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文檔簡介
上海外國語大學(xué)附屬外國語學(xué)校2021-2022學(xué)年高二上期中數(shù)學(xué)試卷
一、填空題(本大題共有12小題,滿分54分,第1-6題每題4分,第7-12題每題5分)
1.已知某圓柱的側(cè)面展開圖是邊長為6的正方形,則該圓柱的體積為.
2.某圓錐的底面積為47,側(cè)面積為8萬,則該圓錐的母線與底面所成角的大小為一.
3.PP是AfiC所在平面ɑ外一點(diǎn),。是點(diǎn)PP在平面ɑ上的射影.若PA=PB=PC,則。是―MC的心.
4.正方體ABCD-AMcQl的棱長為α,E是棱。。的中點(diǎn),則異面直線AB與CE的距離為.
5.給出下列命題:
①若兩條不同的直線垂直于第三條直線,則這兩條直線互相平行;
②若兩個(gè)不同的平面垂直于一條直線,則這兩個(gè)平面互相平行;
③若一條直線平行于一個(gè)平面,另一條直線與這個(gè)平面垂直,則這兩條直線互相垂直.
其中所有正確命題的序號為.
6.如圖,在坡面α與水平面夕所成二面角為60。的山坡上,有段直線型道路A8與坡腳/成30。的角,這段路直通山
頂A,已知此山高1356米,若小李從B沿著這條路上山,并且行進(jìn)速度為每分鐘30米,那么小李到達(dá)山頂A需
要的時(shí)間是一分鐘.
7.如圖是正四面體的平面展開圖,M、N、G分別為OE,BE,在的中點(diǎn),則在這個(gè)正四面體中,MN與CG所
成角的大小為.(結(jié)果用反三角函數(shù)值表示)
8.已知正四棱錐的底面邊長為2,現(xiàn)用一平行于正四棱錐底面的平面去截這個(gè)棱錐,截得棱臺(tái)的上、下底面的面積
之比為1:4,若截去的小棱錐的側(cè)棱長為2,則此棱臺(tái)的表面積為.
9.已知圓柱的上、下底面的中心分別為0、O2,過直線RO?的平面截該圓柱所得的截面是正方形.底面圓的內(nèi)接
正三角形面積為主互,則該圓柱的表面積為
2
10.已知正四棱錐尸-ABCD的棱長都相等,側(cè)棱PB、尸。的中點(diǎn)分別為M、N,則截面AMN與底面ABCD所成
的二面角的正弦值是
11.直三棱柱A線G-ABC中,平面ABC,平面ABq4,KAC=√3A41-則AC與平面ABC所成的角。的取值范
圍是
12.如圖,三棱柱ABC-A4G中,ΛAl±BC,Λlβ1ββl,若AB=1,ACSBC=6則三棱柱ABC-A/g體積
最大時(shí),AA=
二、選擇題(本大題共有4小題,滿分20分,每題5分)
13.設(shè)牛P2、P3、弓為空間中的四個(gè)不同點(diǎn),則“牛B、P3、乙中有三點(diǎn)在同一條直線上“是'有、%P3、E在同一個(gè)
平面上”的()
A.充分非必要條件B.必要非充分條件
C.充要條件D.既非充分又非必要條件
14.在下列四個(gè)正方體中,能得出A3_L8的是()
15.《九章算術(shù)》是我國古代數(shù)學(xué)著作,書中有如下問題:“今有委米依垣內(nèi)角,下周八尺,高五尺,問:積及米幾
何?’‘其意思為:“在屋內(nèi)墻角處堆放米(如圖,米堆為一個(gè)圓錐的四分之一),米堆底部的弧長為8尺,米堆的高
為5尺,間米堆的體積及堆放的米各為多少?''己知一斛米的體積約為1.62立方尺,由此估算出堆放的米約有()
A.21斛B.34斛
C.55斛D.63斛
16.如果底面是菱形的直棱柱(側(cè)棱柱與底面垂直的棱柱)ABC。-A內(nèi)GA的所有棱長都相等,ZABC=60,E,M,N
分別為48,BC,CG的中點(diǎn),現(xiàn)有下列四個(gè)結(jié)論:①CEL平面CGDQ②ABUMN③AR〃平面AMN④異面
直線AQ與MN所成的角為60,其中正確結(jié)論的個(gè)數(shù)為
A.1個(gè)B.2個(gè)C.3個(gè)D.4個(gè)
三、解答題(本大題共5題,滿分76分)
17.如圖,已知E、尸兩點(diǎn)分別是正方形ABa)邊AO、AB的中點(diǎn),E尸交AC于點(diǎn)M,GC垂直于ABCD所在平
面.求證:EFL平面GMC.
18.如圖,長方體ABCD-AMCQ∣中,AB=BC=2,AC與底面ABCD所成的角為60。.
(1)求長方體ABa)-AAGA的體積;
(2)求異面直線AtB與BR所成角的大小.
19.如圖,已知點(diǎn)P在圓柱。。的底面圓。上,ZAOP=UOo,圓。的直徑ΛB=4,圓柱的高Oq=3.
(1)求三棱錐4-APB的體積;
(2)求點(diǎn)A到平面A/。的距離.
20.如圖所示的某種容器的體積為90萬,它是由圓錐和圓柱兩部分連結(jié)而成的,圓柱與圓錐的底面圓半徑都為
廠cm.圓錐的高為%cm,母線與底面所成的角為45。;圓柱的高為acm.已知圓柱底面造價(jià)為24元∕c>,圓柱側(cè)面
a21
造價(jià)為元Zcm,圓錐側(cè)面造價(jià)為y[2a元Icm.
(I)將圓柱的高均表示為底面圓半徑"的函數(shù),并求出定義域;
(2)當(dāng)容器造價(jià)最低時(shí),圓柱的底面圓半徑「為多少?
21.如圖,在四面體A-BCD中,AD,平面88,BClCD,AD=2,BD=2瓜M是AD的中點(diǎn),P是BM的
中點(diǎn),點(diǎn)Q在線段AC上,且AQ=3QC.
C
(1)證明:PQ〃平面BC。;
(2)若二面角C-BM-Z)的大小為60。,求NBZ)C的大小.
54
π
【分析】根據(jù)圓柱體積公式,結(jié)合側(cè)面展開圖的性質(zhì)進(jìn)行求解即可
【詳解】因?yàn)閳A柱的側(cè)面展開圖是邊長為6的正方形,
所以該圓柱的底面圓的周長為6,因此半徑為3,而圓柱的高為6,
π
故該圓柱的體積為左χ(a]χ6=把.
?π)π
54
故答案為:一
π
【點(diǎn)睛】本題考查了圓柱體積公式的計(jì)算,考查了數(shù)學(xué)運(yùn)算能力.
【分析】根據(jù)圓錐底面面積公式以及圓錐側(cè)面面積公式,求出底面半徑和母線長,即可得出結(jié)論.
【詳解】設(shè)圓錐的底面半徑為一,母線長為/,
則πr2=4π,解得r=2,
πrl=2πl(wèi)=84,解得/=4,
設(shè)該圓錐的母線與底面所成角為
21π
所以COSe=W=上,o<θ<-f
422
所以
故答案為:y.
3.外心.
【分析】由POl平面ABC和尸A=PB=PC,利用勾股定理,求得AO=BO=CO,即可求解.
【詳解】如圖所示,由點(diǎn)。是點(diǎn)P在平面α的射影,所以P。工平面A8C,
可得AO=4-Pb1,BO=4PB1-PO1CO=PC2-PO2,
因?yàn)镻A=PB=PC,所以AO=BO=CO,
所以。為,.ABC的外心.
故答案為:外心.
4.a
【分析】根據(jù)正方體的性質(zhì)可得BCLCE,則忸Cl即為異面直線AB與CE的距離;
【詳解】解:依題意可得8CLΛB,BC工面GCD。,CEU面GC。。,所以8C_LCE,即8C為AB與CE的公垂
線,所以怛Cl=。即為異面直線AB與CE的距離,
故答案為:“
5.②③
【分析】由垂直于同一直線的兩直線的位置關(guān)系判斷①;由直線與平面垂直的性質(zhì)判斷②;由空間中直線與平面的
位置關(guān)系判斷③.
【詳解】對于①,若兩條不同的直線垂直于第三條直線,則這兩條直線有三種位置關(guān)系:平行、相交或異面,故①
錯(cuò)誤;
對于②,根據(jù)線面垂直的性質(zhì)可知,若兩個(gè)不同的平面垂直于一條直線,則這兩個(gè)平面互相平行,故②正確;
對于③,若一條直線平行于一個(gè)平面,則與該平面垂直的直線與該直線垂直,故③正確.
其中所有正確命題的序號為②③.
故答案為:②③.
6.18
【分析】先利用線面垂直的判定定理與性質(zhì)定理推得4C,直線/,從而在RlAoC與RtC中求得AB,由此求
得小李到達(dá)山頂所需時(shí)間.
【詳解】過點(diǎn)A作AOL平面廣,垂足為O,過點(diǎn)。作OCL直線/,垂足為C,連接AC,如圖,
因?yàn)锳Oj_平面尸,Iuβ,所以/_LAO,
又/"LOC,AOCOC=O,AO,OCu面AOC,所以/上面AoC,
又AeU面AOC,所以ACj_直線/,
由題意可知NACO=60°,AO=135√3,
AO
所以在RjAOC中,AC=
SinZACO
在RtZ?ABC,NABC=30。,所以AB=2AC=54O,
因?yàn)樾±钚羞M(jìn)速度為每分鐘30米,
所以他到達(dá)山頂A需要的時(shí)間是540÷3()=18(分鐘).
故答案為:18.
7石
/.arccos——
3
【分析】根據(jù)展開圖還原幾何體,利用平移找到異面直線所成的角,根據(jù)余弦定理即可求解.
【詳解】由正四面體的平面展開圖可得正四面體如圖所示,其中點(diǎn)48,C重合
因?yàn)镸,N為OE,AE的中點(diǎn),所以MNPAO,所以/"G即為MN與CG所成
的角或補(bǔ)角,不妨設(shè)正四面體的棱長為2,則AG=OG=石,在AADG中,由余弦定理可得,
cosNDAG=^“G—°、=-4+3_n=3.,所以MN與CG所成角的大小為arccos△叵.
2ADDG2×2×y∣333
故答案為arccos^a
3
【點(diǎn)睛】本題主要考查異面直線所成角的大小求解,考查作圖能力與運(yùn)算求解能力,屬于基礎(chǔ)題.
8.5+3√15
【解析】根據(jù)棱臺(tái)的上、下底面的面積之比為1:4,利用相似比得到棱臺(tái)的上、下底面的邊長之比為1:2,再根
據(jù)截去的小棱錐的側(cè)棱長為2和正四棱錐的底面邊長為2,得到棱臺(tái)的底面邊長和斜高,代入公式求解.
【詳解】如圖所示:
因?yàn)槔馀_(tái)的上、下底面的面積之比為1:4,
所以棱臺(tái)的上、下底面的邊長之比為1:2,
因?yàn)榻厝サ男±忮F的側(cè)棱長為2,
所以正四棱錐的側(cè)棱長為4,
又因?yàn)檎睦忮F的底面邊長為2,即CD=2,
所以CQ=LCG=2,
作GE_L8,則CE=;(8-CQj=;,
GE=Jy-C爐=Jm瀉,
所以此棱臺(tái)的表面積為S=4x;(l+2)x孚+lxl+2x2=5+3√l?,
故答案為:5+3?∕15
9.12π
【分析】先由三角形面積公式求出三角形邊長,再由正弦定理求底面圓的半徑,由表面積公式求圓柱的表面積.
如圖所示,設(shè)圓柱的底面圓半徑為廣,則高為∕ι=2r,
再設(shè)底面圓的內(nèi)接正三角形邊長為。,
則該三角形的面積為S.,C=曰/=手,解得。=?;
y—a__yΓy
由正弦定理得rsin60-B7,所以r=√∑,
T
所以該圓柱的表面積為S=2兀/÷2πrh=2π×2÷2π×>∕2×2?∣2=12π-
故答案為:12π.
10.更
5
【分析】設(shè)PO交MN于£,過A作直線”/B。,證明出NE4。為所求二面角的平面角,求出EO,AO,AE,即
可求解.
【詳解】如圖,正四棱錐P-ABCD中,。為正方形ABCO的兩對角線的交點(diǎn),
因?yàn)閭?cè)棱心、PO的中點(diǎn)分別為〃、N,所以MN為aPBD的中位線,所以MNHBD.
設(shè)PO交MN于E,則PE=EO.
因?yàn)镻O上面A8CD,所以POJ.BD
又8O_LAC,AePo=O,ACU平面PAC,PoU平面PAC,所以平面PAC.
過A作直線///80,貝IJ〃/MN,所以/u面AMN,/u面ABCD,所以/為面AMN與底面ABC。的交線.
因?yàn)锳BC。為正方形,所以3D,AO,所以/LAO.
由正四棱錐的對稱性可得:AΛ∕=4V.而E為MN的中點(diǎn),所以/LE4.
所以/E4。為所求二面角的平面角.
又Eo=LAO=^^a,AO=-^-a?所以AE=?^^?α
2424
所以sinZEAO=.
5
所以截面AMN與底面ABCQ所成的二面角的正弦值是S.
故答案為:號.
11.0o<6?<30o
【分析】作A。,AB于D判斷出/A8即為AC與平面ABC所成的角.設(shè)AA=*AB=x,利用幾何性質(zhì)得到
7=J"?sin9,進(jìn)而丁=江瑪.證明出x<白。.
√4+%l-3sιn^0
解得∣sinθ∣<1,即可求出。的取值范圍
2
【詳解】作A。,A用于D.
G
因?yàn)槠矫鍭BC,平面ABAA,平面48CC平面AB4A=AB,
所以ADL平面A8C,所以NACO即為AC與平面ABC所成的角,ZACD=Θ.
設(shè)=a,AB=Xf則AC=?∣3AAx=ga.
在直角三角形ACQ中,由正弦的定義:A。=AC?sin6=Gα?si∏e.
在直角三角形ABA中,由等面積可得:3華妙=/",,
所以Af)=/廣,=√??sin6>,所以f=3〃sin,.
?∣a+Xl-3sin~σ
在直三棱柱ABc-4BC中,A1AlBC.
因?yàn)锳£),平面A8C,所以AOL8C.
因?yàn)锳Λ∣u平面A48B∣,A。U平面A488∣,AA1nAD=A,
所以BC工平面448片,故NC&4=90。,從而AB<AC,即x<√i,/.
于是0≤誓蹙<3/,,解得:∣sine∣<:.
1-3sιn^θ2
又0。<。<90°,解得:0o<^<30o.
故答案為:0o<6><30o.
12.B
3
【分析】推導(dǎo)出的,平面A8C,設(shè)AAI=X,可求出48、AC的長,計(jì)算出S*sc,可求得匕BC-A4G=3匕MBC的
解析式,結(jié)合二次函數(shù)的性質(zhì)可求得答案.
【詳解】因?yàn)?3∣143,MBB1,則AA_LAB,
又A4lLBC,A1BIBC=B,A^ICu平面ABC,所以AΛ∣,平面A∣BC,
設(shè)A4l=x,在RtAA∣BB∣中,AB=QAB;-BB;=Jl-V,
在Rt^ACG中,AC=JAO-CC;=h-χ2,
胸+房—叱2
-X"
所以CoS/BAC=
2Λ1B?A1C心-巧(一2)'
所以SinNW=后者占'
2-3X2>0
,J,1-x2>O,2
由已知可得、2A,可得O<x9<:7,
2-X2>03
x>0
所以S"BC=;AB?AC?sinNBaC=,
又VA-AAC=V%MBC=%-ABC
所以三棱柱ABC-ABC的體積-AA=∣
111V=3VA,ΛBC=S^BC1=√2?-3√=#3CT?+g,
所以當(dāng)f=g時(shí),三棱柱ABC-ABe體積最大,止匕時(shí)AA=冬
故答案為:]叵.
3
13.A
【分析】由公理2的推論(。(2)即可得到答案.
【詳解】由公理2的推論:
過一條直線和直線外一點(diǎn),有且只有一個(gè)平面,
可得眉、P2'P3'與在同一平面,
故充分條件成立;
由公理2的推論:
過兩條平行直線,有且只有一個(gè)平面,
可得,
當(dāng)片上4、P2∈∕pA∈4'P4J</2時(shí),
Pr生行、與在同一個(gè)平面上,
但4P2,P3、巴中無三點(diǎn)共線,
故必要條件不成立;
故選:A
【點(diǎn)睛】本題考查點(diǎn)線面的位置關(guān)系和充分必要條件的判斷,重點(diǎn)考查公理2及其推論;屬于中檔題;
公理2的三個(gè)推論:
⑴經(jīng)過一條直線和直線外一點(diǎn),有且只有一個(gè)平面;
(2)經(jīng)過兩條平行直線,有且只有一個(gè)平面;
(3)經(jīng)過兩條相交直線,有且只有一個(gè)平面;
14.A
【分析】由線面垂直的性質(zhì)可判斷A,根據(jù)異面直線所成角的計(jì)算可判斷BCD.
【詳解】對A,如圖,連接8E,則在正方體中,CD±BE,又鉆,平面BCEO,CL)U平面BCEr>,則AE_LCD,
AEcBE=E,?CZ)A平面ABE,ABu平面W,.'COLAB,故A正確:
對B,如圖,連接AE,易得CD//AE,則NZBAE為異面直線/W,CZJ所成角,ZBAE=60,故A8,8不垂直,故
B錯(cuò)誤;
對C,如圖,CDHBE,則/ABE為異面直線4及8所成角,易得NABE=45,故AB,8不垂直,故C錯(cuò)誤;
對D,如圖,CDHBE,則/A3E為異面直線A8,8所成角,顯然ZA8E*90,故AB,CD不垂直,故D錯(cuò)誤.
故選:A.
15.A
【分析】由扇形弧長公式可求得底面圓半徑,根據(jù)圓錐體積公式計(jì)算出米堆的體積,進(jìn)而計(jì)算得到結(jié)果.
【詳解】由題意知:底部扇形弧長/=8,圓心角ɑ=],圓錐的高∕ι=5
???底面圓半徑r='=3.?.米堆的體積VZ=_1、_1%/%=_1.吃'5=型
aπ4312π3π
堆放的米約有3了20÷1.62~21斛
5π
故選:A
【點(diǎn)睛】本題考查圓錐體積相關(guān)問題的求解,涉及到扇形弧長公式、圓錐體積公式的應(yīng)用,屬于基礎(chǔ)題.
16.B
【解析】根據(jù)幾何體的性質(zhì),對選項(xiàng)進(jìn)行逐一判斷.
【詳解】解:因?yàn)榈酌媸橇庑?,且NABC=60",E為中點(diǎn),
所以ΔABC為等邊三角形,且CE工45,
又因?yàn)镃O//AB,
所以CELCD,
因?yàn)樗睦庵鵄88-Λl8CR為直棱柱,
所以CG_L平面GCOR,
故CE1CC,,
又因?yàn)镃z)C1C=C,CO,C/Cu平面GCD4,
所以CE,平面G84,故選項(xiàng)①正確:
因?yàn)镸,N為BC,CG的中點(diǎn),
所以MN"BC?,
若MNilAB,則得到A1B//BC1,
與A8CBC∣=8矛盾,故選項(xiàng)②不正確:
因?yàn)樗睦庵鵄8S-A4GA,
所以有Aq//8£,
因?yàn)镸,N為BC,CG的中點(diǎn),
所以MN"BC∣,
故MNi/AD、,
因?yàn)镸Nu平面A1MN,
明(z平面AMN
所以AR//平面AMN,故選項(xiàng)③正確;
由③可知,MNlIAD
所以異面直線與MN所成的角即為直線4。與AA所成的角,
因?yàn)樗睦庵鵄BS-A用GR為直棱柱,且各棱長相等,
所以四邊形44。。為正方形,
故ACJ?4R,即異面直線4。與MN所成的角為90。,故④不正確,
綜上:本題的共有2個(gè)正確,故選B.
【點(diǎn)睛】本題考查了幾何體線面的位置關(guān)系,解題時(shí)應(yīng)充分運(yùn)用題中所給的條件,結(jié)合判定與性質(zhì)定理逐項(xiàng)進(jìn)行驗(yàn)
證.
17.證明見解析.
【詳解】試卷分析:連接交AC于點(diǎn)。,由E,尸是正方形A88邊A。、AB的中點(diǎn),得到EFLAC,再根
據(jù)GCJ_平面ABCf>,得到EF_LGC,即可利用線面垂直的判定定理,證得EFJ_平面GMC.
試卷解析:證明:如圖,連接8。交AC于點(diǎn)O,
':E,尸是正方形ABC。邊A£>、AB的中點(diǎn),AC±BD,
:.EFlAC,
又YGC,平面ABa),EFU平面ABCr),
/.EFLGC,
VACGC=C,AC,GCU平面GMC
:.EF_L平面GWC.
G
考點(diǎn):直線與平面垂直的判定與證明.
18.(1)8√6
(2)arccos-
14
【分析】(1)先證明幺。4是AC與底面ABS所成的角,解三角形求44,利用長方體的體積公式可得結(jié)果;
(2)由BQ-可得NAB。是異面直線4出與BQ所成角(或所成角的補(bǔ)角),利用余弦定理可得結(jié)果.
【詳解】(1)因?yàn)槎嗝骟wA8Cf>-AAG。為長方體,AB=BC=2>
所以AΛ∣J.平面ABCI),ΛC=√22+22=2√2>
所以幺C4是AC與底面ABCO所成的角,
因?yàn)锳C與底面ABa)所成的角為60,
所以ZΛ,C4=60,所以A4l=ACtan60=20x75=2#,
因?yàn)檎叫蜛8C。的面積S=ABX8C=2x2=4,
所以長方體ABCZ)-AACQI體積V=A41×S=2y∣6×4=8λ∕6.
(2)因?yàn)锽£>〃BlR,
所以NΛ,B。是異面直線AB與BQ所成角(或所成角的補(bǔ)角).
22
因?yàn)锽Q=√4+4=2√Σ,ΛI(xiàn)D=Λ1B=j2+(2√6)=2√7.
產(chǎn)+巧》-.28+8-28√L4
所以CoSNABO=
2×2√7×2√2^14
2×AlB×BD
所以ZAtBD=arccos^^?.
所以異面直線AB與“,所成角是arcc°s當(dāng)?
19.(1)2^
(2)l
【分析】(1)計(jì)算出AP、3P的長,利用錐體的體積公式可求得三棱錐A-APB的體積;
(2)計(jì)算出三棱錐A-AOP的體積以及AA1PO的面積,利用等體積法可求得點(diǎn)A到平面4/。的距離.
【詳解】(1)解:因?yàn)锳8是圓。的直徑,所以弘±PB,
因?yàn)閆AoP=I20°,S.OA=OB=OP,所以N8AP=30,ZABP=60,
又OB=OP=耕=2,所以BP=2,ΛP=2√3,
三棱錐A-APB的體積!τw,=gSwM=;xgx2x26x3=2g.
l222
(2)解:AtO=y∣AA,+AO=√13,ΛlP=√A41+AP=√21,OP=I,
所以sinZA1PO=Jl-COS2NAPO=三-.
所以SAoP=LX6W空=2后,設(shè)點(diǎn)A到平面AP°的距離為d,
^VA,-AOP=VA-A,OP,得;xgx2x2Gxgx3=gx2&xd,解得d=∣.
所以點(diǎn)A到平面4尸。的距離為g.
9()r
20.(1)H=F:,定義域?yàn)閧r∣0<r<3Wδ}.(2)3cm
r3
【分析】(1)由題九=,由圓柱與圓錐體積公式得K=萬-24=90萬-;萬/,得自=言H-W即可;(2)由圓
22
柱與圓錐的側(cè)面積公式得容器總造價(jià)為y=J^αS]+6zS2÷2t∕S3=2πra÷2πr!τ1a+2πra,求導(dǎo)求最值即可
【詳解】(1)因?yàn)閳A錐的母線與底面所成的角為45。,所以4=小
圓錐的體積為匕=→rA1=;/,圓柱的體積為匕=不,他.
,1
因?yàn)閬V+匕=90),所以%=乃廠也=90〃-§//1,
,,270-/907?
所rri以>叫=;-=—一一.
-3r2r23
因?yàn)镵=!l/<90萬,所以「?3痂.
因此0<r<3Wd.
所以HTg定義域?yàn)閙o<γ師}.
(2)圓錐的側(cè)面積SI=πr?y∕2r=GjVrI,
2
圓柱的側(cè)面積S2=2乃明,底面積S3=πr.
12222
容器總造價(jià)為y=J54S]+aS2+2aS3=2πra+2πrh1a+2πra=2πa(r+rlι2+r)=2πa[2r÷'(作一:)
號E'
令/⑺=/+54^,則/⑺=2-5=4.令/⑺=0,得r=3.
rr
當(dāng)0<r<3時(shí),∕,(r)<0,/⑺在(0,3)上為單調(diào)減函數(shù);
當(dāng)3<r<3廂時(shí),/(廠)>0,/(『)在(3,3班)上
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