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文檔簡介
2023北京高三一模數(shù)學(xué)匯編
第五道解答題(第20題)
1.(2023?北京西城?統(tǒng)考一模)已知橢圓C:x?+2y2=2,點A,8在橢圓C上,且Q4_LOB(。為原點).設(shè)
AB的中點為V,射線OM交橢圓C于點N.
(1)當(dāng)直線AB與X軸垂直時,求直線AB的方程;
Q)求器[的取值范圍.
2.(2023?北京東城?統(tǒng)考一模)已知橢圓氏5+*l(α>∕,>0)的一個頂點為A(0,l),離心率e邛.
⑴求橢圓E的方程;
(2)過點「卜百,1)作斜率為A的直線與橢圓E交于不同的兩點3,C,直線A8,AC分別與X軸交于點M,
IMDI
M設(shè)橢圓的左頂點為。,求扁的值.
22
3.(2023.北京朝陽?統(tǒng)考一模)已知橢圓E:5+匕=1(0<〃<4)經(jīng)過點(3,1).
(1)求橢圓E的方程及離心率;
(2)設(shè)橢圓E的左頂點為A,直線/:X=Wy+1與E相交于M,N兩點,直線AM與直線χ=4相交于點
。.問:直線N。是否經(jīng)過X軸上的定點?若過定點,求出該點坐標(biāo);若不過定點,說明理由.
4.(2023?北京豐臺?統(tǒng)考一模)已知函數(shù)f(x)=x+3(a>0).
e
⑴求函數(shù)f(x)的極值;
⑵若函數(shù)有兩個不相等的零點七,
(i)求〃的取值范圍;
(ii)證明:x∣+J?>2In4.
5.(2023?北京石景山?統(tǒng)考一模)己知函數(shù)/(x)=e'-l-帆SinMmeR).
(1)當(dāng)〃2=1時,
(i)求曲線y=∕(χ)在點(o,∕(o))處的切線方程;
(ii)求證:?xe(θ,?∣),/(Λ)>0.
(2)若〃刈在(0,?∣)上恰有一個極值點,求加的取值范圍.
6.(2023?北京房山?統(tǒng)考一模)已知函數(shù)/(x)=0r-(α+l)lnx-L
X
(I)當(dāng)α=0時,求曲線y=f(χ)在點(IJ⑴)處的切線方程;
⑵若y="X)在X=2處取得極值,求/(X)的單調(diào)區(qū)間;
(3)求證:當(dāng)0<α<l時,關(guān)于X的不等式/(x)>l在區(qū)間[l,e]上無解.
22B
7.(2023?北京順義?統(tǒng)考一模)已知橢圓C:三+當(dāng)=1(4>方>0)經(jīng)過點1,?-,離心率為0.
a3I2J2
⑴求橢圓C的方程;
⑵設(shè)直線/:y=丘+f(fH())與橢圓C相交于A,B兩點,。為坐標(biāo)原點.若以O(shè)AOB為鄰邊的平行四邊形
Q4P3的頂點P在橢圓C上,求證:平行四邊形OApB的面積是定值.
1+X
8.(2023?北京平谷?統(tǒng)考一模)已知函數(shù)/⑴=;—ef>0).
1-x
(1)當(dāng)。=1時,求曲線y=F(X)在點(O,F(O))處的切線方程;
(2)討論y=∕(χ)的單調(diào)性;
(3)若對任意xe(O,l)恒有/(x)>l,求a的最大值.
參考答案
1.(l)x=±-
3
(2)愕,有
【分析】(1)根據(jù)題意可知點AB關(guān)于X軸對稱且OAJ利用勾股定理可得直線AB的方程為
x=±直;(2)當(dāng)直線AB的斜率不存在時,陪S直線AB的斜率存在時,聯(lián)立直線y=h+機和橢
圓方程再根據(jù)OAJ?OB可得3加=2公+2,即二≥/再由湍=2為求出點N∈∣絆,3^—),代入橢圓
32k+\2匕+1
方程即可得匯=3-Λ,即可求得螺;的取值范圍為半,代
【詳解】(1)當(dāng)直線AB與X軸垂直時,設(shè)其方程為X=r(-√∑<f<0)?
由點AB關(guān)于X軸對稱,且。4,08,由勾股定理可知不妨設(shè)Aa/),
將點A的坐標(biāo)代入橢圓C的方程,得產(chǎn)+2r=2,解得r=±如.
3
所以直線AB的方程為X=±亞.
3
31
(2)當(dāng)直線A3的斜率不存在時,由(I)知兩"一袤一“
3
當(dāng)直線AB的斜率存在時,設(shè)其方程為y=h+"?.
y=kx+m,
由得(2&2+l)x2+4kmx+2m2—2=0.
X2+2/=2,
22
由A=8(2∕—∕√+l)>0,^m<l+2k.
Akm2m2-2
設(shè)A(XI,y∣),B(x,y),則玉+演=一
222p+T,?'?2-2k2+\
因為。4_LOB,所以O(shè)A.08=0.
xx
所以xlx2+y∣y2~t2+(向+>n)(kx2+m)-O.
2
整理得(k?+l)x1x2+km{xλ+x2)+m=O.
所以(k-+1)(2M-2)+km(-4km)+m2(2k2+1)=0.
9
解得3〃/=2公+2,從而m2≥5.
IiUUlULlU+PJc-
設(shè)CW=/OM,其中∕l>0.
Uirai2IArIllIl2-2lanλtnλ
則。N=萬(。4+QB)=萬(司+々,%+*)=(-
2k1+?2k1+?,
將島)代入橢圓C的方程,得"
所以>公=3/_1,HPΓ=3-Λ.
m
因為蘇≥2,所以*z<3,ap^≤2<√3.
322
綜上篇的取值范圍是手,6.
2.(1)—+y2=l
3
⑵幽」
('?MN?2
A2「2,
【分析】(1)依題意可得力=1,:====,進而求出橢圓方程;
a~ar3
(2)首先表示出直線方程,設(shè)3(.》)、C(x2,y2),聯(lián)立直線與橢圓方程,消元列出韋達定理,由直線
AB,AC的方程,表示出A+%=-2√L得到點。為線段MN的中點,進而求解.
【詳解】⑴由題意可知b=l,^2=l-?-=-?=4,所以/=3,
a~a3
則所求橢圓E的方程為j+V=1.
3
(2)依題意過點P(-6,1)的直線為y-l=MX+6),設(shè)3(芭,凹)、c(x2,y2),不妨令
-?∣3<x1<x9≤?/?,
y-?=+j
由,χ2,消去y整理得(1+3〃)產(chǎn)+僅辰2+6攵)χ+9公+6?=0,
____-1
222
所以A=色&2+6?)-4(l+3k)(9k+6√3?)>0,解得k<0,
-U6Λ∕3?2+6?9?2+6√3?
所FCI以*+入2=----------2-
1+3公
直線AB的方程為y-l=2L二L,令y=o,解得XM=T?=L,??、,
Xl1-y1氏(X]+√3)
直線AC的方程為yT=X,令y=(),解得XW=丁出=。信
X21一%Kx2÷,3)
所以/+/=-∣(-x]-iτ+-1?)
kχ1+√3x2+√3
9公+6&[z,6限2+6-、
=_1.2X∣1+G(X∣+匕)=_1.X1+3〃+1+3小)
2
kχlχ2+-V3(xl+x2)+3k9k+6>∕3k+∣^χ,66k。+6k
1+3r+X--1+3r+
16√3?
=--------
k3
=-2?∣3,
因為點。(-6,0),則點。為線段MN的中點,
所以IM局DI=I5
【點睛】直線與圓錐曲線相交所成線段比值的求解步驟:
設(shè)出直線方程,利用韋達定理和判別式求出取值范圍;
結(jié)合韋達定理將線段比值的表達式表示出來;
根據(jù)判別式中的范圍采用分離變量,換元,基本不等式等方法進行求值.
3.⑴橢圓E的方程為二+亡=1,離心率為
422
⑵直線N。過定點(2,0).
【分析】(1)根據(jù)橢圓經(jīng)過點(四』)即可求得橢圓方程,利用離心率公式即可求離心率;
(2)表示出直線AM的方程為V=-^?(x+2),即可求得點Q(4,-?),再利用點斜式表示得直線N。的
??+2X1+2
方程為了一%=萼二乎GF,即可求出NQ與X軸的交點,利用韋達定理等量替換即可求出直線
(4-X2)(X1+2)
NQ恒過的定點.
22
【詳解】(1)因為橢圓E:?+工=1(0<〃<4)經(jīng)過點(√∑,1),
21
所以:+L=1,解得"二2,
4n
所以橢圓E的方程為《+$=1,
42
因為“2=4,0=2,所以C=Ja2一廿=&,
所以離心率為e=£=".
a2
(2)直線NQ過定點(2,0),理由如下:
由_4可得+2)y2+2my-3=O,
顯然A=4療+12(療+2)>0,
設(shè)“(百,%),%(%,%),則有y+%=一一”「%必=—Λτ-?
m~+2療+2
直線AM的方程為y=-?(χ+2)?
令χ=4,解得y=-?,則Q4,-?),
?l+ZX)',
6)1
所以直線NQ的斜率為A=改+2-=6)[-),式為+2)且心°#O,
-
Q4—X2(4—X2)(?it^2)
=≡g≡(f)?
所以直線NQ的方程為y-必
%(4-X2)(x∣+2)
6χ-%α+2)
_W[6y∣一曠2(x∣+2)]%(4*2)(X∣+2)
6y-%α+2)
?21-4%(x∣+2)=6(,町2+1)X-4%。%%+3)
6j∣-y2U1+2)6%-y2(w>'∣+3)
2m?--^3—A2m
+6——?_18.y2
2沖訪+6>I-12%("+2(m~+2
-myy+6y-3y3A2m
i2l2—m\-+6——?——一9%
Hl*2+2Im-+2
2
_-18AW-18(∕W+2)γ2
2
-9m-9(m+2)y2
所以直線NQ過定點(2,0).
【點睛】關(guān)鍵點點睛:本題第二問的關(guān)鍵在于利用直線的點斜式方程求的點點。(4,黑)的坐標(biāo),再利用點
斜式方程表示出直線N。與X軸的交點橫坐標(biāo),利用韋達定理等量代換求恒過定點.
4.(1)函數(shù)f(x)無極大值,有極小值1+ln”.
⑵(i)0<a<1.(H)見詳解.
e
【分析】(1)利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性和極值.
(2)(i)利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性與極值,再結(jié)合圖象與零點進行求解.
(ii)利用構(gòu)造對稱函數(shù)以及導(dǎo)數(shù)進行證明.
【詳解】(1)因為f(x)=x+二,所以r(x)=I—9=因為”>0,
e-ee
由f'(x)>O有:x>?na,由/'(X)<0有:x<?na,
所以函數(shù)/(χ)在(-∞,lnα)單調(diào)遞減,在(Ina,+?o)單調(diào)遞增,
所以函數(shù)/(x)無極大值,有極小值/(?na)=1+In”.
(2)(i)由⑴有:函數(shù)/(χ)在(ro,lnα)單調(diào)遞減,在(Ina,+∞)單調(diào)遞增,
若函數(shù)/(x)有兩個不相等的零點巧,々,則/(Ina)=I+lnα<0,解得“<l,
e
所以O(shè)Ca<,,因為當(dāng)χf+∞時,=→0,=+x→+∞,,所以f(x)→E,
eee
所以/(x)=x+,在(Ina,+00)上有1個零點,
當(dāng)Xf-∞時,→+∞,又''指數(shù)爆炸",所以/(x)→+∞,
所以/(x)=x+[在(-∞,lnα)上有1個零點,
綜上,當(dāng)0<“<1時,函數(shù)/(X)有兩個不相等的零點4,X2.
e
(Ii)由⑴有:當(dāng)O<“<J時,函數(shù)/(X)有兩個不相等的零點為,巧,
e
不妨設(shè)芭<lnα<z,構(gòu)造函數(shù)尸(x)=∕(x)-f(2Ina-x),則9(X)=尸(x)+f(21nq-x),
因為/'(X)=J=,所以F(X)=I-占+1-能7=2-停+J,
因為0<α<L所以巴+乙2乜旦=2,當(dāng)前僅當(dāng)X=Ina時取到等號,
eevαNe'a
所以尸(X)=2-4+-≤0,所以尸(x)=〃x)—/(2InaT)在R上單調(diào)遞減,
Iea)
7
又W>Ino,所以∕(x2)VF(Ina)=./(Ina)-/(21nα-Ina)=0,
BPF(X,)=∕(Λ2)-∕(21Π<7-Λ2)<0,即f(%)<f(21na-j?),又f(/)=」(%),
所以/(xj<∕(21n“一Λ2),又xl<lnα<X2,所以21114-々<ln4,
由⑴有:函數(shù)f(x)在(-∞,lnα)單調(diào)遞減,所以玉>2lna-X2,
即由+々>2Ina,結(jié)論得證.
5.(1)(i)切線/方程為y=0;(ii)證明見解析
⑵(l,+∞)
【分析】(1)當(dāng)機=1時,求導(dǎo),根據(jù)導(dǎo)數(shù)幾何意義求解切點坐標(biāo)與斜率,即可得切線方程;根據(jù)導(dǎo)函數(shù)的
正負確定函數(shù)的單調(diào)性,即可得函數(shù)/(x)的最值,即可證明結(jié)論;
(2)根據(jù)極值點與函數(shù)的關(guān)系,對加進行討論,確定導(dǎo)函數(shù)是否存在零點進行判斷,即可求得”?的取值
范圍.
【詳解】(1)當(dāng)“7=1時,∕,(x)=et-COSX
(i)/'(O)=e°-cos0=0,又"0)=e0-I-SinO=O,所以切線/方程為y=0.
(ii)/(x)=e'-l-sinx,∕,(x)=e'-cosx,因為xe(θ,?^?),所以e*>1,-cosx>-1,
所以e*-cosx>0,所以/'(x)=e*-cosx>0
所以/(x)在((埒)單調(diào)遞增,所以F(X)>/⑼=0;
(2)/(X)=e'-l-∕Hsi∏Λ,∕z(x)=e'-mcosx
當(dāng)相£1時,所以一moosX≥—cosX,
/、'(x)=e?-"zcosx≥e?-cosx,
由(1)知,/(x)>0,
所以/(χ)在(0日)上單調(diào)遞增.
所以當(dāng)機£1時,/(x)=e*-l-msinx沒有極值點,
當(dāng)/>1時,∕,(x)=ejr-wcosx,
因為y=e?與y=-mcosX在(Og)單調(diào)遞增.
所以尸(x)在(0,;)單調(diào)遞增.
所以r(0)=l-m<0,∕,(∣)=^>0?
所以丸€(0身使得尸(x0)=0.
所以當(dāng)O<x<x。時,f(x)<O,因此“X)在區(qū)間(0,Λυ)上單調(diào)遞減,
當(dāng)x0<x<5時,f?x)>0,因此.f(x)在區(qū)間上單調(diào)遞增.
故函數(shù)f(x)在K)B)上恰有一個極小值點,加的取值范圍是(1,一)?
6.(I)N=T
(2)/(到的單調(diào)遞增區(qū)間為(0,1)和(2,+8),單調(diào)遞減區(qū)間為(1,2)
(3)證明見解析
【分析】(1)根據(jù)導(dǎo)數(shù)的幾何意義求得切線斜率,即可求得切線方程;
(2)根據(jù)/'(2)=O可求出〃=;,并對其進行檢驗即可求解;
(3)分,≥e和l<L<e兩種情況,求出函數(shù)/(χ)在區(qū)間U,e]上的最大值即可作答.
aa
?、那、2,
4/.、,”、z1八一τ3c.α+l1ax-(d+l)x+l(QX-I)(X-I)
【詳解】(1)?/(x)=αv-(α÷l)Inx一一,x>O∏Γ<f?χ)=a-------+—7=--------`)------=?--------R-------,
xXX^X廠
當(dāng)α=0時,/(l)=-lnl-j=-l,∕,(l)=0,
y=?(?)在點(IJ⑴)處的切線方程為y=-1;
(2)因為y=∕(x)在X=2處取得極值,所以尸(2)=牛1=0,解得〃=;,
檢驗如下:
令〃,、小一1/I)n,解得X=2或X=I,
f(X)=---------4--------=0
XT
若O<x<l或x>2時,則外勾>0;若ICX<2,貝IJr(X)<0.
所以/(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為(0,1)和(2,+8),單調(diào)遞減區(qū)間為(1,2),
故y=∕(x)在χ=2處取得極小值,滿足題意,
故f(X)的單調(diào)遞增區(qū)間為(0,1)和(2,+8),單調(diào)遞減區(qū)間為(1,2);
(3)由(1)知尸(x)=3-D,(x-D,由O<α<l時,得,>1,因x∈U,e],
Jra
當(dāng)工≥e時,當(dāng)x∈(l,e)時,∕,(x)<0,即函數(shù)/⑴在U,e]上單調(diào)遞減,則,(外皿=/⑴=<1,
a
因此不等式/(X)>1不成立,即不等式/(x)>1在區(qū)間[l,e]上無解;
當(dāng)l<,<e時,當(dāng)l<x<L時,∕,(x)<0,當(dāng),<x<e時,∕,(x)>0,即f(χ)在(1」)上遞減,在(Le)上
aaaaa
遞增,
于是得/(x)在[l,e]上的最大值為/(I)或/(e),而/(l)=α-l<l,/(e)=αe-(α+1)-L
e
/(e)-l=a(e-l)-2-L<(e-l)-2-l=e-3-!<0,即/(e)<l,
eee
因此不等式/(X)>1不成立,即不等式/(x)>l在區(qū)間u,e]上無解,
所以當(dāng)O<a<l時,關(guān)于X的不等式/(x)>l在區(qū)間[l,e]上無解.
7.⑴]+V=ι
(2)證明見解析
【分析】(1)由題意可得關(guān)于。,b,C的方程組,求得a,b的值,則橢圓方程可求;
(2)聯(lián)立直線方程與橢圓方程,化為關(guān)于X的一元二次方程,利用根與系數(shù)的關(guān)系及四邊形。出8是平行
四邊形,可得尸點坐標(biāo),把尸點坐標(biāo)代入橢圓方程,得到產(chǎn)=f,利用弦長公式求得∣A8∣,再由點到
直線的距離公式求出點。到直線/的距離,代入三角形面積公式即可證明平行四邊形(MPB的面積為定值.
1
2-
F
^
解得
22從
【詳解】(I)由題意,可得,2-α=
所以橢圓為二+V=I.
2
(2)證明:把y=H+r代入橢圓方程++V=1,
2
得(2k+I)X2+4ktx+2r-2=0,
所以△=(4kt)2-4(2r+1)(2*—2)=16?2-8r+8>0,BRr<2k2+l,
設(shè)Aa,y∣),B(x2,y2),則χtχ2=^Lfl,
乙K十1乙K+1
所以弘+%=/(玉+%2)+2/=可差
乙K十i
因為四邊形OAPB是平行四邊形,
(Λbf2/、
所以。P=。4+。B=(Xl+々,M+必)=I-?,z?,>用工1,
?,乙KiL乙Ki17
所以尸點坐標(biāo)為「島,5?)?
又因為點尸在橢圓上,
^k2t2產(chǎn)
41即笆
所以際+際=I/2=J≤
4
2t2
因為|A8∣=?∣?+k?xi-x2?=J+^^(xl+x2)-xlx2,
即lIABIl=標(biāo).2=
*2二+1)-2?+l√^F7∣
又點。到直線/的距離d=-?=,
y∣?+k2
所以平行四邊形OAPB的面積
S0APB=2S0AB=\AB\.d=-^==如,
-V
即平行四邊形OAPB的面積為定值.
8.(l)y=χ+l
(2)見解析
(3)2
【分析】(I)根據(jù)導(dǎo)數(shù)的幾何意義得出切線方程;
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