2023屆海南省瓊海市高三下學(xué)期二模聯(lián)考物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1瓊海市2023年高考模擬考試物理注意事項(xiàng)：1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2.回答選擇題時(shí)，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將〖答案〗寫(xiě)在答題卡上。寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。1.在如圖所示的核反應(yīng)堆中，用中子轟擊生成更穩(wěn)定的、和粒子X(jué)，可實(shí)現(xiàn)可控的鏈?zhǔn)椒磻?yīng)以釋放核能，鎘棒能很好地吸收熱中子。下列說(shuō)法正確的是（）A.柆子X(jué)為質(zhì)子B.該核反應(yīng)與太陽(yáng)上主要進(jìn)行的核反應(yīng)相同C.該核反應(yīng)為重核的裂變D.的質(zhì)量比與的總質(zhì)量小〖答案〗C〖解析〗A．我們寫(xiě)出核反應(yīng)方程為根據(jù)電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒，可以計(jì)算出X的電荷數(shù)為0，質(zhì)量數(shù)為3，是3個(gè)中子，故A錯(cuò)誤；BC．該反應(yīng)為核裂變，而太陽(yáng)上主要進(jìn)行的是輕核聚變，不是同種核反應(yīng)，B錯(cuò)誤，C正確；D．裂變過(guò)程會(huì)釋放出核能，有質(zhì)量虧損，故D錯(cuò)誤。故選C。2.據(jù)中國(guó)載人航天工程辦公室2023年3月12日消息，目前，“神舟十五號(hào)”內(nèi)的航天員狀態(tài)良好，計(jì)劃于2023年6月返回地面。航天員能在飛船內(nèi)處于漂浮狀態(tài)，關(guān)于這種狀態(tài)，下列說(shuō)法正確的是（）A.航天員所受的合力為零B.航天員遠(yuǎn)離地球，不受到地球的引力C.飛船對(duì)航天員的支持力大于航天員對(duì)飛船的壓力D.航天員受到的地球的萬(wàn)有引力提供其隨飛船運(yùn)動(dòng)所需的向心力〖答案〗D〖解析〗AD．航天員能在飛船內(nèi)處于漂浮狀態(tài)，隨飛船做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力，所以合力不為零，A錯(cuò)誤，D正確；B．航天員雖然遠(yuǎn)離地球，但是仍然受到地球的引力作用，B錯(cuò)誤；C．飛船對(duì)航天員的支持力與航天員對(duì)飛船的壓力屬于作用力與反作用力，兩者等大反向，C錯(cuò)誤。故選D。3.甲、乙兩只鴛鴦在湖面上追逐嬉戲。甲、乙從同一位置出發(fā)沿同一直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的位移—時(shí)間圖像分別如圖線(xiàn)1、2所示，圖線(xiàn)2是頂點(diǎn)在坐標(biāo)原點(diǎn)的拋物線(xiàn)的一部分，、均為已知量。下列說(shuō)法正確的是（）A.甲做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)B.在時(shí)刻，乙在甲的前方C.乙做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，加速度大小為D.在時(shí)刻，甲、乙的速度相等〖答案〗D〖解析〗A．位移—時(shí)間圖像的斜率表示速度，甲的位移—時(shí)間圖像為一條傾斜的直線(xiàn)，斜率一定，可知，甲做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；B．甲、乙從同一位置出發(fā)，根據(jù)圖像可知，在時(shí)刻，兩者位置坐標(biāo)相同，表明此時(shí)兩者位于同一位置，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)由于圖線(xiàn)2是頂點(diǎn)在坐標(biāo)原點(diǎn)的拋物線(xiàn)的一部分，結(jié)合上述函數(shù)，可知乙做初速度為0的勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，將、代入上述函數(shù)可得C錯(cuò)誤；D．甲的速度乙在時(shí)刻的速度即在時(shí)刻，甲、乙的速度相等，D正確。故選D。4.勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直紙面向內(nèi)，紙面內(nèi)有一通電導(dǎo)體棒，電流方向如圖所示．保持電流大小不變，以導(dǎo)體棒的中點(diǎn)為轉(zhuǎn)軸，在紙面內(nèi)逆時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)的過(guò)程中，導(dǎo)體棒所受的安培力大小（）A.不變 B.一直變大C.先變大后變小 D.先變小后變大〖答案〗A〖解析〗導(dǎo)體棒在紙面內(nèi)逆時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)的過(guò)程中，電流方向始終與磁場(chǎng)方向垂直，根據(jù)安培力的表達(dá)式易知，導(dǎo)體棒所受的安培力大小不變。故A正確；BCD錯(cuò)誤。故選A。5.如圖所示，有一束平行于等邊三棱鏡截面ABC的復(fù)色光從空氣射向AB邊的中點(diǎn)D，經(jīng)三棱鏡折射后分為a、b兩束單色光，單色光a偏折到BC邊的中點(diǎn)E，單色光b偏折到F點(diǎn)，則下列說(shuō)法正確的是（）A.a光的折射率大于b光的折射率B.在棱鏡中a光的傳播速度大于b光的傳播速度C.分別通過(guò)同一雙縫干涉裝置，a光的相鄰亮條紋間距大D.若a光恰好能使某種金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則b光也能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)〖答案〗A〖解析〗A．由題圖可知，a光的偏折程度較大，a光的折射率大于b光的折射率，A正確；B．由可知，在棱鏡中a光的傳播速度小于b光的傳播速度，B錯(cuò)誤；C．a(chǎn)光的折射率大，波長(zhǎng)較短，由可知，分別通過(guò)同一雙縫干涉裝置，a光的相鄰亮條紋間距小，C錯(cuò)誤；D．a(chǎn)光的折射率大，頻率較高，若a光恰好能使某種金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則b光不一定能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，D錯(cuò)誤。故選A。6.一同學(xué)在室內(nèi)空調(diào)顯示屏上看到室內(nèi)的空氣溫度，為了測(cè)出室外的空氣溫度，他將一近似球形的氣球在室內(nèi)吹大并放置較長(zhǎng)一段時(shí)間后，測(cè)量其直徑為之后拿到室外并放置較長(zhǎng)一段時(shí)間后，測(cè)量其直徑為，若不考慮氣球表皮的彈力變化，且氣球吹大后視為球體，大氣壓不變，室內(nèi)、外的溫度均保持不變，則（）A.氣球內(nèi)氣體對(duì)外界做負(fù)功B.氣球內(nèi)氣體對(duì)外界不做功C.室外溫度比室內(nèi)溫度高D.氣球在室外放出了熱量〖答案〗C〖解析〗AB．氣球直徑變大，說(shuō)明氣體體積變大，說(shuō)明氣體對(duì)外界做功，AB錯(cuò)誤；C．根據(jù)可知，體積變大，溫度升高，所以室外溫度比室內(nèi)溫度高，C正確；D．根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，溫度升高，氣體內(nèi)能增大；體積變大，氣體對(duì)外界做功；所以氣體從外界吸收熱量，D錯(cuò)誤。故選C。7.某靜電除塵裝置由帶正電金屬圓筒Q和帶負(fù)電的線(xiàn)狀電極P組成，其橫截面上的電場(chǎng)線(xiàn)分布如圖所示，A、B、M、N四點(diǎn)到P距離相等，則（）A.A、B兩點(diǎn)電勢(shì)相等BM、N兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同C.帶負(fù)電的粉塵從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，電勢(shì)能增大D.帶電荷量均為的粉塵由P分別運(yùn)動(dòng)到A、B兩點(diǎn)時(shí)，電場(chǎng)力所做的功〖答案〗D〖解析〗A．A、B到P距離相等，由電場(chǎng)線(xiàn)分布情況可知，A點(diǎn)到P的平均電場(chǎng)強(qiáng)度大于B點(diǎn)到P的平均電場(chǎng)強(qiáng)度，則有可知A、B兩點(diǎn)電勢(shì)不相等，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)對(duì)稱(chēng)性可知M、N兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向不同，故B錯(cuò)誤；C．帶負(fù)電的粉塵從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故C錯(cuò)誤；D．帶電荷量均為的粉塵由P分別運(yùn)動(dòng)到A、B兩點(diǎn)時(shí)，電場(chǎng)力做功分別為，由于可得故D正確。故選D。8.如圖所示，半徑為3R的半圓柱體P靜止在水平地面上，靜止于P上的光滑小圓柱體Q質(zhì)量為m，半徑為R，此時(shí)豎直擋板MN恰好與P、Q相切，重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是（）A.P對(duì)Q的彈力與擋板MN對(duì)Q的彈力之比為B.若擋板水平向右緩慢移動(dòng)一小段距離且P仍靜止時(shí)，P受到地面的摩擦力不變C.若擋板水平向右緩慢移動(dòng)一小段距離且P仍靜止時(shí)，P受到地面的支持力不變D.若P向左緩慢移動(dòng)一小段距離后，Q受到P的彈力變小〖答案〗C〖解析〗A．對(duì)圓柱體Q受力分析，受到重力、擋板MN的彈力和P對(duì)Q的彈力，如圖所示由幾何關(guān)系得可得根據(jù)受力平衡可得，P對(duì)Q的彈力與擋板MN對(duì)Q的彈力之比為故A錯(cuò)誤；BC．對(duì)P、Q整體受力分析，受重力、地面支持力、MN擋板對(duì)其向左的彈力和地面對(duì)其向右的摩擦力，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有，擋板水平向右緩慢移動(dòng)一小段距離且P仍靜止時(shí)，逐漸減小，逐漸減小，則P受到地面的摩擦力逐漸增大，P受到地面的支持力不變，故B錯(cuò)誤，C正確；D．若P向左緩慢移動(dòng)一小段距離后，根據(jù)由于逐漸減小，逐漸減小，則Q受到P的彈力變大，故D錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共5小題，每小題4分，共20分。每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分.9.下列實(shí)例屬于超重現(xiàn)象的是（）A.汽車(chē)駛過(guò)拱形橋頂端 B.蕩秋千的小孩通過(guò)最低點(diǎn)C.跳水運(yùn)動(dòng)員被跳板彈起，離開(kāi)跳板向上運(yùn)動(dòng) D.火箭點(diǎn)火后加速升空〖答案〗BD〖解析〗A．汽車(chē)駛過(guò)拱形橋頂端時(shí)，向心加速度向下，汽車(chē)處于失重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B．蕩秋千的小孩通過(guò)最低點(diǎn)，向心加速度向上，小孩處于超重狀態(tài)，故B正確；C．跳水運(yùn)動(dòng)員被跳板彈起，離開(kāi)跳板向上運(yùn)動(dòng)，加速度為重力加速度，豎直向下，處于失重狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；D．火箭點(diǎn)火后加速升空，加速度向上，處于超重狀態(tài)，故D正確。故選BD。10.變壓器是輸配電的基礎(chǔ)設(shè)備，廣泛應(yīng)用于工業(yè)、農(nóng)業(yè)、交通、城市社區(qū)等領(lǐng)域。某理想變壓器的簡(jiǎn)化模型如圖所示，原線(xiàn)圈所接交流電源電壓的有效值不變，電流表和電壓表均為理想電表，若副線(xiàn)圈所接的負(fù)載電阻的阻值變大，則下列說(shuō)法正確的是（）A.電源的輸出功率減小B.電壓表的示數(shù)變大C.電流表的示數(shù)變小D.負(fù)載的電功率變大〖答案〗AC〖解析〗B．根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，可知原線(xiàn)圈輸入的電壓U1不變，所以副線(xiàn)圈的電壓U2不變，所以電壓表示數(shù)不變，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)歐姆定律有若副線(xiàn)圈所接的負(fù)載電阻的阻值變大，則I2減小，根據(jù)電流跟匝數(shù)成反比可知，輸入端I1減小，即電流表的示數(shù)變小，故C正確；AD．根據(jù)功率關(guān)系有可知U1不變，I1減小，則電源的輸出功率減小，負(fù)載的電功率也減小，故A正確，D錯(cuò)誤。故選AC。11.在短道速滑比賽中，“接棒”的運(yùn)動(dòng)員甲提前站在“交棒”的運(yùn)動(dòng)員乙前面，并且開(kāi)始向前滑行，待乙追上甲時(shí)，乙猛推甲一把，使甲獲得更大的速度向前沖出。在乙推甲的過(guò)程中，忽略運(yùn)動(dòng)員與冰面之間在水平方向上的相互作用，則（）A.甲對(duì)乙的沖量與乙對(duì)甲的沖量不同B.甲、乙的動(dòng)量變化量的大小一定相同C.甲的動(dòng)能增加量一定等于乙的動(dòng)能減少量D.甲與乙的加速度大小一定相等，方向相反〖答案〗AB〖解析〗A．甲對(duì)乙的作用力與乙對(duì)甲的作用力是相互作用力，大小相等，方向相反，根據(jù)沖量定義可知，甲對(duì)乙的沖量與乙對(duì)甲的沖量大小相等，方向相反，可知甲對(duì)乙的沖量與乙對(duì)甲的沖量不同，故A正確；B．由于忽略運(yùn)動(dòng)員與冰面之間在水平方向上的相互作用，對(duì)甲乙分析可知，甲對(duì)乙的作用力等于乙所受外力的合力，乙對(duì)甲的作用力等于甲所受外力的合力，即甲乙所受外力的合力大小相等，方向相反，則甲乙合力的沖量大小相等，方向相反，根據(jù)動(dòng)量定理可知，甲、乙的動(dòng)量變化量的大小一定相同，方向一定相反，故B正確；C．根據(jù)，解得由于甲乙的質(zhì)量關(guān)系不確定，則甲的動(dòng)能增加量不一定等于乙的動(dòng)能減少量，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)牛頓第二定律有解得根據(jù)上述，甲乙所受合力大小相等，由于甲乙質(zhì)量不確定，則甲與乙的加速度方向一定相反，大小不一定相等，故D錯(cuò)誤。故選AB。12.如圖所示，質(zhì)量均為m的A、B兩物塊置于水平地面上，物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，物塊間用一水平輕繩相連，繩中無(wú)拉力?，F(xiàn)用水平力F向右拉物塊A，假設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g。下列說(shuō)法中正確的是（）A.當(dāng)時(shí)，繩中拉力為0B.當(dāng)時(shí)，繩中拉力等于0C.當(dāng)時(shí)，繩中拉力等于D.無(wú)論F多大，繩中拉力都不可能等于〖答案〗AC〖解析〗A．當(dāng)0<F≤μmg時(shí)，A受到拉力與靜摩擦力的作用，二者可以平衡，繩中拉力為0，故A正確；B．當(dāng)μmg<F≤2μmg時(shí)，整體受到拉力與摩擦力的作用，二者平衡，所以整體處于靜止?fàn)顟B(tài)．此時(shí)A受到的靜摩擦力到達(dá)最大即μmg，所以繩中拉力為F-μmg，故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)F>2μmg時(shí)，對(duì)整體對(duì)B聯(lián)立解得繩中拉力為故C正確；D．由B的分析可知，當(dāng)μmg<F≤2μmg時(shí)繩中拉力為F-μmg，繩中拉力可能等于，故D錯(cuò)誤。故選AC。13.如圖所示，相距為d的兩根足夠長(zhǎng)平行光滑直導(dǎo)軌放置在絕緣水平面上，導(dǎo)軌左側(cè)與阻值為的電阻相連，虛線(xiàn)右側(cè)導(dǎo)軌處于豎直向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。一質(zhì)量為、電阻為、長(zhǎng)度略大于的導(dǎo)體棒垂直于導(dǎo)軌放置在虛線(xiàn)左側(cè)，導(dǎo)體棒到虛線(xiàn)的距離為。某時(shí)刻給導(dǎo)體棒一沿導(dǎo)軌向右的水平恒力，導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場(chǎng)后恰好做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，不計(jì)導(dǎo)軌電阻。若導(dǎo)體棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)撤去水平恒力，導(dǎo)體棒在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，則下列說(shuō)法正確的是（）A.導(dǎo)體棒所受的水平恒力大小為B.導(dǎo)體棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，電阻兩端的電壓為C.從剛撤去水平恒力至導(dǎo)體棒停下，通過(guò)導(dǎo)體棒的總電荷量為D.進(jìn)入磁場(chǎng)后，導(dǎo)體棒向右運(yùn)動(dòng)的最大位移為2〖答案〗AD〖解析〗A．導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場(chǎng)前由動(dòng)能定理有進(jìn)入磁場(chǎng)后導(dǎo)體棒做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，有解得導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)的速度水平恒力故A正確；B．剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)導(dǎo)體棒切割磁感線(xiàn)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)電阻R兩端的電壓故B錯(cuò)誤；C．撤去水平恒力后，由于水平方向上導(dǎo)體棒只受安培力，由動(dòng)量定理可知以平均電流計(jì)算可知故C錯(cuò)誤；D．由解得故D正確。故選AD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，每空2分，共20分。14.（1）某實(shí)驗(yàn)小組在實(shí)驗(yàn)室做“單擺測(cè)定重力加速度”的實(shí)驗(yàn)，如圖甲所示。①擺球的直徑用螺旋測(cè)微器測(cè)出，如圖乙所示，讀數(shù)是__________；②甲同學(xué)用正確的實(shí)驗(yàn)方法測(cè)出擺線(xiàn)的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，擺球的直徑為d，N次全振動(dòng)的總時(shí)間為t，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮開(kāi)_________（結(jié)果用L、d、N、t等字母表示）；（2）某同學(xué)用圖甲的裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。大小相同的兩小球P、Q分別固定在輕桿兩端，輕桿可繞固定于中點(diǎn)O的光滑水平軸在豎直面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)，O點(diǎn)正下方有一光電計(jì)時(shí)器，小球通過(guò)計(jì)時(shí)器時(shí)其球心恰好與光電門(mén)等高。測(cè)得小球的直徑為d，兩球球心間的距離為L(zhǎng)，P球質(zhì)量是Q球質(zhì)量的2倍。Q球質(zhì)量為m，重力加速度為g?，F(xiàn)將輕桿拉至水平位置并由靜止釋放，當(dāng)P球第一次通過(guò)光電門(mén)時(shí)，計(jì)時(shí)器顯示的遮光時(shí)間為。回答下列問(wèn)題：①用游標(biāo)卡尺測(cè)量d時(shí)如圖乙所示，則__________；②小球P經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)速度的表達(dá)式為_(kāi)_________（用已知量和測(cè)得量的符號(hào)表示）；③小球P從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)過(guò)程，PQ系統(tǒng)重力勢(shì)能的減小量__________，若此過(guò)程中P、Q構(gòu)成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，則需要驗(yàn)證的關(guān)系式為_(kāi)_________（用已知量和測(cè)得量的符號(hào)表示）?！即鸢浮剑?）5.980##5.981##5.982##5.979##5.978（2）〖解析〗（1）[1]螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為[2]單擺的周期為根據(jù)單擺周期公式可得可得（2）[3]20分度游標(biāo)卡尺的精確度為，則游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為[4]小球P經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)速度為[5]PQ系統(tǒng)重力勢(shì)能的減小量為[6]根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得可得15.小李同學(xué)計(jì)劃測(cè)量一未知型號(hào)電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。（1）小李先用多用電表直流電壓擋直接接在該電池兩極粗測(cè)電池的電動(dòng)勢(shì)，多用電表的示數(shù)如圖甲所示，則該電池的電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)_____。（2）為了精確測(cè)量該電池電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，小李從實(shí)驗(yàn)室里借到了以下實(shí)驗(yàn)器材：A．電流表A1，量程為，內(nèi)阻；B．電流表A2，量程為，內(nèi)阻；C．滑動(dòng)變阻器；D．定值電阻；E．定值電阻；F．定值電阻；G．開(kāi)關(guān)一個(gè)、導(dǎo)線(xiàn)若干。為了較準(zhǔn)確地測(cè)量該電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，小李設(shè)計(jì)了如圖乙所示的實(shí)驗(yàn)電路。①與電流表A2串聯(lián)的電阻應(yīng)當(dāng)選擇______（填“”或“”）。②閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)整滑動(dòng)變阻器的滑片位置，把電流表A1的示數(shù)記作、電流表A2的示數(shù)記作，記錄多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，利用數(shù)據(jù)作出圖像如圖丙所示。根據(jù)圖丙，可知該電池的電動(dòng)勢(shì)______，內(nèi)阻______。（結(jié)果均保留兩位小數(shù)）〖答案〗（1）3.91##3.90##3.92（2）3.460.29〖解析〗（1）[1]直流電壓5V擋測(cè)量時(shí)，分度值為0.1V，由圖甲示數(shù)可知電源電動(dòng)勢(shì)為3.91V。（2）[2]電流表A2若與串聯(lián)，其串聯(lián)后的總電壓最大為比電源電動(dòng)勢(shì)小太多；電流表A2若與串聯(lián)，其串聯(lián)后的總電壓最大為比電源電動(dòng)勢(shì)稍大，所以電流表A2應(yīng)與串聯(lián)；[3]由閉合電路歐姆定律可知整理可得利用圖像斜率和截距可知解得，四、解答題：本題共3小題，16題8分，17題12分，18題16分，共36分。把解答寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。16.如圖所示，一列在x軸上傳播的簡(jiǎn)諧橫波，實(shí)線(xiàn)表示時(shí)刻的波形圖，虛線(xiàn)是這列波在時(shí)刻的波形圖。（1）求該波的波長(zhǎng)和振幅；（2）若時(shí)刻，處質(zhì)點(diǎn)P向y軸正方向振動(dòng)，且，求：①這列波的傳播方向和波速；②內(nèi)P質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程?！即鸢浮剑?），；（2）①沿x軸正方向，；②〖解析〗（1）由圖像可得波長(zhǎng)，振幅。（2）①由于時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P向y軸正方向振動(dòng)，根據(jù)同側(cè)法可知，波的傳播方向沿x軸正方向。又由于，故這列波在內(nèi)向x軸正方向傳播的距離小于1個(gè)波長(zhǎng)，所以傳播的距離為。故波速②根據(jù)可得，波的周期為可知?jiǎng)t內(nèi)P質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程17.如圖所示，長(zhǎng)為的粗糙水平面MN左側(cè)與半徑的四分之一光滑豎直圓弧軌道平滑連接，右側(cè)與一足夠長(zhǎng)的水平傳送帶平滑連接。傳送帶以恒定的速率逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)。將物塊A從光滑圓弧最高點(diǎn)由靜止釋放，經(jīng)過(guò)M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)，再滑上傳送帶。已知A的質(zhì)量為，物塊A與MN間的動(dòng)摩擦因數(shù)及傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)都為，重力加速度。求：（1）物塊A第一次運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)時(shí)的速度大?。海?）物塊A在傳送帶上第一次向右運(yùn)動(dòng)到最遠(yuǎn)的過(guò)程中，兩者因摩擦產(chǎn)生的熱量?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）物塊A第一次運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)根據(jù)動(dòng)能定理代入數(shù)據(jù)得物塊A第一次運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)時(shí)的速度（2）物塊A在傳送帶上有可得在傳送帶上加速度大小為在傳送帶上滑動(dòng)的距離經(jīng)歷時(shí)間這段時(shí)間內(nèi)傳送帶移動(dòng)距離兩者摩擦產(chǎn)生的熱量18.如圖所示，ON是坐標(biāo)系xOy第四象限的角平分線(xiàn)，在ON與y軸負(fù)半軸所夾的區(qū)域內(nèi)存在沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為。在第一象限內(nèi)的射線(xiàn)OM與x軸正半軸所夾區(qū)域內(nèi)存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為E，射線(xiàn)OM與x軸的夾角為，在ON與x軸正半軸所夾區(qū)域內(nèi)存在一個(gè)矩形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小，方向周期性變化，每次粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)磁場(chǎng)的方向改變一次?，F(xiàn)在y軸上的點(diǎn)由靜止釋放一個(gè)重力不計(jì)、質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子，粒子在射出第四象限的電場(chǎng)后立即進(jìn)入磁場(chǎng)，欲使粒子能在第一、第四象限內(nèi)做周期性運(yùn)動(dòng)，求：（1）粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑；（2）若粒子進(jìn)入第一象限恰好不飛出電場(chǎng)，求OM與x軸的夾角；（3）帶電粒子從P點(diǎn)出發(fā)到第一次返回P點(diǎn)所用的時(shí)間；（4）第四象限內(nèi)磁場(chǎng)區(qū)域的最小面積。〖答案〗（1）；（2）；（3）；（4）〖解析〗（1）在場(chǎng)強(qiáng)為的勻強(qiáng)電場(chǎng)中加速時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理可得解得對(duì)應(yīng)軌道半徑R滿(mǎn)足解得（2）由于洛倫茲力永遠(yuǎn)不做功，離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)速度沿y軸正方向，欲使之周期性運(yùn)動(dòng)，粒子恰好不飛出電場(chǎng)邊界，作出運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示則粒子運(yùn)動(dòng)到電場(chǎng)邊界速度應(yīng)減為零，由動(dòng)能定理可得解得由幾何關(guān)系知由于解得（3）PA段有AC段有粒子在CD段勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間粒子在第一象限內(nèi)勻減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間滿(mǎn)足由圖可知粒子運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為（4）磁場(chǎng)區(qū)域的面積最小時(shí)恰將AC弧包圍在其中，矩形的長(zhǎng)為寬為因此最小面積為瓊海市2023年高考模擬考試物理注意事項(xiàng)：1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2.回答選擇題時(shí)，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將〖答案〗寫(xiě)在答題卡上。寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。1.在如圖所示的核反應(yīng)堆中，用中子轟擊生成更穩(wěn)定的、和粒子X(jué)，可實(shí)現(xiàn)可控的鏈?zhǔn)椒磻?yīng)以釋放核能，鎘棒能很好地吸收熱中子。下列說(shuō)法正確的是（）A.柆子X(jué)為質(zhì)子B.該核反應(yīng)與太陽(yáng)上主要進(jìn)行的核反應(yīng)相同C.該核反應(yīng)為重核的裂變D.的質(zhì)量比與的總質(zhì)量小〖答案〗C〖解析〗A．我們寫(xiě)出核反應(yīng)方程為根據(jù)電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒，可以計(jì)算出X的電荷數(shù)為0，質(zhì)量數(shù)為3，是3個(gè)中子，故A錯(cuò)誤；BC．該反應(yīng)為核裂變，而太陽(yáng)上主要進(jìn)行的是輕核聚變，不是同種核反應(yīng)，B錯(cuò)誤，C正確；D．裂變過(guò)程會(huì)釋放出核能，有質(zhì)量虧損，故D錯(cuò)誤。故選C。2.據(jù)中國(guó)載人航天工程辦公室2023年3月12日消息，目前，“神舟十五號(hào)”內(nèi)的航天員狀態(tài)良好，計(jì)劃于2023年6月返回地面。航天員能在飛船內(nèi)處于漂浮狀態(tài)，關(guān)于這種狀態(tài)，下列說(shuō)法正確的是（）A.航天員所受的合力為零B.航天員遠(yuǎn)離地球，不受到地球的引力C.飛船對(duì)航天員的支持力大于航天員對(duì)飛船的壓力D.航天員受到的地球的萬(wàn)有引力提供其隨飛船運(yùn)動(dòng)所需的向心力〖答案〗D〖解析〗AD．航天員能在飛船內(nèi)處于漂浮狀態(tài)，隨飛船做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力，所以合力不為零，A錯(cuò)誤，D正確；B．航天員雖然遠(yuǎn)離地球，但是仍然受到地球的引力作用，B錯(cuò)誤；C．飛船對(duì)航天員的支持力與航天員對(duì)飛船的壓力屬于作用力與反作用力，兩者等大反向，C錯(cuò)誤。故選D。3.甲、乙兩只鴛鴦在湖面上追逐嬉戲。甲、乙從同一位置出發(fā)沿同一直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的位移—時(shí)間圖像分別如圖線(xiàn)1、2所示，圖線(xiàn)2是頂點(diǎn)在坐標(biāo)原點(diǎn)的拋物線(xiàn)的一部分，、均為已知量。下列說(shuō)法正確的是（）A.甲做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)B.在時(shí)刻，乙在甲的前方C.乙做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，加速度大小為D.在時(shí)刻，甲、乙的速度相等〖答案〗D〖解析〗A．位移—時(shí)間圖像的斜率表示速度，甲的位移—時(shí)間圖像為一條傾斜的直線(xiàn)，斜率一定，可知，甲做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；B．甲、乙從同一位置出發(fā)，根據(jù)圖像可知，在時(shí)刻，兩者位置坐標(biāo)相同，表明此時(shí)兩者位于同一位置，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)由于圖線(xiàn)2是頂點(diǎn)在坐標(biāo)原點(diǎn)的拋物線(xiàn)的一部分，結(jié)合上述函數(shù)，可知乙做初速度為0的勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，將、代入上述函數(shù)可得C錯(cuò)誤；D．甲的速度乙在時(shí)刻的速度即在時(shí)刻，甲、乙的速度相等，D正確。故選D。4.勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直紙面向內(nèi)，紙面內(nèi)有一通電導(dǎo)體棒，電流方向如圖所示．保持電流大小不變，以導(dǎo)體棒的中點(diǎn)為轉(zhuǎn)軸，在紙面內(nèi)逆時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)的過(guò)程中，導(dǎo)體棒所受的安培力大小（）A.不變 B.一直變大C.先變大后變小 D.先變小后變大〖答案〗A〖解析〗導(dǎo)體棒在紙面內(nèi)逆時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)的過(guò)程中，電流方向始終與磁場(chǎng)方向垂直，根據(jù)安培力的表達(dá)式易知，導(dǎo)體棒所受的安培力大小不變。故A正確；BCD錯(cuò)誤。故選A。5.如圖所示，有一束平行于等邊三棱鏡截面ABC的復(fù)色光從空氣射向AB邊的中點(diǎn)D，經(jīng)三棱鏡折射后分為a、b兩束單色光，單色光a偏折到BC邊的中點(diǎn)E，單色光b偏折到F點(diǎn)，則下列說(shuō)法正確的是（）A.a光的折射率大于b光的折射率B.在棱鏡中a光的傳播速度大于b光的傳播速度C.分別通過(guò)同一雙縫干涉裝置，a光的相鄰亮條紋間距大D.若a光恰好能使某種金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則b光也能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)〖答案〗A〖解析〗A．由題圖可知，a光的偏折程度較大，a光的折射率大于b光的折射率，A正確；B．由可知，在棱鏡中a光的傳播速度小于b光的傳播速度，B錯(cuò)誤；C．a(chǎn)光的折射率大，波長(zhǎng)較短，由可知，分別通過(guò)同一雙縫干涉裝置，a光的相鄰亮條紋間距小，C錯(cuò)誤；D．a(chǎn)光的折射率大，頻率較高，若a光恰好能使某種金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則b光不一定能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，D錯(cuò)誤。故選A。6.一同學(xué)在室內(nèi)空調(diào)顯示屏上看到室內(nèi)的空氣溫度，為了測(cè)出室外的空氣溫度，他將一近似球形的氣球在室內(nèi)吹大并放置較長(zhǎng)一段時(shí)間后，測(cè)量其直徑為之后拿到室外并放置較長(zhǎng)一段時(shí)間后，測(cè)量其直徑為，若不考慮氣球表皮的彈力變化，且氣球吹大后視為球體，大氣壓不變，室內(nèi)、外的溫度均保持不變，則（）A.氣球內(nèi)氣體對(duì)外界做負(fù)功B.氣球內(nèi)氣體對(duì)外界不做功C.室外溫度比室內(nèi)溫度高D.氣球在室外放出了熱量〖答案〗C〖解析〗AB．氣球直徑變大，說(shuō)明氣體體積變大，說(shuō)明氣體對(duì)外界做功，AB錯(cuò)誤；C．根據(jù)可知，體積變大，溫度升高，所以室外溫度比室內(nèi)溫度高，C正確；D．根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，溫度升高，氣體內(nèi)能增大；體積變大，氣體對(duì)外界做功；所以氣體從外界吸收熱量，D錯(cuò)誤。故選C。7.某靜電除塵裝置由帶正電金屬圓筒Q和帶負(fù)電的線(xiàn)狀電極P組成，其橫截面上的電場(chǎng)線(xiàn)分布如圖所示，A、B、M、N四點(diǎn)到P距離相等，則（）A.A、B兩點(diǎn)電勢(shì)相等BM、N兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同C.帶負(fù)電的粉塵從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，電勢(shì)能增大D.帶電荷量均為的粉塵由P分別運(yùn)動(dòng)到A、B兩點(diǎn)時(shí)，電場(chǎng)力所做的功〖答案〗D〖解析〗A．A、B到P距離相等，由電場(chǎng)線(xiàn)分布情況可知，A點(diǎn)到P的平均電場(chǎng)強(qiáng)度大于B點(diǎn)到P的平均電場(chǎng)強(qiáng)度，則有可知A、B兩點(diǎn)電勢(shì)不相等，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)對(duì)稱(chēng)性可知M、N兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向不同，故B錯(cuò)誤；C．帶負(fù)電的粉塵從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故C錯(cuò)誤；D．帶電荷量均為的粉塵由P分別運(yùn)動(dòng)到A、B兩點(diǎn)時(shí)，電場(chǎng)力做功分別為，由于可得故D正確。故選D。8.如圖所示，半徑為3R的半圓柱體P靜止在水平地面上，靜止于P上的光滑小圓柱體Q質(zhì)量為m，半徑為R，此時(shí)豎直擋板MN恰好與P、Q相切，重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是（）A.P對(duì)Q的彈力與擋板MN對(duì)Q的彈力之比為B.若擋板水平向右緩慢移動(dòng)一小段距離且P仍靜止時(shí)，P受到地面的摩擦力不變C.若擋板水平向右緩慢移動(dòng)一小段距離且P仍靜止時(shí)，P受到地面的支持力不變D.若P向左緩慢移動(dòng)一小段距離后，Q受到P的彈力變小〖答案〗C〖解析〗A．對(duì)圓柱體Q受力分析，受到重力、擋板MN的彈力和P對(duì)Q的彈力，如圖所示由幾何關(guān)系得可得根據(jù)受力平衡可得，P對(duì)Q的彈力與擋板MN對(duì)Q的彈力之比為故A錯(cuò)誤；BC．對(duì)P、Q整體受力分析，受重力、地面支持力、MN擋板對(duì)其向左的彈力和地面對(duì)其向右的摩擦力，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有，擋板水平向右緩慢移動(dòng)一小段距離且P仍靜止時(shí)，逐漸減小，逐漸減小，則P受到地面的摩擦力逐漸增大，P受到地面的支持力不變，故B錯(cuò)誤，C正確；D．若P向左緩慢移動(dòng)一小段距離后，根據(jù)由于逐漸減小，逐漸減小，則Q受到P的彈力變大，故D錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共5小題，每小題4分，共20分。每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分.9.下列實(shí)例屬于超重現(xiàn)象的是（）A.汽車(chē)駛過(guò)拱形橋頂端 B.蕩秋千的小孩通過(guò)最低點(diǎn)C.跳水運(yùn)動(dòng)員被跳板彈起，離開(kāi)跳板向上運(yùn)動(dòng) D.火箭點(diǎn)火后加速升空〖答案〗BD〖解析〗A．汽車(chē)駛過(guò)拱形橋頂端時(shí)，向心加速度向下，汽車(chē)處于失重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B．蕩秋千的小孩通過(guò)最低點(diǎn)，向心加速度向上，小孩處于超重狀態(tài)，故B正確；C．跳水運(yùn)動(dòng)員被跳板彈起，離開(kāi)跳板向上運(yùn)動(dòng)，加速度為重力加速度，豎直向下，處于失重狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；D．火箭點(diǎn)火后加速升空，加速度向上，處于超重狀態(tài)，故D正確。故選BD。10.變壓器是輸配電的基礎(chǔ)設(shè)備，廣泛應(yīng)用于工業(yè)、農(nóng)業(yè)、交通、城市社區(qū)等領(lǐng)域。某理想變壓器的簡(jiǎn)化模型如圖所示，原線(xiàn)圈所接交流電源電壓的有效值不變，電流表和電壓表均為理想電表，若副線(xiàn)圈所接的負(fù)載電阻的阻值變大，則下列說(shuō)法正確的是（）A.電源的輸出功率減小B.電壓表的示數(shù)變大C.電流表的示數(shù)變小D.負(fù)載的電功率變大〖答案〗AC〖解析〗B．根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，可知原線(xiàn)圈輸入的電壓U1不變，所以副線(xiàn)圈的電壓U2不變，所以電壓表示數(shù)不變，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)歐姆定律有若副線(xiàn)圈所接的負(fù)載電阻的阻值變大，則I2減小，根據(jù)電流跟匝數(shù)成反比可知，輸入端I1減小，即電流表的示數(shù)變小，故C正確；AD．根據(jù)功率關(guān)系有可知U1不變，I1減小，則電源的輸出功率減小，負(fù)載的電功率也減小，故A正確，D錯(cuò)誤。故選AC。11.在短道速滑比賽中，“接棒”的運(yùn)動(dòng)員甲提前站在“交棒”的運(yùn)動(dòng)員乙前面，并且開(kāi)始向前滑行，待乙追上甲時(shí)，乙猛推甲一把，使甲獲得更大的速度向前沖出。在乙推甲的過(guò)程中，忽略運(yùn)動(dòng)員與冰面之間在水平方向上的相互作用，則（）A.甲對(duì)乙的沖量與乙對(duì)甲的沖量不同B.甲、乙的動(dòng)量變化量的大小一定相同C.甲的動(dòng)能增加量一定等于乙的動(dòng)能減少量D.甲與乙的加速度大小一定相等，方向相反〖答案〗AB〖解析〗A．甲對(duì)乙的作用力與乙對(duì)甲的作用力是相互作用力，大小相等，方向相反，根據(jù)沖量定義可知，甲對(duì)乙的沖量與乙對(duì)甲的沖量大小相等，方向相反，可知甲對(duì)乙的沖量與乙對(duì)甲的沖量不同，故A正確；B．由于忽略運(yùn)動(dòng)員與冰面之間在水平方向上的相互作用，對(duì)甲乙分析可知，甲對(duì)乙的作用力等于乙所受外力的合力，乙對(duì)甲的作用力等于甲所受外力的合力，即甲乙所受外力的合力大小相等，方向相反，則甲乙合力的沖量大小相等，方向相反，根據(jù)動(dòng)量定理可知，甲、乙的動(dòng)量變化量的大小一定相同，方向一定相反，故B正確；C．根據(jù)，解得由于甲乙的質(zhì)量關(guān)系不確定，則甲的動(dòng)能增加量不一定等于乙的動(dòng)能減少量，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)牛頓第二定律有解得根據(jù)上述，甲乙所受合力大小相等，由于甲乙質(zhì)量不確定，則甲與乙的加速度方向一定相反，大小不一定相等，故D錯(cuò)誤。故選AB。12.如圖所示，質(zhì)量均為m的A、B兩物塊置于水平地面上，物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，物塊間用一水平輕繩相連，繩中無(wú)拉力?，F(xiàn)用水平力F向右拉物塊A，假設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g。下列說(shuō)法中正確的是（）A.當(dāng)時(shí)，繩中拉力為0B.當(dāng)時(shí)，繩中拉力等于0C.當(dāng)時(shí)，繩中拉力等于D.無(wú)論F多大，繩中拉力都不可能等于〖答案〗AC〖解析〗A．當(dāng)0<F≤μmg時(shí)，A受到拉力與靜摩擦力的作用，二者可以平衡，繩中拉力為0，故A正確；B．當(dāng)μmg<F≤2μmg時(shí)，整體受到拉力與摩擦力的作用，二者平衡，所以整體處于靜止?fàn)顟B(tài)．此時(shí)A受到的靜摩擦力到達(dá)最大即μmg，所以繩中拉力為F-μmg，故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)F>2μmg時(shí)，對(duì)整體對(duì)B聯(lián)立解得繩中拉力為故C正確；D．由B的分析可知，當(dāng)μmg<F≤2μmg時(shí)繩中拉力為F-μmg，繩中拉力可能等于，故D錯(cuò)誤。故選AC。13.如圖所示，相距為d的兩根足夠長(zhǎng)平行光滑直導(dǎo)軌放置在絕緣水平面上，導(dǎo)軌左側(cè)與阻值為的電阻相連，虛線(xiàn)右側(cè)導(dǎo)軌處于豎直向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。一質(zhì)量為、電阻為、長(zhǎng)度略大于的導(dǎo)體棒垂直于導(dǎo)軌放置在虛線(xiàn)左側(cè)，導(dǎo)體棒到虛線(xiàn)的距離為。某時(shí)刻給導(dǎo)體棒一沿導(dǎo)軌向右的水平恒力，導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場(chǎng)后恰好做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，不計(jì)導(dǎo)軌電阻。若導(dǎo)體棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)撤去水平恒力，導(dǎo)體棒在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，則下列說(shuō)法正確的是（）A.導(dǎo)體棒所受的水平恒力大小為B.導(dǎo)體棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，電阻兩端的電壓為C.從剛撤去水平恒力至導(dǎo)體棒停下，通過(guò)導(dǎo)體棒的總電荷量為D.進(jìn)入磁場(chǎng)后，導(dǎo)體棒向右運(yùn)動(dòng)的最大位移為2〖答案〗AD〖解析〗A．導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場(chǎng)前由動(dòng)能定理有進(jìn)入磁場(chǎng)后導(dǎo)體棒做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，有解得導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)的速度水平恒力故A正確；B．剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)導(dǎo)體棒切割磁感線(xiàn)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)電阻R兩端的電壓故B錯(cuò)誤；C．撤去水平恒力后，由于水平方向上導(dǎo)體棒只受安培力，由動(dòng)量定理可知以平均電流計(jì)算可知故C錯(cuò)誤；D．由解得故D正確。故選AD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，每空2分，共20分。14.（1）某實(shí)驗(yàn)小組在實(shí)驗(yàn)室做“單擺測(cè)定重力加速度”的實(shí)驗(yàn)，如圖甲所示。①擺球的直徑用螺旋測(cè)微器測(cè)出，如圖乙所示，讀數(shù)是__________；②甲同學(xué)用正確的實(shí)驗(yàn)方法測(cè)出擺線(xiàn)的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，擺球的直徑為d，N次全振動(dòng)的總時(shí)間為t，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮開(kāi)_________（結(jié)果用L、d、N、t等字母表示）；（2）某同學(xué)用圖甲的裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。大小相同的兩小球P、Q分別固定在輕桿兩端，輕桿可繞固定于中點(diǎn)O的光滑水平軸在豎直面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)，O點(diǎn)正下方有一光電計(jì)時(shí)器，小球通過(guò)計(jì)時(shí)器時(shí)其球心恰好與光電門(mén)等高。測(cè)得小球的直徑為d，兩球球心間的距離為L(zhǎng)，P球質(zhì)量是Q球質(zhì)量的2倍。Q球質(zhì)量為m，重力加速度為g?，F(xiàn)將輕桿拉至水平位置并由靜止釋放，當(dāng)P球第一次通過(guò)光電門(mén)時(shí)，計(jì)時(shí)器顯示的遮光時(shí)間為。回答下列問(wèn)題：①用游標(biāo)卡尺測(cè)量d時(shí)如圖乙所示，則__________；②小球P經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)速度的表達(dá)式為_(kāi)_________（用已知量和測(cè)得量的符號(hào)表示）；③小球P從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)過(guò)程，PQ系統(tǒng)重力勢(shì)能的減小量__________，若此過(guò)程中P、Q構(gòu)成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，則需要驗(yàn)證的關(guān)系式為_(kāi)_________（用已知量和測(cè)得量的符號(hào)表示）。〖答案〗（1）5.980##5.981##5.982##5.979##5.978（2）〖解析〗（1）[1]螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為[2]單擺的周期為根據(jù)單擺周期公式可得可得（2）[3]20分度游標(biāo)卡尺的精確度為，則游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為[4]小球P經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)速度為[5]PQ系統(tǒng)重力勢(shì)能的減小量為[6]根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得可得15.小李同學(xué)計(jì)劃測(cè)量一未知型號(hào)電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。（1）小李先用多用電表直流電壓擋直接接在該電池兩極粗測(cè)電池的電動(dòng)勢(shì)，多用電表的示數(shù)如圖甲所示，則該電池的電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)_____。（2）為了精確測(cè)量該電池電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，小李從實(shí)驗(yàn)室里借到了以下實(shí)驗(yàn)器材：A．電流表A1，量程為，內(nèi)阻；B．電流表A2，量程為，內(nèi)阻；C．滑動(dòng)變阻器；D．定值電阻；E．定值電阻；F．定值電阻；G．開(kāi)關(guān)一個(gè)、導(dǎo)線(xiàn)若干。為了較準(zhǔn)確地測(cè)量該電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，小李設(shè)計(jì)了如圖乙所示的實(shí)驗(yàn)電路。①與電流表A2串聯(lián)的電阻應(yīng)當(dāng)選擇______（填“”或“”）。②閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)整滑動(dòng)變阻器的滑片位置，把電流表A1的示數(shù)記作、電流表A2的示數(shù)記作，記錄多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，利用數(shù)據(jù)作出圖像如圖丙