山東省2021屆高考全省三月大聯(lián)考 物理試題+全解全析

山東省2021屆高考全省三月大聯(lián)考

物理

本卷滿分100分，考試時(shí)間90分鐘。

注意事項(xiàng)：

I.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。

2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦

干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。

3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要

求的。

1."比沖''是火箭發(fā)動(dòng)機(jī)性能的一個(gè)重要指標(biāo)，是指發(fā)動(dòng)機(jī)每燃燒1kg推進(jìn)劑所產(chǎn)生的沖量，比沖值越大，發(fā)

動(dòng)機(jī)的推進(jìn)性能越高。下面四個(gè)選項(xiàng)中，表示“比沖”的單位正確的是

A.NB.m/sC.m/s2D.N-s

2.我國自主研發(fā)的聚變一裂變混合反應(yīng)堆的主體部分由“聚變堆芯''和“裂變包層”等組成，“聚變堆芯”中笊、

瓶燃料發(fā)生可控?zé)岷司圩兎磻?yīng)，輸出大量高能中子，“裂變包層”中的空U在高能中子的作用下可轉(zhuǎn)變?yōu)?/p>

常U,2^U經(jīng)過兩次衰變后可變成^Pu,21Pu發(fā)生裂變反應(yīng)能夠穩(wěn)定、可控地輸出巨大的能量。1個(gè)

■Pu核"捕捉”一個(gè)中子發(fā)生裂變反應(yīng)，可產(chǎn)生兩個(gè)新核XHX2,同時(shí)產(chǎn)生x個(gè)中子。已知北Pu核、X1

核、X2核和中子的質(zhì)量分別為加、加、他和叫，光在真空中的傳播速度為C,下列說法正確的是

A.“聚變堆芯”中發(fā)生的核反應(yīng)方程為；H+：Hf：He+：n

B.2北u衰變?yōu)?Pu發(fā)生了2次a衰變

C.新核Xi的比結(jié)合能小于^Pu核的比結(jié)合能

D.1個(gè)籌Pu核發(fā)生裂變反應(yīng)釋放的能量AE=[加一叫一〃％TxT)"%]/

3.愛因斯坦提出光子假設(shè)，成功解釋了光電效應(yīng)，并因此獲得1921年諾貝爾物理學(xué)獎(jiǎng)。某同學(xué)用如圖所

示的電路研究光電效應(yīng)，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片位于4、8的中點(diǎn)，開關(guān)S閉合時(shí)，一束一定強(qiáng)度的綠光

照射到光電管陰極K上，電流表G的指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)。以下說法正確的是

A.若僅把電源正負(fù)極調(diào)換，電流表G的指針偏轉(zhuǎn)角度可能變大

B.若僅將綠光換成橙光照射陰極K,電流表G的指針一定不偏轉(zhuǎn)

C.若僅將滑片P向B端移動(dòng)，電流表G的指針偏轉(zhuǎn)角度可能不變

D.若僅換用強(qiáng)度相同的紫外線照射陰極K,電流表G的指針偏轉(zhuǎn)角度一定不變

4.為觀察光的傳播現(xiàn)象，一同學(xué)用半圓柱形玻璃磚進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。半圓柱形玻璃磚的橫截面如圖所示，底面BD

豎直，此時(shí)右側(cè)光屏與BD平行。一束白光從玻璃磚左側(cè)垂直于BD射到圓心。上，在光屏上C點(diǎn)出現(xiàn)白

色亮斑。使玻璃磚底面繞o逆時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)過角度e（o°ve<9o。），觀察到屏上的白色亮斑在偏離c點(diǎn)的同

時(shí)變成下紫、上紅的彩色光斑。在。角緩慢變大的過程中，光屏上的彩色光斑

A.沿光屏向下移動(dòng),紫光最先消失

B.沿光屏向下移動(dòng)，紅光最先消失

C.沿光屏向上移動(dòng)，紫光最先消失

D.沿光屏向上移動(dòng)，紅光最先消失

5.如圖所示為遠(yuǎn)距離輸電示意圖，其交流發(fā)電機(jī)的輸出電壓Ui一定，通過理想升壓變壓器和理想降壓變壓器

向遠(yuǎn)處用戶供電，升壓變壓器的輸入功率和輸出功率分別為P、尸2,降壓變壓器的輸入功率和輸出功率分別

為P”P4,輸電線的總電阻R一定。下列說法正確的是

A.當(dāng)用戶的用電器增多時(shí)，5、S和S都增大

B.當(dāng)用戶的用電器增多時(shí)，S、S和弘都減小

C.當(dāng)用戶的用電器增多時(shí)，Pl、P2都會(huì)增大，輸電線上損失的功率會(huì)增大

D.當(dāng)用戶的用電器增多時(shí)，P?、匕都會(huì)增大，輸電線上損失的功率會(huì)減小

6.如圖所示為一定質(zhì)量理想氣體狀態(tài)變化的圖像。圖中BA的延長線過（-273,0）點(diǎn)，C3平行于f軸，則

下列說法正確的是

A.氣體由狀態(tài)A變?yōu)闋顟B(tài)8,外界對(duì)氣體做功

B.氣體由狀態(tài)C變?yōu)闋顟B(tài)A,氣體吸收熱量

C.氣體在狀態(tài)B時(shí)的分子數(shù)密度比在狀態(tài)C時(shí)的大

D.氣體在狀態(tài)B時(shí)的分子數(shù)密度比在狀態(tài)A時(shí)的大

7.如圖所示，粗糙水平地面上，半球形物體A將半球B（半球B各面均光滑）抵在豎直墻壁上，8的重力為G,半

徑與A相同。現(xiàn)用水平向左的推力廠緩慢推A,在A與豎直墻壁接觸前，下列判斷正確的是

B

A

A.地面對(duì)A的摩擦力逐漸增大

B.地面對(duì)4的摩擦力逐漸減小

C.水平推力廠逐漸增大

D.水平推力廠逐漸減小

8.北京時(shí)間2020年12月17日凌晨1時(shí)59分，嫦娥五號(hào)返回器帶著1731g月壤，以“半彈道跳躍式再入返回”方

式通過大氣層返回地球?！鞍霃椀捞S式再入返回''的過程如圖所示，返回器先是以接近第二宇宙速度的高速從

A點(diǎn)進(jìn)入大氣層，再借助大氣層提供的升力由B點(diǎn)躍出大氣層，在大氣層外散發(fā)一部分熱量后，再以較小的速

度從C處進(jìn)入大氣層，直至返回地面。這種返回方式既利用了大氣的阻力減速，又防止了因摩擦產(chǎn)生的熱量對(duì)

返回器的燒蝕。假設(shè)嫦娥五號(hào)返回器在沿曲線由A運(yùn)動(dòng)到B的過程中，速度由第二宇宙速度減為第一宇宙速度,

路程約等于地球的半徑，己知第二宇宙速度是第一宇宙速度的后倍，則嫦娥五號(hào)返回器在AB段運(yùn)動(dòng)的過程中,

受到的大氣平均阻力跟它在地面上的重力的比值為

A.50B.5C.0.5D.0.05

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。

全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。

9.1=0時(shí)刻，位于40處的波源由靜止開始沿y軸向下振動(dòng)，形成沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，f=6s時(shí)的

波形圖像如圖所示，再過2s波源停止振動(dòng)。M是坐標(biāo)為x=33m處的質(zhì)點(diǎn)（圖中未畫出）。下列說法正確

的是

A.波的傳播速度是3m/s

B.波源停止振動(dòng)后，再經(jīng)過5s質(zhì)點(diǎn)M開始運(yùn)動(dòng)

C.質(zhì)點(diǎn)M共運(yùn)動(dòng)了0.8m的路程

D.Ul4s時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)例位于波谷處

10.a、b兩車沿同一平直公路同向勻速行駛，人車在前，〃車在后，z=0時(shí)刻兩車相距—，此時(shí)兩車司機(jī)同時(shí)發(fā)

現(xiàn)前方較遠(yuǎn)處突發(fā)交通事故，經(jīng)過1s的反應(yīng)時(shí)間，同時(shí)開始剎車，其M圖像如圖所示。下列判斷正確的

是

八力/(m?s-1)

A.只要Ax>50m,兩車即可避免相撞

B.只要Ar>60m,兩車即可避免相撞

C.若兩車在停止運(yùn)動(dòng)前不相撞，兩車停止運(yùn)動(dòng)時(shí)的最小距離為35m

D.若兩車在停止運(yùn)動(dòng)前不相撞，兩車停止運(yùn)動(dòng)時(shí)的最小距離為25m

11.如圖所示，有一長方體ABCD-AiBiGDi,AB=2BC,BBi=BC,M、N、P、。分別為AB、AMCiDi.CD

的中點(diǎn)（圖中未畫出），下列說法正確的是

A.若2點(diǎn)放置一正點(diǎn)電荷，則電勢差UCC'UNP

B.若B點(diǎn)放置一正點(diǎn)電荷，則電勢差UCCAUNP

C.若在Bi、8兩點(diǎn)分別放置等量異種點(diǎn)電荷，則Ci、M兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等

D.若在5、B兩點(diǎn)分別放置等量異種點(diǎn)電荷，則。、。兩點(diǎn)的電勢相等

12.如圖甲所示，光滑金屬導(dǎo)軌外、ac成45。角放置在水平面上，勻強(qiáng)磁場方向豎直向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為

B。長直導(dǎo)體棒垂直4C放置在導(dǎo)軌上，并與出?、aC交于E、F兩點(diǎn)，且EF=Lo。在外力作用下，導(dǎo)體棒由

EF處運(yùn)動(dòng)到G”處，速度由w減小到之，速度的倒數(shù)■隨位移x變化的關(guān)系圖線如圖乙所示。除阻值為

R的電阻外，其他電阻均不計(jì)。在棒由處運(yùn)動(dòng)到GH處的過程中

A.導(dǎo)體棒所受安培力逐漸增大

B.導(dǎo)體棒所受安培力逐漸減小

C.克服安培力做功為竺空SL

R

D.克服安培力做功為竺強(qiáng)%

R

三、非選擇題：本題共6小題，共60分。

13.（6分）測定木塊與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)”的裝置如圖甲所示。長木板左端帶有光滑定滑輪，放置在水平桌

面上；木塊上方帶有凹槽，放置在木板上；細(xì)繩跨過定滑輪,一端連接木塊，另一端懸掛鉤碼。鉤碼一共

有6個(gè)，每個(gè)質(zhì)量為20g,除掛在細(xì)繩上的鉤碼外，其余鉤碼全部放在木塊的凹槽中。釋放懸掛的鉤碼，

通過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的紙帶測量木塊運(yùn)動(dòng)的加速度，進(jìn)一步推算出木塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)。實(shí)驗(yàn)步驟

如下：

一打點(diǎn)計(jì)時(shí)器

紙帶

甲

A.在跨過定滑輪的細(xì)繩左端懸掛1個(gè)鉤碼，其余5個(gè)鉤碼放在木塊凹槽中，木塊初始位置靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)

器，裝好紙帶，先通電，后釋放木塊，打出紙帶：

B.從凹槽中取出一個(gè)鉤碼增掛至細(xì)繩左端，打出相應(yīng)的紙帶，紙帶上標(biāo)記對(duì)應(yīng)懸掛鉤碼的總質(zhì)量加；

C.重復(fù)步驟B,直至凹槽內(nèi)的鉤碼全部取出，算出每條紙帶對(duì)應(yīng)的加速度①

D.描點(diǎn)連線，作出小“圖像；

E.根據(jù)a-m圖像計(jì)算木塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)分

（1）步驟C中的一條紙帶如圖乙所示，選取清晰計(jì)時(shí)點(diǎn)，依次標(biāo)注0、1、2、3、4、5、6,其中0與3兩

點(diǎn)間的距離為3.66cm,0與6兩點(diǎn)間距離為8.40cm,打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用交流電頻率為50Hz,木塊的

3.66cm-t

*it

,8.40cm.

乙

（2）若a-，〃圖像如圖丙所示，圖線過（0,-2.0）與（4.0,0）兩點(diǎn)，當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭取10m/s2,則木

塊與木板間的動(dòng)摩擦力因數(shù)〃=,木塊的質(zhì)量為kg。

14.（8分）實(shí)驗(yàn)小組利用如圖甲所示電路測量金屬絲的電阻率。將金屬絲拉直，一端直接接入電路中，另一

端通過小金屬夾（小金屬夾相當(dāng)于滑動(dòng)變阻器的滑片）接入電路。用歐姆表粗測金屬絲全部接入電路時(shí)的

阻值約為5。。用螺旋測微器測該金屬絲的直徑如圖乙所示。電路中電壓表V量程為0~5V,內(nèi)阻約50

kC,蓄電池的電動(dòng)勢約12V,內(nèi)阻不計(jì)。通過金屬夾在金屬絲上滑動(dòng)來改變金屬絲接入電路部分的長度

I,記錄對(duì)應(yīng)的電壓表示數(shù)U,作出關(guān)系圖線如圖丙所示?；卮鹣铝袉栴}：

（1）圖乙所示金屬絲的直徑d=mm。

（2）電路中的定值電阻R應(yīng)選（選填或“C”）。

A.定值電阻3。

B.定值電阻8c

C.定值電阻50c

（3）由圖丙求得金屬絲的電阻率p=Cm（保留兩位有效數(shù)字）。

15.（7分）負(fù)壓救護(hù)車是利用技術(shù)手段使車內(nèi)氣壓始終低于外界大氣壓，從而讓空氣只能由車外流向車內(nèi)，

由清潔區(qū)流向感染源區(qū)，再通過殺菌處理后排到車外，如圖甲所示。某同學(xué)找來了一個(gè)帶有壓力表、容積

%=10.0dm3的鋼瓶，對(duì)保持鋼瓶內(nèi)空氣壓強(qiáng)為負(fù)壓且保持不變進(jìn)行了研究。他在鋼瓶上方安裝一個(gè)能調(diào)整

空氣流量的進(jìn)氣孔，下方裝一抽氣機(jī)，如圖乙所示。己知抽氣機(jī)每秒抽出氣體的體積是鋼瓶容積的，，外

界大氣壓”）=10X105Pa；壓力表的示數(shù)是相對(duì)外界大氣壓的值（鋼瓶內(nèi)氣壓與外界大氣壓的差值），當(dāng)鋼瓶

內(nèi)氣壓等于外界大氣壓時(shí)示數(shù)為0,低于外界大氣壓時(shí)示數(shù)為負(fù)值；絕對(duì)溫度T與攝氏溫度t的關(guān)系為

T=t+”要保持壓力表的示數(shù)始終為p=-100Pa,求以下兩種情況下每秒從進(jìn)氣孔進(jìn)入鋼瓶的空氣的體積。

（以“dn?”為單位，保留小數(shù)點(diǎn)后3位數(shù)字）

甲

（1）鋼瓶內(nèi)外溫度始終都為27C；

（2）鋼瓶內(nèi)溫度為27℃,外界溫度為0℃。

16.（9分）一款彈射游戲中，為了控制小球擊中目標(biāo)時(shí)的動(dòng)能值，對(duì)小球彈射出的速度做了篩選，同時(shí)對(duì)目標(biāo)

所處位置做了調(diào)整，其裝置示意圖如圖所示。游戲裝置由固定在水平臺(tái)面上的彈射器、水平軌道EO,豎

直圓軌道、水平軌道E4和臺(tái)面左下方固定的!橢圓弧曲線擋板CZ）組成。彈球光滑，從彈射器彈出后，

由圓軌道的最低點(diǎn)E進(jìn)入圓軌道，只有不脫離圓軌道的小球才能從E點(diǎn)離開圓軌道滑上E4軌道，然后從

平臺(tái)邊緣A點(diǎn)水平拋出，擊中曲線擋板上的目標(biāo)。若以A點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)建立平面直角坐標(biāo)系，x軸水

平向左，。點(diǎn)在y軸上。橢圓弧擋板CO的方程滿足1+16.丫2=田了。已知豎直圓軌道半徑廠0.1m,光

滑彈球質(zhì)量m=20g且可視為質(zhì)點(diǎn)，忽略空氣阻力，各部分平滑連接，重力加速度g=10m/s2。

（1）若彈球擊中CO上x坐標(biāo)最小的目標(biāo)P（圖中未標(biāo)出），求彈球經(jīng)過E點(diǎn)時(shí)對(duì)圓軌道的壓力FN；

（2）若擊中目標(biāo)時(shí)彈球的動(dòng)能為0.37J,求被擊中目標(biāo)的坐標(biāo)。（結(jié)果可保留根式）

17.（14分）如圖所示，在X。），坐標(biāo)系的第一象限內(nèi)存在垂直紙面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8的勻強(qiáng)磁場，在

第二象限存在與），軸平行且方向向上的勻強(qiáng)電場。一帶負(fù)電粒子從x軸上的A點(diǎn)以速度w沿與x軸成生60。

角的方向射入勻強(qiáng)磁場，恰好垂直于y軸從。點(diǎn)（圖中未畫出）進(jìn)入勻強(qiáng)電場，最終從x軸上的C點(diǎn)離開

電場。已知OA=d,OC=2d,粒子重力不計(jì)，求：

（1）粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑R和運(yùn)動(dòng)時(shí)間力；

（2）。點(diǎn)的縱坐標(biāo)”）；

（3）粒子的比荷包；

m

（4）電場強(qiáng)度的大小

18.（16分）如圖所示，水平面上長為L、質(zhì)量為陽的薄木板A處于靜止?fàn)顟B(tài)，質(zhì)量為加2的光滑小物體8以

初速度W滑上木板A的水平上表面，同時(shí)對(duì)木板A施加一個(gè)水平向右的恒定拉力，物體8相對(duì)木板A運(yùn)

動(dòng)路程s=中4/后與木板分離，分離的同時(shí)撤去對(duì)木板的水平恒定拉力。己知，〃2＞如，A與水平面間的動(dòng)摩

擦因數(shù)為〃，8落地前后速度不變，落地以后的運(yùn)動(dòng)過程中，B與A的碰撞為彈性碰撞。重力加速度為g。

求：

，哈...."以

（1）木板A受到的水平恒定拉力的大??；

（2）B沿水平面滑動(dòng)過程中與A第一次相撞后各自的速度大??；

（3）8與A第二次相撞后各自的速度大?。?/p>

（4）2落地后A板運(yùn)動(dòng)的總路程。

全解全析

123456789101112

BDCACBDCACBDBCAD

I.B【解析】由題意，“比沖”的單位應(yīng)該是沖量的單位與質(zhì)量的單位之比，即芋=蟆詈=四，故B正

kgskgs

確。

2.D【解析】選項(xiàng)A中核反應(yīng)方程兩邊質(zhì)量數(shù)不相等，故A錯(cuò)誤；選項(xiàng)B中，質(zhì)量數(shù)沒有變化，質(zhì)子數(shù)增加

了2,應(yīng)該是發(fā)生了2次0衰變，B錯(cuò)誤；1個(gè)aPu核“捕捉”一個(gè)中子發(fā)生裂變反應(yīng)，可產(chǎn)生兩個(gè)中等質(zhì)

量的原子核，它們的比結(jié)合能都比較大，C錯(cuò)誤；根據(jù)愛因斯坦質(zhì)能方程知，D正確。

3.C【解析】僅把電源正負(fù)極調(diào)換，光電子到達(dá)陽極的數(shù)目減少，電流表指針偏轉(zhuǎn)角度一定變小，A錯(cuò)誤；

若用橙光照射陰極K,因其頻率小于綠光，因此可能不發(fā)生光電效應(yīng)，也可能會(huì)發(fā)生光電效應(yīng)，電流表可

能有電流通過，故B錯(cuò)誤；光電管兩端加的是正向電壓，若開始時(shí)光電流未飽和，P向8端移動(dòng)，電流表

讀數(shù)會(huì)增大，若剛開始光電流處于飽和狀態(tài)，即使P向B端移動(dòng)，電流表讀數(shù)也不變，故C正確；在綠光

照射剛好達(dá)飽和電流的情況下，若用一束強(qiáng)度相同的紫外線照射陰極K,由于紫外線的頻率大于綠光的頻

率，則單位時(shí)間發(fā)出的光子數(shù)目減少，單位時(shí)間內(nèi)到達(dá)陽極的電子數(shù)目會(huì)減少，電流表讀數(shù)減小，故D錯(cuò)

誤。

4.A【解析】根據(jù)折射定律及幾何知識(shí)知，在玻璃磚轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，光在。點(diǎn)處的折射角一定大于入射角，

玻璃磚繞。點(diǎn)逆時(shí)針緩慢地轉(zhuǎn)過角度。的過程中，法線也逆時(shí)針同步旋轉(zhuǎn)，入射角增大，由折射定律〃

="上可知折射角也隨之增大，而且法線也逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)，所以折射光斑在豎直屏上向下移動(dòng)；由臨界角公

sinr

式sinC=」可知紫光折射率最大，臨界角最小，玻璃磚旋轉(zhuǎn)過程中豎直屏上最先消失的一定是紫光，故A

n

正確。

5.C【解析】理想變壓器的變壓比U|/U2="l/〃2,因?yàn)閁、〃1、"2均不變，則S不變，當(dāng)用戶的用電器增多

時(shí)，居增大，根據(jù)變壓器輸出功率決定輸入功率，有23增大，升壓變壓器的輸入功率P和輸出功率P2也

都增大，根據(jù)B=S/2,則A增大，貝IJAU=/2R增大，所以由U3=U2-AU得出s減小，所以a也減??；經(jīng)

以上分析知當(dāng)用戶的用電器增多時(shí)2增大，/2增大，所以由△?=勿卡得輸電線上損失的功率也增大，故C

正確?

6.B【解析】根據(jù)題意可知從狀態(tài)力到狀態(tài)B氣體做等容變化，氣體吸熱，外界不對(duì)氣體做功，故A錯(cuò)誤；

從狀態(tài)C變?yōu)闋顟B(tài)A時(shí)，氣體溫度不變，內(nèi)能不變，壓強(qiáng)減小，體積增大，氣體對(duì)外界做功，氣體從外界

吸收熱量，B正確；從狀態(tài)8到狀態(tài)C氣體做等壓變化，溫度降低，體積減小，所以狀態(tài)B的分子數(shù)密度

比狀態(tài)C時(shí)的分子數(shù)密度小，狀態(tài)A、B氣體的體積相等，分子數(shù)密度相同，故C、D錯(cuò)誤。

7.D【解析】對(duì)B受力分析，如圖甲所示。

B受力平衡，則有：M=Gtan(9,N,=—9一，當(dāng)水平向左的推力F緩慢推動(dòng)A時(shí)，。減小，則tan。減小，

-cos6

cos。增大，所以N1減小，N2減??；對(duì)A、B整體受力分析，如圖乙所示，整體處于平衡狀態(tài)，豎直方向有：

N=zmg+G,則地面對(duì)A的支持力不變，4受到的摩擦力為滑動(dòng)摩擦力，則有尸因此地面對(duì)A的摩

擦力不變，水平方向有：F=N\+f,由于M減小，/不變，則尸減小，故D正確。

8.C【解析】設(shè)第一宇宙速度的大小為5,第二宇宙速度的大小為。2,則。2=夜5；設(shè)嫦娥五號(hào)返回器的質(zhì)

量為〃?，地球的半徑為R,地球表面的重力加速度為g,貝1」強(qiáng)？=機(jī)務(wù)；設(shè)嫦娥五號(hào)返回器在第一次進(jìn)入大

氣層過程中受到大氣層的平均阻力大小為f由題意，嫦娥五號(hào)返回器在第一次進(jìn)入大氣層過程中運(yùn)動(dòng)的路

程大約等于地球半徑R,這一過程中萬有引力做功為零，根據(jù)動(dòng)能定理得：-4=3根。「-g機(jī)。；，聯(lián)立解

得—=〈=。-5,C正確。

mg2

3

9.AC【解析】由題意知，波長為12m,—T=6s,所以T=4s,得v=3m/s,故A正確；f=8s時(shí)波傳到24m

2

處，還需要(33m-24m)/v=3s波傳播到M點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；波源振動(dòng)了兩個(gè)周期，M也會(huì)振動(dòng)兩個(gè)周期，

所以M運(yùn)動(dòng)的路程是2x4A=0.8m,故C正確；r=6s時(shí)有兩個(gè)波谷，分別是x=3m、x=15m,傳播到x

=33m的M點(diǎn)，分別需要時(shí)間10s和6s,可得仁12s或Ul6s時(shí)刻M位于波谷處，故D錯(cuò)誤。

10.BD【解析】klls時(shí)兩車速度相等，0~11s內(nèi)a車的位移xi=lx(10+30)xl0m+30m=230m,6車的

2

位移X2=，x(10+20)x10m+20m=170m,則只要兩車的初始距離大于AX=XI-X2=60m,便不會(huì)相撞，故

2

A錯(cuò)誤，B正確；兩車速度相等時(shí)剛好不相撞，〃車至停下的位移：Xa='x(16-11)xl0m=25m,b車

2

的位移：x/,=1x(21-11)xlOm=50m,兩車都停下時(shí)的最小距離為x=25m,C錯(cuò)誤，D正確。

2

11.BC【解析】B點(diǎn)放一正點(diǎn)電荷時(shí)，如圖所示，連接8、P,以B為圓心，分別以BC、BN(長度與BCi相

等)的長為半徑作圓弧，分別交3P于R、So因°C=9K，(pc\=<ps，故UCCI=URS；又因*N="，故UNP=

USP。設(shè)2c=d,則有RS=(72-1)d,SP=(6—五)d,顯然RS>SP。根據(jù)正點(diǎn)電荷電場的特點(diǎn)，

RS段的平均電場強(qiáng)度大于SP段，且離電荷越遠(yuǎn)場強(qiáng)越小、電勢越低，故必有URS>USP。綜上可知：Ucc\

>UNP,A錯(cuò)誤，B正確；若在8、B兩點(diǎn)分別放置等量異種點(diǎn)電荷，由等量異種點(diǎn)電荷的電場特點(diǎn)可知

M、N兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等，C、G兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等，M、C兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等，則

G、M兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等，故C正確；若在3、8兩點(diǎn)處放置等量異種點(diǎn)電荷，則5、B連線的

中垂面是等勢面，則。、d兩點(diǎn)分布在中垂面的兩側(cè)，電勢不相等，故D錯(cuò)誤。

⑵AD【解析】圖像的斜率kU------=_L,由1不米1+工1，代入％值得。=L汽w.，導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生

2，）

44E

的感應(yīng)電動(dòng)勢田=3h=3（LO+AO-TT=BLO^O,/=-,所以感應(yīng)電動(dòng)勢和感應(yīng)電流都不變,

x+4）R

盤=0乎（4+X）,所以安培力逐漸增大，故A正確，B錯(cuò)誤：由于安培力與位移為一次函數(shù)關(guān)系，所

以求安培力的功時(shí)可用力對(duì)位移的平均值。根據(jù)題意，當(dāng)導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)2L）時(shí)，導(dǎo)軌間導(dǎo)體棒長度為3〃，

安培力平均值尸=生通（4+3%）,克服安培力做功的止竺冤包，故C錯(cuò)誤，D正確。

2RfR

13.（1）3.00（3、3.0也對(duì)）（2分）（2）0.2（2分）0.12（2分）

【解析】（1）木塊做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，有X36-X034（37）2,解得〃=3.00m/s2。

（2）設(shè)繩的拉力大小為T,對(duì)鉤碼，有mg-T=ma,對(duì)木塊，有T-"（M+6mo-Wg=（M+6〃zo-〃?）a,聯(lián)

（1+（1+2.0

立可得a=M+6叫一圈。結(jié)合圖像可得一的一2,七瓦7嬴=新浙,解得〃=02M=012kg。

14.（1）0.730（0.729~0.731均可）（2分）（2）B（3分）（3）6.7x10?。?分）

【解析】（1）螺旋測微器的讀數(shù)為：0.5mm+23.0x0.01mm=0.730mm。

（2）因金屬絲全部接入電路的電阻為&=5Q,電源的電動(dòng)勢為E=12V,要使量程Um=5V的電壓表正

UUE-U

常工作，電路中的最大電流/=票=1A,由串聯(lián)電路電流相等可知=工=一^4,將Um=5V,&=5。

人4K

代入，可得R=7。，因此定值電阻R不應(yīng)小于7。，又由于50。的定值電阻太大，串聯(lián)在電路中分壓太

多，電壓表的示數(shù)太小，故不能選用，綜上，R只能選阻值為8c的B；

⑶由電路可知h",R*=p]S=\ncP,整理得結(jié)合圖丙可知4=上，

"+K54U4EpIEE12

4.0

15.（7分）（1）1.665dm3（2）1.515dm3

【解析】（1）由于題中p=-100Pa,故鋼瓶內(nèi)氣體的實(shí)際壓強(qiáng)p'=99900Pa（1分）

設(shè)一秒內(nèi)進(jìn)入鋼瓶的氣體的體積為口，由玻意耳定律得

；P'%=P°K（2分）

代入數(shù)據(jù)得V1=1.665dm3（1分）

（2）設(shè)一秒內(nèi)進(jìn)入鋼瓶的氣體的體積為由理想氣體狀態(tài)方程得

=（2分）

300273

3

代入數(shù)據(jù)得V2=1.515dm（1分）

16.（9分）（1）1.2N,方向向下（2）（-77m,0.45m）

【解析】（1）擊中CZ）上x坐標(biāo)最小的目標(biāo)，則彈球離開A時(shí)速度最小，過圓周最高點(diǎn)時(shí)，對(duì)圓軌道的壓

力為0,Wmg=m—（1分）

r

從圓周最高點(diǎn)到E點(diǎn)，由機(jī)械能守恒有：2mgr=^nu-E-^-mvl（1分）

v

在E點(diǎn)，設(shè)圓軌道對(duì)小球的支持力為尸，由牛頓第二定律，有:F-mg=m——e（1分）

r

聯(lián)立各式，代入數(shù)據(jù)得：F=1.2N

由牛頓第三定律得小球?qū)壍缐毫Υ笮∫矠?.2N,方向向下（1分）

（2）設(shè)所擊中目標(biāo)的坐標(biāo)為（x,y）,則有

12

y^28t'

X=VA2t（1分）

%=gt

。2=呢+。；（1分）

口12

E.=—mv

卜2

64

x2+16y2-~^~y（1分）

聯(lián)立各式，代入數(shù)據(jù)得x=|"m,y-0.45m

（1分）

即被擊中目標(biāo)的坐標(biāo)為弓近m,0.45m）（1分）

17."分）⑴乎"誓⑵曲⑶招⑷如

【解析】（1）粒子在勻強(qiáng)磁場和勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示。其中0'點(diǎn)為帶電粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的

軌跡圓的圓心。（1分）

在三角形OO'A中，由幾何關(guān)系知粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑

R=

^（1分）

解得（1分）

3

由幾何關(guān)系知，粒子在勻強(qiáng)磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)轉(zhuǎn)過的圓心角/。。'4=120。

則粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間4=：T（1分）

e2nR

粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)周期丁=—（1分）

vo

聯(lián)立’解得：戶嚷。分）

（2）由幾何關(guān)系得％=R（l+cos。）（1分）

聯(lián)立，解得約（1分）

（3）對(duì)帶電粒子由牛頓第二定律得

qv0B=m^（1分）

聯(lián)立，解得：旦=正%（1分）

m2Bd

（4）設(shè)粒子在電場中運(yùn)動(dòng)的加速度為由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有

2d=vat2（1分）

必產(chǎn)刎？（1分）

由牛頓第二定