2021年山東省聊城市高考物理二模試卷(含答案詳解)

2021年山東省聊城市高考物理二模試卷

一、單選題（本大題共8小題，共24.0分）

1.如圖所示，印度第一艘自主研發(fā)的核潛艇于2009年7月26日正式下水，成為世界第六個擁有核

潛艇的國家.核動力潛艇是潛艇中的一種類型，指以核反應(yīng)堆為動力來源設(shè)計的潛艇.在核反

應(yīng)中有一種是一個初5。原子核在中子的轟擊下發(fā)生的一種可能的裂變反應(yīng)，其裂變方程為

H5U+H-X+黑Sr+10加，則下列敘述正確的是（）

|\?UjSil機(jī)?

A.X原子核中含有54個質(zhì)子

B.X原子核中含有53個中子

C.裂變時釋放能量是因為虧損的質(zhì)量變成了能量

D.裂變時釋放能量，出現(xiàn)質(zhì)量虧損，質(zhì)量數(shù)不守恒

2.如圖所示，斜面體B靜置于水平桌面上。一質(zhì)量為m的木塊4從斜面底

端開始以初速度為沿斜面上滑，然后又返回出發(fā)點，此時速度為外且

v<v0?在木塊運動的過程中斜面體始終保持靜止，則下列說法中正

確的是（）

A.4上滑過程中桌面對B的支持力比下滑過程中大

B.A上滑與下滑過程中桌面對8的靜摩擦力大小相等

C.4上滑時機(jī)械能的減小量等于克服重力做功與產(chǎn)生的內(nèi)能之和

D.在4上滑與下滑的過程中4、B系統(tǒng)損失的機(jī)械能相等

3.對于一個大氣壓下io（rc的水變成io（rc的水蒸氣的過程中，下列說法中正確的是（）

A.內(nèi)能增加，對外界做功，一定是吸熱

B.內(nèi)能不變，對外界做功，從外界吸熱

C.內(nèi)能減少，不對外界做功，向外界放熱

D.內(nèi)能增加，對外界做功，向外界放熱

4.如圖所示，4、B兩球由一根輕質(zhì)彈簧相連，用細(xì)線懸掛于天花板上且靜止不

動,兩球質(zhì)量MB=2小，如果突然剪斷細(xì)線，則在剪斷細(xì)線瞬間（重力加速

度為9）（）

A.A球加速度為3g,B球加速度為g“6

B.4球加速度為g,B球加速度為0

C.4球加速度為3g,B球加速度為0

D.4球加速度為［g,8球加速度為g

5.小明的爺爺退休生活充實有趣，養(yǎng)鳥是他的眾多愛好之一。他在陽臺頂上豎直

掛三根一樣的輕質(zhì)橡皮條，橡皮條下面均勻地連接在質(zhì)量小1=0.6kg的水平托

盤的邊緣上（如圖所示）?，F(xiàn)有一只質(zhì)量旭2=0.3kg的小鳥靜止在托盤中央，此

時每根橡皮條均由原來的20cm伸長到25cm。設(shè)橡皮條受力與形變量關(guān)系滿足胡

克定律，g取10N/kg,則每根橡皮條的勁度系數(shù)為（）

A.0.6/V/mB,1.8/V/mC.60/V/mD.180N/m

6.如圖所示，有一帶正電的點電荷甲固定于Q點，一帶電粒子乙在庫侖力廠

作用下，做以Q為焦點的橢圓運動，M、N為橢圓長軸端點上的兩點，

下列說法正確的是（）

A.乙一定帶正電

B.乙從M點到N點受甲的斥力作用

C.乙從M點的電勢能大于N點的電勢能

D.乙在M點的加速度大于在N點的加速度

7.振源以原點。為平衡位置，沿y軸方向做簡諧運動，它激發(fā)的簡諧波在久軸上沿正負(fù)兩個方向傳

播，在某一時刻沿x軸正向傳播的波形如圖所示.在原點的左方有一質(zhì)元P,從圖示時刻開始,

經(jīng)過!周期，質(zhì)元P所在的位置以及振動方向為（）

O

A.x軸上方，向上運動B.x軸上方，向下運動

C.x軸下方，向上運動D.x軸下方，向下運動

8.如圖所示，小物體4與圓盤保持相對靜止跟著圓盤一起做勻速圓周運動，則4受

力情況是（）

A.重力、支持力

B.重力、向心力

C.重力、支持力、向心力

D.重力、支持力、摩擦力

二、多選題（本大題共4小題，共16.0分）

9.一定質(zhì)量的理想氣體,其起始狀態(tài)和終了狀態(tài)分別與圖中的4點和B點相對

應(yīng)，它們的壓強(qiáng)相等，則下列過程中可能的是（）

A.先保持體積不變增大壓強(qiáng)，后保持溫度不變減小體積

B.先保持溫度不變增大壓強(qiáng)，后保持體積不變升高溫度

C.先保持溫度不變減小壓強(qiáng)，后保持體積不變升高溫度

D.先保持體積不變減小壓強(qiáng)，后保持溫度不變減小體積

10.某同學(xué)將一直流電源的總功率PE、輸出功率PR和電源內(nèi)部的發(fā)熱功率R隨

電流/變化的圖線畫在了同一坐標(biāo)系上，如圖中的a、從c所示。以下判斷

正確的是（）

A.直線a表示電源的總功率4-/圖線

B.曲線c表示電源的輸出功率PR-/圖線

C.電源的電動勢E=3心內(nèi)阻r=10

D.電源的最大輸出功率En=2W

11.如圖所示為理想變壓器，原、副線圈匝數(shù)比為2：1,原線圈接交流電壓a=220sinl00兀力，圖

中電壓表和電流表為理想電表，氏為負(fù)溫度系數(shù)的熱敏電阻（當(dāng)溫度升高時阻值減?。瑒t正確

的是（）

A.交流電壓的有效值是220V

B.電壓表示數(shù)是110V

C.當(dāng)此處溫度降低時，電壓表示數(shù)不變

D.當(dāng)&處溫度降低時，此變壓器的輸入功率將變小

12.汽車油量表的工作原理圖如圖所示，物體M為油面上的浮子，浮子帶動滑

動變阻器的金屬滑桿P上下移動，通過理想電壓表反映油箱內(nèi)油量的大小

則由圖可知（）

A.滑動觸頭P向上運動時，電壓表示數(shù)變大

B.不論電壓表示數(shù)多大，電源內(nèi)的電流不發(fā)生變化

C.電壓表示的數(shù)為零時，電源內(nèi)沒有電流

D.滑動觸頭P滑動到電阻的最上端時，電源內(nèi)的電流最大

三、實驗題（本大題共2小題，共14.0分）

13.如圖（甲）是用“雙縫干涉測量光的波長”實驗設(shè)備實物圖。

濾光片單縫雙縫遮光筒屏

光源卞￡*「丁與

△圖（甲）,

已知單縫與雙縫間的距離=200TWH,雙縫與屏的距離乙2=800?mn,雙縫間距d=0.25?nni。用

測量頭來測量亮紋中心的距離，測量頭由分劃板、目鏡手輪等構(gòu)成，轉(zhuǎn)動手輪，使分劃板左右

移動，讓分劃板的中心刻線對準(zhǔn)第1條亮紋的中心（如圖（乙）所示），記下此時手輪上的讀數(shù)

mm,轉(zhuǎn)動測量頭，使分劃板中心刻線對準(zhǔn)第4條亮紋的中心，記下此時手輪上的讀數(shù),

如圖（丙）所示。則該光被的波長為m.（保留兩位有效數(shù)字）若在調(diào)節(jié)過程中觀察到如圖（丁

）所示的干涉條紋，則出現(xiàn)這種現(xiàn)象的原因是

4單縫與雙縫不平行

8.單縫與雙縫的距離太近

C.設(shè)備安裝時，沒有調(diào)節(jié)光源的高度，使光線把整個光屏都照亮

14.在“測定金屬的電阻率”的實驗中，用螺旋測微器測量金屬絲直徑時的刻度如圖乙所示，用米

尺測出金屬絲的長度L,金屬絲的電阻大約為50,等角和伏安法測出金屬絲的電阻R,然后根據(jù)

電阻定律計算出該金屬材料的電阻率.

（1）從圖中讀出金屬絲的直徑為mm.

（2）為此取來兩節(jié)新的干電池、電鍵和若干導(dǎo)線及下列器材:

A.電壓表。?3U,內(nèi)阻10"

8.電壓表0?15V,內(nèi)阻50ko

C.電流表0?0.64,內(nèi)阻0.050

D電流表0?34電阻0.010

￡滑動變阻器，0?10。

F.滑動變阻器，0?1000

①要求較準(zhǔn)確的測出其阻值，電壓表應(yīng)選,電流表應(yīng)選，滑動變阻器應(yīng)選（填

序號）

②實驗中某同學(xué)連接的實物裝置如圖甲所示，其中有兩處明顯錯誤，分別是導(dǎo)線和的

連接.

圖甲圖乙

四、計算題（本大題共4小題，共46.0分）

15.汽車發(fā)動機(jī)的功率為60Kl4Z,汽車的質(zhì)量為4x103kg當(dāng)汽車在足夠水平路面從靜止以（）,6m/s2

的加速度做勻加速直線運動.求：（己知汽車在行駛中所受路面阻力恒定為重力的0.1倍，g取

10m/s2）

（1）汽車在水平路面能達(dá)到的最大速度為

（2）汽車在水平路面做勻加速運動能維持多長時間？

16.如圖所示，OMN是放置在水平面上一半徑為R的］球體玻璃磚，其折--------

射率為％.J7"

①圖中玻璃石專右側(cè)有一束從球心。開始的單色平行光垂直于MO從空氣

射入玻璃磚，已知單色光寬度等于求光束中的光線射出玻璃磚時最大的折射角；

②圖中玻璃磚左側(cè)有一細(xì)束光水平射到球體表面MN,經(jīng)折射后從0M邊射出的光線出射角為60。,

求入射光線與桌面的距離.

17.在xOy平面第I、IV'象限內(nèi)，存在沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場，在

第口、HI象限內(nèi)，存在垂直于xoy平面的勻強(qiáng)磁場，方向如圖所

示，磁感應(yīng)強(qiáng)度B1=B,兩帶電粒子a、b同時分別從第I、W

象限的P、Q兩點(圖中沒有標(biāo)出)由靜止釋放，經(jīng)時間t同時進(jìn)入

勻強(qiáng)磁場中，且第一次經(jīng)過x軸時恰好都過點M(-國。0).粒子a

在M點時的速度方向與x軸正方向成60。角，且第一次在第口、m

象限磁場中運動的時間分別為t、4t,不計粒子重力和兩粒子間相互作用.求:

(1)磁感應(yīng)強(qiáng)度/的大??；

(2)b粒子在第HI象限磁場中運動的軌道半徑；

(3)若a、b兩粒子經(jīng)過M點時速度之比為2：1,求粒子b釋放位置Q的坐標(biāo).

XXXXX

18.如圖所示，直線MN上方有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度

為B,電子1從磁場邊界上的a點垂直MN和磁場方向以速度火射入

磁場，從b點離開磁場，之后電子2也由a點沿圖示方向以相同速率

垂直磁場方向射入磁場，從a、b連線的中點c離開磁場。已知電子質(zhì)量m,帶電荷量為e,求:

(1)電子1在磁場中運動的半徑6；

(2)電子1在磁場中運動的時間q；

(3)電子2在磁場中運動的時間t2。

參考答案及解析

1.答案：A

解析:解：由核反應(yīng)方程的質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知:X原子核中含有92-38=54個質(zhì)子,235+

1-94-10-54=78個中子；釋放能量不是質(zhì)量變成了能量，而是虧損的質(zhì)量以能量的形式釋放.

故選：A

根據(jù)核反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)和核電荷數(shù)均守恒，即可求解.

本題題干較長，涉及信息較多，但真正有用信息是考查核反應(yīng)方程.

2.答案：D

解析：解：由于所以物體4在滑動過程中受到滑動摩擦力作用；物體a受到的滑動摩擦力%=

林mgcos。,物體4受到的摩擦力與4對B的摩擦力是作用力與反作用力，故方=%=/=nmgcosd,

對斜面體B進(jìn)行受力分析，物體4向上滑動時，B受力如圖甲所示；物體4向下滑動時，斜面體受力如

圖乙所示；

A、物體B處于平衡狀態(tài)，由平衡條件得

FN1=G+Ncosd-fiSinB；FN2=G+NcosO+f2sin0；

所以FN2>FNI，即下滑的支持力大于上滑的支持力，故A錯誤；

B、物體B靜止，處于平衡條件，由平衡條件得/=Acos。+Nsindf=Nsin9-f2cos9；

故/>/',物體4向上滑行時桌面對B的摩擦力大，物體4下滑時，桌面對B的摩擦力小，故8錯誤；

C、除重力之外的力做功，導(dǎo)致機(jī)械能變化，因此4上滑時機(jī)械能的減小量等于產(chǎn)生的內(nèi)能，故C錯

誤；

?！鄙匣^程與下滑過程，因滑動摩擦力做功導(dǎo)致機(jī)械能損失，由于兩種情況下滑動摩擦力做功一樣,

所以A、B系統(tǒng)損失的機(jī)械能也相等，故。正確。

故選：Do

對Z進(jìn)行受力分析，由牛頓第二定律判斷加速度的大小，由滑動摩擦力公式判斷4受到的滑動摩擦力

如何變化；對物體B受力分析，然后根據(jù)平衡條件分析答題.

本題考查受力分析、牛頓第二定律以及機(jī)械能守恒定律，對物體正確受力分析、熟練應(yīng)用平衡條件

是正確解題的關(guān)鍵；解題時要注意受力分析的順序，先對4受力分析，然后再對B受力分析.

3.答案：A

解析：解：水變成同溫度的水蒸氣的過程中，分子的平均動能不變，克服分子力做功，分子勢能增

加，故內(nèi)能增加，一定是從外界吸收熱量，故A正確，88錯誤。

故選：Ao

溫度是分子平均動能的標(biāo)志，溫度不變平均動能不變，水變成同溫度的水蒸氣的過程要吸收熱量，

平均動能不變，分子勢能增加，水變成同溫度的水蒸氣的過程要對外做功。根據(jù)熱力學(xué)第一定律分

析。

本題考查了溫度是分子平均動能的標(biāo)志，熱力學(xué)第一定律的公式應(yīng)用。也可以根據(jù)能量守恒定律理

解。

4.答案：C

解析：解：懸線剪斷前，以B為研究對象可知：彈簧的彈力尸=mpg似人B整體為研究對象，可知

懸線的拉力為7=(mA+mB}g

剪斷懸線瞬間，彈簧的彈力不變，仍為尸根據(jù)牛頓第二定律得：

m

對4mAg+F=mAaA,又尸=巾8。，B=2mA,得4=3g

對B：F-mBg=maB,F=mBg,得知=0,故A3。錯誤，C正確。

故選：Co

懸線剪斷前，分別以兩球整體和B球為研究對象，求出懸線的拉力和彈簧的彈力。突然剪斷懸線瞬間，

彈簧的彈力沒有來得及變化，分析瞬間兩球的受力情況，由牛頓第二定律求解加速度。

本題是動力學(xué)中典型的問題：瞬時問題，往往先分析懸線剪斷前彈簧的彈力，再分析懸線判斷瞬間

物體的受力情況，再求解加速度，關(guān)鍵要抓住懸線剪斷瞬間彈力沒有來得及變化來分析。

5.答案：C

解析：解：三根橡皮條的拉力之和與托盤和鳥的重力之和平衡，則

3k(I-10)=(磯+m2)g

解得：k=卓渭誓=舞鬻粽)N//=60N/m,故A3。錯誤，C正確。

故選：Co

以整體為研究對象，根據(jù)胡克定律和平衡條件列方程，從而求出彈簧的勁度系數(shù)。

本題考查整體法在平衡問題中的應(yīng)用，受力分析列出平衡方程是解題關(guān)鍵。另外本題中的三根彈簧

應(yīng)分別根據(jù)胡克定律列出各自的彈力，再求出合力，不能看成一根彈簧。

6.答案：D

解析：解：AB,由圖可知帶電粒子在繞Q點做橢圓運動，點電荷對帶電粒子的庫侖力一定是吸引力，

所以帶電粒子與點電荷的電性相反，即乙?guī)ж?fù)電，故AB錯誤；

C、由橢圓運動的特點可知：M點的速度大于N點的速度，所以帶電粒子從M點運動到N點的過程中

電場力做負(fù)功，電勢能增加，即乙在M點的電勢能小于N點的電勢能，故C錯誤；

。、帶電粒子在M點距離小于N點，根據(jù)庫侖定律可知，則所受的庫侖力一定大于N點的庫侖力，根

據(jù)牛頓第二定律可知，乙在M點的加速度大于在N點的加速度，故。正確.

故選：D.

帶電粒子在繞Q點做橢圓運動，甲點電荷對乙?guī)щ娏Ｗ右欢ㄊ俏?，根?jù)電場力對帶電粒子的做

功情況判斷M點和N點的電勢能大小關(guān)系.根據(jù)庫侖定律和牛頓第二定律判斷加速度大小.

本題主要考查了同學(xué)們識圖的能力，知道做橢圓運動的物體在靠近焦點的軌道上運動的速度大于遠(yuǎn)

離焦點軌道上的速度，難度不大，屬于基礎(chǔ)題.

7.答案：C

解析：解：因為波源在。點，向左向右傳播，距離波源距離相等的點振動情況一致，知此時P點處于

波谷，經(jīng)過;個周期，質(zhì)點處于x軸下方，向上運動。故C正確，4B、。錯誤。

O

故選：Co

激發(fā)的振源簡諧波在x軸上沿正負(fù)兩個方向傳播，根據(jù)對稱性進(jìn)行分析.

本題關(guān)鍵抓住對稱性進(jìn)行分析，即左右兩側(cè)相對于y軸距離相等的點，振動總是相同.

8.答案：D

解析：解：物體在水平面上，一定受到重力和支持力作用，物體在轉(zhuǎn)動過程中，有背離圓心的運動

趨勢，因此受到指向圓心的靜摩擦力，且靜摩擦力提供向心力，故48c錯誤，。正確。

故選：D。

向心力是根據(jù)效果命名的力，只能由其它力的合力或者分力來充當(dāng)，不是真實存在的力，不能說物

體受到向心力.

本題學(xué)生很容易錯誤的認(rèn)為物體受到向心力作用，要明確向心力的特點，同時受力分析時注意分析

力先后順序，即受力分析步驟.

9.答案：CD

解析：解：力、由理想氣體的狀態(tài)方程華=c可知，先保持體積不變增大壓強(qiáng)，氣體溫度r升高，再

保持溫度不變減小體積，氣體壓強(qiáng)增大，最終氣體壓強(qiáng)變大，故A錯誤；

B、由理想氣體的狀態(tài)方程岸=C可知，先保持溫度不變增大壓強(qiáng)，氣體體積U減小，后保持體積不

變升高溫度，壓強(qiáng)增大，最終氣體壓強(qiáng)增大，故8錯誤；

C、由理想氣體的狀態(tài)方程牛=C可知，先保持溫度不變減小壓強(qiáng)，體積增大，后保持體積不變升高

溫度，壓強(qiáng)增大，最終可能保持壓強(qiáng)不變，故C正確；

。、由理想氣體的狀態(tài)方程空=C可知，先保持體積不變減小壓強(qiáng)，溫度降低，后保持溫度不變減小

體積，壓強(qiáng)增大，最終壓強(qiáng)可能不變，故。正確。

故選：CD。

應(yīng)用理想氣體的狀態(tài)方程即=C分析，看各變化過程能否實現(xiàn)。

該題結(jié)合理想氣體的狀態(tài)方程考查可能的氣體狀態(tài)變化的過程，要注意只有遵守理想氣體狀態(tài)方程

的過程才是有可能實現(xiàn)的過程，熟練應(yīng)用理想氣體狀態(tài)方程即可正確解題。

10.答案:AD

解析：

根據(jù)電源消耗的總功率的計算公式PE=E/可得電源的總功率與電流的關(guān)系，根據(jù)電源內(nèi)部的發(fā)熱功

率=可得電源內(nèi)部的發(fā)熱功率與電流的關(guān)系，從而可以判斷abc三條線代表的關(guān)系式，再由功

率的公式可以分析功率之間的關(guān)系.

本題根據(jù)圖象考查電源的輸出功率，要注意根據(jù)公式分析圖象；同時明確當(dāng)電源的內(nèi)阻和外電阻的

大小相等時，此時電源的輸出的功率最大，并且直流電源的總功率PE等于輸出功率PR和電源內(nèi)部的

發(fā)熱功率B的和.

A、電源消耗的總功率的計算公式PE=E/oc/,故PE-/圖線是直線，故A正確；

2

B、輸出功率：PR=PE-Pr=El-lr,應(yīng)為開口向下的曲線，故b表示PR—/圖線；

2

電源內(nèi)電阻消耗的功率：Pr=Ir,應(yīng)為開口向上的曲線，故c表示斗-/圖線；故2錯誤；

C、當(dāng)/=24時，PR=0.說明外電路短路，根據(jù)P=E/,得到E="*=4U；r="：=22故

C錯誤；

D,輸出功率PR=PE-Pr=EI-12r=41-2I2=-2(/-l)2+2,當(dāng)/=L4時，輸出功率最大，為

2V/：故。正確；

故選：AD,.

11.答案：CD

解析：解：4、交流電的有效值為箸=11?；蜇肮蔄錯誤；

B、由電壓之比等于匝數(shù)之比可知，副線圈電壓即電壓表的示數(shù)為55注心故B錯誤；

C、輸出電壓取決于輸入電壓和匝數(shù)之比；故電壓表示數(shù)不會隨溫度的變化面而變化；故C正確；

。、溫度降低時，電阻增大，輸出電流減小，則輸出功率減小，而輸出功率決定了輸出功率；故輸

入功率減??；故。正確；

故選：CD.

由變壓器原理可得變壓器原、副線圈中的電壓之比，Rt處溫度升高時，阻值減小，根據(jù)負(fù)載電阻的

變化，可知電流、電壓變化

解答本題應(yīng)明確輸出電壓由輸入電壓決定，而輸出功率決定了輸入功率；故輸出電流變化時，輸入

電流也要變化

12.答案：AB

解析：解：

A、電壓表測量變阻器下部分電阻的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路電壓與電阻成正比的特點可知，滑動觸頭P

向上運動時.，電壓表示數(shù)變大。故A正確。

8、。由于理想電壓表內(nèi)阻認(rèn)為無窮大，對電路沒有影響，所以不論電壓表示數(shù)多大，電源內(nèi)的電流

不發(fā)生變化。故B正確，。錯誤。

C、滑動觸頭P移到最下端時，電壓表示的數(shù)為零，但電源內(nèi)仍有電流。故C錯誤。

故選：AB.

理想電壓表內(nèi)阻認(rèn)為無窮大，對電路沒有影響.圖示電路中，變阻器的金屬滑桿P上下移動時，電路

中電流不變.根據(jù)串聯(lián)電路分壓特點，分析電壓表示數(shù)的變化.

本題關(guān)鍵抓住理想電壓表內(nèi)阻無窮大，相當(dāng)于斷路的特點進(jìn)行分析.

13.答案：2.190(2.191-2.193)；5.9x10-7；C

解析：解：對準(zhǔn)第1條時讀數(shù)為：xx=2mm+0.01x19.0mm=2.190mm,

對準(zhǔn)第4條時讀數(shù)為：x2=7.5mm+0.01x37.0mm=7.870mm；

相鄰條紋的間距為：Ax=號=衛(wèi)號%xIOfx1.89mm,

?rji.rn.L/日、l??iz[Ax'd1.89x10x0.25x10LCIr\一7

根據(jù)=￡；l得波1T長為：A=—=----------------------m=5.9x107m；

由圖可知，干涉條紋清晰，亮度正常，就是干涉條紋偏離位置，因此可能是目鏡視場向上側(cè)方向偏

離遮光筒過大所導(dǎo)致的，即設(shè)備安裝時，沒有調(diào)節(jié)光源的高度，故C正確，ABQ錯誤。

故答案為：2.190(2.191-2.193),5.9x10-7,C。

螺旋測微器的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，需估讀。根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式求出波長大

??；

根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式判斷影響條紋間距的因素；

根據(jù)光屏上出現(xiàn)的圖案是光的干涉條紋，可知所成條紋一切正常，就是目鏡位置有點偏。

本題考查了雙縫干涉實驗的原理圖，影響條紋間距的因素，記住公式，解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測

微器的讀數(shù)方法，以及掌握干涉條紋的間距公式，并能靈活運用。

14.答案：0.681；4C；E；b,d

解析：解：(1)由圖乙所示螺旋測微器可知，其示數(shù)為0.5nwn+18.1x0.017nm=0.681?nm.

(2)①電源由兩節(jié)干電池組成，電源電動勢為3U,電壓表選A；電路最大電流約為/=宗=|=0.64

電流表應(yīng)選C；為方便實驗操作滑動變阻器應(yīng)選E.

②金屬絲阻值約為50,電流表內(nèi)阻為0.050,電壓表內(nèi)阻為1O/C0,電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于金屬絲阻值,

電流表應(yīng)采用外接法，由圖甲所示電路圖可知，導(dǎo)線b連接錯誤；導(dǎo)線應(yīng)接在滑動變阻器接線柱上,

由圖甲所示電路圖可知，導(dǎo)線d連接錯誤.

故答案為:(1)0.681；(2)①4,C,E；②答d.

(1)螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器示數(shù).

(2)根據(jù)電源電動勢選擇電壓表，根據(jù)電路最大電流選擇電流表，為方便實驗操作應(yīng)選最大阻值較小

的滑動變阻器；根據(jù)電路圖分析答題.

本題考查了螺旋測微器讀數(shù)、實驗器材選擇、實驗電路分析；螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)

之和是螺旋測微器示數(shù)，螺旋測微器需要估讀；要掌握實驗器材的選擇原則.

15.答案：解：(1)當(dāng)牽引力和阻力相等時，汽車達(dá)到最大速度時，

u-PP60000YL/

此時有：”片產(chǎn)0.1X4000X1。=15*

所以汽車在水平路面能達(dá)到的最大速度為15m/s.

(2)設(shè)經(jīng)t時間，汽車勻加速達(dá)到額定功率，

由牛頓第二定律有：F—/"=ma

由運動學(xué)規(guī)律有：V=at

而P=「V

解得t=15.625s,

汽車在水平路面做勻加速運動的時間為15.625s。

解析：這題考的知識點是汽車的兩種啟動方式，恒定加速度啟動和恒定功率啟動.本題屬于恒定加

速度啟動方式，由于牽引力不變，根據(jù)p=Fu可知隨著汽車速度的增加，汽車的實際功率在增加，

此過程汽車做勻加速運動，當(dāng)實際功率達(dá)到額定功率時，功率不能增加了，要想增加速度，就必須

減小牽引力，當(dāng)牽引力減小到等于阻力時，加速度等于零，速度達(dá)到最大值。

本題考查的是汽車的啟動方式，對于汽車的兩種啟動方式，恒定加速度啟動和恒定功率啟動，對于

每種啟動方式的汽車運動的過程一定要熟悉。

16.答案：解：①由介質(zhì)到空氣的折射定律公式黑=；可知，從玻璃到空氣的入

射角越大，則出射時的折射角也越大，常一

甲

如圖甲所示，光束上邊界光線的入射角最大，由幾何知識可得，其值為i=30。

所以siny=nsini=V3xsin30°=y

即最大的折射角為60。.

②設(shè)入射光線與;球體的交點為C,連接。C,OC即為入射點的法線.如圖乙所_______嶗,

示.圖中的角a為入射角./‘：0上

過C點作球體水平表面的垂線，垂足為B.依題意，/.COB=a.

設(shè)光線在C點的折射角為氏由折射定律得：舞

因。=60。，則得y=30°

由折射定律得：g=n,其中口=a—30。

聯(lián)立解得sina=—

2

由直角三角形的邊角關(guān)系可得：BC=Rsina=—R

2

答：①光束中的光線射出玻璃磚時最大的折射角是60。.

②入射光線與桌面的距離是當(dāng)R.

解析：①根據(jù)折射定律可知，入射角最大時折射角最大，由幾何知識求出最大的入射角，再由折射

定律求出最大的折射角.

②當(dāng)光從圖示位置射入，經(jīng)過二次折射后射出球體，畫出光路圖，由折射定律可求出射出光線的入

射角，再由幾何知識得到光線進(jìn)入玻璃磚的折射角，由折射定律求出光線進(jìn)入玻璃磚時的入射角，

即可由幾何知識求出入射光線與桌面的距離.

光線從球體入射時，法線是入射點與球心的連線；當(dāng)光線射出時，法線與界面垂直.要畫出光路圖，

運用幾何知識和折射定律結(jié)合進(jìn)行研究.

17.答案：解：(1)粒子進(jìn)入磁場中：Bqv=m^,得軌跡半徑r=器，周期T=工=翳

由幾何知識可知，a粒子在第二象限運動的圓心角外=§，運動時間

在第三象限運動的圓心角”=會運動時間七=|72

由題意可知：t2=4tx

所以有殳=稱

(2)粒子a在第二象限的半徑7