2024屆安徽省黃山市徽州中學物理高二第一學期期中達標檢測模擬試題含解析

2024屆安徽省黃山市徽州中學物理高二第一學期期中達標檢測模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，質(zhì)量相等的兩個小球A和B緊貼倒圓錐筒的光滑內(nèi)壁各自做水平面內(nèi)的勻速圓周運動，則（）A．A球受到的支持力較大B．B球受到的支持力較大C．A球運動的線速度較大D．B球運動的線速度較大2、如圖所示是兩個電阻R1、R2的I－U圖線，將兩電阻R1、R2并聯(lián)后的總電阻為R，則電阻R的I－U圖象分布在圖中哪個區(qū)域？A．Ⅰ區(qū)B．Ⅱ區(qū)C．Ⅲ區(qū)D．不能確定3、如圖，質(zhì)量為m，長為3l的均勻直導(dǎo)線折成等邊三角形線框LMN，豎直懸掛于兩根絕緣細線上，并使邊MN呈水平狀態(tài)?，F(xiàn)置于與其所在平面相垂直的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度為B。當兩根絕緣細線所受拉力為零時，通過導(dǎo)線MN的電流強度大小為（）A． B． C． D．4、關(guān)于如圖所示的驗電器，下列說法正確的是（）A．硬桿b應(yīng)該用金屬材料制成B．a(chǎn)與c應(yīng)該互相絕緣C．用毛皮摩擦過的橡膠棒靠近a時，兩金屬箔片帶等量異種電荷D．用毛皮摩擦過的橡膠棒接觸a后，c所帶電荷與橡膠棒所帶電荷的電性相反5、關(guān)于電阻和電阻率，下列說法正確的是（）A．根據(jù)可知導(dǎo)體的電阻與加在導(dǎo)體兩端的電壓成正比B．物體電阻的大小由材料決定，與物體的長短粗細無關(guān)C．物體的電阻率一定會隨著溫度的升高而變大D．電阻率是反映物體導(dǎo)電性能的物理量6、靜電計是測量電勢差的儀器，指針偏轉(zhuǎn)角度越大，金屬外殼和上方金屬小球間的電勢差越大。在本實驗中，電計指針和A板等電勢，靜電計金屬殼和B板等電勢，因此指針偏轉(zhuǎn)角越大表示A、B兩極板間的電壓越高。本實驗中，對電容器充電后斷開電鍵，則三個圖中關(guān)于電壓的說法正確組合的是（）①圖1中電壓升高②圖2中電壓升高③圖3中電壓升高④圖1中電壓降低⑤圖2中電壓降低⑥圖3中電壓降低A．①②③B．④⑤⑥C．①⑤⑥D(zhuǎn)．①④⑤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在水平向右的勻強電場E中，小車以加速度a向右做勻加速直線運動，質(zhì)量分別為m1、m2，電荷量分別為+q1、+q2的小球G、H通過不可伸長的輕繩懸掛于車頂O點，．當G、H相對小車靜止時，下列情況可能出現(xiàn)的是(不計G、H間的相互作用)()A． B． C． D．8、如圖所示，矩形區(qū)域ABCD內(nèi)存在豎直向下的勻強電場，兩個帶正電的粒子a和b以相同的水平速度射入電場，粒子a由頂點A射入，從BC的中點P射出，粒子b由AB的中點O射入，從頂點C射出．若不計重力，則A．a(chǎn)和b在電場中運動的時間之比是1∶2B．a(chǎn)和b在電場中運動的時間之比是2∶1C．a(chǎn)和b的荷質(zhì)比（即粒子的電荷量與質(zhì)量之比）是1∶8D．a(chǎn)和b的荷質(zhì)比（即粒子的電荷量與質(zhì)量之比）是8∶19、有一個點電荷只受電場力的作用,分別從兩電場中的a點由靜止釋放,在它沿直線運動到b點的過程中,動能EK隨位移s變化的關(guān)系圖象如圖所示中的①、②圖線則下列說法正確的是(

)A．正電荷在甲圖電場中從a點由靜止釋放,沿直線運動到b點的過程中,對應(yīng)的圖線是②B．負電荷在乙圖電場中從a點由靜止釋放,沿直線運動到b點的過程中,對應(yīng)的圖線是①C．負電荷在丙圖電場中從a點由靜止釋放,沿直線運動到b點的過程中,對應(yīng)的圖線是②D．負電荷在丁圖電場中從a點由靜止釋放,沿直線運動到b點的過程中,對應(yīng)的圖線是②10、如圖所示電路中，電源電動勢E恒定，內(nèi)阻r＝1Ω，定值電阻R3＝5Ω.當開關(guān)K斷開與閉合時，ab段電路消耗的電功率相等．則以下說法中正確的是（）A．電阻R1、R2可能分別為4Ω、5ΩB．電阻R1、R2可能分別為3Ω、6ΩC．開關(guān)K斷開時電壓表的示數(shù)一定小于K閉合時的示數(shù)D．開關(guān)K斷開與閉合時，電壓表的示數(shù)變化量大小與電流表的示數(shù)變化量大小之比一定等于6Ω三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如下圖所示，靜電計與鋅板相連，現(xiàn)用紫外燈照射鋅板，關(guān)燈后，指針保持一定的偏角．（1）現(xiàn)用一帶負電的金屬小球與鋅板接觸，則靜電計指計偏角將_____（填“增大”、“減小”或“不變”）（2）使靜電計指針回到零，再用相同強度的鈉燈發(fā)出的黃光照射鋅板，靜電計指針無偏轉(zhuǎn)．那么，若改用強度更大的紅外燈照射鋅板，可觀察到靜電計指針_____（填“有”或“無”）偏轉(zhuǎn)．12．（12分）某學校實驗室購買了一卷表面有很薄絕緣層的鎳鉻合金絲，該校的興趣小組同學想通過實驗來測算合金絲的長度。已知該鎳鉻合金絲的電阻率Ω·m，測量選用的器材有多用電表、電流表、電壓表、開關(guān)、滑動變阻器、螺旋測微器、導(dǎo)線和學生電源等。（1）實驗前先使用多用電表粗測合金絲的電阻①機械調(diào)零后，選擇旋鈕指向電阻擋“×10”位置，將紅、黑表筆分別插入多用電表的對應(yīng)插孔，將兩表筆短接，調(diào)節(jié)__________（填“S”或“T”）進行歐姆調(diào)零，使指針指到“電阻擋”零刻度。②把紅、黑表筆分別與鎳銘合金絲的兩端（已刮去絕緣漆）相接，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過小，應(yīng)選擇倍率為__________（填“×100”或“×1”）的擋位，再將兩表筆短接重新進行歐姆調(diào)零。③把紅、黑表筆分別與鎳銘合金絲的兩端相接，多用電表的示數(shù)如圖甲所示，則該合金絲的電阻約為__________Ω。（2）使用螺旋測微器測量鎳鉻合金絲的直徑d，示數(shù)如圖乙所示，則鎳鉻合金絲的直徑d=________mm。（3）為了更準確地測量鎳鉻合金絲電阻，減少實驗誤差，并獲得較大的電壓調(diào)節(jié)范圍，選擇如圖丙所示的電路進行測量，測量電壓表示數(shù)為U，電流表的示數(shù)為I。不計合金絲絕緣漆的厚度，鎳鉻合金絲的長度的表達式L=__________（用U、I、ρ、d表示）。（4）利用記錄的多組電壓U和電流值I的數(shù)據(jù)，繪制出如圖丁所示的U－I圖像?？蓽y出鎳鉻合金絲的長度L=_________m。（保留三位有效數(shù)字）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在平行金屬帶電極板MN電場中將電荷量為－4×10－6C的點電荷從A點移到M板，電場力做負功8×10－4J，把該點電荷從A點移到N板，電場力做正功為4×10－4J，N板接地．則(1)A點的電勢是多少？(2)M板的電勢是多少?(3)等于多少伏？14．（16分）如圖所示，水平絕緣光滑軌道AB的B端與處于豎直平面內(nèi)的四分之一圓弧形粗糙絕緣軌道BC平滑連接，圓弧的半徑R=0.40m．在軌道所在空間存在水平向右的勻強電場，電場強度E="1."0×104N/C．現(xiàn)有一質(zhì)量m=0.10kg的帶電體（可視為質(zhì)點）放在水平軌道上與B端距離s=1.0m的位置，由于受到電場力的作用帶電體由靜止開始運動，當運動到圓弧形軌道的C端時，速度恰好為零．已知帶電體所帶電荷量q=8.0×10-5C，取g=10m/s2，求：（1）帶電體在水平軌道上運動的加速度大小及運動到B端時的速度大小；（2）帶電體運動到圓弧形軌道的B端時對圓弧軌道的壓力大??；（3）帶電體沿圓弧形軌道運動過程中，電場力和摩擦力對帶電體所做的功各是多少？15．（12分）一根絲線吊著一質(zhì)量為m，電荷量為q的小球靜止在水平向右的勻強電場中，絲線與豎直方向成37°角，重力加速度為g，（sin37°=0.6，cos37°=0.8）。求：（1）小球的帶電性質(zhì)；（2）電場強度E的大?。唬?）絲線的拉力。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】試題分析：AB、對小球受力分析，小球受到重力和支持力，它們的合力提供向心力，如圖筒對小球的支持力N=，與軌道半徑無關(guān)，則由牛頓第三定律得知，小球?qū)ν驳膲毫σ才c半徑無關(guān)，即有球A對筒壁的壓力等于球B對筒壁的壓力．故AB錯誤；CD、根據(jù)牛頓第二定律，有：F=mgtanθ=m解得：v=．由于A球的轉(zhuǎn)動半徑較大，A線速度較大．故C正確，D錯誤．故選C2、A【解題分析】兩電阻并聯(lián)后，總電阻要小于兩電阻,而在I-U圖象中，斜率越大，電阻越小，故并聯(lián)之后的電阻應(yīng)在區(qū)域I，故選項A正確。點睛：本題考查對串并聯(lián)電路及I-U圖象的認識，要注意明確I-U圖象中圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)。3、B【解題分析】

當兩根絕緣細線所受拉力為零時，即等邊三角形線框，LMN所受的安培力與重力大小相等，方向相反，由于NLM導(dǎo)線的等效長度為L，由并聯(lián)電路特點可知，由平衡條件有解得故選B。4、A【解題分析】

AB．驗電器的工作過程是通過圖中的a與帶電體接觸，將電荷導(dǎo)入c部分，讓金屬箔帶上同性電荷而相互排斥，所以b應(yīng)是導(dǎo)體，故A正確、B錯誤；CD．用毛皮摩擦過的橡膠棒帶負電，靠近a時，會因為靜電感應(yīng)現(xiàn)象讓a帶上正電荷，c部分兩金屬箔片帶上負電荷，故CD錯誤。故選A。5、D【解題分析】

A．根據(jù)歐姆定律的內(nèi)容可知：對于某一段導(dǎo)體來說電阻的阻值不變，即電阻一定時，導(dǎo)體中的電流與導(dǎo)體兩端的電壓成正比；當導(dǎo)體兩端的電壓一定時，通過導(dǎo)體的電流與導(dǎo)體的電阻成反比，故A錯誤；B．根據(jù)可知，物體電阻的大小由材料決定，與物體的長短粗細有關(guān)，故B錯誤；C．金屬的電阻率隨溫度升高而增大，半導(dǎo)體的電阻率隨溫度升高而減小，故C錯誤；D．電阻率是反映物體導(dǎo)電性能的物理量，故D正確。故選D。6、C【解題分析】試題分析：①電容器充電后和電源斷開其帶電量不變，當極板B向上移動時，正對面積減小，根據(jù)電容決定式，可知電容減小，根據(jù)可知，電量不變，由于電容減小，電壓則增大；②同理，電容器板間距離減小，電容增大，根據(jù)可知電壓減??；③圖中插入電解質(zhì)，電容增大，根據(jù)可知電壓減?。蔬xC．考點：電容器【名師點睛】有關(guān)電容器的問題主要考查對電容器的決定式和電容器的定義式的理解和靈活應(yīng)用情況，尤其注意公式之間的推導(dǎo)與換算。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解題分析】

AD．先對兩個球整體分析，受重力、電場力和細線的拉力，如圖所示：

如果加速度大于，設(shè)上面的細線與豎直方向的夾角為α，根據(jù)牛頓第二定律，有：

豎直方向：水平方向：解得：…①再對小球G受力分析，如圖所示：

設(shè)下面的細線與豎直方向的夾角為β，根據(jù)牛頓第二定律，有：

豎直方向：水平方向：解得：…②由于，兩個正分數(shù)的分子分母同時分別相加后得到的新分數(shù)介于原來兩個分數(shù)中間，故故tanα≥tanβ故α≥β故A正確，D錯誤；

BC．如果加速度小于，則上面的細線向右偏轉(zhuǎn)；

設(shè)上面的細線與豎直方向的夾角為α，根據(jù)牛頓第二定律，有：

豎直方向：水平方向：解得：…③再對小球G受力分析，如圖所示：

設(shè)下面的細線與豎直方向的夾角為β，根據(jù)牛頓第二定律，有：

豎直方向：水平方向：解得：…④由于故故tanα≤tanβ故α≤β故B錯誤，C正確；8、AD【解題分析】試題分析：粒子水平方向上做勻速直線運動，a、b兩粒子的水平位移之比為2：2，根據(jù)x=v0t，知時間比為2：2．選項A正確，B錯誤；粒子在豎直方向上做勻加速直線運動，根據(jù)y=at2知，y之比為2：2，則a、b的加速度之比為8：2．根據(jù)牛頓第二定律知，加速度，加速度之比等于電荷量與質(zhì)量的比值之比，則兩電荷的比荷之比為8：2．故D正確，C錯誤．故選AD．考點：帶電粒子在電場中的運動【名師點睛】解決本題的關(guān)鍵知道粒子在垂直于電場方向和沿電場方向上的運動規(guī)律，結(jié)合牛頓第二定律和運動學公式進行求解．9、BC【解題分析】

根據(jù)動能定理：可以知道物體的動能：而：故有：A．在甲圖中各點的場強相同，故正電荷從a點由靜止釋放后在向b運動的過程中所受電場力大小不變,故圖象的斜率保持不變，所以A錯誤.B．在乙圖中各點的場強相同，故負電荷從a點由靜止釋放后在向b運動的過程中所受電場力大小不變,故圖象的斜率保持不變,故B正確.C．在丙圖中由a到b場強逐漸增大，故負電荷從a點由靜止釋放后在向b運動的過程中所受電場力逐漸增大,故圖象的斜率逐漸增大，所以C正確.D．在丁圖中a到b場強逐漸減小，負電荷從a點由靜止釋放后在向b運動的過程中所受電場力逐漸減小，故圖象的斜率逐漸減小，沒有圖線與之對應(yīng)，故D錯誤.10、BD【解題分析】

A、B由題設(shè)，電鍵K斷開與閉合時，ab段電路消耗的電功率相等，則有；將R1=3Ω、R2=6Ω代入方程不成立，而將R1=4Ω、R2=5Ω代入方程成立，故A錯誤，B正確；C、電鍵K斷開時外電路總電阻大于K閉合時外電路總電阻，由知，P相同，若R大，則U大，所以電鍵K斷開時電壓表的示數(shù)一定大于K閉合時的示數(shù)，故C錯誤；D、根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U=E-I（R3+r），則電壓表的示數(shù)變化量大小與電流表的示數(shù)變化量大小之比為，故D正確．所以選BD．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、減小無【解題分析】

解：(1)在用一紫外線燈照射鋅板，鋅板產(chǎn)生光電效應(yīng)，光電子射出后，鋅板帶正電，用一帶負電的金屬小球與鋅板接觸，則驗電器指針偏角將減小；(2)用黃光照射鋅板，驗電器指針無偏轉(zhuǎn)，說明黃光不能使鋅板產(chǎn)生光電效應(yīng)，紅外線的頻率比黃光低，紅外線不能使鋅板產(chǎn)生光電效應(yīng)，驗電器指針無偏轉(zhuǎn)．12、T“×100”14000.305110【解題分析】

（1）①[1]．歐姆調(diào)零時將插入“＋”、“－”插孔的表筆短接，旋動部件T，即歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指電阻的0刻線；②[2]．將兩表筆分別與待測電阻相接，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過小。說明被測阻值較大，為使指針只在中央刻度附近應(yīng)換較大檔，即×100檔；③[3]．歐姆表選擇×100擋，由圖甲所示可知，該合金絲的電阻約為：14×100=1400Ω；（2）[4]．由圖示螺旋測微器可知，螺旋測微器的讀數(shù)為：0mm+30.5×0.01mm=0.305mm；（3）[5]．由電阻定律可知：根據(jù)歐姆定律得：聯(lián)立解得：（4）[6]．由U-I圖象的斜率表示電阻得：R==1500Ω結(jié)合（3）問的結(jié)論，帶入表達式解得：L=110m