江蘇省蘇州一中2023年物理高二第一學期期末綜合測試模擬試題含解析

江蘇省蘇州一中2023年物理高二第一學期期末綜合測試模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一矩形線圈繞垂直于勻強磁場并位于線圈平面內(nèi)的固定轉軸勻速轉動，線圈中產(chǎn)生的感應電動勢e隨時間t的變化規(guī)律如圖所示．下列說法中正確的是A.時刻通過線圈的磁通量的絕對值最大B.時刻通過線圈磁通量為0C.時刻通過線圈的磁通量變化率的絕對值最大D.每當電流方向變化時，線圈平面就會與中性面垂直2、一個帶電粒子沿垂直于磁場的方向射入一勻強磁場，粒子的一段軌跡如圖所示，軌跡上的每一小段都可近似看成圓弧。由于帶電粒子使沿途的空氣電離，粒子的能量逐漸減?。◣щ姾闪坎蛔儯?，則從圖中情況可以確定（）A.粒子從a到b，帶正電 B.粒子從a到b，帶負電C.粒子從b到a，帶正電 D.粒子從b到a，帶負電3、如圖為學校配電房向各個教室的供電示意圖,T為理想變壓器,、為監(jiān)控室供電端的電壓表和電流表,、為監(jiān)控校內(nèi)變壓器輸出端的電壓表和電流表,、為教室的負載電阻,、為教室內(nèi)的監(jiān)控電壓表和電流表,配電房和教室之間有相當長的一段距離,進入配電室的交流電電壓U可認為是不變的,并且各電表均為理想電表,則當開關S閉合時,以下說法正確的是()A.電流表、和的示數(shù)都變大B.電流表中只有的示數(shù)變大C.電壓表中只有的示數(shù)變小D.電壓表和的示數(shù)都變小4、下列關于物理學史，說法錯誤的是（）A.1820年，丹麥物理學家奧斯特——電流可以使周圍的磁針偏轉的效應，稱為電流的磁效應B.1832年，美國物理學亨利——發(fā)現(xiàn)自感現(xiàn)象C.1834年，俄國物理學家楞次——確定感應電流方向的定律——楞次定律D.1831年，法國物理學家法拉第——發(fā)現(xiàn)了由磁場產(chǎn)生電流的條件和規(guī)律——電磁感應現(xiàn)象5、根據(jù)歐姆定律，下列判斷正確的是（）A.導體兩端的電壓越大，導體的電阻越大B.加在氣體兩端的電壓與通過的電流的比值是一個常數(shù)C.電流經(jīng)過電阻時，沿電流方向電勢要降低D.電解液短時間內(nèi)導電的U﹣I線是一條曲線6、如圖所示，某半導體熱敏電阻的I-U圖線可能是()A. B.C. D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的電路中，電源電動勢E和內(nèi)阻r恒定不變，滑片P從左端向右端移動，則A.電流表的示數(shù)變大 B.電壓表的示數(shù)變大C.電阻消耗的功率變小 D.電燈L消耗的功率變小8、粗細均勻的電阻絲圍成的正方形線框置于有界勻強磁場中，磁場方向垂直于線框平面，其邊界與正方形線框的邊平行．現(xiàn)使線框以同樣大小的速度沿四個不同方向平移出磁場，如下圖所示（）A.四種情況下流過ab邊的電流的方向都相同B.四種情況下ab兩端的電勢差都相等C.四種情況下流過線框電荷量都相等D.四種情況下磁場力對線框做功功率都相等9、如圖所示，真空中有等量同種點電荷、分別放置在M、N兩點，在MN連線上有對稱點a、c，MN連線的中垂線上有對稱點b、d，則下列說法正確的是A.在M、N連線的中垂線上，從b到d，各點電勢都相等B.在M、N連線的中垂線上，從b到d，電勢先升高后降低C.在M、N連線上，從a到c，場強先減小后增大，電勢先減小后增加D.在M、N連線上，從a到c，場強逐漸增大，電勢逐漸升高10、如圖，通電導體棒質(zhì)量為m，置于傾角為的導軌上，導軌和導體棒之間不光滑，有電流時桿靜止在導軌上，下圖是四個側視圖，標出了四種勻強磁場的方向．其中摩擦力可能為零的是A. B.C. D.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖是一個多用表歐姆檔內(nèi)部電路示意圖．電流表滿偏電流0.5mA、內(nèi)阻10Ω；電池電動勢1.5V、內(nèi)阻1Ω；變阻器阻值0-5000Ω（1）該歐姆表的刻度值是按電池電動勢為1.5V刻度的，當電池的電動勢下降到1.45V、內(nèi)阻增大到4Ω時仍可調(diào)零．調(diào)零后阻值將變_________（選填“大”或“小”）；若測得某電阻阻值為300Ω，則這個電阻的真實值是________Ω（2）該歐姆表換了一個電動勢為1.5V，內(nèi)阻為10Ω的電池，調(diào)零后測量某電阻的阻值，其測量結果___________（選填“偏大”或“偏小”或“準確”）12．（12分）如圖1是研究某光電管發(fā)生光電效應的電路圖,當用頻率為的光照射金屬K時,通過調(diào)節(jié)光電管兩端電壓U,測量對應的光電流,繪制了如圖2的I-U圖象．當用頻率為的光照射金屬K時,光電子的最大初動能=________________．已知電子所帶電荷量為e,圖象中、及普朗克常量h均為已知量四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L15．（12分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A.由圖t1時刻，感應電動勢為最大值，通過線圈的磁通量為零，故A錯誤；B.t2時刻感應電動勢為零，線圈通過中性面時，磁通量最大，故B錯誤；C.t3時刻感應電動勢最大，由法拉第電磁感電動勢可知，此時通過線圈的磁通量變化率的絕對值最大，故C正確；D.每當電流轉換方向時，線圈與磁場垂直，故D錯誤故選C。點晴：矩形線圈中產(chǎn)生正弦式電流，當線圈通過中性面時，磁通量最大，感應電動勢為零，電動勢方向發(fā)生改變．而當線圈與磁場平行時，磁通量為零，感應電動勢最大，磁通量的變化率最大2、C【解析】由于帶電粒子使沿途的空氣電離，粒子的能量逐漸減小，速度逐漸減小，根據(jù)粒子在磁場中運動的半徑公式可知，粒子的半徑逐漸的減小，所以粒子的運動方向是從b到a，在根據(jù)左手定則可知，粒子帶正電，故C正確,ABD錯誤。故選C。3、C【解析】抓住原線圈的輸入電壓不變，結合輸出端總電阻的變化得出輸電線上電流的變化，從而得出電壓損失的變化，根據(jù)輸出電壓不變，得出用戶端電壓的變化，從而得知通過負載電阻電流的變化．抓住輸電線上電流的變化，根據(jù)原副線圈電流比等于匝數(shù)之反比求出原線圈中電流的變化【詳解】當開關閉合后，副線圈的總電阻變小，由于升壓變壓器的輸入電壓不變，則輸出電壓不變，即U2不變，可知輸電線中的電流增大，即A2增大，則輸電線上損失的電壓增大，可知用戶端得到的電壓減小，即U3減小，所以通過R1的電流減小，即A3減小，副線圈中電流決定原線圈中的電流，根據(jù)知，原線圈中的電流I1增大，所以A1示數(shù)增大.故C正確，A、B、D錯誤.故選C.【點睛】解決本題的關鍵知道輸入電壓決定輸出電壓，輸出電流決定輸入電流，輸出功率決定輸入功率4、D【解析】A．丹麥物理學家奧斯特發(fā)現(xiàn)了通電導體可以使周圍的磁針偏轉，即電流的磁效應，A正確，不符合題意；B．美國物理學亨利發(fā)現(xiàn)自感現(xiàn)象，即因電流變化而在電路本身引起感應電動勢的現(xiàn)象，B正確，不符合題意；C．俄國物理學家楞次提出了感應電流方向判斷的方法，即楞次定律，C正確，不符合題意；D．英國物理學家法拉第發(fā)現(xiàn)了磁場產(chǎn)生感應電流的條件，紐曼和韋伯總結出了電磁感應的規(guī)律，D錯誤，符合題意。5、C【解析】導體電阻由導體材料、長度、橫截面積決定，與導體兩端的電壓和通過導體的電流無關，故A錯誤；氣體不適用于歐姆定律，故加在氣體兩端的電壓與通過的電流的比值不是一個常數(shù)，故B錯誤；每個電阻均要產(chǎn)生電勢差，故沿電流的方向，電勢要降低，故C正確；電解液導電適用歐姆定律，故其U﹣I圖象為一直線，故D錯誤．所以C正確，ABD錯誤6、B【解析】由于熱敏電阻特性隨溫度的升高電阻減小，隨著電壓的增大，半導體溫度逐漸升高，其電阻減小；據(jù)I-U圖象的意義，圖像的點與O點連線的斜率的倒數(shù)等于阻值，所以B選項的斜率逐漸增大，其倒數(shù)減小，即阻值減小，故B正確，ACD錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】在滑動變阻器的滑片向右端滑動過程，變阻器接入電路的電阻變小，外電路總電阻減小，由歐姆定律分析總電流的變化和路端電壓的變化，來判斷電表示數(shù)的變化．根據(jù)功率公式判斷功率的變化情況【詳解】滑動變阻器的滑片向右端滑動過程，變阻器接入電路的電阻減小，所以外電路總R減小，由歐姆定律得知總電流I增大，所以電流表示數(shù)變大；路端電壓減?。姛鬖的電壓等于路端電壓，所以電燈L的電流減小，而，所以電燈L消耗的功率變??；而總電流增大，所以通過滑動變阻器及的電流增大，根據(jù)可知電阻消耗的功率增大；的電壓增大，所以R的電壓減小，所以電壓表的示數(shù)減小，故AD正確，BC錯誤【點睛】本題是簡單的電路動態(tài)分析問題．對于路端電壓也可以直接根據(jù)路端電壓隨外電阻增大而增大判斷變化8、ACD【解析】四種情況穿過線框的磁通量均減小，根據(jù)楞次定律判斷出感應電流方向均為順時針方向，故A正確；上述四個圖中，切割邊所產(chǎn)生的電動勢大小均相等（E），回路電阻均為4r（每邊電阻為r），則電路中的電流亦相等，即I＝，只有B圖中，ab為電源，有Uab＝I·3r＝E；其他情況下，Uab＝I·r＝E，故B選項錯誤；由q＝n，ΔΦ相同，所以電荷量相同，C正確；由P＝Fv＝BILv，因為I相同，所以P相等，D正確9、BC【解析】根據(jù)等量同種電荷周圍電場分布情況：中垂線上上下電場線方向相反，根據(jù)電場線方向判斷電勢高低．a(chǎn)、c兩點關于中垂線對稱，電勢相等，電荷在這兩點的電勢能相等【詳解】等兩同種電荷周圍電場線分布如圖所示：沿電場線方向電勢降低，在MN連線的中垂線上，O點電勢最高．故從b到d，電勢先升高后降低，故A錯誤，B正確；沿電場線方向電勢降低，在MN連線的上，O點電勢最低，根據(jù)電場線的分布情況和對稱性可知，a、c兩點的電勢相等，故從a到c，電勢先減小后增加，根據(jù)電場線疏密可知，從a到c，場強先減小后增大，故C正確，D錯誤．所以BC正確，AD錯誤【點睛】本題關鍵要掌握等量同種點電荷電場線的分布情況，抓住對稱性進行分析10、AB【解析】A：若磁場方向豎直向上，導體棒所受重力、安培力、支持力方向如圖甲，當時，導體棒可不受摩擦力B：若磁場方向水平向左，導體棒所受重力、安培力如圖乙，當時，導體棒可不受支持力、摩擦力C：若磁場方向向右，導體棒所受重力、安培力、支持力方向如圖丙，導體棒靜止，導體棒一定受沿導軌向上的摩擦力D：若磁場方向豎直向上，導體棒所受重力、安培力、支持力方向如圖丁，導體棒靜止，導體棒一定受沿導軌向上的摩擦力故摩擦力可能為零的是AB兩項三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.小②.290③.準確【解析】（1）[1]由閉合電路歐姆定律得因為式中E變小，r變大，故R0將減??；[2]因為該歐姆表的刻度是按電池電動勢為E=1.5V刻度的．測得某電阻阻值為300Ω時，電流表中的電流其它當電池電動勢下降到E′=1.45V時，此時歐姆表的內(nèi)阻為由閉合電路歐姆定律得解得真實值R′=290Ω（2）[3]該歐姆表換了一個電動勢為1.5V，內(nèi)阻為10Ω的電池，調(diào)零后測量某電阻的阻值的測量結果準確，因為電源的內(nèi)阻的變化，可以通過調(diào)零電阻的阻值的變化來抵消【考點定位】多用表的應用12、【解析】裝置所加的電壓為反向電壓，發(fā)現(xiàn)當電壓表的示數(shù)等于Uc時，電流表示數(shù)為0，知道光電子點的最大初動能，根據(jù)光電效應方程EKm=hv-W0，求出逸出功．最后由光電效應方程求出光電子的最大初動能；【詳解】由圖2可知，當該裝置所加的電壓為反向電壓，當電壓是Uc時，電流表示數(shù)為0，知道光電子點的最大初動能為：Ekm=e?Uc，根據(jù)光電效應方程EKm=hv-W0，則：W0=hv-eUc當用頻率