貴州省興義中學(xué)2023-2024學(xué)年物理高二上期末預(yù)測(cè)試題含解析

貴州省興義中學(xué)2023-2024學(xué)年物理高二上期末預(yù)測(cè)試題考生請(qǐng)注意：1．答題前請(qǐng)將考場(chǎng)、試室號(hào)、座位號(hào)、考生號(hào)、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號(hào)內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、一帶電粒子垂直于電場(chǎng)方向射入電場(chǎng)，經(jīng)電場(chǎng)后的偏轉(zhuǎn)角與下列因素的關(guān)系是（）A.偏轉(zhuǎn)電壓越高，偏轉(zhuǎn)角越大B.帶電粒子的質(zhì)量越大，偏轉(zhuǎn)角越大C.帶電粒子的電荷量越少，偏轉(zhuǎn)角越大D.帶電粒子的初速度越大，偏轉(zhuǎn)角越大2、下列敘述符合史實(shí)的是（）A.卡文迪許通過扭秤實(shí)驗(yàn)首先發(fā)現(xiàn)了點(diǎn)電荷之間相互作用的規(guī)律B.法拉第最早引入了電場(chǎng)的概念，并提出電場(chǎng)線是真實(shí)存在的C.焦耳發(fā)現(xiàn)了歐姆定律，說明了熱現(xiàn)象和電現(xiàn)象之間存在聯(lián)系D.富蘭克林發(fā)明了避雷針3、如圖所示，A和B是電阻為R的電燈，L是自感系數(shù)較大的線圈，當(dāng)S1閉合、S2斷開且電路穩(wěn)定時(shí)，A、B亮度相同，再閉合S2，待電路穩(wěn)定后將S1斷開，下列說法中，正確的是（）A.B燈逐漸熄滅B.A燈將比原來更亮一些后再熄滅C.有電流通過B燈，方向?yàn)閏→dD.有電流通過A燈，方向?yàn)閎→a4、有關(guān)電場(chǎng)和磁場(chǎng)，下列說法正確的是（）.A.帶電粒子在電場(chǎng)和磁場(chǎng)中都一定會(huì)受到力的作用B.電場(chǎng)和磁場(chǎng)都可用假想的閉合曲線進(jìn)行形象的描述C.電場(chǎng)和磁場(chǎng)在本質(zhì)上屬于同一種基本相互作用D.電場(chǎng)和磁場(chǎng)不是客觀存在的物質(zhì)5、兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)之間萬(wàn)有引力的大小為F，如果將這兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)之間的距離變?yōu)樵瓉淼?倍，那么它們之間萬(wàn)有引力的大小變?yōu)锳. B.C. D.6、如圖所示，套在足夠長(zhǎng)的絕緣粗糙直棒上的帶正電小球，其質(zhì)量為m、帶電荷量為q，小球可在棒上滑動(dòng)，現(xiàn)將此棒豎直放入沿水平方向的且互相垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)(圖示方向)中．設(shè)小球帶電荷量不變，小球由棒的下端以某一速度上滑的過程中一定有()A.小球加速度一直減小B.小球的速度先減小，直到最后勻速C.桿對(duì)小球的彈力一直減小D.小球受到的洛倫茲力一直減小二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，在一幢居民樓里有各種不同的用電器，如電燈、電視機(jī)、洗衣機(jī)、微波爐、排油煙機(jī)等．停電時(shí)，用多用電表測(cè)得A、B間的電阻為R；供電后，設(shè)各家用電器全都同時(shí)使用時(shí)，測(cè)得A、B間電壓為U，進(jìn)線電流為I；經(jīng)過一段時(shí)間t，從總電能表中測(cè)得這段時(shí)間內(nèi)消耗的電能為W，則下列表達(dá)式用來計(jì)算該幢樓居民用電的總功率，其中正確的是()A.P=I2R B.P=C.P=IU D.P=8、內(nèi)阻為R2的直流電動(dòng)機(jī)與阻值為R1的電阻串聯(lián)接入電路，電動(dòng)機(jī)正常工作，電阻R1兩端電壓為U1，流過的電流為I1，消耗的功率為P1；電動(dòng)機(jī)兩端電壓為U2，流過的電流為I2，消耗的功率為P2，以下判斷正確的是（）A. B.C. D.9、環(huán)繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的人造衛(wèi)星，離地面越高（）A.線速度越小 B.周期越大C.動(dòng)能越大 D.向心加速度越大10、如圖所示，兩個(gè)帶等量負(fù)電荷的小球A、B(可視為點(diǎn)電荷)，被固定在光滑的絕緣水平面上，P、N是小球A、B的連線的水平中垂線上的兩點(diǎn)，且PO=ON．現(xiàn)將一個(gè)電荷量很小的帶正電的小球C(可視為質(zhì)點(diǎn))，由P點(diǎn)靜止釋放，在小球C向N點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)的過程中，關(guān)于小球C的說法可能正確的是()A.速度先增大，再減小B.電勢(shì)能先增大，再減小C.加速度先增大再減小，過O點(diǎn)后，加速度先減小再增大D.加速度先減小，再增大三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）(1)在做“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”的實(shí)驗(yàn)中有同學(xué)各自畫了以下力的圖，圖中F1、F2是用兩把彈簧秤同時(shí)拉橡皮筋時(shí)各自的拉力，F(xiàn)′是用一把彈簧秤拉橡皮筋時(shí)的拉力；畫出了F1、F2、F′的圖示，以表示F1、F2的有向線段為鄰邊畫平行四邊形，以F1、F2交點(diǎn)為起點(diǎn)的對(duì)角線用F表示，在以下四幅圖中，只有一幅圖是合理的，這幅圖是______(2)在做完實(shí)驗(yàn)后，某同學(xué)將其實(shí)驗(yàn)操作過程進(jìn)行了回顧，并在筆記本上記下如下幾條體會(huì)，你認(rèn)為他的體會(huì)中正確的是______A．兩根細(xì)繩套必須等長(zhǎng)B．用兩只彈簧測(cè)力計(jì)拉繩套時(shí)，兩測(cè)力計(jì)示數(shù)要相同C．若F1、F2方向不變，而大小各增加1N，則合力的方向也不變，大小也增加1ND．用兩只彈簧測(cè)力計(jì)拉時(shí)合力的圖示F與用一只彈簧測(cè)力計(jì)拉時(shí)圖示F′不完全重合，在誤差允許范圍內(nèi)，可以說明“力的平行四邊形定則”成立12．（12分）關(guān)于電流表、電壓表的改裝：（1）有一個(gè)滿偏電流為100mA的毫安表，電表內(nèi)阻為9Ω，現(xiàn)將該毫安表的量程擴(kuò)大至0.6A，則應(yīng)并聯(lián)一個(gè)阻值為_____Ω的電阻。（2）如圖所示為一雙量程電壓表的示意圖，已知電流表G的量程為0~10mA，內(nèi)阻為60Ω，圖中串聯(lián)的分壓電阻R1=440Ω，則R2=_____Ω。四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L(zhǎng)＝0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動(dòng)勢(shì)E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不計(jì)，整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．當(dāng)R0＝1Ω時(shí)，金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大?。唬?）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）ABC表示豎直放在電場(chǎng)強(qiáng)度為E=104V/m的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點(diǎn)，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點(diǎn)由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達(dá)C點(diǎn)的速度大小(2)小球在C點(diǎn)時(shí)，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長(zhǎng)直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場(chǎng)強(qiáng)度為E=5.0×105N/C，b板下方整個(gè)空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng).今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計(jì)重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】帶電粒子垂直于電場(chǎng)方向射入電場(chǎng)，做類平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)出相關(guān)的物理量，推導(dǎo)出帶電粒子經(jīng)電場(chǎng)后的偏轉(zhuǎn)角即可求解【詳解】設(shè)帶電粒子的質(zhì)量為m，電荷量為q，初速度為v0，偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的長(zhǎng)度為L(zhǎng),偏轉(zhuǎn)電壓為U，帶電粒子垂直于電場(chǎng)方向射入，做類平拋運(yùn)動(dòng)，加速度a=，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t=，則射出電場(chǎng)時(shí)沿電場(chǎng)力方向的速度vy=at=，經(jīng)電場(chǎng)后的偏轉(zhuǎn)角==由偏轉(zhuǎn)角==，可知偏轉(zhuǎn)電壓U越高，偏轉(zhuǎn)角越大，故A正確；帶電粒子的質(zhì)量m越大，偏轉(zhuǎn)角越小，故B錯(cuò)誤；帶電粒子的電荷量q越少，偏轉(zhuǎn)角越小，故C錯(cuò)誤；帶電粒子的初速度v0越大，偏轉(zhuǎn)角越小，故D錯(cuò)誤故選A2、D【解析】A．庫(kù)侖在前人的基礎(chǔ)上，通過實(shí)驗(yàn)得到真空中點(diǎn)電荷的相互作用規(guī)律，故A錯(cuò)誤；B．英國(guó)物理學(xué)家法拉第最早引入了電場(chǎng)概念，并提出用電場(chǎng)線表示電場(chǎng)，但電場(chǎng)線是假想的曲線，故B錯(cuò)誤；C．歐姆發(fā)現(xiàn)了歐姆定律，反映導(dǎo)體的電流與電壓、電阻的關(guān)系，故C錯(cuò)誤；D．美國(guó)科學(xué)家富蘭克林研究了放電現(xiàn)象，發(fā)明了避雷針，故D正確。故選D。3、D【解析】考查斷電自感?！驹斀狻緼．電路穩(wěn)定后將S1斷開，線圈L通過開關(guān)S2與燈泡A構(gòu)成回路，燈泡B無自感電流通過，燈泡B直接熄滅，A錯(cuò)誤；B．?dāng)嚅_前AB亮度相同，則線圈電阻阻值與電阻R阻值相同，通過線圈的電流與通過燈泡A的電流相同，將S1斷開，燈泡A中電流變成通過線圈電流，大小沒有變，所以不會(huì)比原來更亮，B錯(cuò)誤；C．電路穩(wěn)定后將S1斷開，線圈L通過開關(guān)S2與燈泡A構(gòu)成回路，燈泡B無自感電流通過，C錯(cuò)誤；D．有電流通過A燈，方向?yàn)閎→a，D正確。故選D。4、C【解析】A、處在電場(chǎng)中的電荷一定受到電場(chǎng)力，但在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的電荷不一定有磁場(chǎng)力存在，當(dāng)運(yùn)動(dòng)方向與磁場(chǎng)方向平行時(shí)，沒有磁場(chǎng)力作用，故A錯(cuò)誤；B、磁感線是閉合的曲線，電場(chǎng)線從正電荷出發(fā)，到負(fù)電荷終止，不是閉合曲線，故B錯(cuò)誤；C、磁現(xiàn)象的本質(zhì)是運(yùn)動(dòng)電荷的相互作用，和電場(chǎng)在本質(zhì)上屬于同一種基本相互作用，故C正確；D、電場(chǎng)和磁場(chǎng)都是一種客觀存在的物質(zhì)，故D錯(cuò)誤；故選C考點(diǎn)：磁現(xiàn)象和磁場(chǎng)；電場(chǎng)5、A【解析】根據(jù)萬(wàn)有引力定律公式得，將這兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)之間的距離變?yōu)樵瓉淼?倍，則萬(wàn)有引力的大小變?yōu)樵瓉淼?，故萬(wàn)有引力變?yōu)锳.與結(jié)論相符，選項(xiàng)A正確；B.與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C.與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D.與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；6、D【解析】若開始則彈力方向向左，隨著速度減小，彈力增大，摩擦力增大，則加速度增大，A錯(cuò)．小球速度一直在減小，B錯(cuò)．根據(jù)前面可知，C錯(cuò)．小球所受洛倫茲力（f=qvB）因?yàn)樗俣纫恢睖p小所以洛倫茲力也一直減小，D對(duì)二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解析】居民樓里的用電器不全是純電阻所以不可以用P＝I2R，P＝，進(jìn)行功率計(jì)算，計(jì)算該幢樓居民用電的總功率可以用P＝IU，P＝，選CD8、BD【解析】A．電動(dòng)機(jī)和電阻串聯(lián)，則電流相等，即，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．由于，根據(jù)P=IU可知選項(xiàng)B正確；C．對(duì)于純電阻，則，選項(xiàng)C正確；D．因?yàn)閷?duì)電阻來說：對(duì)電動(dòng)機(jī)來說則即選項(xiàng)D正確；故選BD.9、AB【解析】萬(wàn)有引力提供向心力可得可知離地越高，r越大，則v越小，動(dòng)能越小，周期T越大，向心加速度a越小。故選AB。10、AD【解析】A.正電的小球受到A、B兩小球的庫(kù)侖引力，在C到O的過程中，合力方向指向CO，可知在C到O的過程中，速度增大，從O到N的過程中，合力方向指向NO，速度減小，則速度先增大后減小，故A正確。B.在C到O的過程中，合力方向指向CO，可知在C到O的過程中，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，從O到N的過程中，合力方向指向NO，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大，故電勢(shì)能先減小后增大，故B錯(cuò)誤。CD.正電小球在O點(diǎn)所受的合力為零，從C到O的過程中，合力可能先增大后減小，則加速度可能先增大后減小，過O點(diǎn)后，合力先增大后減小，加速度先增大后減小；也可能從C到O的過程中，合力減小，加速度減小，過O點(diǎn)到N過程中，合力增大，加速度增大，故C錯(cuò)誤D正確。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.B②.D【解析】(1)以表示F1、F2的有向線段為鄰邊畫平行四邊形，以F1、F2交點(diǎn)為起點(diǎn)的對(duì)角線用F表示，故F是理論值，存在誤差，不一定與橡皮筋伸長(zhǎng)方向共線．F′是用一把彈簧秤拉橡皮筋時(shí)的拉力，是實(shí)際值，一定與橡皮筋伸長(zhǎng)方向共線．故ACD錯(cuò)誤，B正確；故選B（2）兩根細(xì)繩套沒有必要必須等長(zhǎng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；用兩只彈簧測(cè)力計(jì)拉繩套時(shí)，兩測(cè)力計(jì)的示數(shù)不一定要相同，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；若F1、F2方向不變，而大小各增加1N，根據(jù)平行四邊形定則知，合力的方向可能改變，大于不一定增加1N．故C錯(cuò)誤；由于實(shí)驗(yàn)總存在誤差，用兩只彈簧秤拉時(shí)合力的圖示F與用一只彈簧秤拉時(shí)圖示F′不完全重合，只要在誤差允許范圍內(nèi)，就可以說明“力的平行四邊形定則”成立．故D正確12、①.1.8②.1000【解析】（1）[1]．根據(jù)電表的改裝原理可知，應(yīng)并聯(lián)的電阻（2）[2]．根據(jù)電表的改裝原理可知，R2的阻值為四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上【解析】（1）當(dāng)R0=1Ω時(shí)，根據(jù)閉合電路的歐姆定律求解電流強(qiáng)度，由平衡條件求解磁感應(yīng)強(qiáng)度；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，此時(shí)安培力的方向沿斜面向上，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度大小【詳解】（1）當(dāng)R0＝1Ω時(shí)，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得根據(jù)左手定則可知安培力方向水平向右；由平衡條件有：BILcosθ＝mgsinθ解得B＝2T；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，此時(shí)安培力的方向沿斜面向上，大小不變；根據(jù)牛頓第二定律可得：BIL﹣mgsi