電池組、電流表(內(nèi)阻約為0.1Ω)、電壓表(內(nèi)阻約為1000Ω)、滑動變阻器、電阻絲Rx(內(nèi)阻約為2Ω)、開關(guān)、導(dǎo)線若干.圖乙為本次測電阻率實驗的實物圖，圖中已連接了部分導(dǎo)線，要求金屬絲兩端電壓從0V開始測量.請將該實物圖連接補充完整____________,為保證實驗器材的安全，閉合開關(guān)前滑動變阻器滑片P應(yīng)放在_______端(填“左”或者“右”)(4)某次測量中電壓表的示數(shù)為U0，電流表示數(shù)為I0，接入電路的電阻絲長度為l0，橫截面直徑為D，則該金屬絲電阻率為__________(用I0，U0，l0，D表示)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一平行板電容器板長L=4cm，板間距離為d=3cm，傾斜放置，使板面與水平方向夾角α=37°，若兩板間所加電壓U=100V，一帶電荷量q=3×10﹣10C的負電荷以v0=0.5m/s的速度自A板左邊緣水平進入電場，在電場中沿水平方向運動，并恰好從B板右邊緣水平飛出，（g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）則（1）帶電粒子的質(zhì)量為多少？（2）帶電粒子從電場中飛出時的速度為多少？14．（16分）一根通有電流的直銅棒用軟導(dǎo)線掛在如圖所示的勻強磁場中,電流的方向如圖所示，已知銅棒的質(zhì)量m=1.6kg，銅棒的長度L=0.8m，勻強磁場的磁感應(yīng)強度B=2T，g=10m/s2求：（1）若通過直銅棒的電流I=5A。則它受到的安培力是多大？（2）不改變B的大小和方向，要使軟導(dǎo)線的拉力為零，則直銅棒中的電流應(yīng)為多大？15．（12分）如圖所示，電子在電勢差為U0＝4500V的加速電場中，從左極板由靜止開始運動，經(jīng)加速電場加速后從右板中央垂直射入電勢差為U＝45V的偏轉(zhuǎn)電場中，經(jīng)偏轉(zhuǎn)電場偏轉(zhuǎn)后打在豎直放置的熒光屏M上，整個裝置處在真空中，已知電子的質(zhì)量為，電荷量為，偏轉(zhuǎn)電場的板長為L1＝10cm，板間距離為d＝1cm，光屏M到偏轉(zhuǎn)電場極板右端的距離L2＝15cm.求：(1)電子從加速電場射入偏轉(zhuǎn)電場的速度v0；(2)電子飛出偏轉(zhuǎn)電場時的偏轉(zhuǎn)距離(側(cè)移距離)y；(3)電子飛出偏轉(zhuǎn)電場時偏轉(zhuǎn)角的正切值tanθ；(4)電子打在熒光屏上時到中心O的距離Y.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】

A．特斯拉就是磁感應(yīng)強度的單位，故A正確；BC．由磁感應(yīng)強度的定義式可知，由安培力F的單位是N，而電流I的單位是A，長度L的單位為m，故根據(jù)可知，1A=1C/s，則故BC正確；D．由可知，V/m為電場強度的單位，故D錯誤。本題選不能作為磁感應(yīng)強度的單位的，故選D。2、B【解題分析】

A．把正電荷從a移到b，由于電場力方向與位移方向相同，所以電場力做正功，電荷的電勢能減小，故A錯誤；B．把負電荷從a移到b，由于電場力方向與位移方向相反，所以電場力做負功，電荷的電勢能增加，故B正確；C．由于沒有確定零勢能面，所以無法確定電荷在b點具有的電勢能，故C錯誤；D．不論正電荷還是負電荷,靜電力做正功時電勢能一定減小，故D錯誤。3、C【解題分析】

A．電場線的方向，是正電荷所受電場力的方向，與負電荷所受電場力的方向相反，故A錯誤；B．正電荷如果沿電場線運動必須滿足的條件：①電場線是直線；②合外力沿電場線方向；所以正電荷只在電場力的作用下不一定沿電場線運動，故B錯誤；C．電場線越密，場強越大，則電荷所受的電場力越大，故C正確；D．靜電場的電場線從正電荷出發(fā)到負電荷或無窮遠終止，是不閉合的，故D錯誤。故選C。4、C【解題分析】容器中水溫升高，是電能轉(zhuǎn)化成內(nèi)能所致．因此只有變化的電流才能導(dǎo)致磁通量變化，且只有小鐵鍋處于變化的磁通量時，才能產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，從而產(chǎn)生感應(yīng)電流．導(dǎo)致電流發(fā)熱．玻璃杯是絕緣體，不能產(chǎn)生感應(yīng)電流．故C正確，ABD錯誤．5、C【解題分析】A項：電荷所受電場力指向軌跡內(nèi)側(cè)，由于粒子帶正電，因此電場線指向上方，沿電場線電勢降低，故a等勢線的電勢最低，c等勢線的電勢最高，故A錯誤；B項：a等勢線的電勢最低，c等勢線的電勢最高；而電子帶負電，負電荷在電勢高處的電勢能小，所以電子在P點具有的電勢能比在Q點具有的電勢能大，故B錯誤；C項：等勢線密的地方電場線密場強大，故P點位置電場強，電場力大，根據(jù)牛頓第二定律，加速度也大，故C正確；D項：由圖只能判斷出粒子受力的方向，不能判斷出粒子運動的方向，故D錯誤。點晴：解決這類帶電粒子在電場中運動的思路是：根據(jù)運動軌跡判斷出所受電場力方向，然后進一步判斷電勢、電場強度、電勢能、動能等物理量的變化。6、D【解題分析】

A．發(fā)電總功率為3kW，則年發(fā)電總量為：故A錯誤.B．工作總電路約為：故B錯誤.C．該光伏項目富余發(fā)電的年收入約為：元故C錯誤.D．該光伏項目平均每天的發(fā)電量大約可供一盞60W的白熾燈工作的時間為：故D正確。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解題分析】

AC．電場線上某點的切線方向表示電場強度的方向，則正電荷所受電場力的方向與切線方向一致，由牛頓第二定律可知，加速度方向也與切線方向一致，故AC正確；B．電場線上某點的切線方向表示電場強度的方向，但是速度方向不一定與電場線的切線方向一致，故B錯誤；D．電荷在電場中由靜止釋放，如果電場線為曲線，則受力方向變化，則運動軌跡不一定與電場線重合，故D錯誤。故選AC。8、ABC【解題分析】

根據(jù)帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，由洛倫茲力提供向心力可得半徑公式，同時推出周期公式和時間公式，根據(jù)牛頓第二定律得到加速度的公式，再進行分析．【題目詳解】設(shè)帶電粒子的質(zhì)量和電量分別為m、q，則帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動時周期為

，T與比荷成反比，質(zhì)子與

α粒子的比荷之比為2：1，則有,故A正確．帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動時半徑為

，則，對粒子1和2，其比荷相等，則半徑越大速度越大，故；對粒子2和3，粒子2的比荷和半徑均比粒子3大，故故B正確．粒子的加速度為，同理，故C正確．由圖看出粒子2的速度偏向角大于粒子1的速度偏向角，根據(jù)軌跡所對的圓心角等于速度偏向角，可知粒子2軌跡的圓心角大于粒子1軌跡的圓心角，所以粒子2的運動時間大于粒子1的運動時間，即；同理可得,

粒子3軌跡的圓心角大于粒子2軌跡的圓心角，同時由于可知

，故有，則，故D錯誤．9、AC【解題分析】

A．由圖示圖象可知，隨電壓U增大通過燈泡的電流I增大，圖像上各點與原點連線的斜率變大，即電壓與電流的比值增大，燈泡電阻增大，故A正確；BD．由圖可知，A點的電壓和電流，則在A點燈泡電阻：，不能根據(jù)tanα和求電阻，故BD錯誤；C．在A點，白熾燈的電功率可表示為P=U0I0，選項C正確。10、ABD【解題分析】電容器斷路，相當(dāng)于電壓表，其兩端電壓為路端電壓，故電路為一個L與串聯(lián)的電路，當(dāng)溫度上升時，熱敏電阻值變小，電路中電阻變小，路端電壓減小，電流變大，通過燈泡的電流增大，燈泡兩端電壓變大，則燈泡變亮，且路端電壓減小，所以熱敏電阻兩端電壓變小，電容器兩端的電壓也變小，則電容器進行放電，但極板所帶電荷的正負不變，電流由，ABD項正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A0～0.6A2.4【解題分析】

（1）[1]電流和電壓要求從零開始連續(xù)變化，故滑動變阻器采用分壓式接法；54.8Ω燈泡電阻：28.8Ω；由于：故采用安培表外接法；故選A；（2）[2]燈泡的額定電流為：A故選擇量程為0.6A擋即可；

（3）[3]從U-I圖象可以看出，當(dāng)電流為0.4A時電壓為6V，故功率為：0.4×6=2.4W12、D0.396~0.398mm如圖所示：左【解題分析】（1）A、電阻決定式為：，可知把一根均勻?qū)Ь€分成等長的兩段，則每部分的電阻變?yōu)樵瓉淼囊话耄娮杪逝c溫度和材料有關(guān)，與其他因素?zé)o關(guān)，故電阻率不變，故A錯誤；B、電阻率是表征材料導(dǎo)電性能好壞的物理量，與溫度和材料有關(guān)，與本身電阻大小無關(guān)，電阻率越大，其導(dǎo)電性能越差，電阻率越小，則其導(dǎo)電性能越好，故B錯誤；C、根據(jù)電阻定律：金屬絲的電阻與它的長度、橫截面積以及電阻率有關(guān)，與電流無關(guān)，故選項C錯誤；D、測電阻時，電流不宜過大，通電時間不宜過長，否則溫度變化明顯，電阻率會明顯變化，故D錯誤；（2）螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為，可動刻度讀數(shù)為，

所以最終讀數(shù)為；（3）要求金屬絲兩端電壓從0V開始測量，故滑動變阻器采用分壓式連接，同時電流表的內(nèi)阻與待測電阻相差不多，則采用安培表外接，對待測電路起到保護作用，故閉合開關(guān)前滑動變阻器滑片P應(yīng)放在左端，則如圖所示：（4）根據(jù)歐姆定律，可知接入電路的電阻，在根據(jù)電阻定律：，則整理可以得到：。點睛：本實驗題要求要熟練掌握螺旋測微器讀數(shù)的方法，能根據(jù)待測電阻與兩個電表內(nèi)阻的關(guān)系，選擇電流的內(nèi)、外接法，以及變阻器的分壓式與限流式接法。四、計算題：本題共2小題，共26分