梅州市重點中學(xué)2023-2024學(xué)年高考物理押題試卷含解析_第1頁
梅州市重點中學(xué)2023-2024學(xué)年高考物理押題試卷含解析_第2頁
梅州市重點中學(xué)2023-2024學(xué)年高考物理押題試卷含解析_第3頁
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文檔簡介

梅州市重點中學(xué)2023-2024學(xué)年高考物理押題試卷考生請注意:1.答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi),不得在試卷上作任何標(biāo)記。2.第一部分選擇題每小題選出答案后,需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi),第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3.考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后,請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、有一種灌漿機(jī)可以將某種涂料以速度v持續(xù)噴在墻壁上,假設(shè)涂料打在墻壁上后便完全附著在墻壁上,涂料的密度為ρ,若涂料產(chǎn)生的壓強為p,不計涂料重力的作用,則墻壁上涂料厚度增加的速度u為()A. B. C. D.2、如圖所示,是一測定風(fēng)力儀器的結(jié)構(gòu)圖,懸掛在O點的輕質(zhì)細(xì)金屬絲的下端固定一個質(zhì)量為m的金屬球P,在豎直平面內(nèi)的刻度盤可以讀出金屬球P自由擺動時擺線的擺角。圖示風(fēng)向水平向左,金屬球P靜止時金屬絲與豎直方向的夾角為,此時風(fēng)力F的大小是()A.B.C.D.3、一人站在滑板上以速度在冰面上滑行忽略滑板與冰面間的摩擦某時刻人沿水平方向向正前方距離滑板離開時人相對冰面的速度大小為。已知人與滑板的質(zhì)量分別為,則人離開時滑板的速度大小為()A. B. C. D.4、如圖所示,質(zhì)量為M的小車的表面由光滑水平面和光滑斜面連接而成,其上放一質(zhì)量為m的球,球與水平面的接觸點為a,與斜面的接觸點為b,斜面傾角為θ。當(dāng)小車和球一起在水平桌面上做直線運動時,下列說法正確的是()A.若小車勻速運動,則球?qū)π泵嫔蟗點的壓力大小為mgcosθB.若小車勻速運動,則球?qū)λ矫嫔蟖點的壓力大小為mgsinθC.若小車向左以加速度gtanθ加速運動,則球?qū)λ矫嫔蟖點無壓力D.若小車向左以加速度gtanθ加速運動,則小車對地面的壓力小于(M+m)g5、我國自主建設(shè)、獨立運行的北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)由數(shù)十顆衛(wèi)星構(gòu)成,目前已經(jīng)向一帶一路沿線國家提供相關(guān)服務(wù)。設(shè)想其中一顆人造衛(wèi)星在發(fā)射過程中,原來在橢圓軌道繞地球運行,在點變軌后進(jìn)入軌道做勻速圓周運動,如圖所示。下列說法正確的是()A.在軌道與在軌道運行比較,衛(wèi)星在點的加速度不同B.在軌道與在軌道運行比較,衛(wèi)星在點的動量不同C.衛(wèi)星在軌道的任何位置都具有相同加速度D.衛(wèi)星在軌道的任何位置都具有相同動能6、如圖所示,虛線所圍矩形區(qū)域abcd內(nèi)充滿磁感應(yīng)強度為B、方向垂直紙面向外的勻強磁場?,F(xiàn)從ab邊的中點O處,某一粒子以最小速度υ垂直于磁場射入、方向垂直于ab時,恰能從ad邊的a點穿出。若撤去原來的磁場在此矩形區(qū)域內(nèi)存在豎直向下的勻強電場,使該粒子以原來的初速度在O處垂直于電場方向射入,通過該區(qū)域后恰好從d點穿出,已知此粒子的質(zhì)量為m,電荷量的大小為q,其重力不計;ab邊長為2ι,ad邊長為3ι,則下列說法中正確的是A.勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小與勻強電場的電場強度大小之比為BB.勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小與勻強電場的電場強度大小之比為BC.離子穿過磁場和電場的時間之比tD.離子穿過磁場和電場的時間之比t二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、長為、間距為的平行金屬板水平正對放置,豎直光屏到金屬板右端距離為,金屬板左端連接有閉合電路,整個裝置結(jié)構(gòu)如圖所示.質(zhì)量為、電荷量為的粒子以初速度從兩金屬板正中間自左端點水平射入,當(dāng)滑動變阻器的滑片在某一位置時,粒子恰好垂直撞在光屏上.對此過程,下列分析正確的是()A.粒子在平行金屬板間的運動時間和從金屬板右端到光屏的運動時間相等B.板間電場強度大小為C.若僅將滑片向下滑動一段后,再讓該粒子從點以水平速度射入板間,粒子不會垂直打在光屏上D.若僅將兩平行板的間距變大一些,再讓該粒子從點以水平速度射入板間,粒子依然會垂直打在光屏上8、下列說法中正確的是()A.封閉容器中的理想氣體,若溫度不變,體積減半,則單位時間內(nèi)氣體分子在容器壁單位面積上碰撞的次數(shù)加倍,氣體的壓強加倍B.液體表面張力是液體表面層分子間距離小,分子力表現(xiàn)為斥力所致C.隨著分子間距增大,分子間引力和斥力均減小,分子勢能不一定減小D.導(dǎo)熱性能各向同性的固體,可能是單晶體9、假設(shè)某戰(zhàn)士從弧形的雪坡上沿水平方向飛出后,若傾斜的雪坡傾角為θ,戰(zhàn)士飛出時的水平速度大小為v0,且他飛出后在空中的姿勢保持不變,又落回到傾斜的雪坡上,如圖所示,不計空氣阻力,重力加速度為g,則()A.如果v0不同,該戰(zhàn)士落到雪坡時的位置不同,速度方向也不同B.如果v0不同,該戰(zhàn)士落到雪坡時的速度方向相同,在空中運動時間不同C.該戰(zhàn)士在空中經(jīng)歷的時間是D.該戰(zhàn)士在空中經(jīng)歷的時間是10、如圖甲所示,B、C和P是同一水平面內(nèi)的三個點,沿豎直方向振動的橫波I在介質(zhì)中沿BP方向傳播,P與B相距40cm,B點的振動圖像如圖乙所示;沿豎直方向振動的橫波I在同一介質(zhì)中沿CP方向傳播,P與C相距50cm,C點的振動圖像如圖丙所示。在t=0時刻,兩列波同時分別經(jīng)過B、C兩點,兩列波的波速都為20cm/s,兩列波在P點相遇,則以下說法正確的是()A.兩列波的波長均為20cmB.P點為減弱點,振幅是為10cmC.4.5s時P點在平衡位置且向下振動D.波遇到40cm的障礙物將發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象E.P點為加強點,振幅為70cm三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)某同學(xué)用圖甲所示的電路測量電阻Rx的阻值(約幾百歐)?;瑒幼冏杵鱎,電阻箱R0(0~9999Ω),S2是單刀雙擲開關(guān),量程3V的電壓表(內(nèi)阻約3kΩ),電源電動勢約6V(1)根據(jù)圖甲實驗電路,在圖乙中用筆畫線代替導(dǎo)線將實物圖連接完整______;(2)正確連接電路后,斷開S1、S2。調(diào)節(jié)好多用電表,將兩表筆接觸Rx兩端的接線柱,正確操作后,使用×10的倍率粗測其電阻,指針指示如圖丙,粗測得到Rx=_______Ω;(3)該同學(xué)通過下列步驟,較準(zhǔn)確地測出Rx的阻值①將滑動變阻器的滑片P調(diào)至圖甲中的A端。閉合S1,將S2撥至1,調(diào)節(jié)變阻器的滑片P至某一位置,使電壓表的示數(shù)滿偏;②斷開S1,調(diào)節(jié)電阻箱R0,使其阻值最大;③將S2撥至“2”,閉合Si,保持變阻器滑片P的位置不變,調(diào)節(jié)電阻箱的阻值,使電壓表再次滿偏,此時電阻箱示數(shù)為R1,則Rx=________。(4)關(guān)于本實驗①該同學(xué)在(3)②的步驟中操作不妥,可能會在步驟③中造成________;②為了減小實驗誤差:下列方法最可行的是________。(填正確答案標(biāo)號)A.選用量程不變,內(nèi)阻更大的電壓表B.選用量程不變,內(nèi)阻更小的電壓表C.選用總電阻遠(yuǎn)大于Rx的滑動變阻器D.選用總電阻遠(yuǎn)小于Rx的滑動變阻器12.(12分)某班同學(xué)在學(xué)習(xí)了向心力的公式F=m和F=mω2r后,分學(xué)習(xí)小組進(jìn)行實驗探究向心力。同學(xué)們用細(xì)繩系一紙杯(杯中有30mL的水)在空中甩動,使紙杯在水平面內(nèi)做圓周運動(如圖乙所示),來感受向心力。(1)下列說法中正確的是________。A.保持質(zhì)量、繩長不變,增大轉(zhuǎn)速,繩對手的拉力不變B.保持質(zhì)量、繩長不變,增大轉(zhuǎn)速,繩對手的拉力增大C.保持質(zhì)量、角速度不變,增大繩長,繩對手的拉力不變D.保持質(zhì)量、角速度不變,增大繩長,繩對手的拉力增大(2)如圖甲所示,繩離杯心40cm處打一結(jié)點A,80cm處打一結(jié)點B,學(xué)習(xí)小組中一位同學(xué)用手表計時,另一位同學(xué)操作,其余同學(xué)記錄實驗數(shù)據(jù)。操作一:手握繩結(jié)A,使杯在水平方向每秒運動一周,體會向心力的大小。操作二:手握繩結(jié)B,使杯在水平方向每秒運動一周,體會向心力的大小。操作三:手握繩結(jié)A,使杯在水平方向每秒運動兩周,體會向心力的大小。操作四:手握繩結(jié)A,再向杯中添30mL的水,使杯在水平方向每秒運動一周,體會向心力的大小。①操作二與一相比較:質(zhì)量、角速度相同,向心力的大小與轉(zhuǎn)動半徑大小有關(guān);操作三與一相比較:質(zhì)量、半徑相同,向心力的大小與角速度的大小有關(guān);操作四與一相比較:________相同,向心力大小與________有關(guān);②物理學(xué)中這種實驗方法叫________法。③小組總結(jié)階段,在空中甩動紙杯的同學(xué)談感受時說:“感覺手腕發(fā)酸,感覺力不是指向圓心的向心力而是背離圓心的離心力,跟書上說的不一樣”,你認(rèn)為該同學(xué)的說法正確嗎?答:________。四、計算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.(10分)如圖所示,半徑分別為R1、R2的兩個同心圓,圓心為O,小圓內(nèi)有垂直紙面向里的磁場,磁感應(yīng)強度為B1,大圓外有垂直紙面的磁感應(yīng)強度為B2的磁場,圖中未畫出,兩圓中間的圓環(huán)部分沒有磁場。今有一帶正電的粒子從小圓邊緣的A點以速度v沿AO方向射入小圓的磁場區(qū)域,然后從小圓磁場中穿出,此后該粒子第一次回到小圓便經(jīng)過A點。(帶電粒子重力不計)求:(1)若,則帶電粒子在小圓內(nèi)的運動時間t為多少?(2)大圓外的磁場B2的方向;(3)磁感應(yīng)強度B1與B2的比值為多少。14.(16分)如圖所示,在水平面上依次放置小物塊A和C以及曲面劈B,其中A與C的質(zhì)量相等均為m,曲面劈B的質(zhì)量M=2m,曲面劈B的曲面下端與水平面相切,且曲面劈B足夠高,各接觸面均光滑?,F(xiàn)讓小物塊C以水平速度v0向右運動,與A發(fā)生碰撞,碰撞后兩個小物塊粘在一起滑上曲面劈B。求:(1)碰撞過程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能;(2)碰后物塊A與C在曲面劈B上能夠達(dá)到的最大高度。15.(12分)某幼兒園設(shè)計的一個滑梯,由于場地大小的限制,滑梯的水平跨度確定為4m,如圖所示。已知滑梯與兒童褲料之間的動摩擦因數(shù)為0.4,為使兒童能從滑梯頂端由靜止滑下,且到達(dá)地面的速度不超過2m/s,取g等于10m/s2,求滑梯高度范圍。

參考答案一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

涂料持續(xù)飛向墻壁并不斷附著在墻壁上的過程,速度從v變?yōu)?,其動量的變化源于墻壁對它的沖量,以極短時間Δt內(nèi)噴到墻壁上面積為ΔS、質(zhì)量為Δm的涂料(微元)為研究對象,設(shè)墻壁對它的作用力為F,涂料增加的厚度為h。由動量定理得F·Δt=Δm·v又有Δm=ρ·ΔSh所以涂料厚度增加的速度為u=聯(lián)立解得u=故選B。2、C【解析】

如圖受力分析:則風(fēng)力故選C。3、C【解析】

規(guī)定初速度v0的方向為正方向,根據(jù)動量守恒定律可知:解得負(fù)號表示速度與正方向相反,大小為;故選C。4、C【解析】

AB.小車和球一起勻速運動時,小球受到豎直向下的重力和水平面對小球豎直向上的支持力,二力平衡,所以小球?qū)點無壓力,根據(jù)牛頓第三定律可知小球?qū)點的壓力大小為mg,AB錯誤;C.若小車向左以加速度gtanθ加速運動,假設(shè)小球?qū)點無壓力,根據(jù)牛頓第二定律解得假設(shè)成立,所以小球?qū)點無壓力,C正確;D.對小車和球構(gòu)成的系統(tǒng)整體受力分析可知,系統(tǒng)在豎直方向上加速度為0,豎直方向受到重力和支持力,二者等大反向,根據(jù)牛頓第三定律可知小車對地面的壓力等于(M+m)g,D錯誤。故選C。5、B【解析】

A.在軌道1與在軌道2運行比較,衛(wèi)星在P點距地球的距離相等,受到的萬有引力相等所以衛(wèi)星在點的加速度相同,故A錯誤;B.衛(wèi)星由軌道1變?yōu)檐壍?,需要加速,則軌道2的速度要大一些,所以衛(wèi)星在P點的動量軌道2的大于軌道1的,故B正確;C.衛(wèi)星在軌道2的不同位置受到的萬有引力大小相同,但方向不同,故產(chǎn)生的加速度大小相同,方向不同,故衛(wèi)星在軌道的不同位置都具有不同加速度,故C錯誤;D.軌道1是一個橢圓軌道,又開普勒第二定律可得,衛(wèi)星離地球越近,速度越大,則衛(wèi)星在軌道1上除了關(guān)于地球?qū)ΨQ的位置外,各位置具有不同的動能,選項D錯誤。故選B。6、D【解析】

根據(jù)某一粒子以最小速度υ垂直于磁場射入、方向垂直于ab時,恰能從ad邊的a點穿出可知,本題考查帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動,由洛倫茲力提供向心和幾何關(guān)系求解;若撤去原來的磁場在此矩形區(qū)域內(nèi)存在豎直向下的勻強電場,使該粒子以原來的初速度在O處垂直于電場方向射入,通過該區(qū)域后恰好從d點穿出可知,本題也考查帶電粒子在電場中的偏傳,根據(jù)類平拋運動列方程求解?!驹斀狻緼、B項:粒子在磁場中運動,由題意可知,粒子做圓周運動的半徑為r=由公式qvB=mv2r聯(lián)立兩式解得:B=2mv粒子在電場中偏轉(zhuǎn)有:3l=vtl2聯(lián)立解得:E=2m所以BEC、D項:粒子在磁場中運動的時間為:t粒子在電場中運動的時間為:t2所以t1故選:D。二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、ABD【解析】A、粒子先在水平放置的平行金屬板間做平拋運動,粒子恰好垂直撞在光屏上,所以粒子離開電場后,粒子一定打在屏的上方,做斜上拋運動,粒子在水平放置的平行金屬板間做平拋運動和離開電場后斜上拋運動,水平方向都不受外力,都做勻速直線運動,速度都等于v0,所以粒子在平行金屬板間的運動時間和從金屬板右端到光屏的運動時間相等,故A正確;B、設(shè)粒子在平行金屬板間的運動過程中加速度大小為a,則粒子離開電場豎直分速度大小為,粒子離開電場后斜上拋運動則有,聯(lián)立解得,故B正確;C、若僅將滑片P向下滑動一段后,R的電壓減小,電容器的電壓減小,帶電量要減小,因為二極管具有單向?qū)щ娦裕噪娙萜鞑荒芊烹?,帶電量不變,板間的電壓不變,所以粒子的運動情況不變,再讓該粒子從N點以水平速度射入板間,粒子會垂直打在光屏上,故C錯誤;D、若僅將兩平行板的間距變大一些,電容器的電容要減小,由知U不變,電量要減小,但因為二極管具有單向?qū)щ娦裕噪娙萜鞑荒芊烹?,帶電量不變,板間的電場強度不變,所以粒子的運動情況不變,再讓該粒子從N點以水平速度射入板間,粒子會垂直打在光屏上,故D正確;故選ABD.【點睛】粒子先在水平放置的平行金屬板間做平拋運動,粒子恰好垂直撞在光屏上,所以粒子離開電場后,粒子一定打在屏的上方,做斜上拋運動,粒子在水平放置的平行金屬板間做平拋運動和離開電場后斜上拋運動,采用運動的合成與分解求解.8、ACD【解析】

A.由可知,當(dāng)溫度不變,體積減半,則氣體壓強p加倍,即單位時間內(nèi)氣體分子在容器壁單位面積上碰撞的次數(shù)加倍,故A正確;B.液體表面層分子間的距離大于平衡距離,液體表面層內(nèi)分子間的作用力表現(xiàn)為引力,從宏觀上表現(xiàn)為液體的表面張力,故B錯誤;C.隨分子間距離增大,分子間引力以斥力均減小,當(dāng)分子間距離為平衡距離時分子勢能最小,如果分子間距離小于平衡距離,隨分子間距增大,分子勢能減小,如果分子間距大于平衡距離,隨分子間距增大,分子勢能增大,因此隨分子間距離增大,分子勢能不一定減小,故C正確;D.單晶體只是某些物理性質(zhì)具有各向異性,并不是所有的性質(zhì)都具有各向異性,所以導(dǎo)熱性質(zhì)表現(xiàn)為各向同性的物質(zhì)也有可能是單晶體,故D正確。故選ACD。9、BC【解析】

雪坡的傾角等于位移與水平方向的夾角,根據(jù)平拋運動的規(guī)律可知解得平拋運動的時間為如果v0不同,該戰(zhàn)士在空中運動時間不同,根據(jù)平拋運動的規(guī)律,位移與水平方向夾角的正切值等于速度與水平方向夾角的正切值的一半,故落地雪坡的速度方向相同,戰(zhàn)士的水平位移為知初速度不同,水平位移不同,落點位置不同,速度方向相同,故BC正確,AD錯誤。故選BC。10、ACE【解析】

A.兩列波的周期都是計算波長A正確;BE.根據(jù)題意而時刻兩波的振動方向相反,則P是振動加強的點,振幅等于兩波振幅之和,即為70cm,B錯誤,E正確;C.波從C傳到P的時間波從B傳到P的時間在時刻,橫波I與橫波II兩波疊加,P點經(jīng)過平衡位置向下運動,在時刻,經(jīng)過了兩個周期,P點經(jīng)過平衡位置向下運動,C正確;D.因波長為20cm,則當(dāng)波遇到40cm的障礙物將不會發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象,D錯誤。故選ACE。三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、電壓表超偏而損壞C【解析】

(1)[1]實物圖如圖所示(2)[2]多用電表讀數(shù)為粗測讀數(shù)為。(3)[3]S2接1時電壓表測量的電壓,S2接2時電壓表測量兩端電壓,兩種情況下,滑動變阻器的滑片位置相同,由于電壓表示數(shù)相同,所以有即被測電阻的阻值大小為。(4)[4]當(dāng)將變阻器阻值調(diào)到最大阻值時,由于最大阻值大于被測電阻,當(dāng)開關(guān)閉合后,導(dǎo)致與電壓表并聯(lián)的總電阻增大,其分壓增大,就會出現(xiàn)電壓表超偏而損壞。[5]AB.該實驗中沒有電流表的分壓也沒有電壓表的分流,所以電壓表準(zhǔn)確測量的是被測電阻兩端電壓,所以AB不符合題意;CD.滑動變阻器采用的是分壓接法,其阻值的大小影響電壓表示數(shù)的變化,阻值小不利于操作,所以選用阻值較大的滑動變阻器,C正確D錯誤。故選C。12、)BD角速度、半徑質(zhì)量大小控制變量不正確,見解析【解析】

(1)[1].由題意知,根據(jù)向心力公式F向=mω2

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