2022屆重慶市縉云教育聯(lián)盟高三第二次診斷性檢測物理試題及答案

重慶市2022年高考第二次診斷性檢測

高三物理

注意事項(xiàng)：

1.答題前，考生務(wù)必用黑色簽字筆將自己的姓名、準(zhǔn)考證號、座位號在答題卡上填寫清楚；

2.每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，在試卷上作答無效;

3.考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回；

4.全卷共6頁，滿分100分，考試時間75分鐘。

1.太陽帆飛行器是利用太陽光獲得動力的一種航天器，其原理是光子在太陽帆表面反射的過程中會對太

陽帆產(chǎn)生一個沖量.若光子垂直太陽帆入射并反射，其波長為入，普朗克常量為九，則它的沖量大小為（）

7B.弓7D.竽

2.如圖所示，電源電動勢E=16V,內(nèi)阻r=in,在磁感應(yīng)強(qiáng)度B=1.07、方向

豎直向下的勻強(qiáng)磁場中，質(zhì)量m=0.2kg的金屬細(xì)桿MN置于傾角為8=37。的

導(dǎo)軌上，導(dǎo)軌的寬度為L=0.5m,桿與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)為“=0.5,滑軌

與MN桿的電阻忽略不計(jì)，取g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8,可認(rèn)

為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。要使MN桿在滑軌上恰好不上滑，滑動變阻

器R的阻值為（）

A.10B.3。C.5。D.70

3.如圖，吊籃P用輕繩。4懸掛于天花板上，吊籃P底部安裝一輕質(zhì)彈簧，彈簧上端連

接一與吊籃P質(zhì)量相同的小球Q,整個裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)，重力加速度大小為g。在

懸掛吊籃P的輕繩04被剪斷的瞬間，P、Q的加速度大小分別為（）

A.g,gB.2g,0

C.g,0D.2g,9

4.一個熱氣球與沙包的總質(zhì)量為M,在空氣中以加速度/g下降。為了使它以同樣大

小的加速度上升，需拋掉沙包中的沙子，若熱氣球所受浮力不變，應(yīng)該拋掉的沙的質(zhì)量為（）

A.:1MB1.:M_C2.3M3D.

2334

5.如圖所示電路中，電源電動勢E=6V,內(nèi)阻不計(jì)，其中電阻Ri=l。，R2=6/2,R3=2Q,R4=3/2,

電容器的電容C=IF,其上下極板分別為A和B,則（）

A.S斷開時，/?2消耗的功率最大

B.S閉合后，B板帶正電

S閉合穩(wěn)定后，電容器所帶電量為2c

D.S閉合穩(wěn)定后再斷開，若把4、B兩板拉開一小段距離，則兩板A、B之間的電場強(qiáng)度減小

6.如圖所示，PQ為等量異種點(diǎn)電荷A、B連線的中垂線，C為中垂線上的一點(diǎn)，"、N分別為AC、BC的中

點(diǎn)，若取無窮遠(yuǎn)處的電勢為零，則下列判斷正確的是（）

A.M,N兩點(diǎn)場強(qiáng)相同

B.M、N兩點(diǎn)電勢相同

C.負(fù)電荷由M點(diǎn)移到C處，電場力做正功

D.負(fù)電荷由無窮遠(yuǎn)處移到N點(diǎn)時，電勢能一定增加

7.質(zhì)量為2kg的物體在水平面上沿直線運(yùn)F/N

動，受阻力大小恒定。經(jīng)某點(diǎn)開始沿運(yùn)動

8

方向的水平拉力F與運(yùn)動距離x的關(guān)系如6

圖所示，0?3nl物體做勻速直線運(yùn)動。下4

列對圖示過程的說法正確的是（）2

A.在x=57n處物體加速度大小為3m/s207x/m

B.0?7nl物體克服阻力做功為28/

C.0?7nl拉力對物體做功為45/

D.0?7m合力對物體做功為68/

8.我國以“一箭三星”方式將“吉林一號”04、05、06星成功發(fā)射，其中“吉林一號”04星的工作軌道

高度約為535km,比同步衛(wèi)星軌道低很多，同步衛(wèi)星的軌道又低小："同步衛(wèi)星

于月球的軌道，其軌道關(guān)系如圖所示。下列說法正確的是（）

rV?吉林一號"04星

A."吉林一號"04星的發(fā)射速度一定不小于7.9km/s

地球

B.同步衛(wèi)星繞地球運(yùn)行的角速度比月球繞地球的角速度大

C.“吉林一號”04星繞地球運(yùn)行的周期比同步衛(wèi)星的周期大

D.所有衛(wèi)星在運(yùn)行軌道上完全失重，重力加速度為零

9.如圖所示，豎直平面內(nèi)固定的光滑軌道中，ab豎直、b到c的圓軌道半徑為2R,斗。

d到e的圓軌道半徑為R,這兩個圓軌道的圓心。與b點(diǎn)等高，一小滑塊從a點(diǎn)貼V一~、

著ab由靜止釋放，下列說法正確的是（）（尸、）

A.如果小滑塊不會脫離軌道，則ab高度不能小于2.5RI）b

B.如果小滑塊不會脫離軌道，則帥高度不能小于3.0R

C.小滑塊在d點(diǎn)對軌道的壓力小于在C點(diǎn)對軌道的壓力

D.小滑塊在經(jīng)過e點(diǎn)時對軌道的壓力不可能等于零

10.傳送帶長為3始終以速度“勻速運(yùn)動，把質(zhì)量小的貨物無初速度地放到4點(diǎn)，當(dāng)貨物運(yùn)動到AC的中點(diǎn)8

時速度恰為“而后被傳送到C點(diǎn)。貨物與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為〃，重力加速度大小為g。則貨物從

4點(diǎn)到C點(diǎn)的過程中（）

nAB?■C

◎Fg

F-L-y

A.摩擦力對貨物做的功為“mgL

B.摩擦力對貨物做功的平均功率為:卬ngu

C.傳送帶克服摩擦力做功為卬ngL

D.傳送帶克服摩擦力做功的平均功率為；“mgv

11.某同學(xué)想將一彈簧改裝成簡易彈簧測力計(jì)，進(jìn)行如下操作（彈簧始終未超

出彈性限度范圍）.

（1）首先將下端帶指針的彈簧豎直懸掛在鐵架臺上，測量彈簧的原長；

（2）接著，將刻度尺靠近彈簧固定.彈簧下端懸掛不同質(zhì)量的物體，待物

體靜止后讀出指針指示的相應(yīng)刻度.該同學(xué)以懸掛物體的重力為縱軸，彈

簧的形變量為橫軸，根據(jù)測得的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，作出如圖所示的圖象.由圖象可知此彈簧的勁度系數(shù)為

______N/rrn

（3）然后再在刻度尺的刻度旁標(biāo)注對應(yīng)力的大小.如果未懸掛物體時，指針對應(yīng)刻度為6cm,則該同學(xué)

應(yīng)在6cni處標(biāo)注為N,在12cm處標(biāo)注為N；

（4）最后該同學(xué)為了驗(yàn)證改裝后的彈簧測力計(jì)標(biāo)度是否準(zhǔn)確，找了一只標(biāo)準(zhǔn)的彈簧測力計(jì)，他可以采用

的方法是。（回答一種即可）

(5)將下端帶指針的彈簧豎直懸掛在鐵架臺上，測量彈簧的原長，然后用力豎直向下緩慢拉彈簧，當(dāng)彈

簧伸長了6cm時，拉力做的功為。

12.某實(shí)驗(yàn)小組使用多用電表和螺旋測微器測量電阻絲的電阻率，該電阻絲的電阻值約為1500,材料未知。

實(shí)驗(yàn)過程如下：

(1)用螺旋測微器測量該電阻絲的直徑，示數(shù)如圖(a)所示。該電阻絲的直徑為mm.

(2)對多用電表進(jìn)行機(jī)械調(diào)零。

⑶將多用電表的選擇開關(guān)旋至_____(選填"x1”“X10”“X100”或“xlkn)倍率的電阻擋。

(4)將黑、紅表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指在電阻擋零刻度線。

(5)將黑、紅表筆并接在待測電阻絲兩端，多用電表的示數(shù)如圖(b)所示。該電阻絲的電阻值為0。

(6)測量完成之后，將表筆從插孔拔出，并將選擇開關(guān)旋到“OFF”位置。

13.如圖所示，一個質(zhì)量為4m的小球(視為質(zhì)點(diǎn))，從高度為H的4點(diǎn)由靜止釋放，沿光滑曲線軌道到最低點(diǎn)

B處與質(zhì)量為m的另一個小球發(fā)生正碰，碰撞時間極短，且碰后粘在一起進(jìn)入兩個半徑均為R=0.4m的

光滑圓管，恰好能通過圓管最高點(diǎn)C。在離開C進(jìn)入與水平線成60。的固定的氣墊導(dǎo)軌的頂端時，立即

接通氣墊導(dǎo)軌的電源，給小球一個方向垂直于氣墊導(dǎo)軌平面、大小尸質(zhì)=5mg的恒定風(fēng)力。不計(jì)空氣

阻力，g取lOrn/s2。求：

(1)高度//；

(2)小球到達(dá)水平線。'。時的速度大小。

14.對封閉在汽缸中一定質(zhì)量的理想氣體，下列說法正確的是()

A.溫度升高，氣體分的平均動能一定增大

B.體積減小，氣體的壓強(qiáng)一定增大

C.外界對氣體做功，氣體的內(nèi)能一定增大

D.氣體從外界吸收熱量，氣體的內(nèi)能一定增大

15.2021年12月26日18時44分，航天員翟志剛、葉光富進(jìn)行了第二次艙外作業(yè)，為了保障航天員的生命

安全和基本工作能力，他們必須穿著航天服。地面進(jìn)行的某次艙外航天服氣密性檢查中，將一定量的

氣體充入航天服，并將航天服上的所有閥門擰緊，此時航天服內(nèi)氣體的熱力學(xué)溫度為aToGo為室溫，

a>l)、壓強(qiáng)為用°C。為大氣壓強(qiáng)，b>a).經(jīng)過一段時間后，航天服內(nèi)氣體的溫度降至室溫不考

慮航天服內(nèi)部體積的變化，航天服內(nèi)的氣體視為理想氣體。求：

(1)航天服內(nèi)氣體溫度降至室溫時，航天服內(nèi)氣體的壓強(qiáng)p；

(2)航天服內(nèi)氣體溫度降至室溫時，將航天服上的閥門打開，緩慢放氣至航天服內(nèi)氣體與外界達(dá)到平衡

時，放出的氣體與航天服內(nèi)剩余氣體的質(zhì)量之比。

16.如圖所示，兩列波長與振幅都相同的橫波，t=0時，沿x軸正方向傳播的波正好傳播到坐標(biāo)原點(diǎn)，沿x

軸負(fù)方向傳播的波剛好傳播到X=17H處。已知兩列波的振幅均為5cm,波均為5m/s,則下列說法正確

的是()

A.兩波相遇后，原點(diǎn)是振動減弱的點(diǎn)

B.經(jīng)0.4s,處于原點(diǎn)的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動的路程為27n

C.0.4s時，坐標(biāo)在0?1m之間的質(zhì)點(diǎn)位移都為0

D.在0?0.4s內(nèi)，坐標(biāo)在0?1m之間的質(zhì)點(diǎn)的路程都為0

17.如圖甲為微棱鏡增亮膜的工作原理示意圖，光源通過入光面及透明的基材層，在棱鏡層透過其表層精細(xì)

的棱鏡結(jié)構(gòu)時，將光線經(jīng)過折射、全反射、光累積等來控制光強(qiáng)分布，進(jìn)而將光源散射的光線向正面集中，

并且將視角外未被利用的光通過光的反射實(shí)現(xiàn)再循環(huán)利用，減少光的損失，同時提升整體輝度與均勻度，

對液晶顯示屏(LC。)面板顯示起到增加亮度和控制可視角的效果。如圖乙，AaBC為棱鏡層中的一個微棱鏡

的橫截面，乙4=90。，AB=AC,用放在BC邊上P點(diǎn)的單色點(diǎn)光源來模擬入射光對增亮膜進(jìn)行研究，PC=

3PB,已知微棱鏡材料的折射率n=|,s譏37。=0.6,只考慮從P點(diǎn)發(fā)出照射到力B邊和ZC邊上的光線。

(1)若經(jīng)4B邊折射出的光線與BC邊垂直，求該光線在微棱鏡內(nèi)入射角的正弦值;

(2)求從P點(diǎn)發(fā)出的光能從4B邊和AC邊射出棱鏡區(qū)域的長度及、員之比。

重慶市2022年高考第二次診斷性檢測

高三物理答案及評分標(biāo)準(zhǔn)

【命題單位：重慶縉云教育聯(lián)盟】

1.【答案】B

【解析】解：根據(jù)公式；1=；,可得入射光子的動量為：p=p規(guī)定入射光子的動量方向?yàn)?/p>

正方向，則反射光子的動量為:P'=-9,根據(jù)動量定理得:/=/p=p,—p=YY=-裂

負(fù)號表示沖量的方向與初動量的方向相反，所以它的沖量大小為停，故B正確，AC。錯誤。

A

故選：B。

根據(jù)公式4=；,規(guī)定入射光子的動量方向?yàn)檎较?，結(jié)合動量定理求解它的沖量大小。

本題以太陽帆飛行器是利用太陽光獲得動力的一種航天器為背景，考查了動量定理在實(shí)際

問題中的應(yīng)用，要明確光子的動量公式，注意應(yīng)用動量定理時要規(guī)定正方向。

2.【答案】A

【解析】解：畫出MN桿恰好不上滑這種情況下的受力分析圖，如圖所示。

由平衡條件得：沿斜面方向mgsin。+林FN2=F安2的。

垂直斜面方向FN2=mgcosO+F^2sin0

而產(chǎn)安2=8白心，解得尺2=10。故4正確，BCC錯誤。

故選：A.

畫出MN桿在恰好不上滑這種情況下的受力分析圖，根據(jù)平衡條件和歐姆定律以及F=B1L

聯(lián)立求解R的阻值。

解決本題的關(guān)鍵掌握閉合電路歐姆定律，安培力的大小公式，以及會利用共點(diǎn)力平衡去求

未知力。

高三物理答案第7頁共17頁

3.【答案】B

【解析】解：設(shè)P、Q的質(zhì)量均為m,開始時彈簧對Q有方向豎直向上且大小為mg的彈力，

對P有方向豎直向下且大小也為的彈力，在懸掛吊籃P的輕繩0A被剪斷的瞬間，彈簧的

彈力不會發(fā)生突變，設(shè)此時P、Q的加速度大小分別為由、a2,根據(jù)牛頓第二定律可得的=

mn

mg-mg=Qt故B正確，ACC錯誤。

771

故選：B。

剪斷細(xì)線前，對Q進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡條件求出彈簧的彈力。斷開細(xì)線后瞬間，彈簧的

彈力不變，再分別對P、Q受力分析，運(yùn)用牛頓第二定律求解加速度。

本題是力學(xué)中瞬時問題，關(guān)鍵是先根據(jù)平衡條件求出系統(tǒng)靜止時物體受到的彈力，然后根

據(jù)牛頓第二定律列式求解加速度；同時要注意輕彈簧的彈力與形變量成正比，來不及突變,

而細(xì)線的彈力是由微小形變產(chǎn)生的，可以突變。

4.【答案】C

【解析】解：設(shè)空氣對熱氣球與沙包的浮力大小為F.

在空氣中以加速度a=下降過程中，根據(jù)牛頓第二定律可得：Mg-F=Ma

為了使它以同樣大小的加速度上升，設(shè)應(yīng)該拋掉的沙的質(zhì)量為TH,拋出后，根據(jù)牛頓第二

定律可得：

F—(M—m)g=(M—m)a

聯(lián)立解得：m=|M,故C正確、ABO錯誤。

故選：Co

熱氣球與沙包在空氣中以加速度a=[g下降過程中、以同樣大小的加速度上升過程中，分

別根據(jù)牛頓第二定律列方程聯(lián)立求解應(yīng)該拋掉的沙的質(zhì)量。

本題主要是考查了牛頓第二定律的知識；利用牛頓第二定律答題時的一般步驟是：確定研

究對象、進(jìn)行受力分析、利用牛頓第二定律建立方程進(jìn)行解答。

5.【答案】C

【解析】解：A、S斷開時，％兩端的電壓為%=儡6=**6/=2匕R2兩端的電壓

為4=E-Ut=6V-2V=4V,同理求得自兩端的電壓為4=4V,/?4兩端的電壓為以=

2V

高三物理答案第8頁共17頁

%、/?3串聯(lián)，電流相等，因?yàn)椋?lt;/?3,根據(jù)P=/2R知&、/?3消耗的功率關(guān)系為：P1<P3。

同理可知，/?2、/?4消耗的功率關(guān)系為：P2>P4?因?yàn)椤?&，R3<R2,

由P=?知，P3>P2,所以R3消耗的功率最大，故A錯誤；

B、S閉合后，因?yàn)榻Y(jié)合在外電路中，順著電流方向電勢降低，可知，4板的電勢

高于B板的電勢，則A板帶正電，故8錯誤；

C、S閉合穩(wěn)定后，電容器的電壓為U=4-Ui=4U—2V=2乙電容器所帶電量為Q=

CU=lx2C=2C,故C正確；

。、S閉合穩(wěn)定后再斷開，電容器帶電量不變，兩板力、B之間的電場強(qiáng)度為E=，結(jié)合C=3、

aU

。=品得2=誓，E與d無關(guān)，則若把4、8兩板拉開一小段距離，則兩板4、B之間的電

4nkderS

場強(qiáng)度不變，故。錯誤。

故選：Co

s斷開時，根據(jù)串聯(lián)電路分壓規(guī)律求出各個電阻的電壓，再分析各個電阻消耗的功率關(guān)系；

S閉合后，根據(jù)A板與B板電勢關(guān)系判斷電容器帶電情況，求電容器板間電壓，再求電容器

所帶電量；S閉合穩(wěn)定后再斷開，若把4、B兩板拉開一小段距離，由E=5分析板間電場強(qiáng)

度的變化。

本題屬于“橋式電路”，關(guān)鍵是弄清楚電路的連接情況，能夠根據(jù)閉合電路的歐姆定律、

電勢差的概念確定電容器的電壓。要能熟練推導(dǎo)出電容器板間場強(qiáng)表達(dá)式E=要，知道E

與d無關(guān)。

6.【答案】C

【解析】解：4、根據(jù)等量異種電荷周圍的電場線分布知，M、N兩點(diǎn)的場強(qiáng)大小相等，方

向不同，故A錯誤。

B、沿著電場線方向電勢逐漸降低，可知M、N兩點(diǎn)電勢不等。故B錯誤。

C、負(fù)電荷由M點(diǎn)移到C處，電勢增加，電勢能減小，故電場力做正功，故C正確

。、等量異種電荷連線的中垂線是等勢線，將負(fù)電荷從無窮遠(yuǎn)處移到N點(diǎn)處，電場力做正功,

電勢能一定減小，故。錯誤。

故選：Co

根據(jù)電場線的分布確定電場強(qiáng)度的大小和方向，根據(jù)沿電場線方向電勢逐漸降低，判斷電

勢的高低.根據(jù)電場力做功判斷電勢能的變化.

解決本題的關(guān)鍵知道等量異種電荷周圍電場線的分布，知道電場力做功與電勢能的變化關(guān)

系.

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7.【答案】B

【解析】解：40?3m物體做勻速直線運(yùn)動，水平拉力與阻力等大反向，由題圖可知物體

受到的阻力為4N。在x=5m處物體受到的拉力為尸=(4+午x2)N=7N

物體加速度為a==/-^-m/s2-1.5m/s2

故A錯誤；

B、0?77n物體克服阻力做功為叼=/x=4x7；=287

故B正確；

C.F-x圖線與坐標(biāo)軸所圍面積表示拉力所做的功，則0\?7zn拉力對物體做功為皿=(3x

..4+10A\IAr

4+—^―x4)/=40/

故C錯誤；

D、0?7m合力對物體做功為皿合=勿一叼

代入數(shù)據(jù)解得：“分==12/

故。錯誤。

故選：Bo

抓住物體左勻速直線運(yùn)動，結(jié)合拉力大小得出滑動摩擦力大小，根據(jù)圖線得出x=5m處的

拉力，結(jié)合牛頓第二定律求出物體的加速度大小；根據(jù)圖線圍成的面積求出拉力做功的大

小，根據(jù)滑動摩擦力大小求出0?7m物體克服摩擦力做功大小，通過拉力做功大小和克服

摩擦力做功大小求出合力做功大小。

解決本題的關(guān)鍵知道F-久圖線圍成的面積表示拉力做功的大小，知道合力做功等于各力做

功的代數(shù)和。

8.【答案】AB

【解析】解：4、7.9/crn/s是發(fā)射地球人造衛(wèi)星的最小發(fā)射速度，吉林一號04星的發(fā)射速度

一定不小于7.9km/s,故A正確；

B、根據(jù)誓32r得：3=楞,同步衛(wèi)星的軌道半徑小于月球的軌道半徑，則同步衛(wèi)

星的角速度大于月球繞地球運(yùn)動的角速度，故B正確；

C、根據(jù)粵=7n呼得，陛，吉林一號的軌道半徑小于同步衛(wèi)星的軌道半徑，則

r2T2qGM

吉林一號繞地球運(yùn)行的周期小于同步衛(wèi)星的周期，故C錯誤；

。、衛(wèi)星在軌道上運(yùn)行時，處于完全失重狀態(tài)，但是重力加速度不為零，故。錯誤。

故選:AB.

高三物理答案第10頁共17頁

第一宇宙速度是最小的發(fā)射速度，發(fā)射衛(wèi)星時發(fā)射速度不能小于第一宇宙速度；根據(jù)萬有

引力提供向心力得出角速度、周期與軌道半徑的關(guān)系式，結(jié)合軌道半徑的大小比較角速度

和周期的大小關(guān)系；衛(wèi)星在軌道上運(yùn)動時處于完全失重狀態(tài)。

解決本題的關(guān)鍵知道第一宇宙速度的含義，掌握萬有引力提供向心力這一重要理論，知道

線速度、角速度、周期、向心加速度與軌道半徑的關(guān)系，并能靈活運(yùn)用。

9.【答案】BD

【解析】解：AB,如果小滑塊不會脫離軌道，則過c點(diǎn)的速度%=/頻，從釋放到c點(diǎn)由

動能定理，mg(h-2R)=-0,得ab高度不能小于3R,故A錯誤，8正確；

CD、根據(jù)牛頓第二定律，在d點(diǎn)，F(xiàn)=m—+mg>在c點(diǎn)，F(xiàn)=m^--mg,v>v,

NdRNc2Rdc

F>根據(jù)牛頓第三定律，小滑塊在點(diǎn)對軌道的壓力大于在點(diǎn)對軌道的壓力，故

NdFNC,dcC

錯誤；小滑塊在經(jīng)過e點(diǎn)時對軌道的壓力不可能等于零，故。正確。

故選：BD。

從a到c根據(jù)小滑塊不脫離軌道求得到達(dá)c點(diǎn)的速度，在c點(diǎn)滑塊的重力剛好提供向心力，根

據(jù)牛頓第二定律即可求得，根據(jù)機(jī)械能守恒定理分別求得到達(dá)c,d,e點(diǎn)的速度，根據(jù)牛頓

第二定律即可與軌道間的作用力。

本題主要考查了機(jī)械能守恒定律和牛頓第二定律，抓住向心力的來源即可判斷。

10.【答案】BC

【解析】解：兒由于物體在運(yùn)動過程中，當(dāng)速度達(dá)到。時，不再受摩擦力；故摩擦力所做

的功叼=卬幾9義'故4錯誤；

B、在貨物加速過程中，摩擦力做功叼=由運(yùn)動學(xué)公式有：\=vt.=\tx,解得:

ti=-；勻速運(yùn)動的時間為：

由皿=Pt可得摩擦力對貨物做功的平均功率為：p=^=^mgv,故B正確；

C、傳送帶的速度為外物體加速過程中傳送帶前進(jìn)的位移一定為久=a1=L；故傳送帶克

服摩擦力所做的功為必'="ngL,故C正確；

D、傳送帶克服摩擦力所做的功為必'=pngL,故傳送帶克服摩擦力做功的功率應(yīng)為?=

生"=!卬ng也故。錯誤。

故選：BC.

對物體進(jìn)行受力分析，根據(jù)動能定理求出摩擦力對物體做功，也可以根據(jù)W=fs求出摩擦

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力做物體做的功，物體在傳送帶上運(yùn)動時，物體和傳送帶要發(fā)生相對滑動，由題意可知，力

一直做勻加速運(yùn)動，電動機(jī)多做的功一部分轉(zhuǎn)化成了物體的動能，還有一部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能.

本題關(guān)鍵分析清楚物體的運(yùn)動規(guī)律，然后求解出摩擦力的功和運(yùn)動時間，最后根據(jù)功能關(guān)

系確定平均功率.

11.【答案】10006測量同一物體的重力，看示數(shù)是否相同0.18/

【解析】解：(2)彈簧的勁度系數(shù)等于圖線的斜率：k=^=-^-N/m=100N/m；

￡1XJLoXJLUi

(3)6cm處為彈簧原長，彈力為0,12cm處形變量為6cm,F=fcx=100X6x10-2N=6N

(4)測量同--物體的重力，看示數(shù)是否相同。

2

(5)拉力做功：WF=FX=等x=ifcx=|xl00x0.06/=0.18/

故答案為：(2)100；(3)0；6；(4)測量同一物體的重力,由示數(shù)是否相同判斷;(5)0.18;

(2)由F=kx結(jié)合圖線可知其斜率為彈簧的勁度系數(shù)。

(3)彈簧原長處力為0,求彈力先求形變量》,再由F=kx求力。

(4)測量同一物體的重力，由示數(shù)是否相同判斷。

(5)求出平均力，計(jì)算做功。

考查胡克定律，明確F=kx中各量的物理意義.

12.【答案】1.416x10160

【解析】解：(1)由圖(a)所示螺旋測微器可知，電阻絲的直徑為Inun+41.6xO.Olnnn=

1.416mmo

(3)使用多用電表歐姆擋測電阻時，為了減小誤差，應(yīng)盡可能使指針偏轉(zhuǎn)至刻度盤中央附近,

由于該電阻絲的阻值在100?2000，而表盤中央刻度在15?20左右，所以應(yīng)選擇X10倍率

的電阻擋；

(5)歐姆表選擇x10擋位，由圖(b)所示表盤可知，該電阻絲的電阻值為R=16x100=

16012。

故答案為：(1)1.416：(3)x10；(5)160。

(1)螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估

讀；

(3)用歐姆表測電阻要選擇合適的擋位，使指針指在中央刻度線附近；

(5)歐姆表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表讀數(shù)。

解決該題的關(guān)鍵是掌握螺旋測微器和歐姆表測電阻的原理，掌握基礎(chǔ)知識即可解題；平時

要注意基礎(chǔ)知識的學(xué)習(xí)。

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13.【答案】解：⑴小球從4釋放滑到最低點(diǎn)的過程，由動能定理，有=1x4m說一0

兩球在8處發(fā)生完全非彈性碰撞，由動量守恒定律，有4m%=(4m4-m)v2

兩球恰好滑到C點(diǎn)速度為零，由動能定理，有-5mg-2/?=0-ix5nl詣

聯(lián)立解得H=1.25m

(2)兩球在離開C后它受到的力如圖所示，由于尸閡=5mg,且它們的夾角等于120。，根據(jù)力

的平行四邊形定則，可得合力的大小尸合=5mg,方向與重力的夾角成60。。

設(shè)小球到達(dá)水平線的點(diǎn)為E,其速度為外,從C到E的過程中，根據(jù)動能定理，有

F4—--=-X5mvr—0

合COS6002h

解得發(fā)E=4m/s

(2)小球到達(dá)水平線。'。時的速度大小是4m/s。

【解析】(1)兩球恰好滑到C點(diǎn)速度為零，由動能定理列式，可求出碰后兩球的共同速度大

小。對于碰撞過程，利用動量守恒定律求出碰撞前小球47n的速度大小，再對小球從4釋放

滑到最低點(diǎn)的過程，由動能定理列方程求解H。

(2)兩球在離開C后受到重力和風(fēng)力，從C到E的過程中，根據(jù)動能定理求解小球到達(dá)水平線

0'。時的速度大小。

解答本題的關(guān)鍵要正確分析小球的受力情況，來判斷其運(yùn)動情況，同時，要把握每個過程

的物理規(guī)律，在涉及力空間的積累效果求速度時;要優(yōu)先想到動能定理。

14.【答案】A

【解析】解：4溫度升高，氣體分子的平均動能一定增大，故A正確；

8根據(jù)一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)方程可知，當(dāng)溫度不變時，體積減小，氣體的壓強(qiáng)一定增

大，故8錯誤；

C.外界對氣體做功，若氣體放熱，則氣體的內(nèi)能可能減小，故C錯誤；

。.氣體從外界吸收熱量，若氣體對外做功，則氣體內(nèi)能可能減小，故。錯誤。

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故選：Ao

明確溫度是分子平均動能的標(biāo)志，溫度越高分子平均動能越大；知道氣體壓強(qiáng)與溫度和體

積有關(guān)；掌握熱力學(xué)第一定律的基本內(nèi)容，知道做功和熱傳遞均可以改變物體的內(nèi)能。

本題比較全面考查了對氣體壓強(qiáng)的微觀解釋、溫度與壓強(qiáng)的關(guān)系、熱力學(xué)第一定律等知識

的掌握情況，對于這部分知識要通過課本加深理解。

15.【答案】解：(1)在降至室溫的過程中，航天服內(nèi)的氣體發(fā)生等容變化，即

bPo_P

CLTQTQ

解得：P=^Po

(2)設(shè)航天服內(nèi)部體積為匕航天服內(nèi)氣體的壓強(qiáng)由p減至pO的過程中，根據(jù)玻意耳定律得：

pV-p0V'

同溫度、同壓強(qiáng)下，同種氣體的質(zhì)量之比等于體積之比，有

m放vi-v

m余一V

聯(lián)立解得：?=中

m余Q

答：(1)航天服內(nèi)氣體溫度降至室溫時，航天服內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為：Po；

(2)放出的氣體與航天服內(nèi)剩余氣體的質(zhì)量之比為等。

【解析】(1)對航天服內(nèi)的氣體變化前后的狀態(tài)參量進(jìn)行分析，結(jié)合公式pV=C7完成分析:

(2)先根據(jù)玻意耳定律分析出氣體變化后的體積，理解在等溫、等壓條件下，氣體的質(zhì)量比

等于體積之比。

本題主要考查了一定質(zhì)量的理想氣體的狀態(tài)方程，分析變化前后氣體的狀態(tài)參量，結(jié)合公

式pV=C7'即可完成分析，整體難度不大。

16.【答案】C

【解析】解：4、兩波在原點(diǎn)處的振動方向均向上，相遇后原點(diǎn)的振動加強(qiáng)，故A錯誤；

B、兩波波長均為2m,則周期為T=：=|s=0.4s,設(shè)經(jīng)