吉林省吉林市舒蘭市重點達標名校2024屆初中物理畢業(yè)考試模擬沖刺卷含解析

吉林省吉林市舒蘭市重點達標名校2024屆初中物理畢業(yè)考試模擬沖刺卷注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題（本大題7小題，每題3分，共21分）1．兩個容器中分別盛有甲、乙兩種不同的液體，把體積相同的A、B兩個實心小球放入甲液體中，兩球沉底如圖甲所示；放入乙液體中，兩球靜止時的情況如圖乙所示．則下列說法正確的是A．小球A的質量大于小球B的質量B．甲液體的密度大于乙液體的密度C．小球A在甲液體中受到的浮力小于在乙液體中的浮力D．在甲液體中容器底對小球A的支持力等于對小球B的支持力2．下列有關物理量與質量的關系，說法正確的是（）A．同一地點，物體所受重力大小與質量無關B．同種物質，物質的密度大小與質量無關C．同一高度，物體的重力勢能大小與質量無關D．同種燃料，燃燒放出的熱量多少與質量無關3．下列四個實列中，機械能在不斷增大的是A．水平勻速飛行的飛艇B．加速起飛的飛機C．減速下降的熱氣球D．在發(fā)射臺等待發(fā)射的火箭4．如圖，電路中L1“6V3W“和L2“6V6W”兩燈泡和滑動變阻器R串聯，電源電壓恒為12V．下列說法正確的是（）A．閉合開關S，調節(jié)滑動變阻器的滑片P，兩燈泡均能正常發(fā)光B．保證兩燈泡均不損壞，滑動變阻器R連入電路的最小值為3ΩC．滑片P從最右端向左移動，使某燈剛好正常發(fā)光，則此時另一盞燈的實際功率為1.5WD．在保證電路安全的情況下，電路總功率最大可達到12W5．如圖所示，對下列四幅圖所描述的物理現象解釋正確的是A．霜的形成是凝固現象，放熱B．雪的形成是凝華現象，吸熱C．霧的形成是液化現象，吸熱D．露的形成是液化現象，放熱6．2015年4月21日，世界最大的太陽能飛機“陽光動力2號”（如圖所示）飛抵南京，該飛機的表面使用一種碳纖維材料，其承載能力要比一般材料更好，但質量僅與一輛小型汽車相差無幾。飛機上設有的通話、網絡等設備，可隨時保證飛機與地面的聯系。飛機依靠兩翼上安裝的太陽能電池板為直流電動機供動力，同時對鋰電池充電以保證夜間或陰雨天不間斷飛行。下列關于該飛機的說法中，正確的是A．飛機依靠超聲波與地面聯系B．使飛機升空的力的施力物體是電動機C．飛機的鋰電池充電時將太陽能轉化為電能D．飛機表面使用的碳纖維具有強度大、密度小的特點7．生活中很多熱現象可以用學過的物理知識來解釋，下列解釋不正確的是A．天氣很冷時窗戶玻璃上出現冰花，這是由于凝固產生的B．濕衣服掛在陰涼處也能變干，是因為蒸發(fā)可以在任何溫度下發(fā)生C．游泳后，剛從水中出來感覺比較冷，這是因為人身上的水分蒸發(fā)帶走熱量D．冰箱中取出的冰茶，過一會，容器的外壁附著一層小水珠，這是由于液化形成的二、填空題（本大題7小題，共21分）8．運動員在跳水比賽中用力蹬跳板，跳板彎曲說明力可以使物體發(fā)生______；在劃艇比賽中，運動員用力向后劃槳，艇快速向前運動，這表明物體間力的作用是______的；在射擊比賽中，子彈離開槍膛后，由于子彈具有_______繼續(xù)向前飛行．9．如圖所示，將鉛筆水平擠壓在兩手指間，鉛筆靜止時，兩手指對鉛筆的壓力是_____(選填“相互作用力”或“平衡力”).若將鉛筆如圖豎直放置，能否得出以上結論_____.（選填“能”或“不能”）.如圖豎直放置時_____（選填“能”或“不能”）根據手指的凹陷程度來探究壓力的作用效果與受力面積有關．10．蘇州是評彈的發(fā)源地。評彈常見的伴奏樂器有三弦、琵琶等。觀眾可以根據樂器發(fā)出聲音的______（選填“音調”、“響度”或“音色”）不同，分辨出是哪種樂器；琴師調節(jié)琴弦的松緊是為了改變聲音的_____（選填“音調”、“響度”或“音色”）。11．太陽是人類能源的寶庫。太陽能電池板，將太陽能轉化為電能，并能給蓄電池充電，將電能轉化為__________能儲存起來；太陽能集熱器給水箱中的水加熱，如果水箱中有100kg水，經過一段時間照射后，溫度由20℃升高到56℃，水吸收的熱量是__________J；如果改用燃燒天然氣提供熱量，且天然氣完全燃燒放出熱量的50%被水吸收，則需燃燒天然氣__________m3(c水=4.2×103J/(kg·℃)，q天然氣=7.2×107J/m3)。12．2018年6月6日是第23個全國“愛眼日”，今年的活動主題為“科學防控近視，關愛孩子眼健康”．小明同學感嘆由于長期沒有注意健康用眼，早早就戴上了近視眼鏡，近視眼對光線的_____（選填“會聚”或“發(fā)散”）能力較強；矯正近視眼應佩戴_____（選填“凸”或“凹”）透鏡．如果小明距離平面鏡3m，則他在鏡中的像到他的距離為____m．13．小敏家的電熱水壺銘牌已模糊不清，他想估測其功率，把家里所有用電器關閉，只讓該電熱水壺工作1min，其銘牌上標有“3000R/kW·h”的電能表剛好轉30轉，則功率為W；若他家平均每天要用該電熱水壺燒水約0.5h，則一個月（30天）電熱水壺將耗電度.14．如圖所示展示了電流三大效應之一“電流的化學效應”：把A、B兩根碳棒分別與電源兩極連接后插入鹽水中（A、B在鹽水中沒有接觸，其中B接電源正極），鹽水中的負電荷向B移動，正電荷向A移動，出現了正負電荷“分離”的現象，這種現象可以用______的規(guī)律解釋；鹽水中的電流方向是從______（選填“A到B”、“B到A”或“兩個都有”）。三、作圖題（共7分）15．根據圖中小磁針靜止時的指向，請在圖中標出螺線管的S極和電源的正極．16．如圖所示，一束激光照射在長方形玻璃磚的左側，請大致畫出這束光穿過玻璃磚的光路.17．根據小磁針的指向標出圖中通電螺線管的南北級和通電螺線管中的電流方向四、實驗題（本大題共5小題，共20分）18．小明同學用一個彈簧測力計、一個金屬塊、兩個相同的燒杯（分別裝有一定量的水和煤油），對浸在液體中的物體所受的浮力進行了研究，如圖表示探究過程及有關數據；（1）分析圖B、C、D，說明浮力大小跟____有關；（2）分析圖____，說明浮力大小跟液體密度有關；（3）物體完全浸沒在煤油中所受的浮力是________N；（4）小明還想探究浮力大小與物體形狀是否有關，請你簡述實驗方法_______。（可自選一種器材）19．為了探究影響浮力大小的因素，某校學習小組設計了如下兩次實驗。(1)第一組：甲、乙、丙圖是小方同學的實驗過程(整個過程為同一物塊，g取10N/kg)；由如圖可知①由以上實驗過程及數據分析可得：物體所受浮力大小與______有關；②該物塊浸沒在水中所受的浮力為______N；③物塊的密度為______kg/m(2)第二組：在水平桌面上，兩個完全相同燒杯中裝有相同體積的水，小楊同學將AB兩個不同的實心物塊，分別放入兩個燒杯中，A物塊沉入杯底，B物塊漂浮于水面。待AB均靜止后，兩液面的高度仍相同，如圖所示。則A物塊所受浮力______B物塊所受浮力；A物塊的密度______B物塊的密度；甲杯對桌面壓力______乙杯對桌面壓力。(以上選填“>”、“<”或“=”)20．如圖是“探究光的折射規(guī)律”的實驗裝置，某同學通過實驗得到下表中所示的數據．（1）從實驗現象可以看出，光從空氣斜射入水面時，將同時發(fā)生_____和_____現象；（2）分析表中的數據可得出折射規(guī)律：光從空氣斜射入水面時，折射角隨入射角的增大而_____（選填“增大”或“減小”），且折射角_____（選填“大于”、“等于”或“小于”）入射角；當光從空氣中垂直射到水面時，折射角等于零．入射角α0°15°30°45°60°反射角β0°15°30°45°60°折射角γ0°11.3°22.1°35.4°40.9°（3）在交流討論中發(fā)現該同學根據上述的實驗得出光的折射規(guī)律時存在著一個不足之處是______．21．在測量額定電壓為3.8V的小燈泡電功率的實驗中，電源電壓為4.5V，電路如圖所示．連接電路時，開關應_______，電壓表的量程應選擇_________．檢查電路無誤后閉合開關，發(fā)現小燈泡不亮，但電流表和電壓表的指針都有偏轉，接下來應進行的操作是_____________________．當小燈泡正常發(fā)光時，電流表的示數是0.3A，則小燈泡的額定功率是_______W.實驗過程中會發(fā)現小燈泡兩端的實際電壓越大，小燈泡的_________越大，小燈泡越亮．22．小偉要探究“滑動摩擦力的大小與什么因素有關”，他猜想影響滑動摩擦力大小的因素可能有：①接觸面所受的壓力大?。虎诮佑|面的粗糙程度；③接觸面積的大小。接下來小偉通過如圖所示實驗操作驗證他的猜想：實驗中小偉應該用彈簧測力計水平________拉動木塊在長木板上滑動，這樣做是根據二力平衡的知識得出拉力等于摩擦力，從而測出木塊所受的摩擦力的大小。如果小偉要探究猜想②，他應該選擇________兩幅圖所示的實驗步驟來操作，根據圖中彈簧測力計的示數可得出結論：在其他因素相同的情況下，________，滑動摩擦力越大。小偉要探究猜想③，他將木塊切去一半，重復甲的操作過程，如圖丁所示．他比較甲和丁的實驗結果，得出結論：滑動摩擦力的大小與接觸面積的大小有關。你認為他的結論可靠嗎？答：________。小明仔細觀察了小偉的實驗過程，發(fā)現了一些問題，經過認真分析研究，他們最后把甲圖所示的實驗裝置改進為乙圖所示裝置，利用圖乙裝置進行實驗有許多優(yōu)點，以下_______不是其優(yōu)點(選填字母）。A．

不需要勻速拉動

B．

測力計示數穩(wěn)定

C．

實驗更容易操作

D．

實驗原理更合理五、計算題（本大題共2小題，共13分）23．如圖所示，A是重為6N、底面積為4×10-3m2的均勻正方體，B是裝有1.6kg水、底面積為2×10-3m2的薄壁圓柱形容器（不計容器質量），A、B置于水平地面上。g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3。（1）求A對地面的壓強。（2）求容器B中水的深度。（3）現將一質量為1.2kg的實心物體C分別放在A的上面和B容器的水中（水不溢出），若A對地面壓強的變化量與B中水對容器底壓強的變化量相等，請判斷物體C在水中的狀態(tài)并說明理由（提示：漂浮、懸浮、沉底）。24．在水平地面上的圓柱形容器質量忽略不計，上方用硬桿固定一個不吸水的長方體A，如圖甲所示，現緩慢向容器內注入適量的水，水對容器底部的壓強p與注水體積V的變化關系如圖乙所示。（g取10N/kg）（1）當p=600Pa時，容器中水的深度為多少？（2）完全浸沒后物體A受到的浮力是多少？（3）當注水體積為880cm3時，硬桿對A的作用力為1.4N，物體A的密度是多少？容器對水平地面的壓強是多少？六、綜合能力題（本大題共3小題，共18分）25．某興趣小組模擬冬季溫房自動化加熱和保溫的電路，如圖所示光控開關S因光照改變會自動通斷，該電路具有白天保溫、晚上加熱的特點．R1、R2為電熱絲，a、b間電壓U＝24V，R1＝72Ω，晚上電路的發(fā)熱功率為12W．保溫時S應處于_____（選填“閉合”或“斷開”）狀態(tài)；求R2的阻值；______求S斷開時R1、R2所產生的熱量之比．________26．某電水壺銘牌上的一些數據如表格所示：電能屬于________能源（選填“一次”或“二次”），很清潔環(huán)保．如果將電水壺裝滿后，把20℃的水燒開，水吸收熱量是多少_______？（1標準大氣壓）[c水=4.2×103J/（kg?℃）]27．圖甲是建造大橋時所用的起吊裝置示意圖，使用電動機和滑輪組（圖中未畫出）將實心長方體A從江底豎直方向勻速吊起，圖乙是鋼纜繩對A的拉力F1隨時間t變化的圖象．A完全離開水面后，電動機對繩的拉力F大小為6.25×103N，滑輪組的機械效率為80%，已知A上升的速度始終為0.1m/s．（不計鋼纜繩與滑輪間的摩擦及繩重，不考慮風浪、水流等因素的影響），求：長方體A的重力；未露出水面時受到的浮力是．長方體A的密度；滑輪組通過動滑輪吊起物體的繩子段數．把長方體A按圖甲中的擺放方式放在岸邊的水平地面上，它對地面的壓強：長方體A完全離開水面后，在上升過程中F的功率；

參考答案一、單項選擇題（本大題7小題，每題3分，共21分）1、C【解題分析】

A、在乙液體中，A漂浮，則A的密度小于乙液體的密度；B下沉，B的密度大于乙液體的密度；比較可知，A的密度小于B的密度；兩個小球的體積相同，根據m=ρV，A的質量小于B的質量，故A錯誤；B、A、B實心小球在甲液體中均下沉，則甲液體的密度均小于兩個小球的密度，由A選項可知，乙液體的密度大于A的密度，所以甲液體的密度小于乙液體的密度，故B錯誤；C、由圖可知，在甲液體中A球下沉，則GA＞F浮甲，在乙液體中A漂浮，GA=F浮乙，所以F浮甲＜F浮乙，故C正確；D、由G=mg可知GA＜GB，由于A、B在甲液體中都沉底，兩球的體積相同，排開液體的體積相同，由F浮=ρgV排可得，兩球在甲液體中受到的浮力相同，則根據G=F浮+F支可知支持力F支=G-F浮，所以，F支A＜F支B，故D錯誤．2、B【解題分析】

物體受到的重力與其質量成正比；

密度是物質的一種特性；

影響重力勢能的因素：質量和高度；

當燃料完全燃燒時，由Q放=mq分析同種燃料，燃燒放出的熱量多少與質量是否無關?！绢}目詳解】A、同一地點的重力常數相等，即物體受到的重力與它的質量成正比；故A錯誤；B、密度是物質的一種特性，與物體的體積和質量沒有關系，故B正確；C、影響重力勢能的因素：重力和高度，同一高度，物體的重力勢能大小與質量有關，故C錯誤；D、由可知，燃料燃燒放出的熱量與燃料的熱值和燃料的質量有關，故D錯誤。故選B?！绢}目點撥】注意理解密度的物理意義，密度表示單位體積內物體的質量，密度通常是不變的，與質量、體積無關。3、B【解題分析】

動能的大小與物體的質量以及速度有關，質量越大、速度越大，動能越大；重力勢能的大小和物體的質量以及物體所處的高度有關，質量越大、高度越高，重力勢能越大．勻速水平飛行的飛艇，速度不變，高度不變，所以動能不變，重力勢能也不變，故機械能不變，A不符合題意；加速起飛的飛機，速度變大導致動能增大，高度升高導致重力勢能增加，所以，機械能增大，故B符合題意；減速下降的熱氣球，速度減小導致動能減小，高度降低導致重力勢能減小，故機械能減小，故C不符合題意；等待發(fā)射的火箭，速度為零，故動能為零，所處的位置不變，故重力勢能不變，即機械能保持不變，故D不符合題意．4、C【解題分析】

A．根據P=UI可得，燈泡正常工作的電流分別為：，；由圖知，閉合開關S，兩燈泡串聯，由于串聯電路的電流處處相等，所以兩燈泡不能都正常發(fā)光；故A錯誤；B．由可得，兩燈的電阻分別為：，；由于串聯電路的電流處處相等，兩燈泡正常發(fā)光時的最大電流為：I=I1=0.5A，由歐姆定律可得總電阻：；根據串聯電路的總電阻等于各分電阻之和可得，R連入電路的最小值：,故B錯誤；C．滑片P從最右端向左移動，使某燈剛好正常發(fā)光，則正常發(fā)光的是電流較小的一個燈泡L1，所以另一盞燈的實際功率：，故C正確；D．在保證電路安全的情況下，電路中的最大電流I=I1=0.5A，則整個電路的最大功率：，故D錯誤．【題目點撥】重點是歐姆定律和電功率的相關計算，要能讀懂電路圖，能熟練應用串聯電路的電壓和電流特點，都是電路的最基本規(guī)律，應熟練掌握．5、D【解題分析】

A選項，霜的形成是凝華現象，此過程放熱，故A錯誤。B選項，雪的形成是凝華現象，此過程放熱，故B錯誤。C選項，霧的形成是液化現象，此過程放熱，故C錯誤。D選項，露的形成是液化現象，此過程放熱，故D正確。6、D【解題分析】

A、飛機是通過電磁波與地面進行聯系的，故A錯誤；B、飛機的機翼上表面空氣流速大，下表面空氣流速小。由于流體壓強與流速有關，流速越大的地方壓強越小，流速越小的地方壓強越大，所以飛機機翼上表面受到向下的壓強小，下表面受到向上的壓強大，于是產生了一個向上的壓強差，正是這個向上的壓強差為飛機提供了向上的升力，升力的施力物體是空氣，故B錯誤；C、飛機的鋰電池充電時將電能轉化為化學能，故C錯誤；D、飛機表面使用的碳纖維強度大，承載能力大，由m＝ρV可知，密度小可減小飛機的質量，故D正確。7、A【解題分析】

天氣很冷時窗戶玻璃上出現冰花，這是由于空氣中的水蒸氣遇冷凝華現成的，不是凝固產生的，濕衣服掛在陰涼處也能變干，是因為蒸發(fā)可以在任何溫度下發(fā)生,游泳后，剛從水中出來感覺比較冷，這是因為人身上的水分蒸發(fā)帶走熱量,冰箱中取出的冰茶，過一會，容器的外壁附著一層小水珠，這是由于液化形成的,選項A正確．二、填空題（本大題7小題，共21分）8、形變相互慣性【解題分析】

跳板彎曲，形狀發(fā)生了改變，說明力可以使物體發(fā)生形變；運動員用力向后劃槳，給水一向后的力，力的作用是相互的，水給漿向前的力，使艇快速向前運動；子彈離開槍膛后，子彈由于慣性，保持原來的運動狀態(tài)，繼續(xù)向前飛行。9、平衡力不能不能【解題分析】

鉛筆水平擠壓在兩手指間,鉛筆靜止時，兩手指對鉛筆的壓力大小相等、方向相反、在同一直線上、作用于同一物體上，是一對平衡力。若將鉛筆如上圖豎直放置，鉛筆在豎直方向受三個力：重力和上下的壓力，三個力平衡，兩手指對鉛筆的壓力不是平衡力；因鉛筆受重力的作用，故筆的下端對手指的壓力大一些，沒有控制壓力大小相同，因此不能探究壓力的作用效果與受力面積有關。10、音色音調【解題分析】

三弦和琵琶發(fā)聲的音色不同，可以通過音色區(qū)分不同的樂器；調節(jié)琴弦的松緊，振動的頻率不同，這樣做的目的是為了改變聲音的音調。11、化學1.512×1070.42【解題分析】太陽是人類能源的寶庫。太陽能電池板，將太陽能轉化為電能，并能給蓄電池充電，充電時將電能轉化為化學能儲存起來；太陽能集熱器給水箱中的水加熱，如果水箱中有100kg水，經過一段時間照射后，溫度由20℃升高到56℃，水吸收的熱量是：Q吸天然氣完全燃燒放出熱量的50%被水吸收，天然氣放出的熱量為：Q放需要燃燒的天然氣為：V=Q點睛：重點是吸熱公式和熱值公式的應用，注意公式應用時單位要統一，一般都使用主單位，特別是熱值公式應用時，有時要用到體積，有進要用到質量，要統一單位后再計算。12、會聚凹6【解題分析】

近視眼是由于眼睛的晶狀體會聚能力變強，像成在視網膜的前方，要想使像成在視網膜上，應佩戴發(fā)散透鏡，即凹透鏡，使光線推遲會聚；因為凹透鏡中間薄、邊緣厚，對光線有發(fā)散作用；平面鏡成像時，像到鏡面的距離和物體到鏡面的距離相等，所以小明距離平面鏡3m，則他在鏡中的像到鏡面的距離也為3m．則他在鏡中的像到他的距離為6m.13、6009【解題分析】試題分析：電熱水壺工作1min電能表剛好轉30轉，可得工作1h電能表轉30×60=1800轉，消耗的電能為1800/3000=0.6kW·h，所以可知電熱水壺的電功率為0.6kW=600W；一個月燒水時間為30×0.5h=15h，所以消耗的電能為W=Pt=0.6kW×15h=9kW·h．【考點定位】電能表；電能的計算14、同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引B到A【解題分析】

同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引，故負電荷向正極B移動，正電荷向負極A移動；把正電荷定向移動的方向規(guī)定為電流的方向，負電荷的定向移動方向與電流方向移動方向相反，把A．B碳棒插入鹽水，A．B都連接電源后，鹽水中負電荷向B移動，可見鹽水中電流方向是B流向A。三、作圖題（共7分）15、見解析【解題分析】試題分析：小磁針N極向右，則得螺線管左側為S極，右側為N極，由安培定則得電流由右側流入螺線管，即電源左側為正極，右側為正極，如圖所示：考點：通電螺線管的極性和電流方向的判斷16、【解題分析】

光從空氣斜射入玻璃時，折射角小于入射角，光線靠近法線折射，從玻璃斜射入空氣時，折射角大于入射角，兩次偏折程度相同，射出的折射光線與入射光線平行．17、【解題分析】

由圖知：小磁針的磁極為：左N、右S，那么根據磁極間的相互作用，可知螺線管的磁極為：左N、右S；則據安培定則可知，電流從螺線管的左端流入，右端流出，如下圖所示：四、實驗題（本大題共5小題，共20分）18、物體排開液體的體積D和E2.4見詳解【解題分析】

(1)[1]分析圖B、C、D，排開液體的體積不同，受到的浮力不同，說明浮力大小跟排開液體的體積有關。(2)[2]分析圖DE可知，排開液體的體積相等，而液體密度不同，受到的浮力不同，說明浮力大小跟液體密度有關。(3)[3]由圖A知物體重為10N，物體完全浸沒在煤油中時，測力計的示數為7.6N，所受的浮力是。(4)[4]要探究浮力大小與物體形狀是否有關，應該找形狀容易改變的物體進行實驗，可以找一塊橡皮泥，用彈簧測力計測出重，將橡皮泥捏成不同的形狀，然后分別浸沒水中，求出浮力大小進行比較，若浮力相同，則浮力與形狀無關，若浮力不同，則浮力與形狀有關。19、液體的密度14.8×103=>【解題分析】(1)第一組：甲、乙、丙圖是小方同學的實驗過程(整個過程為同一物塊，g取10N/kg)；由如圖可知①由以上實驗過程及數據分析可知，物體浸沒在密度不同的液體中時，測力計的示數不同，即受到的浮力不同，所以可得：物體所受浮力大小與液體的密度有關；②如圖測力計的分度值為0.2N，物體的重為4.8N，根據稱重法測量浮力的原理得：該物塊浸沒在水中所受的浮力為：F?、鄹鶕﨔浮V物塊的密度為：ρ=G(2)第二組：在水平桌面上，兩個完全相同燒杯中裝有相同體積的水，小楊同學將AB兩個不同的實心物塊，分別放入兩個燒杯中，A物塊沉入杯底，B物塊漂浮于水面。待AB均靜止后，兩液面的高度仍相同，如圖所示。因為放入物體前后水面的高度差相等，所以排開水的體積相等，根據F浮=ρ液gV根據浮沉條件得：A物塊沉入杯底，則A的密度大于水的密度；B物塊漂浮于水面。則B的密度小于水的密度，所以A物塊的密度>B物塊的密度；A物塊沉入杯底，即A的重大于排開水的重；B物塊漂浮于水面。即B的重等于排開水的重，又因為A、B排開水的體積相等，所以A的重大于B的重，因為原來的水相同，所以甲容器的總重大于乙容器的總重，即甲杯對桌面壓力>乙杯對桌面壓力。點睛：重點是浮沉條件和阿基米德原理的應用，第二組實驗中根據浮沉條件可直接判斷兩物體的密度大小，根據排開水的體積相等可判斷浮力相等，即排開水的重相等，再綜合判斷杯對桌面壓力的大小。20、反射折射增大小于沒有換用其他透明介質做此實驗【解題分析】

（1）光從空氣斜射到水面時，將同時發(fā)生反射和折射現象；（2）由表中數據可知，光從空氣斜射到水面時，當入射角不斷增大時，折射角也隨之增大，故折射角隨入射角的變化關系是：折射角隨入射角的增大而增大，且折射角小于入射角．（3）從實驗過程可以看出，實驗中存在不足：應該換用其他透明介質再做此實驗，這樣得出的結論將更具有普遍性．21、斷開0～15V慢慢向右移動滑片，直到電壓表示數為3.8V1.14實際功率【解題分析】

（1）為防止電路出現短路現象，連接電路時電鍵應處于斷開狀態(tài)；燈泡額定電壓為3.8V，所以電壓表可選擇0～15V的量程；（2）小燈泡不發(fā)光，電壓表、電流表正常偏轉，說明電路不存在斷路與短路，電路正常；偏角較小，說明電路電阻太大，應調節(jié)滑動變阻器滑片，直到電壓表示數為3.8V；（3）小燈泡正常發(fā)光時，電流表的示數是0.3A，則小燈泡的額定功率為：P=UI=3.8V×0.3A=1.14W；（4）燈泡兩端的電壓越大，根據公式P=可知，燈泡的實際功率越大，燈泡發(fā)光越亮．22、勻速直線甲、丙接觸面越粗糙不可靠D【解題分析】

（1）實驗中小偉應該用彈簧測力計水平勻速直線拉動木塊在長木板上滑動，這時拉力和摩擦力是一對平衡力，根據二力平衡原理知道，滑動摩擦力等于拉力；（2）由控制變量法知道，若要探究摩擦力大小與接觸面的粗糙程度的關系，則應使壓力大小和接觸面積大小相同，只改變接觸面的粗糙程度，所以應選擇甲圖與丙圖進行實驗；且由圖知道，在其他因素相同的情況下，接觸面越粗糙，滑動摩擦力越大；（3）由控制變量法知道，若要探究摩擦力大小與接觸面積的大小的關系，則應使壓力大小和接觸面的粗糙程度相同，只改變接觸面積的大小，而小偉將木塊切去一半，則是在接觸面積變化的同時，也改變了壓力，所以得出結論不可靠；（4）利用圖乙裝置進行實驗有許多優(yōu)點，因為摩擦力大小與物體運動速度無關，所以在實驗中，若拉動木板時，操作比較方便，可以不做勻速直線運動，而木塊始終處于靜止狀態(tài)，拉力與摩擦力平衡，測力計示數會很穩(wěn)定便于讀數，但無論是抽動木板還是拉動木塊做勻速直線運動，都是根據二力平衡條件來測量摩擦力的，故D符合題意。五、計算題（本大題共2小題，共13分）23、（1）1500Pa；（2）0.8m；（3）沉底【解題分析】

（1）在水平面上壓力等于重力，即F=G=6N，A對地面的壓強：p==1500Pa；（2）容器內水的體積：V水==1.6×10-3

m3，根據V=Sh知，容器B中水的深度：h==0.8m；（3）實心物體C分別放在A的上面，A對地面壓強的變化量：Δp==3000Pa；實心物體C放在B容器的水中升高的高度為Δh，假設C完全浸沒，則B中水對容器底壓強的變化量：ΔpB=ρ水gΔh=ρ水g=ρ水g，由題意知ΔpA=ΔpB，即ΔpB=ρ水g=3000Pa，代入數據解得：ρC=2×103

kg/m3。

因為ρC＞ρ水，所以物體C最終沉底。答：（1）A對地面的壓強為1.5×103Pa；（2）容器B中水的深度為0.8m；（3）物體C在水中沉底。24、（1）6cm；（2）12N；（3）1.05×103kg/m3，0.82×103kg/m3，2×105Pa【解題分析】

（1）水的深度；h==0.06m=6cm；（2）由乙圖可知當注水體積為600cm3時，水開始接觸物體A，900cm3時，A完全浸沒，900cm3時，水的壓強是2100Pa，容器的底面積：S容==100cm2，此時水的深度：h′==0.21m=21cm，總體積：V總=S容h′=21cm×100cm2=2100cm3此時V水=900cm3，A的體積：VA=V總-V水=2100cm3-900cm3=1200cm3，物體A受到的浮力：F浮=ρ水gV排=ρ水gVA=1×103kg/m3×10N/kg×1200×10-6m3=12N；（3）A的高度：hA=h′﹣h=0.21m﹣0.06m＝0.15m；A的橫截面積SA==80cm2，當注水體積V=880cm3時，沒有完全浸沒A，由p=ρgh可得此時物塊A浸入水中的深度：h″==14cm，此時物體A受到的浮力：F浮=ρ液gV排=ρ液gSAh″=1×103kg/m3×10N/kg×0.14×80×10﹣4m3＝11.2N，若作用力為向上的拉力：GA＝F浮+F=11.2N+1.4N=12.6N，則ρA＝=1.05×103kg/m3，若作用力為向下的壓力：GA=F浮-F=11.2N-1.4N=9.8N，則ρA=≈0.82×103kg/m3，體積V=880cm3的水的重力為：G=ρ水gV水=1×103kg/m3×10N/kg×880×10﹣6m3=8.8N，對地面的壓力F=8.8N+11.2N=20N，容器對水平地面的壓強是p==2×105Pa。答：（1）當p=600Pa時，容器中水的深度為6cm；（2）完全浸沒后物體A受到的浮力是12N；（3）當注水體積為880cm3時，硬桿對A的作用力為1.4N，物體A的密度可能是1.05×103kg/m3，可能是0.82×103kg/m3，容器對水平地面的壓強是2×105Pa。六、綜合能力題（本大題共3小題，共18分）25、斷開；48Ω3：2【解題分析】

（1）由電路圖可知，開關S斷開時，R1與R2串聯，電路中的總電阻最大，電源的電壓一定，由P＝可